《高中試卷》2019年陜西省西安市藍(lán)田縣高考物理一模試卷

1、2019年陜西省西安市藍(lán)田縣高考物理一模試卷一、選擇題（本題共8小題，每小題6分，共48分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15題只有一項(xiàng)符合題目要求；第68題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)或不答的得0分）1（6分）節(jié)能減排可體現(xiàn)在我們?nèi)粘Ｉ钪?。假設(shè)公交車(chē)通過(guò)城市十字路口時(shí)允許的最大速度為10m/s，一輛公交車(chē)在距離十字路口50m的車(chē)站停留，乘客上下完后，司機(jī)看到紅燈顯示還有10s，為了節(jié)能減排。減少停車(chē)，降低能耗，公交車(chē)司機(jī)啟動(dòng)公交車(chē)，要使公交車(chē)盡快通過(guò)十字路口且不違章，則公交車(chē)啟動(dòng)后的運(yùn)動(dòng)圖象可能是（）abcd2（6分）如圖所示，“l(fā)”形支架aob水平放置，

2、物體p位于支架的ob部分，接觸面粗糙；一根輕彈簧一端固定在支架ao上，另一端與物體p相連。物體p靜止時(shí)，彈簧處于壓縮狀態(tài)?，F(xiàn)將“l(fā)”形支架繞o點(diǎn)逆時(shí)針緩慢旋轉(zhuǎn)一小角度，p與支架始終保持相對(duì)靜止。在轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，ob對(duì)p的（）a支持力增大b摩擦力不變c作用力增大d作用力減小3（6分）為尋找“磁生電”現(xiàn)象，英國(guó)物理學(xué)家法拉第在1831年把兩個(gè)線(xiàn)圈繞在同一個(gè)軟鐵環(huán)上（如圖所示），一個(gè)線(xiàn)圈a連接電池e和開(kāi)關(guān)k，另一個(gè)線(xiàn)圈b閉合，并在其中一段直導(dǎo)線(xiàn)正下方放置一小磁針。閉合開(kāi)關(guān)k前，小磁針靜止且與直導(dǎo)線(xiàn)平行。當(dāng)閉合開(kāi)關(guān)k后，從上往下看（）a小磁針沿順時(shí)針?lè)较蚱D(zhuǎn)了一下，最終復(fù)原b小磁針沿逆時(shí)針?lè)较蚱D(zhuǎn)了一

3、下，最終復(fù)原c小磁針沿順時(shí)針?lè)较蚱D(zhuǎn)了一下，并一直保持這種偏轉(zhuǎn)狀態(tài)d小磁針沿逆時(shí)針?lè)较蚱D(zhuǎn)了一下，并一直保持這種偏轉(zhuǎn)狀態(tài)4（6分）如圖甲所示，電磁炮是一種新型的兵器，其射程甚至可達(dá)數(shù)百公里，遠(yuǎn)遠(yuǎn)超過(guò)常規(guī)炮彈。它的主要原理如圖乙所示，當(dāng)彈體中通以強(qiáng)電流時(shí)，彈體在強(qiáng)大的磁場(chǎng)力作用下加速前進(jìn)，最后從炮口高速射出。設(shè)兩軌道間距離為0.10m，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為40t，電流2000a，軌道長(zhǎng)度為20m，則（）a若不計(jì)任何阻力，質(zhì)量為20g炮彈最終獲得的速度為400m/sb若不計(jì)任何阻力，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度加倍，則炮彈獲得的速度也加倍c若阻力大小一定，軌道長(zhǎng)度加倍，速度變?yōu)?倍d若阻力大小一定，電流加倍

4、，速度變?yōu)?倍5（6分）四川省處在北緯26°0334°19之間，某極地衛(wèi)星通過(guò)四川最北端與最南端所在緯度線(xiàn)正上方所經(jīng)歷的時(shí)間為t，查閱到萬(wàn)有引力常量g及地球質(zhì)量m衛(wèi)星的軌道視為圓形。根據(jù)以上信息可以求出（）a地球的半徑b該衛(wèi)星的角速度c該衛(wèi)星受到的向心力d該衛(wèi)星距離地面的高度6（6分）如圖為一理想變壓器，在原線(xiàn)圈輸入電壓不變的條件下，要提高變壓器的輸入功率，可采用的方法是（）a只增加原線(xiàn)圈的匝數(shù)b只增加副線(xiàn)圈的匝數(shù)c只減小用電器r1的電阻d斷開(kāi)開(kāi)關(guān)s7（6分）如圖所示，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中有o、a、b三點(diǎn)，oaob5cm，其中o、a電勢(shì)分別為0v、5v，oa與ob的夾角為120&#

5、176;，a、b在同一條豎直線(xiàn)上現(xiàn)有一不計(jì)重力、帶電量為e的粒子以4ev的動(dòng)能從a點(diǎn)沿ao方向飛入電場(chǎng)，經(jīng)過(guò)b點(diǎn)時(shí)，動(dòng)能與在a點(diǎn)時(shí)相同，則下列說(shuō)法正確的是（）a該粒子帶負(fù)電b粒子運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電場(chǎng)力一直做正功c粒子能運(yùn)動(dòng)到o點(diǎn)，且在o點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能為零d該電場(chǎng)強(qiáng)度大小為200v/m，方向水平向左8（6分）如圖所示，在x軸上方空間存在磁感應(yīng)強(qiáng)為b、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)在原點(diǎn)o處有一粒子源，沿紙面各個(gè)方向不斷地放出同種粒子，粒子以相同的速率v射入磁場(chǎng)。粒子重力及粒子間的作用均不計(jì)。圖中的陰影部分表示粒子在磁場(chǎng)中能經(jīng)過(guò)的區(qū)域，其邊界與y軸交點(diǎn)為m，與x軸交點(diǎn)為n，已知onl下列說(shuō)法正確的是（）a能經(jīng)

6、過(guò)m點(diǎn)的粒子必能經(jīng)過(guò)n點(diǎn)b粒子的電荷量與質(zhì)量之比為vlbc從on的中點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間可能為l6vd從n點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為l2v二、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分.第9題第12題為必考題，每道試題考生都必須作答第13題第16題為選考題，考生根據(jù)要求作答）9（6分）由于空間站處于完全失重狀態(tài)，不能利用天平等儀器測(cè)量質(zhì)量，為此某同學(xué)為空間站設(shè)計(jì)了如圖所示（a）的實(shí)驗(yàn)裝置，用來(lái)測(cè)量小球質(zhì)量。圖中彈簧固定在擋板上，軌道b處裝有光電門(mén)，可以測(cè)量出小球經(jīng)過(guò)光電門(mén)的時(shí)間。該同學(xué)設(shè)計(jì)的主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：用游標(biāo)卡尺測(cè)量小球的直徑d將彈簧固定在檔板上小球與彈簧接觸并壓縮彈簧，

7、記錄彈簧的壓縮量x由靜止釋放小球，測(cè)量小球離開(kāi)彈簧后經(jīng)過(guò)光電門(mén)的時(shí)間t，計(jì)算出小球離開(kāi)彈簧的速度v改變彈簧的壓縮量，重復(fù)步驟、多次分析數(shù)據(jù)，得出小球的質(zhì)量該同學(xué)在地面上進(jìn)行了上述實(shí)驗(yàn)，請(qǐng)回答下列問(wèn)題（1）步驟中游標(biāo)卡尺示數(shù)情況如圖（b）所示，小球的直徑d cm；（2）某一次步驟中測(cè)得彈簧的壓縮量為1cm，對(duì)應(yīng)步驟中測(cè)得小球通過(guò)光電門(mén)的時(shí)間為7.50ms，則此次小球離開(kāi)彈簧的速度v m/s；（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)得到的彈簧的形變x與對(duì)應(yīng)的小球速度v在圖（c）中描出了對(duì)應(yīng)的點(diǎn)，請(qǐng)將（2）問(wèn)中對(duì)應(yīng)的點(diǎn)描出，并畫(huà)出vx圖象。（4）已知實(shí)驗(yàn)所用彈簧的彈性勢(shì)能ep與彈簧形變量x2之間的關(guān)系如圖（d）所示，實(shí)驗(yàn)測(cè)得

8、小球的質(zhì)量為 kg。10（9分）某同學(xué)將量程為200a、內(nèi)阻為500的表頭a改裝成量程為1ma和10ma的雙量程電流表，設(shè)計(jì)電路如圖（a）所示定值電阻r1500，r2和r3的值待定，s為單刀雙擲開(kāi)關(guān)，a、b為接線(xiàn)柱回答下列問(wèn)題：（1）按圖（a）在圖（b）中將實(shí)物連線(xiàn)；（2）表筆a的顏色為 色（填“紅”或“黑”）（3）將開(kāi)關(guān)s置于“1”擋時(shí)，量程為 ma；（4）定值電阻的阻值r2 ，r3 （結(jié)果取3位有效數(shù)字）（5）利用改裝的電流表進(jìn)行某次測(cè)量時(shí)，s置于“2”擋，表頭指示如圖（c）所示，則所測(cè)量電流的值為 ma11（12分）實(shí)驗(yàn)小組想要探究電磁剎車(chē)的效果，在遙控小車(chē)底面安裝寬為0.1m、長(zhǎng)為0.

9、4m的10匝矩形線(xiàn)框abcd，總電阻為r2，面積可認(rèn)為與小車(chē)底面相同，其平面與水平地面平行，小車(chē)總質(zhì)量為m0.2kg。如圖是簡(jiǎn)化的俯視圖，小車(chē)在磁場(chǎng)外以恒定的功率做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，受到地面阻力恒為f0.4n，進(jìn)入磁場(chǎng)前已達(dá)到最大速度5m/s，車(chē)頭（ab邊）剛要進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)立即撤去牽引力，車(chē)尾（cd邊）剛出磁場(chǎng)時(shí)速度恰好為零。已知有界磁場(chǎng)寬度為0.4m，磁感應(yīng)強(qiáng)度為b1.4t，方向豎直向下。求：（1）進(jìn)入磁場(chǎng)前小車(chē)所受牽引力的功率p；（2）車(chē)頭剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，小車(chē)的加速度大??；（3）電磁剎車(chē)過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱q。12（20分）如圖所示，小明參加戶(hù)外競(jìng)技活動(dòng)，站在平臺(tái)邊緣抓住輕繩一端，輕繩另一端固定在o點(diǎn)，

10、繩子剛好被拉直且偏離豎直方向的角度60°小明從a點(diǎn)由靜止往下擺，達(dá)到o點(diǎn)正下方b點(diǎn)突然松手，順利落到靜止在水平平臺(tái)的平板車(chē)上，然后隨平板車(chē)一起向右運(yùn)動(dòng)。到達(dá)c點(diǎn)，小明跳離平板車(chē)（近似認(rèn)為水平跳離），安全落到漂浮在水池中的圓形浮漂上。繩長(zhǎng)l1.6m，浮漂圓心與c點(diǎn)的水平距離x2.7m、豎直高度y1.8m，浮漂半徑r0.3m、不計(jì)厚度，小明的質(zhì)量m60kg，平板車(chē)的質(zhì)量m20kg，人與平板車(chē)均可視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)平板車(chē)與平臺(tái)之間的摩擦。重力加速度g10m/s2，求：（1）輕繩能承受最大拉力不得小于多少？（2）小明跳離平板車(chē)時(shí)的速度在什么范圍？（3）若小明跳離平板車(chē)后恰好落到浮漂最右端，他在跳

11、離過(guò)程中做了多少功？【物理一選修3-3】（15分）13（5分）下列說(shuō)法正確的是（）a熱量有可能由低溫物體傳遞到高溫物體b布朗運(yùn)動(dòng)不是指懸浮在液體中的固體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)c兩分子組成的系統(tǒng)，其勢(shì)能e隨兩分子間距離r增大而增大d如果氣體溫度升高，分子平均動(dòng)能會(huì)增加，但并不是所有分子的速率都增大e陽(yáng)光暴曬下的自行車(chē)車(chē)胎極易爆裂的原因是車(chē)胎內(nèi)氣體溫度升高，氣體分子間斥力急劇增大14（10分）如圖所示，水平地面上放置一個(gè)內(nèi)壁光滑的絕熱汽缸，氣缸開(kāi)口朝上，缸內(nèi)通過(guò)輕質(zhì)活塞封閉一部分氣體。初態(tài)時(shí)氣體壓強(qiáng)為一個(gè)大氣壓、溫度為27，活塞到汽缸底部距離為30cm?，F(xiàn)對(duì)缸內(nèi)氣體緩慢加熱到427，缸內(nèi)氣體膨脹而使活塞

12、緩慢上移，這一過(guò)程氣體內(nèi)能增加了100j已知汽缸橫截面積為50cm2，總長(zhǎng)為50cm，大氣壓強(qiáng)為1.0×105pa氣缸上端開(kāi)口小于活塞面積，不計(jì)活塞厚度，封閉氣體可視為理想氣體。（i）末態(tài)時(shí)（427）缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)（）封閉氣體共吸收了多少熱量?！疚锢硪贿x修3-4】（15分）15如圖所示，兩種不同材料的彈性細(xì)繩在o處連接，m、o和n是該繩上的三個(gè)點(diǎn)，om間距離為7.0m，on間距離為5.0m。o點(diǎn)上下振動(dòng)，則形成以o點(diǎn)為波源向左和冋右傳播的簡(jiǎn)諧橫波和，其中波的波速為1.0m/s。t0時(shí)刻o點(diǎn)處在波谷位置，觀察發(fā)現(xiàn)5s后此波谷傳到m點(diǎn)，此時(shí)o點(diǎn)正通過(guò)平衡位置向上運(yùn)動(dòng)，om間還有一個(gè)波

13、谷。則（）a波i的波長(zhǎng)為4mb波的波長(zhǎng)為4mcn點(diǎn)的振動(dòng)周期為4sdt3s時(shí)，n點(diǎn)恰好處于波谷e當(dāng)m點(diǎn)處于波峰時(shí)，n點(diǎn)也一定處于波峰16如圖所示，a、b是兩條相距為l的不同顏色的平行光線(xiàn)，沿與玻璃磚上表面成30°角入射，已知玻璃磚對(duì)單色光a的折射率為3，玻璃磚的厚度為h（3+3）l，不考慮折射光線(xiàn)在玻璃磚下表面的反射，玻璃磚下面只有一條出射光線(xiàn)，光在真空中的速度為c。求：?jiǎn)紊鈇在玻璃磚中的傳播時(shí)間；玻璃磚對(duì)單色光b的折射率。2019年陜西省西安市藍(lán)田縣高考物理一模試卷參考答案與試題解析一、選擇題（本題共8小題，每小題6分，共48分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15題只有一項(xiàng)符合題目

14、要求；第68題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)或不答的得0分）1【分析】要使公交車(chē)不違章且減少停車(chē)次數(shù)通過(guò)十字路口，則公交車(chē)需要在10s后才到達(dá)十字路口，且到達(dá)十字路口時(shí)的速度小于等于10m/s。根據(jù)速度圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積等于物體的位移，分析汽車(chē)通過(guò)的位移?！窘獯稹拷猓阂蛩俣葓D象與坐標(biāo)軸圍成的面積等于物體的位移，由速度圖象可知，a、b、d三個(gè)圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積均大于50m，且速度不超過(guò)10m/s；c圖象中公交車(chē)的位移可能恰好等于50m，且速度小于10m/s，故公交車(chē)啟動(dòng)后的運(yùn)動(dòng)圖象可能是c；故abd錯(cuò)誤，c正確。故選：c?！军c(diǎn)評(píng)】本題是對(duì)速度時(shí)間圖象的考

15、查；關(guān)鍵是要知道速度時(shí)間圖象與坐標(biāo)軸圍成的“面積”等于物體的位移，結(jié)合公交車(chē)的運(yùn)動(dòng)情況即可分析解答。2【分析】對(duì)p物體分別受力，根據(jù)平衡條件列式分析力的變化?！窘獯稹拷猓簩?duì)p受力分析如圖知不轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，ob對(duì)p有支持力n和摩擦力f，滿(mǎn)足：ff，nmg，轉(zhuǎn)動(dòng)后受力分析如圖，支持力為：nmgcos，減小，摩擦力為：ffmgsin，減小，所以ob對(duì)p的作用力減小，故d正確，abc錯(cuò)誤；故選：d?！军c(diǎn)評(píng)】此題考查受力分析和平衡條件的應(yīng)用，注意ob對(duì)p的作用力，包含支持力n和摩擦力f。3【分析】電磁感應(yīng)現(xiàn)象發(fā)生的條件是：閉合導(dǎo)體回路，磁通量發(fā)生改變，從而判定ad選項(xiàng)； 并根據(jù)安培定則，及楞次定律，即可判定b

16、c選項(xiàng)?！窘獯稹拷猓洪_(kāi)關(guān)閉合的瞬間，依據(jù)安培定則，可知，線(xiàn)圈a中產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虼艌?chǎng)，再由楞次定律，因穿過(guò)線(xiàn)圈b的磁場(chǎng)為順時(shí)針，且增大，那么感應(yīng)電流的磁場(chǎng)為逆時(shí)針?lè)较?，因此線(xiàn)圈b中產(chǎn)生逆時(shí)針感應(yīng)電流，根據(jù)安培定則，小磁針的n極朝垂直紙面向里的方向轉(zhuǎn)動(dòng)，即從上向下看，小磁針沿順時(shí)針?lè)较蚱D(zhuǎn)了一下；開(kāi)關(guān)閉合并保持一段時(shí)間后，穿過(guò)線(xiàn)圈b中的磁通量不變，因此不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，則小磁針不會(huì)偏轉(zhuǎn)；最終復(fù)原，故a正確，bcd錯(cuò)誤。故選：a。【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是明確電磁感應(yīng)現(xiàn)象產(chǎn)生的條件，只有磁通量變化的瞬間閉合電路中才會(huì)有感應(yīng)電流，同時(shí)要掌握楞次定律的應(yīng)用，及理解安培定則，注意其也叫右手螺旋定則。4【分析】炮彈

17、在磁場(chǎng)中受到安培力，根據(jù)fbil求得大小，結(jié)合運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的動(dòng)能定理即可判斷最終額速度與條件的關(guān)系【解答】解：a、在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的安培力大小為fbil8000n，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理可知fx=12mv2，解得v4000m/s，故a錯(cuò)誤；b、根據(jù)a可知v=2bilxm，若不計(jì)任何阻力，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度加倍，則炮彈獲得的速度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，故b錯(cuò)誤；c、若阻力大小一定，軌道長(zhǎng)度加倍，根據(jù)動(dòng)能定理可知bilx-fx=12mv2，解得v=2x(bil-f)m，故軌道長(zhǎng)度加倍，速度變?yōu)?倍，故c正確d、若阻力大小一定，軌道長(zhǎng)度加倍，根據(jù)動(dòng)能定理可知bilx-fx=12mv2，解得v=2x(bil-f

18、)m，電流加倍，速度不是原來(lái)的2倍，故d錯(cuò)誤；故選：c。【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了在安培力作用下的動(dòng)能定理，明確各個(gè)選項(xiàng)條件下的受力，利用好動(dòng)能定理公式即可判斷5【分析】四川省處在北緯26°0334°19之間，某極地衛(wèi)星通過(guò)四川最北端與最南端所在緯度線(xiàn)正上方所經(jīng)歷的時(shí)間為t，可以根據(jù)此求解運(yùn)動(dòng)一周所用時(shí)間，即周期t，又=2t，所以可以知衛(wèi)星的角速度，衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的向心力由地球?qū)πl(wèi)星的萬(wàn)有引力提供，據(jù)此展開(kāi)討論即可。【解答】解：b、四川省處在北緯26°0334°19之間，某極地衛(wèi)星通過(guò)四川最北端與最南端所在緯度線(xiàn)正上方所經(jīng)歷的時(shí)間為t，可以根據(jù)此求解運(yùn)動(dòng)一周所用時(shí)

19、間，即周期t，又=2t，所以可以知衛(wèi)星的角速度，故b正確；ad、知道周期、地球的質(zhì)量，由萬(wàn)有引力等于向心力gmmr2=m（2t）2r，可以解得衛(wèi)星的轉(zhuǎn)動(dòng)半徑，rr+h，不知高度，所以不能求地球半徑，故ad錯(cuò)誤；c、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，fg=mmr2=m（2t）2r，由于衛(wèi)星質(zhì)量m不知道，所以不能求向心力，故c錯(cuò)誤；故選：b。【點(diǎn)評(píng)】該題考查萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用，靈活運(yùn)用重力等于萬(wàn)有引力以及萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力是解題的關(guān)鍵。6【分析】輸出電壓是由輸入電壓和匝數(shù)比決定的，輸入的功率的大小是由輸出功率的大小決定的，電壓與匝數(shù)程正比，電流與匝數(shù)成反比，根據(jù)理想變壓器的原理分析即可【解答】解：

20、輸入功率由輸出功率決定，副線(xiàn)圈上的功率p2=u22r增加副線(xiàn)圈的匝數(shù)，u2增加，p2增大，所以b正確；增加原線(xiàn)圈匝數(shù)，u2減小，p2減小，所以a錯(cuò)；減小r1的電阻，副線(xiàn)圈上的總電阻r變小，p2增大，所以c對(duì)；斷開(kāi)s，r增大，p2減小，所以d錯(cuò)誤。故選：bc。【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查變壓器的知識(shí)，要能對(duì)變壓器的最大值、有效值、瞬時(shí)值以及變壓器變壓原理、功率等問(wèn)題徹底理解7【分析】粒子只受電場(chǎng)力作用，則粒子的動(dòng)能和電勢(shì)能之和守恒，根據(jù)ab兩點(diǎn)的動(dòng)能知道電勢(shì)能關(guān)系，從而知道電勢(shì)關(guān)系和場(chǎng)強(qiáng)的方向，根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡判斷電場(chǎng)力做功的情況，根據(jù)ued求場(chǎng)強(qiáng)?！窘獯稹拷猓篴b、粒子只受電場(chǎng)力作用，則粒子的動(dòng)能和電勢(shì)能

21、之和守恒，因粒子在ab兩點(diǎn)的動(dòng)能相同，可知粒子在ab兩點(diǎn)的電勢(shì)能相等，即ab兩點(diǎn)電勢(shì)相同，則場(chǎng)強(qiáng)的方向垂直ab指向o，由粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可知，粒子帶負(fù)電，從a到b電場(chǎng)力線(xiàn)做負(fù)功后做正功，故a正確，b錯(cuò)誤；c、粒子在a點(diǎn)時(shí)，電勢(shì)能和動(dòng)能之和為5ev+4ev1ev，若粒子能運(yùn)動(dòng)到o點(diǎn)，則電勢(shì)能為零，動(dòng)能為1ev，不合實(shí)際，故粒子不能運(yùn)動(dòng)到o點(diǎn)，故c錯(cuò)誤；d、根據(jù)ued，可知電場(chǎng)強(qiáng)度大小為e=ud=50.05×12v/m=200v/m，故d正確。故選：ad?！军c(diǎn)評(píng)】此題關(guān)鍵是知道粒子只收電場(chǎng)力作用，則粒子的動(dòng)能和電勢(shì)能之和守恒，抓住這一點(diǎn)可進(jìn)行判斷，注意ued公式中d的物理意義。8【分析】根

22、據(jù)幾何關(guān)系得到軌道半徑，然后根據(jù)粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)求得粒子不能同時(shí)經(jīng)過(guò)m、n兩端；根據(jù)洛倫茲力做向心力得到荷質(zhì)比；根據(jù)粒子離開(kāi)磁場(chǎng)的位置，由幾何關(guān)系得到中心角，從而根據(jù)周期求得運(yùn)動(dòng)時(shí)間?！窘獯稹拷猓篴、由陰影部分幾何形狀，根據(jù)粒子在磁場(chǎng)中洛倫茲力做向心力做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)幾何關(guān)系可得：粒子運(yùn)動(dòng)軌道半徑為：r=12l；能經(jīng)過(guò)m點(diǎn)的粒子圓周運(yùn)動(dòng)的圓心在om中點(diǎn)，故由圓心到n點(diǎn)距離大于軌道半徑可得：能經(jīng)過(guò)m點(diǎn)的粒子不可能經(jīng)過(guò)n點(diǎn)，故a錯(cuò)誤；b、根據(jù)軌道半徑，由洛倫茲力做向心力可得：bvq=mv2r所以粒子荷質(zhì)比為：qm=vbr=2vbl，故b錯(cuò)誤；c、根據(jù)幾何關(guān)系可得：從on的中點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)的粒子轉(zhuǎn)

23、過(guò)的中心角為：=2-2arcsin14lr=53或=2arcsin14lr=13 所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：t=56t=56×2rv=5l6v或t=16t=l6v；故c正確；d、n到o的距離為l2r，故從n點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓心角為，所以，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：t=12t=rv=l2v，故d正確；故選：cd?！军c(diǎn)評(píng)】求解粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間一般都是根據(jù)幾何關(guān)系求得中心角，再根據(jù)洛倫茲力做向心力或由粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)求得周期，從而求得運(yùn)動(dòng)時(shí)間。二、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分.第9題第12題為必考題，每道試題考生都必須作答第13題第16題為選考題，考生根據(jù)要求作答）9【分析】（1）

24、游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺示數(shù)。（2）已知小球的直徑與小球經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的時(shí)間，應(yīng)用速度公式可以求出小球的速度。（3）根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)作出圖象。（4）根據(jù)能量守恒定律求出小球的質(zhì)量?！窘獯稹拷猓海?）由圖（b）所示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)為：15mm+0×0.1mm15.0mm1.50cm。（2）小球離開(kāi)彈簧后做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，小球經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度與離開(kāi)彈簧時(shí)的速度相等，小球離開(kāi)彈簧時(shí)的速度：v=dt=1.50×10-2m7.50×10-3s=2m/s；（3）根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)作出圖象如圖所示：（4）由圖示圖象可知：x1cm時(shí)，即：x21×1

25、04m2時(shí)，ep0.1j，由題意可知，x1cm時(shí)，v2m/s，由能量守恒定律可知：ep=12mv2，代入數(shù)據(jù)解得：m0.05kg；故答案為：（1）1.50；（2）2；（3）圖象如圖所示；（4）0.05?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了胡克定律和能量守恒的基本運(yùn)用，知道極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度，結(jié)合彈性勢(shì)能的表達(dá)式進(jìn)行求解。10【分析】本題的關(guān)鍵是根據(jù)歐姆定律列出開(kāi)關(guān)s分別打到1和2時(shí)的表達(dá)式，然后求解即可，注意電流應(yīng)從紅表筆進(jìn)從黑表筆出【解答】解：（1）實(shí)物連線(xiàn)如圖所示：（2）因電流應(yīng)從黑表筆流出，所以表筆a的顏色為黑色；（3）將開(kāi)關(guān)s置于“1”擋時(shí)，表頭a和r1、r2串聯(lián)后再與r3并聯(lián)，將開(kāi)關(guān)s置

26、于“2”擋時(shí)，表頭a和r1串聯(lián)后再與r2、r3并聯(lián)，所以開(kāi)關(guān)s置于“1”擋時(shí)量程較大，即開(kāi)關(guān)s置于“1”擋時(shí)量程應(yīng)為10ma；（4）設(shè)電流表的滿(mǎn)偏電流為ig，根據(jù)歐姆定律，當(dāng)開(kāi)關(guān)打到1時(shí)有ig(rg+r1+r2)=(i1-ig)r3，其中i1=10ma當(dāng)開(kāi)關(guān)打到2時(shí)有ig(rg+r1)=(i2-ig)(r2+r3)，其中i2=1ma聯(lián)立以上兩式r2=225，r3=25.0（5）電流表示數(shù)為i=1200×156ma=0.780ma故答案為（1）如圖： （2）黑； （3）10； （4）225，25.0； （5）0.780【點(diǎn)評(píng)】電表的改裝實(shí)際上就是歐姆定律和串并聯(lián)電路的計(jì)算，計(jì)算時(shí)注意讓

27、電流表的電流為滿(mǎn)偏電流11【分析】（1）進(jìn)入磁場(chǎng)前小車(chē)速度最大，牽引力和阻力平衡，根據(jù)功率公式pfv可求牽引力功率；（2）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)閉合電路歐姆定律求電流，從而求出安培力，結(jié)合牛頓第二定律求加速度；（3）根據(jù)能量守恒求解焦耳熱；【解答】解：（1）進(jìn)入磁場(chǎng)前小車(chē)勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度最大，則有ff，牽引力的功率為pfvfv2w；（2）車(chē)頭剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為enblx7v，據(jù)閉合電路歐姆定律i=er=3.5a，車(chē)頭剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，小車(chē)受到阻力、安培力，安培力f安nbil4.9n，據(jù)牛頓第二定律f安+fma解得：a=f安+fm=26.5m/s2；（3）根據(jù)能量守恒定律

28、得：12mv2=q+f2s解得：q2.18j；答：（1）進(jìn)入磁場(chǎng)前小車(chē)所受牽引力的功率p為2w；（2）車(chē)頭剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，小車(chē)的加速度大小為26.5m/s2；（3）電磁剎車(chē)過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱q為2.18j?！军c(diǎn)評(píng)】對(duì)于電磁感應(yīng)問(wèn)題的研究思路常常有兩條：一條從力的角度，重點(diǎn)是分析安培力作用下導(dǎo)體棒的平衡問(wèn)題，根據(jù)平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問(wèn)題，根據(jù)動(dòng)能定理、功能關(guān)系等列方程求。12【分析】（1）從a到b過(guò)程機(jī)械能守恒，應(yīng)用機(jī)械能守恒定律求出到達(dá)b處的速度，然后應(yīng)用牛頓第二定律求出繩子承受的拉力。（2）小明跳離滑板后做平拋運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可以求出他離開(kāi)滑板

29、時(shí)的速度。（3）小明落入與跳離小車(chē)過(guò)程系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律求出速度，然后應(yīng)用功能原理求出跳離過(guò)程做功?！窘獯稹拷猓海?）從a到b過(guò)程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：mgl（1cos）=12mv2，代入數(shù)據(jù)解得：v4m/s，在b點(diǎn)，由牛頓第二定律得：tmgmv2l，代入數(shù)據(jù)解得：t1200n；（2）小明離開(kāi)滑板后做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向：y=12gt2，離c點(diǎn)水平位移最小為：xrvmint，離c點(diǎn)水平最大位移：x+rvmaxt，代入數(shù)據(jù)解得：vmin4m/s，vmax5m/s，則小明跳離滑板時(shí)的速度：4m/sv5m/s；（3）小明落上滑板過(guò)程水平方向動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量

30、守恒定律得：mv（m+m平板車(chē)）v1，代入數(shù)據(jù)解得：v13m/s，小明離開(kāi)滑板過(guò)程系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：（m+m平板車(chē)）v1mvc+mv平板車(chē)v2，代入數(shù)據(jù)解得：v23m/s，由功能關(guān)系得：w（12mvc2+12m平板車(chē)v22）-12(m+m平板車(chē))v12，代入數(shù)據(jù)解得：w480j；答：（1）輕繩能承受最大拉力不得小于1200n。（2）小明跳離平板車(chē)時(shí)的速度范圍是：4m/sv5m/s。（3）若小明跳離平板車(chē)后恰好落到浮漂最右端，他在跳離過(guò)程中做的功是480j。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了動(dòng)量守恒定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式與機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用，分析清楚運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解題的前提與關(guān)鍵，

31、應(yīng)用機(jī)械能守恒定律、平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律、動(dòng)量守恒定律即可解題?！疚锢硪贿x修3-3】（15分）13【分析】不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體而不引起其它變化，布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不是分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，若兩分子間距離減小，分子間引力和斥力都增大?！窘獯稹拷猓篴、熱量在一定的條件下有可能由低溫物體傳遞到高溫物體，如空調(diào)，故a正確；b、布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不是分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，布朗微粒運(yùn)動(dòng)是微粒分子做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的反映，故b正確；c、若兩分子間距離增大，分子間引力和斥力都減小，故c錯(cuò)誤；d、溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，如果氣體溫度升高，分子平均動(dòng)能會(huì)增加，但并不是所有分子的速率都增大

32、，故d正確；e、陽(yáng)光暴曬下的自行車(chē)車(chē)胎極易爆裂的原因是車(chē)胎內(nèi)氣體溫度升高，氣體的壓強(qiáng)增大，并不是分子間斥力急劇增大。故e錯(cuò)誤；故選：abd?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了熱力學(xué)第一定律、熱力學(xué)第二定律、布朗運(yùn)動(dòng)以及分子間的引力和斥力，屬于對(duì)基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)的考查，解答的關(guān)鍵是正確理解熱力學(xué)第二定律的幾種不同的說(shuō)法。14【分析】（i）活塞上移到氣缸口過(guò)程氣體發(fā)生等壓變化，應(yīng)用蓋呂薩克定律求出氣體的溫度；活塞到達(dá)氣缸口后體積不變，發(fā)生等容變化，由查理定律求出氣體壓強(qiáng)。（ii）求出氣體膨脹過(guò)程外界對(duì)氣體做功，應(yīng)用熱力學(xué)第一定律求出氣體吸收的熱量。【解答】解：（i）活塞移動(dòng)到氣缸口過(guò)程氣體發(fā)生等壓變化，由蓋呂薩克定律得

33、：sh1t1=sh2t2，代入數(shù)據(jù)解得：t2500k，即227，因?yàn)椋?27427，所以氣體接著發(fā)生等容變化，當(dāng)氣體溫度達(dá)到427時(shí)氣體壓強(qiáng)為p，由查理定律得：p0t2=pt，即：1.0×105500=p427+273，解得：p1.4×105pa；（ii）由題意可知，氣體膨脹過(guò)程活塞移動(dòng)的距離：x0.50.30.2m，大氣壓力對(duì)封閉氣體做功：wp0sx，代入數(shù)據(jù)解得：w100j，由熱力學(xué)第一定律得：uw+q，則：quw100（100）200j；答：（i）末態(tài)時(shí)（427）缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)為1.4×105pa。（）封閉氣體共吸收了多少熱量200j。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了氣體狀態(tài)方程與熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用，分析清楚氣體狀態(tài)變化過(guò)程是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用氣體狀態(tài)方程與熱力學(xué)第一