海南省重點中學2020屆高三物理上學期摸底考試試題（含解析）

1、 可修改海南省海口市第四中學2020屆高三物理上學期摸底考試試題（含解析）一、選擇題1.關于下列四幅圖說法正確的是（ ）A. 玻爾認為原子中電子繞原子核高速運轉時，運行軌道的半徑是任意的B. 光電效應實驗說明了光具有粒子性，愛因斯坦在光的粒子性的基礎上，建立了光電效應方程C. a為射線、b為射線、c為射線，且b射線的電離能力最強D. 湯姆孫發(fā)現(xiàn)少數(shù)粒子發(fā)生了較大偏轉，說明原子的質量絕大部分集中在很小空間范圍，并提出了原子的核式結構模型【答案】B【解析】【詳解】A. 由圖和玻爾理論知道，電子的軌道不是任意的，電子有確定的軌道，故A錯誤；B. 光電效應實驗說明了光具有粒子性，愛因斯坦在光的粒子性和

2、普朗克量子理論的基礎上，提出了光子學說，建立了光電效應方程，故B正確； C. 根據(jù)左手定則，a為射線、b為射線、c為射線，且a射線的電離能力最強，b射線的穿透能力最強，故C錯誤；D. 盧瑟福發(fā)現(xiàn)少數(shù)粒子發(fā)生了較大偏轉，說明原子的幾乎全部質量和所有正電荷主要集中在很小的核上，提出了原子的核式結構模型，故D錯誤。故選：B。2.在如圖所示的裝置中，木塊B與水平桌面間的接觸是光滑的，子彈A沿水平方向射入木塊后留在其中，將彈簧壓縮到最短若將子彈、木塊和彈簧合在一起作為系統(tǒng)，則此系統(tǒng)在從子彈開始射入到彈簧被壓縮至最短的整個過程中（ ）A. 動量守恒，機械能守恒B. 動量守恒，機械能不守恒C. 動量不守恒，

3、機械能不守恒D. 動量不守恒，機械能守恒【答案】C【解析】【詳解】從子彈射向木塊到木塊將彈簧壓縮到最短的全過程中，系統(tǒng)受到墻壁的彈力，合外力不為零，總動量不守恒同時在作用過程中由于摩擦力做功；故彈簧、木塊和子彈組成的系統(tǒng)機械能減小，轉化為內能故動量不守恒、機械能不守恒；故選C點睛：判斷動量和機械能是否守恒，關鍵根據(jù)守恒條件進行判斷：動量守恒的條件是合外力為零，機械能守恒條件是只有重力或彈簧的彈力做功.3.在光滑水平面上有完全相同的、兩球，其動量大小分別為與，方向均為向東，球在球后，當球追上球后，兩球發(fā)生正碰。則相碰以后，、兩球的動量可能分別為（ ）A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】A【解

4、析】設兩球的質量均為m碰撞前，A、B兩球動量分別為10kgm/s與5kgm/s，方向均為向東，總動量為P=15kgm/s，方向為向東碰撞前總動能為：.A、總動量滿足守恒碰撞后總動能為可見碰撞過程總動能守恒，是可能的故A正確B、碰撞后，兩球均向東運動，A球的速度大于B球的速度，不可能，故B錯誤C、總動量滿足守恒碰撞后總動能為.可見碰撞過程總動能增加，不可能故C錯誤D、碰撞后A的動能不變，B的動能增加，碰撞后總動能增加，不可能，故D錯誤故選A.【點睛】這題關鍵抓住碰撞過程的三大規(guī)律進行分析：1、動量守恒；2、總動能不增加；3、符合實際運動情況4.古時有“守株待兔”的寓言。假設兔子質量約為2kg,以

5、15m/s的速度奔跑，撞樹后反彈的速度為1m/s，則兔子受到撞擊力的沖量大小為（ ）A. 28 NsB. 29NsC. 31 NsD. 32 Ns【答案】D【解析】設初速度方向為正方向，則由題意可知，初速度v0=15m/s；末速度為v=-1m/s；則由動量定理可知：I=mv-mv0=-2-215=-32Ns；故選D點睛:本題考查動量定理的直接應用，同于表達式中有多個矢量，故應注意設定正方向，并明確各量的方向5.如圖所示，設車廂長為l，質量為M，靜止在光滑水平面上，車廂內有一質量為m的物體，以速度v0向右運動，與車廂壁來回碰撞n次后，靜止于車廂中，這時車廂的速度為（ ）A. v0，水平向右B.

6、0C. ，水平向右D. ，水平向右【答案】C【解析】【詳解】物塊再車輛內和車發(fā)生碰撞滿足動量守恒，最后物塊和車共速，由動量守恒得解得，方向水平向右A. v0，水平向右不符合題意B. 0不符合題意C. ，水平向右符合題意D. ，水平向右不符合題意6.科學家使用核反應獲取氚，再利用氘和氚核反應獲得能量，核反應方程分別為： 和，下列表述正確的有（ ）A. X是質子B. Y的質子數(shù)是3，中子數(shù)是3C. 兩個核反應都沒有質量虧損D. 氘和氚的核反應是原子核的人工轉變【答案】B【解析】【詳解】A.+X+17.6MeV，根據(jù)電荷數(shù)守恒、質量數(shù)守恒知，X的電荷數(shù)為0，質量數(shù)為1，X為中子，故A錯誤；B.X+Y

7、+4.9MeV，根據(jù)電荷數(shù)守恒，質量數(shù)守恒知，Y的電荷數(shù)為3，質量數(shù)為6，可知Y的質子數(shù)為3，中子數(shù)為3，故B正確；C. 兩個核反應都釋放能量，可知兩個核反應都有質量虧損，故C錯誤；D. 氘和氚核反應是核聚變反應，故D錯誤。故選：B.二、多項選擇題7.某種金屬逸出光電子的最大初動能與入射共頻率的關系如圖所示。已知該金屬的逸出功為，普朗克常量為，下列說法正確的是 。A. 入射光的頻率越高，金屬的逸出功越大B. 與入射光的頻率成正比C. 圖中圖線的斜率為D. 圖線在橫軸上的截距為【答案】CD【解析】【詳解】試題分析：金屬的逸出功是由金屬自身決定的，與入射光頻率無關，其大小，故A錯誤；根據(jù)愛因斯坦光

8、電效應方程，可知光電子的最大初動能與入射光的頻率成線性關系，不是成正比，故B錯誤；根據(jù)愛因斯坦光電效應方程，可知斜率，故C正確；由圖可知，圖線在橫軸上的截距為，故D正確?？键c：光電效應【名師點睛】只要記住并理解了光電效應的特點，只要掌握了光電效應方程就能順利解決此題，所以可以通過多看課本加強對基礎知識的理解。8.如圖所示為氫原子的能級示意圖，鋅的逸出功是3.34eV，下列對氫原子在能級躍遷過程中發(fā)射或吸收光子的特征認識正確的是（ ）A. 用氫原子從高能級向基態(tài)躍遷時發(fā)射的光照射鋅板一定不能產(chǎn)生光電效應B. 一群處于n=4能級的氫原子向基態(tài)躍遷時，能放出3種不同頻率的光子C. 一群處于n=3能級

9、的氫原子向基態(tài)躍遷時，發(fā)出的光照射鋅板，鋅板表面所發(fā)出的光電子的最大初動能為8.75 eVD. 用能量為10.3eV的光子照射氫原子，可使處于基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)【答案】D【解析】【詳解】氫原子從高能級向基態(tài)躍遷時發(fā)出的光子的最小能量為10.2eV，大于鋅的逸出功，照射金屬鋅板一定能產(chǎn)生光電效應現(xiàn)象，故A錯誤；一群處于n4能級的氫原子向基態(tài)躍遷時，能放出種不同頻率的光，選項B錯誤；氫原子從高能級向n=3的能級向基態(tài)躍遷時發(fā)出的光子的能量最大為E大=-1.51+13.6=12.09eV，因鋅的逸出功是3.34ev，鋅板表面所發(fā)出的光電子的最大初動能為EKm=12.09-3.34=8.75eV

10、，故C正確；能量10.3eV不等于任何兩個能級的能級差不能被氫原子吸收，才能躍遷，故D錯誤；故選C?！军c睛】解決本題的關鍵知道什么是電離，以及能級的躍遷滿足h=Em-En，注意吸收光子是向高能級躍遷，釋放光子是向低能級躍遷，同時掌握吸收或釋放能量要正好等于能級之差9.氡222是一種天然放射性氣體，被吸入后，會對人的呼吸系統(tǒng)造成輻射損傷。它是世界衛(wèi)生組織公布的主要環(huán)境致癌物質之一。已知的半衰期約為3.8天。則（ ）A. 若使放射性物質的溫度升高，其半衰期將減小B. 約經(jīng)過15.2天，16g的衰變后還剩1gC. 發(fā)生衰變時，生成核與原來的原子核相比，中子數(shù)減少了2D. 一個原子核衰變?yōu)橐粋€原子核的

11、過程中，發(fā)生衰變的次數(shù)為2次【答案】BCD【解析】【詳解】A、半衰期是放射性元素有半數(shù)發(fā)生衰變的時間，由原子核的種類決定，與溫度等外界因數(shù)無關，故A錯誤；B、約經(jīng)過15.2天，即4個半衰期，16g的衰變后還剩1/16的原子核沒有衰變，即1g的沒有衰變，故B正確；C、某原子核經(jīng)過一次衰變電荷數(shù)減小2，質量數(shù)減小4，中子數(shù)減少2個，故C正確；D、一個原子核衰變?yōu)橐粋€原子核的過程中，質量數(shù)減少16個，發(fā)生了4次衰變，電荷數(shù)減少了6個，則發(fā)生衰變的次數(shù)為2次，故D正確。故選：BCD10.光滑水平地面上，A、B兩物體質量都為m，A以速度v向右運動，B原來靜止，左端連接一輕彈簧，如圖所示，當A撞上彈簧，彈

12、簧被壓縮最短時（）A. A、B的速度相等B. A的動量變?yōu)榱鉉. B的動量達到最大值D. 此時彈性勢能為【答案】AD【解析】【詳解】AB.A撞上彈簧后，A做減速運動，B做加速運動，當兩者速度相等時，彈簧壓縮至最短，此時A的動量不為零，A、B速度相等，故A正確，B錯誤；C. 速度相等后，B繼續(xù)做加速運動，動量繼續(xù)增大，故C錯誤；D. 規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動量守恒得：mv=2mv，解得共同速度v=v/2，根據(jù)能量守恒得，彈簧的彈性勢能Ep=-=，故D正確。故選：AD.11.某物體由靜止開始做直線運動，物體所受合力F隨時間t變化的圖象如圖所示，研究物體在08秒內的運動，下面判斷正確的是（ ）A.

13、物體在04s內，合力F所做的功等于零，沖量也等于零B. 物體在08秒內，合力F所做的功等于零，沖量也等于零C. 物體在第4s末離出發(fā)點最遠，速率最大D. 物體在第8s末速度和加速度都為零，且離出發(fā)點最遠【答案】BD【解析】【詳解】A.物體在04s內F先增大后減小，方向不變，根據(jù)牛頓第二定律得知，加速度先增大后減小，方向不變，物體做變加速直線運動。根據(jù)動能定理，合力F所做的功等于動能的變化量，不等于零，沖量I=Ft也不等于零，故A錯誤；B.在48s內F方向與04s內相反，關于4s對稱的時刻，加速度大小相等，方向相反，8S時速度為零。根據(jù)動能定理和動量定理，物體在08秒內，合力F所做的功等于零，沖

14、量也等于零。故B正確；C.據(jù)B中分析，08秒內物體速度方向始終未變，根據(jù)對稱性可知，8s末物體的速度為零，加速度為零，離出發(fā)點最遠，4s末速度最大，故C錯誤，D正確；故選：BD.12.如圖所示，物體A、B的質量分別為m、2m，物體B置于水平面上，B物體上部半圓型槽的半徑為R，將物體A從圓槽的右側最頂端由靜止釋放，一切摩擦均不計。則A. A運動到圓槽的最低點速度為B. A不能到達B圓槽的左側最高點C. B向右運動的最大位移大小為D. B一直向右運動【答案】AC【解析】【詳解】A. 設A到達最低點時的速度為v，根據(jù)動量守恒定律得：0=mv2mv，根據(jù)能量守恒定律得：mgR=+，聯(lián)立解得：v=，故A

15、正確；B. 設A到達左側最高點的速度為v，根據(jù)動量守恒定律知，由于初動量為零，則末總動量為零，即v=0，根據(jù)能量守恒定律知，A能到達B圓槽左側的最高點。故B錯誤； C. 因為A和B組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒，當A運動到左側最高點時，B向右運動的位移最大，設B向右的最大位移為x，根據(jù)動量守恒定律得：m(2Rx)=2mx，解得：x=，故C正確； D. 因為A和B組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒，當A在水平方向上的速度向左時，B的速度向右；當A在水平方向上的速度向右時，則B的速度向左。故D錯誤。故選：AC.13.在勻強磁場中，有一個原來靜止的原子核，發(fā)生衰變后運動軌跡如圖所示，大、小圓半徑分別為R

16、1、R2。則下列關于此核衰變方程和兩圓軌跡半徑比值的判斷中正確的是() A. B. C. R1R271D. R1R221【答案】AC【解析】【詳解】AB、若是衰變，則新核和粒子向相反方向射出，新核和粒子偏轉方向相反，做勻速圓周運動的軌跡外切，由題意知，兩圓內切，所以該核的衰變是衰變，于是根據(jù)質量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，衰變方程為，故A正確，B錯誤；CD、由洛侖茲力提供向心力，可求得半徑公式，又由于衰變前后動量守恒,即m1v1=m2v2，所以半徑之比等于電量的反比，從而求出半徑之比為R1R271，故C正確，D錯誤。故選：AC三、實驗題14.用如圖所示裝置通過半徑相同的A、B兩球碰撞來驗證動量守恒定律

17、，實驗時先使質量為mA的A球從斜槽上某一固定點G由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡，重復上述操作10次，得到10個落點痕跡把質量為mB的B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓A球仍從位置G由靜止開始滾下，和B球碰撞后，A、B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡，重復這種操作10次，得到了如圖所示的三個落地處請在圖中讀出OP=_cm；由圖可以判斷出R是_球的落地點，Q是_球的落地點為了驗證碰撞前后動量守恒，該同學只需驗證表達式_【答案】 (1). 17.5 (2). B (3). A (4). mAOQ=mAOP+mBOR【解析】(1)從圖中直接讀出讀數(shù)為：17.5 cm.(2)A

18、與B相撞后，B速度增大，A的速度減小，碰前碰后都做平拋運動，高度相同，落地時間相同，所以Q點是沒有碰撞時A球的落地點，R是碰后B的落地點，P是碰后A的落地點(3)根據(jù)兩小球從同一高度開始下落，故下落的時間相同，根據(jù)動量守恒定律可得故有即 故本題答案是： (1)17.5 (2)B A (3) 點睛：驗證動量守恒的關鍵是找到碰前和碰后的速度。而計算此速度要借助于平拋運動來求。四、計算題15.如圖所示，光滑水平面上的物體B、C靜止放置，物體A以速度v0=2m/s向B運動，A、B均為m1=1kg，C質量m2=2kg，且處于同一直線上，A與B碰后粘合在一起，隨后AB與C發(fā)生彈性碰撞，求：(1)A、B碰撞

19、后的速度大小。(2)AB與C發(fā)生彈性碰撞后，各物體的速度大小?！敬鸢浮浚?）1m/s（2）0；1m/s【解析】【詳解】（1）設A與B碰后粘合在一起的速度大小為v，以A的速度方向為正方向，由動量守恒定律得：m1v0=2m1v，解得：v=v0/2=1m/s（2）設AB與C發(fā)生彈性碰撞后，速度大小分別為vAB、vC，AB與C發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒，以A的速度方向為正方向，則有：2m1v=2m1vAB+m2vC，聯(lián)立，代入數(shù)據(jù)解得：vAB0，vC1m/s。16.如圖所示，質量為1 kg的滑塊，以5 m/s的水平向右的初速度滑上靜止在光滑水平面上的平板小車，最終滑塊恰好未滑離小車。已知小車質量為4 k