2022年陜西省咸陽市三原縣獨李中學(xué)高三物理下學(xué)期期末試卷含解析

1、2022年陜西省咸陽市三原縣獨李中學(xué)高三物理下學(xué)期期末試卷含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. （單選）如圖所示，質(zhì)量為m2的物體2放在正沿平直軌道向右行駛的車廂底板上，并用豎直細(xì)繩通過光滑定滑輪鏈接質(zhì)量為m1的物體，與物體1相連接的繩與豎直方向成角，則（）a車廂的加速度為gsinb繩對物體1的拉力為c底板對物體2的支持力為（m2m1）gd物體2所受底板的摩擦力為m2gsin參考答案：考點：牛頓第二定律；物體的彈性和彈力.專題：牛頓運動定律綜合專題分析：物塊1、2和車廂具有相同的加速度，先以物體1為研究對象，分析受力情況，根據(jù)牛頓第二定律求出其

2、加速度和繩的拉力再對物體2研究，由牛頓第二定律求出支持力和摩擦力解答：解：ab、以物體1為研究對象，分析受力情況如圖1：重力m1g和拉力t，根據(jù)牛頓第二定律得：m1gtan=m1a，得a=gtan，則車廂的加速度也為gtan繩子的拉力t=，故a錯誤、b正確；cd、對物體2研究，分析受力如圖2，根據(jù)牛頓第二定律得：n=m2gt=m2g，f=m2a=m2gtan故cd錯誤故選：b點評：本題要抓住兩個物體與車廂的加速度相同，采用隔離法研究，分別運用合成法和正交分解法處理2. （單選）如圖是娛樂場所中的一種滑梯，滑梯在最底端是處于水平切線方向，質(zhì)量為m、可看成質(zhì)點的一名滑梯愛好者從高為h的滑梯頂端靜止

3、下滑，忽略所有摩擦及阻力，則滑梯愛好者在下滑過程中下列說法正確的是（）a機(jī)械能不守恒b滑梯愛好者滑到底層末端時的速度大小為v=c滑梯愛好者滑到底層末端時對滑梯的壓力為mgd滑梯愛好者到達(dá)底層末端時處于失重狀態(tài)參考答案：考點：機(jī)械能守恒定律；牛頓第二定律；向心力.專題：機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題分析：只有重力或只有彈力做功，機(jī)械能守恒，根據(jù)機(jī)械能守恒的條件判斷機(jī)械能是否守恒；應(yīng)用機(jī)械能守恒定律求出速度，根據(jù)人的運動狀態(tài)分析答題解答：解：a、滑梯愛好者在下滑過程只有重力做功，機(jī)械能守恒，故a錯誤；b、由機(jī)械能守恒定律得：mgh=mv2，解得：v=，故b正確；c、由于滑梯愛好者做圓周運動，在最低點，他的

4、加速度豎直向上，處于超重狀態(tài)，他對滑梯的壓力大于其重力mg，故cd錯誤；故選：b點評：本題考查了判斷機(jī)械能是否守恒、求速度、判斷壓力與重力的關(guān)系問題，分析清楚運動過程，應(yīng)用機(jī)械能守恒定律、知道滑梯愛好者處于超重狀態(tài)即可正確解題3. 如圖(a)所示,用一水平外力f拉著一個靜止在傾角為的光滑斜面上的物體,逐漸增大f,物體做變加速運動,其加速度a隨外力f變化的圖象如圖(b)所示,若重力加速度g取10 m/s.根據(jù)圖(b)中所提供的信息可以計算出  (    ) a.物體的質(zhì)量 b.斜面的傾角 c.斜面的長度d.加速度為6 m/s2時物體的速度 參考答案：ab4

5、. 關(guān)于一對作用在質(zhì)點上的平衡力和一對作用力和反作用力做功，下列說法正確的是：a一對平衡力做功要么為零，要么做功數(shù)值相同，符號相反b一對作用力和反作用力做功一定是做功數(shù)值相同，符號相反c一對作用力和反作用力做功可以是做功數(shù)值不相同，符號相同d一對平衡力做功可以是數(shù)值相同，符號相同參考答案：ac5. （多選題）質(zhì)量為m的木塊在推力f作用下，在水平地面上做勻速運動已知木塊與地面間的動摩擦因數(shù)為，那么木塊受到的滑動摩擦力為下列各值的哪個?    amg          

6、         （mg+fsin）（mg+fsin）       fcos參考答案：bd二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 歐洲天文學(xué)家發(fā)現(xiàn)了一顆可能適合人類居住的行星。若該行星質(zhì)量為m，半徑為r，萬有引力恒量為g，則繞該行星運動的衛(wèi)星的第一宇宙速度是_。設(shè)其質(zhì)量是地球的5倍，直徑是地球的1.5倍，在該行星表面附近沿圓軌道運行的人造衛(wèi)星的動能為ek1，在地球表面附近沿圓軌道運行的相同質(zhì)量的人造衛(wèi)星的動能為ek2，則為_。參考答案：，10/37. 示波管是

7、示波器的核心部件，它由電子槍、偏轉(zhuǎn)電極和熒光屏組成，如圖所示。如果在熒光屏上p點出現(xiàn)亮斑，那么示波管中的極板x應(yīng)帶              電；極板y應(yīng)帶            電（填正或負(fù)）。參考答案：、正；正8. 光滑水平面上兩小球a、b用不可伸長的松弛細(xì)繩相連。開始時兩球靜止，給b球一個水平恒力拖動b球運動直至繩被拉緊，然后兩球一起運動，在兩球一起運

8、動過程中兩球的總動量         (填“守恒”或“不守恒”)；系統(tǒng)的機(jī)械能          (填“守恒”或“不守恒”)。參考答案：不守恒，不守恒；9. 如圖甲所示，取一支大容量的注射器，拉動活塞吸進(jìn)一些乙醚，用橡皮帽把小孔堵住，迅速向外拉動活塞到一定程度時，注射器里的液態(tài)乙醚消失而成為氣態(tài)，此時注射器中的溫度      （“升高”、“降低”或“不變”），乙醚氣體分子的速率分布情況最

9、接近圖乙中的   線（ “a”、“ b”、“c”）。圖中表示速率處單位速率區(qū)間內(nèi)的分子數(shù)百分率。參考答案：降低     b10. 某同學(xué)通過實驗對平拋運動進(jìn)行研究，他在豎直墻上記錄了拋物線軌跡的一部分，如圖所示o點不是拋出點，x軸沿水平方向，由圖中所給的數(shù)據(jù)可求出平拋物體的初速度是_m/s,拋出點的坐標(biāo)x               m， y     

10、60;       m (g取10m/s2)（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）參考答案：11. 如圖所示是小英“探究影響滑動摩擦力大小的因素”的實驗，銅塊和木塊的大小、形狀完全相同，實驗時彈簧測力計拉著物體沿水平方向做勻速直線運動。 （1）比較甲、乙兩圖，可得到的結(jié)論是                       &#

11、160; ；（2）若物體不是做勻速運動，而是做加速直線運動，彈簧測力計讀數(shù)         摩擦力（填 “等于”或“不等于”）；（3）實際操作時，手拉著彈簧測力計做勻速直線運動是比較困難的，因而測力計的讀數(shù)不一定等于摩擦力的大小。請你提出一個改進(jìn)的方法，確保測力計的讀數(shù)等于摩擦力的大小。你的做法（畫圖或文字說明）                  

12、                     。參考答案：12. （選修3-3（含2-2）模塊）(4分）已知某物質(zhì)摩爾質(zhì)量為m，密度為，阿伏加德羅常數(shù)為na，則該物質(zhì)的分子質(zhì)量為_       ，單位體積的分子數(shù)為           

13、;         。 參考答案：答案：m / na  （2分）；  na / m （2分）13. 打點計時器是一種使用_（填“交”或“直”）流電源的計時儀器。如圖所示是打點計時器測定勻加速直線運動的加速度時得到的一條紙帶，測出ab=1.2cm，ac=3.6cm， ad=7.2cm，計數(shù)點a、b、c、d中，每相鄰的兩個計數(shù)點之間有四個小點未畫出，則運動物體的加速度a=_m/s2，打b點時運動物體的速度vb=_m/s。參考答案：三、 簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.

14、（2013?黃岡模擬）某種材料的三棱鏡截面abc如圖所示，底邊bc水平且鍍銀，其中a=90°，b=60°，一束豎直向下的光束從ab邊上的m點入射，經(jīng)過bc面反射后，從ac邊上的n點平行于bc邊射出，且mn連線平行于bc求：（）光線在m點的折射角；（）三棱鏡的折射率（可用根式表示）參考答案：（）光線在m點的折射角是15°；（）三棱鏡的折射率是考點：光的折射定律專題：光的折射專題分析：（）由幾何知識求出光線在m點的入射角和折射角（）運用折射定律求解三棱鏡的折射率解答：解：（）如圖，a=90°，b=60°，c=30°由題意可得1=2=60&

15、#176;，nmq=30°，mnq=60°根據(jù)折射定律，可得：pmq=pnq根據(jù)反射定律，可得：pmn=pnm即為：nmq+pmq=mnqpnq故折射角pmq=15°（）折射率n= = 答：（）光線在m點的折射角是15°；（）三棱鏡的折射率是點評：本題是幾何光學(xué)問題，作出光路圖，運用幾何知識求出入射角和折射角是解題的關(guān)鍵之處，即能很容易解決此類問題15. 質(zhì)量分別為m和3m的a、b兩個小球以相同的速率v沿同一直線相向運動，碰后b球停止不動，試求a球碰后的速度，并判斷它們之間發(fā)生的是彈性碰撞還是非彈性碰撞（說明理由）參考答案：彈性碰撞取b球碰前的速度方向為

16、正方向，設(shè)a球碰后的速度為v，由動量守恒定律有解得，方向與b球碰前的速度方向相同由于，故碰撞前后的總動能相等，則此碰撞是彈性碰撞四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 如圖甲所示，在邊界mn左側(cè)存在斜方向的勻強(qiáng)電場e1，在mn的右側(cè)有豎直向上、場強(qiáng)大小為e2=0.4n/c的勻強(qiáng)電場，還有垂直紙面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場b（圖甲中未畫出）和水平向右的勻強(qiáng)電場e3（圖甲中未畫出），b和e3隨時間變化的情況如圖乙所示，p1p2為距mn邊界2.28m的豎直墻壁，現(xiàn)有一帶正電微粒質(zhì)量為4×10-7kg，電量為1×10-5c，從左側(cè)電場中距mn邊界m的a處無初速釋放后，沿直線以1m/s速度垂

17、直mn邊界進(jìn)入右側(cè)場區(qū)，設(shè)進(jìn)入右側(cè)場時刻t=0， 取g =10m/s2求：（1）mn左側(cè)勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度e1的大小及方向。（sin37o=0.6）；（2）帶電微粒在mn右側(cè)場區(qū)中運動了1.5s時的速度的大小及方向；（3）帶電微粒在mn右側(cè)場區(qū)中運動多長時間與墻壁碰撞？（0.19）參考答案：(1)設(shè)mn左側(cè)勻強(qiáng)電場場強(qiáng)為e1，方向與水平方向夾角為帶電小球受力如右圖沿水平方向有 qe1cos=ma                 

18、;  （1分）沿豎直方向有 qe1sin=mg                    （1分）       對水平方向的勻加速運動有      v2=2as         （1分）  代入數(shù)據(jù)可解得

19、e1=0.5n/c                    （1分）=53o                        （1分）即e1大小為0.5n/c,方向與水平向右方向夾53

20、o角斜向上帶電微粒在mn右側(cè)場區(qū)始終滿足qe2=mg                              （1分）在01s時間內(nèi)，帶電微粒在e3電場中  m/s2   （1分）    帶電微粒在1s時的速度大小為 v1=v+at=1+0.1&#

21、215;1=1.1m/s             （1分）在11.5s時間內(nèi)，帶電微粒在磁場b中運動，周期為s                               （1分）

22、    在11.5s時間內(nèi)，帶電微粒在磁場b中正好作半個圓周運動所以帶電微粒在mn右側(cè)場區(qū)中運動了1.5s時的速度大小為1.1m/s, 方向水平向左                                   &

23、#160;                             （1分）(3)在0s1s時間內(nèi)帶電微粒前進(jìn)距離s1= vt+at2=1×1+×0.1×12=1.05m         (1分)帶電微粒在磁場

24、b中作圓周運動的半徑m    （1分）因為r+s12.28m，所以在1s2s時間內(nèi)帶電微粒未碰及墻壁在2s3s時間內(nèi)帶電微粒作勻加速運動，加速度仍為a=0.1m/s2，在3s內(nèi)帶電微粒共前進(jìn)距離s3=m                      （1分）在3s時帶電微粒的速度大小為m/s在3s4s時間內(nèi)帶電微粒在磁場b中作圓周運動的半徑  

25、;      m=0.19m                  （2分）因為r3+s32.28m，所以在4s時間內(nèi)帶電微粒碰及墻壁     帶電微粒在3s以后運動情況如右圖，其中 d=2.28-2.2=0.08m          

26、0;    （1分）    sin=  ，    30o             （1分）  所以，帶電微粒作圓周運動的時間為s      （1分）帶電微粒與墻壁碰撞的時間為t總3+=s     （1分）       1

27、7. 質(zhì)量為m=1kg的小物塊輕輕放在水平勻速運動的傳送帶上的p點，隨傳送帶運動到a點后水平拋出，小物塊恰好無碰撞的沿圓弧切線從b點進(jìn)入豎直光滑圓孤軌道下滑b、c為圓弧的兩端點，其連線水平已知圓弧半徑r=1.0m圓弧對應(yīng)圓心角=106°，軌道最低點為o，a點距水平面的高度h=0.8m，小物塊離開c點后恰能無碰撞的沿固定斜面向上運動 （g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）試求：（1）小物塊離開a點的水平初速度v1（2）小物塊經(jīng)過o點時對軌道的壓力（3）假設(shè)小物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為2=0.3，傳送帶的速度為5m/s，則pa間的距離是多少

28、？參考答案：考點：動能定理的應(yīng)用；勻變速直線運動的速度與位移的關(guān)系；牛頓第二定律；牛頓第三定律；平拋運動.專題：動能定理的應(yīng)用專題分析：（1）利用平拋運動規(guī)律，在b點對速度進(jìn)行正交分解，得到水平速度和豎直方向速度的關(guān)系，而豎直方向速度vy2=2gh顯然易求，則水平速度可解（2）首先利用動能定理解決物塊在最低點的速度問題，然后利用牛頓第二定律在最低點表示出向心力，則滑塊受到的彈力可解根據(jù)牛頓第三定律可求對軌道的壓力（3）小物塊在傳送帶上做勻加速運動，根據(jù)牛頓第二定律和運動學(xué)公式求解解答：解：（1）對小物塊，由a到b做平拋運動，根據(jù)平拋運動規(guī)律有：vy2=2gh在b點tan=，所以v1=3m/s（2）對小物塊，由b到o由動能定理可得：mgr（1sin37°）=mvo2mvb2其中vb=5m/s在o點nmg=m所以n=43n由牛頓第三定律知對軌道的壓力為n=43n（3）小物塊在傳送帶上加速過程：2mg=ma3pa間的距離是spa=1.5m          答：（1）小物塊離開a點的水平初速度v1是3m/s（2）小物塊經(jīng)過o點時對軌