2020年吉林省白城市通榆一中高考物理考前模擬試卷

1、2020 年吉林省白城市通榆一中高考物理考前模擬試卷一、單選題（本大題共5 小題，共30.0 分）1.許多科學家對物理學的發(fā)展作出了巨大貢獻，也創(chuàng)造出了許多物理學方法，下列關(guān)于物理學中思想方法的敘述錯誤的是()A. 在探究平行板電容器的電容與介電常數(shù)、板間距離、正對面積三者關(guān)系的實驗中用了控制變量法B. 在建立“平均速度”、“合力與分力”、“合運動與分運動”、“總電阻”、“交流電的有效值”的概念時均用到了“等效替代”法C. 如果電場線與等勢面不垂直，那么電場強度就有一個沿著等勢面的分量，在等勢面上移動電荷時靜電力就要做功，這里用的邏輯方法是假設推理法D. 卡文迪許利用扭秤實驗測出引力常量，用了

2、實驗模型法2. 如圖所示為宇宙飛船分別靠近星球P和星球 Q的過程中，其所受星球的萬有引力F 與到星球表面距離h的關(guān)系圖象。 已知星球 P 和星球 Q 的半徑都為 R，下列說法正確的是 ()A. 星球 P 和星球 Q 的質(zhì)量之比為1： 2B. 星球 P 表面和星球 Q 表面的重力加速度之比為1：2C. 星球 P 和星球 Q 的第一宇宙速度之比為2： 1D. 星球P和星球Q的近地衛(wèi)星周期之比為1： 23. 如圖為玻爾理論的氫原子能級圖，當一群處于激發(fā)態(tài)?= 3能級的氫原子向低能級躍遷時， 發(fā)出的光中有兩種頻率的光能使某種金屬產(chǎn)生光電效應，以下說法中正確的是( )A. 這群氫原子向低能級躍遷時能發(fā)出

3、四種頻率的光B. 這種金屬的逸出功一定小于 10.2?C. 用波長最短的光照射該金屬時光電子的最大初動能一定大于 3.4?D. 由 ?= 3能級躍遷到 ?= 2 能級時產(chǎn)生的光一定能夠使該金屬產(chǎn)生光電效應4.一輛機動車在平直的公路上由靜止啟動，如圖所示， 圖線 A 表示該車運動的速度與時間的關(guān)系，圖線 B 表示該車的功率與時間的關(guān)系， 設機車在運動過程中阻力不變，則下列說法正確的是 ( )A. 0 - 22?內(nèi)機動車先做加速度逐漸減小的加速運動，后做勻速運動 B. 機動車的質(zhì)量為 562.5?第1頁，共 17頁C. 機動車速度為 5?/?時，牽引力大小為 3 103 ?D. 運動過程中機動車所

4、受阻力為2250N5. 某興趣小組利用變壓器的原理設計了一個起重機裝置用于提升物體，如圖所示， 理想變壓器原線圈的輸人電壓，照明燈的規(guī)格為“10V20W”，?= 50 2?100?(?)電動機的內(nèi)阻為 ? = 5?，裝置啟動時， 質(zhì)量為 ? = 2?的物體恰好以 ?= 0.25?/?的速度勻速上升，照明燈正常工作，電表均為理想電表，取2?= 10?/? .則 ( )A. 原、副線圈匝數(shù)比為 1： 5B. 電壓表的示數(shù)為 14.1?C. 裝置啟動時，電動機的輸出功率為5WD. 裝置啟動時，電流表的示數(shù)為4A二、多選題（本大題共5 小題，共27.0 分）6. 如圖所示，平行板電容器水平放置，開關(guān)

5、S斷開，電源通過二極管給電容器充電，一帶電粒子從上、 下極板左側(cè)正中央的 O 點以一定速度平行于極板射入， 恰好從下極板右側(cè)邊緣飛出，不計粒子自身重力和空氣阻力，極板間電場可視為勻強電場，若粒子打到極板上即被吸收。以下情形， 保持入射點O 的位置不變， 其中說法正確的是()A. 將開關(guān)保持閉合， 若上極板稍向下移動， 要求粒子仍能從下極板右側(cè)邊緣飛出，則需要增大入射速度B. 將開關(guān)保持閉合，若將下極板稍向上移動，粒子在極板間運動時電勢能減少量變小C.D.開關(guān)保持斷開，若上極板稍向下移動，粒子仍能從極板右端射出開關(guān)保持斷開，若將上極板稍向上移動，粒子會打到下極板上7. 如圖所示，質(zhì)量均為 m 的

6、 A、B 兩物體通過勁度系數(shù)為k 的輕質(zhì)彈簧拴接在一起豎直放置在水平地面上，物體A 處于靜止狀態(tài)。在 A的正上方 h 高處有一質(zhì)量也為m 的小球 ?現(xiàn).將小球 C 由靜止釋放，C 與 A 發(fā)生碰撞后立刻粘在一起，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，忽略空氣阻力，重力加速度為 g。下列說法正確的是( )?A. C 與 A 碰撞后瞬間 A 的速度大小為 2B. C 與 A 碰撞時產(chǎn)生的內(nèi)能為?2C. C 與 A 碰撞后彈簧的最大彈性勢能為?28?D. 要使碰后物體B 被拉離地面， h 至少為?第2頁，共 17頁8. 如圖所示，水平面 (紙面 )內(nèi)有兩條足夠長的平行光滑金屬導軌PQ、MN ，導軌電阻不計，間距為L

7、；導軌之間有方向豎直向下( 垂直于紙面向里 )、大小為 B 的勻強磁場；金屬桿abcd質(zhì)量均為mR，兩桿靜止在水平導軌上，間距為?，、，電阻均為0?= 0時刻開始金屬桿 cd 受到方向水平向右、大小為F 的恒定外力作用，?= ?0時刻，金屬桿 cd 的速度大小為v，此時撤去外力 F ，下列說法正確的是 ()A. ?= ?0時刻，金屬桿?ab 的速度大小為?0 - ?B. 從 ?= 0 到 ?= ?0時間內(nèi)，流過金屬桿ab 的電荷量為?0?C. 最終兩金屬桿的間距為?0 +2?02 2? ?D. 最終兩金屬桿的間距為?0 +02 2? ?9. 關(guān)于分子動理論和熱力學定律，下列說法中正確的是()A

8、. 花粉顆粒在水中做布朗運動，反映了花粉分子在不停地做無規(guī)則運動B. 物體的溫度越高，分子平均動能越大C. 若一定量的理想氣體形脹對外做功50J，內(nèi)能增加 80J，則氣體一定從外界吸收130J 的熱量D. 第二類永動機不可能制成是因為它違反了熱力學第一定律E. 分子間的斥力和引力大小都隨分子間距離的增大而減小10. 圖1為沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在?= 0 時刻的波形圖，質(zhì)點ab c的平衡位、 、置的坐標分別為0、11m、15m；圖 2為該波傳播方向上某質(zhì)點的振動圖象，下列判斷正確的是 ()A. 該簡諧波傳播的速度大小為0.5?/?B. ?= 0時，質(zhì)點 a 偏離平衡位置的位移為2.5?C.

9、 圖 2 可能為質(zhì)點 a 的振動圖象D. 質(zhì)點b?)?的振動方程為?= 5?(12E. ?= 10?時，質(zhì)點 c 偏離平衡位置的位移為-2.5?三、實驗題（本大題共2 小題，共16.0 分）11. 某興趣小組的同學用如圖甲所示裝置驗證機械能守恒定律，輕繩一端固定在光滑固定轉(zhuǎn)軸 O 處，另一端系一小球，已知當?shù)刂亓铀俣葹間。(1) 小明同學在小球運動的最低點和最高點附近分別放置了一組光電門，用螺旋測微器測出了小球的直徑，如圖乙所示，則小球的直徑?= _mm，使小球在豎第3頁，共 17頁直面內(nèi)做圓周運動，測出小球經(jīng)過最高點的擋光時間為?，經(jīng)過最低點的擋光時1間為 ?。2(2) 如果要驗證小球從最

10、低點到最高點機械能守恒，小明同學還需要測量的物理量有 _( 填字母代號 ) 。A.小球運行一周所需要的時間TB.小球的質(zhì)量mC.輕繩的長度l(3) 根據(jù)小明同學的思路，請你寫出驗證小球從最低點運動到最高點的過程中機械能守恒的表達式： _( 用題中代表物理量的字母表示 )。12. 某實驗小組欲自制歐姆表測量一個電阻的阻值，實驗提供的器材如下：A.待測電阻 ?(約 200?)；B.電源 (電動勢 E 約 1.4?，內(nèi)阻 r 約10?)；C.靈敏電流計 ?(量程 1mA，內(nèi)阻 ? = 200?)；D.電阻 ?1 = 50?；E.電阻 ?2 = 200?；F.滑動變阻器 ? ( 阻值范圍為 0 50?

11、)；3G.滑動變阻器 ?4 (阻值范圍為 0 500?)；H.開關(guān)，導線若干。(1) 由于電源電動勢未知， 該實驗小組經(jīng)過分析后， 設計了如圖 (?)所示的電路測量。部分步驟如下：先閉合開關(guān)?、 ?，調(diào)節(jié)滑動變阻器R，使靈敏電流計讀數(shù)?接近121滿偏；保持滑動變阻器滑片位置不動，斷開開關(guān) ?，讀出此時靈敏電流計的示數(shù)?。22 根據(jù)實驗要求，定值電阻a 應選 _；滑動變阻器R 應選 _。( 選填器材前的標號 ) 若實驗中 ?= 0.90?， ?= 0.54?，則電源電動勢為_ V。12(2) 測出電動勢后，該小組成員在圖(?)的基礎上，去掉兩開關(guān)，增加兩支表筆M、N，其余器材不變， 改裝成一個歐

12、姆表，如圖 (?)所示，則表筆 M 為_( 選填“紅表筆”或“黑表筆”)。用改裝后的歐姆表測量待測電阻?阻值，正確操作后，靈?敏電流計讀數(shù)如圖(?)所示，則待測電阻R 的阻值為 _?。四、計算題（本大題共2 小題，共22.0 分）13.一個傾角為 30 、上表面光滑的斜面固定在水平地面上，斜面P 處垂直斜面放置的擋板是一個力的傳感器，可以顯示出受到的壓力大小。B 和 C 是由勁度系數(shù)為?=30?/?的輕質(zhì)彈簧連接在一起的兩個相同的滑塊，質(zhì)量均為 ? = 0.6?，滑塊 C 緊第4頁，共 17頁靠在傳感器上，初時均靜止，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，2。?= 10?/?(1) 如圖甲所示，用力 F 沿

13、斜面向上緩慢拉動滑塊 B，當 B 滑塊沿斜面上升到某一位置時，傳感器的示數(shù)剛好變成零。 求在這一過程中施加在滑塊 B 上力 F 的最大值和滑塊 B 上升的距離。(2) 如圖乙所示，若在滑塊 B 沿斜面上方 Q 處還有一個質(zhì)量為 ?0 = 0.15?的滑塊 A，正以速度 ?通過 Q 點無摩擦滑下，此時A、 B 滑塊相對邊緣間的距離為?= 0.5?，0A 與靜止的滑塊 B 發(fā)生時間極短的正碰后以相同的速度共同運動，A、B 不黏連。在A BA滑塊能沿斜面繼續(xù)上滑 ?= 0.2?，滑塊B向上沖到最高點、 第一次分離后時，傳感器的示數(shù)剛好變成零。求：A、B 滑塊在第一次碰撞中損失的機械能和滑塊A 的初速

14、度 ?。014. 如圖，截面為 14圓環(huán)的透明材料， O 為該圓環(huán)的圓心， AB、CD 是該圓環(huán)的兩端， 寬度均為 d。單色光線 a 垂直 AB 從 B 點射入，光線恰好不從 AD 射出，而是從 C 點垂直 CD 射出。 求該透明材料的折射率； 單色光線 b 與 AB 成 45 從 AB 上的 A 點射入，已知光在真空中的傳播速度為 c。求光線 b 在該材料中的傳播時間。五、簡答題（本大題共2 小題，共29.0 分）15.如圖所示， 在坐標系xOy 的第一象限內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強磁場，第三象限存在垂直紙面向外、磁感應強度大小為?的勻強磁場 ，第二象限內(nèi)存在沿x 軸正0方向的勻強電場，第四象

15、限內(nèi)存在沿y 軸正方向的勻強電場，且第二象限和第四象限內(nèi)的電場強度大小相等。一質(zhì)量為 m、電荷量為 +?的粒子，從 y 軸上的 A 點 (0, -?)第5頁，共 17頁沿 x 軸負方向射入第三象限，隨后從C 點垂直于x 軸進入第二象限，然后從y 軸上D 點沿與 y 軸成 45角的方向離開電場，在磁場 中運動一段時間后，從x 軸上 F點進入第四象限，恰好又能從 A 點垂直 y 軸射入磁場 ，以后做周期性運動。不計粒子重力，求：(1) 電場強度E 的大?。?2) 磁場 的磁感應強度 ?的大?。?(3) 粒子的運動周期 T。16. 如圖所示，有一豎直放置的圓簡，導熱性能良好，兩端開口且足夠長，它由

16、a、 b、 c 三段粗細不同的部分連接而成，各部分的橫截面積分別為2S、1?活塞AB的質(zhì)量分2、?兩.、別為 2m、m，用長為4l 的不可伸長的輕繩相連，把一定質(zhì)量的氣體密封在兩活塞之間，活塞靜止在圖示的位置。已知外界大氣壓強為?，被封閉氣體可視為理想氣體，外界0環(huán)境溫度不變，忽略活塞與圓筒之間的摩擦，重力加速度為 g，求：(?)圖示位置輕繩的拉力為多少；(?)慢慢把圓筒旋轉(zhuǎn)至水平位置時，密封氣體的壓強可能為多少。第6頁，共 17頁答案和解析1.【答案】 D【解析】 解： A、平行板電容器大小取決于介電常數(shù)、板間距離以及正對面積等因素，故在探究平行板電容器的電容與介電常數(shù)、板間距離、 正對面積

17、三者關(guān)系的實驗中用了控制變量法，故A 正確；B、在建立“平均速度”、“合力與分力”、“合運動與分運動”、“總電阻”、“交流電的有效值”的概念時均用到了“等效替代”法，故B 正確；C、如果電場線與等勢面不垂直，那么電場強度就有一個沿著等勢面的分量，在等勢面上移動電荷時靜電力就要做功，這里用的邏輯方法是假設推理法，從而確定電荷在等勢面上運動時電場力不做功，故C 正確；D 、卡文迪許巧妙地運用扭秤實驗， 用了放大法成功測出引力常量， 并不是利用模型法，故D錯誤。本題選錯誤的，故選：D。明確研究多個物理量間的關(guān)系時需要用到控制變量法；如果電場線與等勢面不垂直，那么電場強度就有一個沿著等勢面的分量，在等

18、勢面上移動電荷靜電力就要做功。這里用的邏輯方法是假設法；明確所學物理規(guī)律有哪些用到了等效替代法的應用；明確放大法的應用。對于物理學史和物理研究方法等這些常識性問題，要與主干知識一起，可激發(fā)學生學習的熱情，學到科學研究的方法等等。2.【答案】 DA?= ?= 0時，?=?【解析】 解： 、根據(jù)萬有引力公式可知，(?+?)2 ，對照圖象， 當 ?2 ，?已知星球 P 和星球 Q 的半徑都為 R，萬有引力之比等于星球質(zhì)量之比，?： ? = 2 ：1，故 A 錯誤；B、星球表面的重力加速度： ?=?2 ，兩星球的半徑相等，質(zhì)量之比等于重力加速度之?比， ?：?= 2：1，故 B 錯誤；2?C、星球表面

19、，根據(jù)重力充當向心力可知，?= ? ?，解得第一宇宙速度：?= ?，兩星球的半徑相等，則第一宇宙速度之比，?：? = 2 ：1，故 C 錯誤；?24?D 、星球的近地衛(wèi)星繞星球做勻速圓周運動，重力提供向心力，?= ?2?，解得周?2期： ?= 4? ?，兩星球的半徑相等，則周期之比，?：? = 1 ： 2，故 D 正確。?故選： D。根據(jù)萬有引力公式，結(jié)合圖象確定星球質(zhì)量之比。根據(jù)萬有引力提供加速度，得到星球表面重力加速度之比。根據(jù)星球表面，重力充當向心力得到第一宇宙速度之比。星球的近地衛(wèi)星繞星球做勻速圓周運動，重力提供向心力，得到周期之比。此題考查了萬有引力定律及其應用， 解題的關(guān)鍵是根據(jù)萬

20、有引力提供向心力， 結(jié)合圖象得到星球表面重力加速度的關(guān)系，以此為突破口分析其他物理量的關(guān)系。3.【答案】 B第7頁，共 17頁【解析】 解： A、由 ?= 3 能級的激發(fā)態(tài)向低能級躍遷時，輻射出三種頻率光子的能量分別為 12.09?、 10.2?、 1.89?，結(jié)合題意，根據(jù)光電效方程可知，這種金屬的逸出功一定小于 10.2?，故 A 錯誤， B 正確；C、用波長最短即光子能量為12.09?的光照射該金屬時，其最大初動能最小值為?=12.09?- 10.2?= 1.89?，則其最大初動能一定大于1.89?，故 C 錯誤；D 、由 ?= 3能級躍遷到 ?= 2 能級時產(chǎn)生的光子能量為1.89?，

21、由上面分析可知該金屬的逸出功一定小于10.2?，所以不一定能夠使該金屬產(chǎn)生光電效應，故D 錯誤。故選： B。根據(jù)氫原子從 ?= 3能級向低能級躍遷時發(fā)出的光子能量來判斷該金屬的逸出功，然后根據(jù)光電效應方程進行判斷即可；本題考查了能級的躍遷，同時注意光電效應方程的應用問題，在平時學習過程中加強訓練。4.【答案】 B【解析】 解： A、根據(jù)速度 - 時間圖象可知， 機動車先做勻加速運動，后做變加速運動，最后做勻速運動，故 A 錯誤；BCD 、最大速度 ? = 12?/?，根據(jù)圖線 B 可知機車的額定功率為：?0= 18000?當牽引力等于阻力時，速度達到最大值，由功率公式得阻力為：?=?=1800

22、00?=?121500?0 - 6?內(nèi)的加速度為：?= ? 8-0242=6?/? =?/?3勻加速運動的牽引力為：?=?=180000?= 2250?68根據(jù)牛頓第二定律得：?-?= ?解得機動車的質(zhì)量為：? = 562.5?當機動車速度為 ?=5?/?時，當 ? ?時，機車處于勻加速直線運動過程中，牽引力大6小為 2250N，故 B 正確， CD 錯誤。故選： B。根據(jù)速度 - 時間圖象可知， 機動車先做勻加速運動，后做變加速運動， 最后做勻速運動；當牽引力等于阻力時，速度取到最大值，根據(jù)?=? 求解阻力，根據(jù)速度 - 圖象求出勻?加速運動的加速度， 根據(jù) ?= ?求出勻加速運動的牽引力，

23、再根據(jù)牛頓第二定律求出機動車的質(zhì)量。本題考查的是機車啟動問題，機車通常有兩種啟動方式，即恒定加速度啟動和恒定功率啟動；要求同學們能對兩種啟動方式進行動態(tài)分析，能畫出動態(tài)過程的方框圖，公式 ?=?， P 指實際功率， F 表示牽引力， v 表示瞬時速度，當牽引力等于阻力時，機車達到最大速度。5.【答案】 C【解析】 解： ?原.線圈電壓有效值為502，照明燈正常工作，說明副線圈電壓2 ?= 50?的有效值為 10V，根據(jù)：?1?1?2=?2可知，原、副線圈匝數(shù)比為5： 1，故 A 錯誤；?電.壓表測量的是副線圈電壓的有效值，為?2 = 10?，故 B 錯誤；?由.于物體勻速上升， 輸出功率全部用

24、來提升物體，因此裝置啟動時， 電動機的輸出功第8頁，共 17頁?和 ?= ?知，極板上帶電量B 正確；率為： ?=?= 5?，故 C 正確；D .電動機是非純電阻性電路，根據(jù)：?-?=?入熱出2即：?- ? = ?出解得： ?=1?流過燈的電流：? = 2?因此流過電流表的電流為3A，故 D 錯誤。故選： C。先根據(jù)最大值求出原線圈的有效值，照明燈正常工作， 副線圈電壓的有效值燈泡的額定電壓，由公式 ?1= ?1可以求出線圈匝數(shù)比； 電壓表的示數(shù)為有效值而非最大值；根據(jù) ?=22?計算電動機的輸出功率； 電動機是非純電阻性電路， 根據(jù)能量守恒來求經(jīng)過電動機的電流。掌握住理想變壓器的電壓、電流及

25、功率之間的關(guān)系，本題即可得到解決，難點變大。另外，要注意電動機為非純電阻電路，不能用歐姆定律來求其電流。6.【答案】 AB【解析】 解：A、開關(guān)保持閉合時， 極板電壓保持不變，若將上極板稍向下移動，由?=?a 增大，根據(jù) ?=1212 ?可知，極板間電場強度變大， 則粒子在電場中運動的加速度2 ?=2?A 正確；2 可知，要求粒子仍能從下極板右側(cè)邊緣飛出，需要增大入射速度，故?0B、將開關(guān)保持閉合，若將下極板稍向上移動，極板間電場強度變大，粒子一定打到下極板上，由 ?= ?可知 O 與上極板的電勢差變大，則O 與下極板的電勢差變小，故粒子在極板間運動時電場力做功變小，電勢能減少量變小，故C、開

26、關(guān)保持斷開時，若將上極板稍向下移動，由?= 4?增大，二極管導通，故極板上電壓不變，由?= ?可知，極板間電場強度變大，故粒子一定打到下極板上，故C 錯誤；D 、開關(guān)保持斷開時，若將上極板稍向上移動，由?=?和 ?= ?知，電容器所帶電4?荷量不變，由 ?=?D 錯可知，極板間電場強度不變，故粒子仍能從極板右端射出，故?誤。故選： AB。開關(guān)保持閉合時， 極板電壓保持不變， 根據(jù)類平拋運動的規(guī)律結(jié)合電場力做功情況進行分析；開關(guān)保持斷開時， 若將上極板稍向下移動，極板上帶電量增大； 若將上極板稍向上移動，電容器所帶電荷量不變， 根據(jù)電容器的動態(tài)分析方法分析電場強度的變化， 再分析運動情況。本題考

27、查電容器的動態(tài)分析， 解決本題的關(guān)鍵知道電容器始終與電源相連， 則電容器兩端的電勢差不變，當極板電荷量要減少時二極管斷開，故電容器的電荷量只會增加，不會減少，由此分析。第9頁，共 17頁7.【答案】 ABD【解析】 【分析】先根據(jù)機械能守恒定律求出C 與 A 碰撞前瞬間的速度，再根據(jù)動量守恒定律求出碰后瞬間兩者的共同速度，即可求得C 與 A 碰撞時產(chǎn)生的內(nèi)能。當C、A 運動到最低點時彈簧的彈性勢能最大， 由系統(tǒng)的機械能守恒分析最大的彈性勢能。要使碰后物體B 被拉離地面，彈簧對B 的拉力至少等于B 的重力，對 C、A 與彈簧組成的系統(tǒng)運用機械能守恒定律求得 A 上升的高度，從而得到h 的最小值。

28、解決本題的關(guān)鍵是要理清物體的運動過程，把握每個過程的物理規(guī)律，按時間順序列方程。對于彈簧，要分析彈簧的狀態(tài)，搞清CA 上升的高度與彈簧形變量的關(guān)系?！窘獯稹緼.設 C 與 A 碰前瞬間 C 的速度為?0， C 與 A 碰后瞬間 C、 A 的共同速度為 ?。1對 C 自由下落過程，由機械能守恒得：?=12?，解得：200 = 2?C 與 A 碰撞過程：對C 與 A 組成的系統(tǒng)，取向下為正方向，由動量守恒定律得：?0= 2?1得： ?=?，故 A 正確。12B.C 與 A 碰撞時產(chǎn)生的內(nèi)能為： ? =1212? -?2?1 =，故 B 正確。內(nèi)2022C.C、A 一起向下運動壓縮彈簧的過程中，C、

29、A 的重力勢能和動能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，由系統(tǒng)的機械能守恒知，C 與 A 碰撞后彈簧的最大彈性勢能大于A、 C 動能的減少12?量，即大于2 ?2?1= 2，故 C 錯誤。D .開始時彈簧的壓縮量為：?=?碰后物體 B 剛被拉離地面時彈簧伸長量為：?=?則知碰后 C、A 將上升 2x，彈簧彈性勢能不變， 由系統(tǒng)的機械能守恒得：12?2? = 2?212?聯(lián)立以上各式代入數(shù)據(jù)得：? = 8?，故 D 正確。?故選 ABD。8.【答案】 AD【解析】 解： A、?= ?時刻，設金屬桿0得： ?= ?+?0?0解得： ?= ? -?，故 A 正確；B、從 ?= 0到 ?= ?0時間內(nèi)，對于金屬桿a

30、b 的速度大小為 ?，對兩桿整體，由動量定理-ab，由動量定理得：， ?= ?= ? ? ?-?=0則流過金屬桿 ab 的電荷量為 q，有： ?=? ，故 B 錯誤；C、最終兩金屬桿達到共同速度?，由動量守恒定律得：?= 2?共0共通過回路的電量為 ?，有：? = ?共第10 頁，共 17頁設最終兩金屬桿的間距為S?=? ? ?(?-0?)，有：2?=2?，聯(lián)立解得：錯誤， D 正確。故選： AD。?0?= ?0 +22，故 C? ?金屬桿 cd 向右做切割磁感線運動，產(chǎn)生感應電流，受到向左的安培力而做減速運動，金屬桿 ab 在安培力作用下向右做加速運動， 最終兩者的速度相同， 不再產(chǎn)生感應電

31、流，一起以相同的速度勻速運動， 根據(jù)動量守恒定律求最終的共同速度。 根據(jù)能量守恒定律求桿 cd 產(chǎn)生的熱量。當滑桿 cd 恰好滑到滑桿 ab 處速度為零時，間距最小。根據(jù)動量 ?定理列式可求得通過滑桿的電荷量，再根據(jù)感應電荷量?=，求出兩桿的最小間距。2? ?在電磁感應中，運用動量定理求感應電荷量，根據(jù)感應電荷量?=可求出導體滑行?+?的距離，要有綜合應用法拉第定律、歐姆定律及力學中動量定理的能力。9.【答案】 BCE【解析】 解： A、花粉顆粒在水中做布朗運動，反映了水分子在不停地做無規(guī)則運動，故 A錯誤；B、溫度是分子平均動能的標志，溫度越高，分子平均動能越大，故B 正確；C、若一定量氣體

32、膨脹對外做功50J，即 ? = -50?，內(nèi)能增加80J，即 ?= 80?，根據(jù)熱力學第一定律 ?= ?+ ?，得 ?= ?- ? = 130?，即氣體一定從外界吸收 130J 的熱量。故 C 正確；D 、第二類永動機不可能制成是因為它違反了熱力學第二定律，不違反熱力學第一定律，故D錯誤；E、分子間同事存在引力和斥力，他們都隨分子間距離的增大而減小，且斥力減得快，故 E正確；故選： BCE。布朗運動是顆粒得運動， 反映了液體分子在永不停息的做無規(guī)則運動；溫度是分子平均動能的標志。第二類永動機不違反了熱力學第一定律，是違反了熱力學第二定律。分子力會隨分子距離的變化而變化。根據(jù)熱力學第一定律分析氣

33、體傳遞的熱量。分子動理論、 熱力學第一定律等等都是經(jīng)?？嫉降闹R點， 應該把每個選項涉及的內(nèi)容都掌握好。10.【答案】 ABE【解析】 解： A、由圖 1 讀出波長為 ?= 12?，由圖 2 讀出周期為 ?= 24?，則該波的波? 12速為： ?= ?= 24?/?= 0.5?/?，故 A 正確；?5 0.5?= 2.5?B、?= 0時，質(zhì)點 a 偏離平衡位置的位移為=?= ?，故 B 正確；6C、圖 1 中質(zhì)點 a 在?=0時刻向下運動，而圖2 中質(zhì)點在 ?= 0 時刻向上運動， 故圖 2 不可能為質(zhì)點 a 的振動圖象，故 C 錯誤；Dbb2?、在 ?= 0 時刻質(zhì)點通過平衡位置向下運動，質(zhì)

34、點的振動方程為?= -?=?2?-5?( ?)?=-5?()?，故 D 錯誤；2412?15-11?= 8?c2s=0.5?= 10?時，質(zhì)點已振動了E、波從 b 點傳到 c 點的時間 ?= ?，則，1即振動了 12 ?，質(zhì)點 c 起振方向向下，則?=10?時，質(zhì)點 c 偏離平衡位置的位移為?=第11 頁，共 17頁2?-2.5?，故 E 正確。-?= -5 0.5?=12故選： ABE。根據(jù)圖 1 讀出波長和圖2 讀出周期，即可求得波速；?= 0時，根據(jù)數(shù)學知識求質(zhì)點a偏離平衡位置的位移； 根據(jù)圖 2 質(zhì)點在 ?=0 時刻的狀態(tài)分析圖2 是不是質(zhì)點 a 的振動圖象；根據(jù)振幅、 角頻率和初相位

35、寫出質(zhì)點b 的振動方程； 根據(jù)時間與周期的關(guān)系確定?=10?時質(zhì)點 c 偏離平衡位置的位移。解答本題關(guān)鍵是運用數(shù)學知識求質(zhì)點在任意時刻的位移，可寫出質(zhì)點的振動方程來求質(zhì)點在任意時刻的位移。要抓住振動圖象和波動圖象之間的聯(lián)系，熟練掌握已知波的傳播方向判斷質(zhì)點振動方向的方法：波形平移法。2211.【答案】 5.700 C?2 -2 = 4? ? ?21【解析】 解： (1) 螺旋測微器的精確值為0.01?；其固定刻度讀數(shù) 5.5?，可動刻度讀數(shù)為0.01 20.0 = 0.200?，所以最終讀數(shù)為：固定刻度讀數(shù)+ 可動刻度讀數(shù) = 5.5?+ 0.200? = 5.700?。(2 、3) 根據(jù)小明同學的實驗方案，根據(jù)經(jīng)過光電門的平均速度近似等于小球經(jīng)過光電門的瞬時速度，則小球在最高點的速度大小為：?1= ?， ?1小球在最低點的速度大小為： ?2=?， ?21212?設輕繩長度為 l，則從最低點到最高點依據(jù)機械能守恒定律有：2 + 2?=222 ? ?122 2? ?化簡得： 2-2= 4?，所以小明同學還需要測量的物理量是輕繩的長度l，故 C 正確， ? ?21AB 錯誤；22驗證小球從最低點運動到最高點的過程中機械能守恒的表達式：?-?= 4?；22 ? ?2122故答案為：?(1)5.700 ；