安徽省皖南八校2020屆高三物理上學(xué)期10月第一次聯(lián)考試題(含解析)

1、安徽省皖南八校2020屆高三物理上學(xué)期10月第一次聯(lián)考試題（含解析）一、單選題（本大題共 8小題，共32分）1.如圖所示，斜面體放在水平面上，物塊放在斜面上，現(xiàn)用水平推力F推物塊，在F逐漸增大的過程中，物塊和斜面體始終保持靜止，則在F增大的過程中，下列說法正確的是（）A.物塊受到的合力增大C.地面對斜面體支持力增大【答案】D【解析】B.物塊受到斜面的摩擦力增大D.地面對斜面體的摩擦力增大【詳解】A.物體始終處于靜止，合力始終為零；故 A錯(cuò)誤.B.物塊受到的摩擦力如果開始時(shí)沿斜面向上，則物塊受到斜面的摩擦力會(huì)先減小后增大；故B錯(cuò)誤.CD.對整體研究可知，地面對斜面體的支持力始終不變，摩擦力不斷增

2、大，故C錯(cuò)誤，D正確.2 .如圖所示，質(zhì)量不等的甲、乙兩個(gè)物塊放在水平圓盤上，兩物塊與水平圓盤的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，讓圓盤繞過圓心的豎直軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，并逐漸增大轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度，結(jié)果發(fā)現(xiàn)甲物塊先滑動(dòng)，其原因是（A.甲的質(zhì)量比乙的質(zhì)量小B.甲的質(zhì)量比乙的質(zhì)量大C.甲離轉(zhuǎn)軸的距離比乙離轉(zhuǎn)軸的距離小D.甲離轉(zhuǎn)軸的距離比乙離轉(zhuǎn)軸的距離大【分析】根據(jù)牛頓第二定律， 結(jié)合最大靜摩擦力， 求出發(fā)生滑動(dòng)的臨界角速度，通過臨界角速度判斷原因.【詳解】AB.根據(jù)牛頓第二定律得：2 mg=mrco解得發(fā)生滑動(dòng)的臨界角速度為：J?,與質(zhì)量無關(guān).故A項(xiàng)、B項(xiàng)均錯(cuò)誤.CD.動(dòng)摩擦因數(shù)相同，甲物塊先滑動(dòng)，

3、一定是甲離轉(zhuǎn)軸的距離比乙離轉(zhuǎn)軸的距離大，故C錯(cuò)誤，D正確.【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道物塊做圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來源，抓住臨界狀態(tài)，結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行求解.3 .如圖所示，三角塊B放在斜面體 A上，輕彈簧一端連接三角塊 B,另一端連接在天花板上， 輕彈簧軸線豎直，斜面的傾角為30。，若A的質(zhì)量為1kg, B的質(zhì)量為0.5kg ,地面對A的支持力大小為20N,重力加速度為10m/s2,則A對B的摩擦力大小為（）A. 0B. 2.5NC. 5ND. 2.3N【答案】C【解析】【詳解】對整體研究，根據(jù)平衡條件得：G+G+FE 地，解得輕彈簧向下壓力大小為：F 彈=20N-15N=5N,對三角塊B研究，沿

4、斜面方向由平衡條件得：f = （F彈+mg） sin 0解得：f=5N.A. 0與計(jì)算結(jié)果不相符；故 A項(xiàng)錯(cuò)誤.B. 2.5N與計(jì)算結(jié)果不相符；故 B項(xiàng)錯(cuò)誤.C. 5N與計(jì)算結(jié)果相符；故 C項(xiàng)正確.D. 2J3N與計(jì)算結(jié)果不相符；故 D項(xiàng)錯(cuò)誤.4.一個(gè)質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)，其0-t0時(shí)間內(nèi)的v-t圖象如圖所示，則在 0-t0時(shí)間內(nèi)下列說法正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)一直做減速運(yùn)動(dòng)B.質(zhì)點(diǎn)的加速度與速度一直反向C.質(zhì)點(diǎn)的平均速度為也4D.質(zhì)點(diǎn)的加速度大小為3V02to【詳解】A.由圖象可知，質(zhì)點(diǎn)先做勻減速運(yùn)動(dòng)后做勻加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤;B.質(zhì)點(diǎn)先做勻減速運(yùn)動(dòng)后做勻加速運(yùn)動(dòng),則加速度先與速度反向， 后與速度同向，

5、故B錯(cuò)誤;C.質(zhì)點(diǎn)的加速度不變，做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，平均速度的大小為V。Vo 2故C錯(cuò)誤；D.質(zhì)點(diǎn)的加速度大小a=V。12V。to故D正確.5.如圖所示，質(zhì)量為 m的小球用兩根細(xì)線連接，細(xì)線OA勺另一端連接在車廂頂，細(xì)線OB另一端連接于側(cè)壁，細(xì)線 OA與豎直方向的夾角為 0=37。，OB保持水平，重力加速度大小為g,車向左做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng) OB段細(xì)線拉力為 OA段拉力的兩倍時(shí)，小車的加速度大小為A. gB. 5gC. -gD. -g424【答案】D【解析】【詳解】小球受力如圖所示：mg在豎直方向，由平衡條件得:Fcos37° = mg在水平方向，由牛頓第二定律得：2F- Fsin37 &

6、#176; = ma解得：a - g .4A. g與計(jì)算結(jié)果不相符；故 A項(xiàng)錯(cuò)誤.b. 5 g與計(jì)算結(jié)果不相符；故 b項(xiàng)錯(cuò)誤.4c-g與計(jì)算結(jié)果不相符；故 c項(xiàng)錯(cuò)誤. 2D. 4 g與計(jì)算結(jié)果相符；故 D項(xiàng)正確.6.如圖所示，在P點(diǎn)斜向上拋出一個(gè)小球，要使小球始終垂直打在豎直墻面上，則拋出的初速度大小v和初速度與水平方向的夾角e的關(guān)系，不計(jì)空氣阻力.正確的是（）A. v 與 sinB. v 與 tan 成正比C. v2與sin2成反比D. v2與cos2成正比【答案】C【解析】【詳解】ABCD可將小球看成反向平拋運(yùn)動(dòng)，依據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解，及運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律，設(shè)P點(diǎn)到墻的水平距離為 x,則有：x=v

7、cos 0 ?t,vsin 0 =gt,則有：v2 -2Sx- 可得v2與sin2成反比；故A、B D均錯(cuò)誤，C項(xiàng)正確.sin27.2019年5月17日，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號(hào)丙運(yùn)載火箭，成功發(fā)射了第四十五顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星。該衛(wèi)星屬地球靜止軌道衛(wèi)星。北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)空間段計(jì)劃有5顆地球靜止軌道衛(wèi)星，若地球的自轉(zhuǎn)周期為T,這些衛(wèi)星在軌運(yùn)行的線速度大小為v,關(guān)于這些地球靜止軌道衛(wèi)星，下列說法正確的是（）A.在赤道上空自東向西運(yùn)動(dòng)B.運(yùn)動(dòng)的加速度大小均為 經(jīng)TC.離地的高度均為vT 2D.它們的角速度，向心加速度和向心力的大小都相等【答案】B【解析】【詳解】A.同步衛(wèi)星與地球的自轉(zhuǎn)同步，則在

8、赤道上空自西向東運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B.運(yùn)動(dòng)的加速度大小為 a v ，故B正確；C.軌道半徑為r 工，因此離地的高度為 h vT R,要小于、1,故C錯(cuò)誤； 222D.所有同步衛(wèi)星的角速度、向心加速度大小都相等，但是質(zhì)量不一定相等，所以向心力大小 不一定相等，故D錯(cuò)誤.速度8.甲、乙兩個(gè)小球在空中由靜止釋放，做自由落體運(yùn)動(dòng)，兩球同時(shí)落地，落地時(shí)，甲 比乙的速度大5m/s,重力加速度g=10m/s2,不計(jì)空氣阻力，則下列說法錯(cuò)誤的是（A.甲比乙提前0.5s釋放B.釋放乙球時(shí),甲球的速度為5m/sC.甲下落的高度比乙下落的高度多1.25mD.兩球運(yùn)動(dòng)過程中的速度差恒定為5m/s【答案】C【解析】【詳解

9、】A.設(shè)甲運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為 3、乙運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為 t2,則gti-gt2=5m/s, ti-t2=0.5s ,故A 正確.8 .釋放乙球時(shí)，甲球已運(yùn)動(dòng)0.5s ,此時(shí)甲球的速度為 v=gt=5m/s,故B正確.C.由于兩球同時(shí)落時(shí)，因此釋放乙球時(shí)，甲球一定在乙球上方，即甲、乙下落的高度差一定大于1.25m,故C錯(cuò)誤.D.兩球運(yùn)動(dòng)后加速度相同，速度增加快慢相同，因此速度差恒定為5MS,故D正確.二、多選題（本大題共4小題，共16分）9 .如圖所示，水平傳送帶以大小為 v的速度沿逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，一個(gè)物塊也以大小為 v的速度從傳送帶的左端滑上傳送帶，并剛好能滑到傳送帶右端，此時(shí)物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t

10、,若將物塊滑上傳送帶的速度減小為1v ,則下列判斷正確的是（）2r *6 一 ®A.物塊能滑到傳送帶中間的位置B.物塊在傳送帶上一直做勻變速運(yùn)動(dòng)C.物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間也為tD.物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)過程中，傳送帶對物塊做功為正【答案】BC【解析】【詳解】A.物塊做勻減速運(yùn)動(dòng)，由速度位移的關(guān)系式得：傳送帶的長2L -,2a運(yùn)動(dòng)時(shí)間:1,，一，當(dāng)物塊滑上傳送帶的速度減小為v時(shí)，向右運(yùn)動(dòng)的最大距離:2故A錯(cuò)誤.J 2(2v)2a4B.由于傳送帶的速度大于物塊的初速度,因此物塊在傳送帶上一直做勻變速運(yùn)動(dòng),故B正確.C.物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)時(shí)間:1Vt' 2 t，a故C正確.D.物塊返

11、回離開傳送帶是的速度為 錯(cuò)誤.10 .如圖所示，質(zhì)量相等的物塊 A 底端的擋板接觸， A B處于靜止?fàn)?塊A達(dá)到最大速度，在此過程中，下A.物塊A的加速度先增大后減小B.彈簧的彈性勢能一直增大C.物塊A的機(jī)械能一直增大D.全程拉力做的功等于物塊A機(jī)械能的增量【答案】CD【詳解】A.對物塊A,由牛頓第二定律可知:F+F 彈-mcsin 0 = maF彈先向上減小，后向下增大，因此加速度a一直減小，故 A錯(cuò)誤;B錯(cuò)誤;B.彈簧的形變量先減小后增大，因此彈性勢能先減小后增大，故C.物塊A的動(dòng)能增大，重力勢能增大，因此機(jī)械能增大，故C正確;D.由于質(zhì)量相等，因此開始時(shí)彈簧的壓縮量和物塊B剛要離開擋板時(shí)

12、彈簧的拉伸量相等，因此彈簧的彈性勢能變化量為零，根據(jù)功能關(guān)系可知，拉力做的功等于物塊A的機(jī)械能增量，故D正確.11 .如圖甲所示，一個(gè)質(zhì)量為 1kg的物塊正在光滑的水平面上勻速運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)給物塊施加一個(gè)如圖乙所示的水平力 F, 0-1s拉力的方向與物塊運(yùn)動(dòng)方向相同，t=2s時(shí)拉力的瞬時(shí)功率大小為30W則（）A. t 2s時(shí)，物塊的速度大小為6m/sB.物塊勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度大小為2m/sC. 0 2s內(nèi)拉力做的功為17.5JD. 0 3s內(nèi)拉力的平均功率為 0【答案】ACD【詳解】A.由題意可知，t=2s時(shí)，物塊的速度大小為:30,八，一 m/s 6m/s, 5故A正確;一 .2B.0-1s內(nèi)，物塊運(yùn)

13、動(dòng)的加速度大小為:ai 10m/s , is-3s內(nèi)物塊運(yùn)動(dòng)的加速度大小為:a2=5m/s2,從開始到2s時(shí)的過程由速度關(guān)系得:v°+aiti-a2t i=6m/s,解得：V0=1m/s,故B錯(cuò)誤;C.根據(jù)動(dòng)能定理，0-2s內(nèi)拉力做的功為:1 212W - mv mv0 17.5J,22故C正確；D.t=3s時(shí)物塊的速度大小為:v'=6m/s- 5 x 1m/s=1m/s,根據(jù)動(dòng)能定理可知 0-3s內(nèi)拉力做功：1,212W mv' mv0 0,2 2因此拉力做功的平均功率為0,故D正確.12 .如圖所示，半徑為 R的光滑圓環(huán)固定在豎直面內(nèi)，質(zhì)量均為m的兩球用輕桿連接套

14、在圓環(huán)上，開始時(shí)輕桿豎直并同時(shí)由靜止釋放兩球，當(dāng)A球運(yùn)動(dòng)到B開始的位置時(shí)，輕桿剛好水A.小球A B的機(jī)械能均保持守恒B.小球A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒C.桿對小球A做的功為0D.萬桿對小球B做的功為mgR【答案】BD【詳解】B.由于環(huán)是光滑的，因此對于 A B組成的系統(tǒng),只有重力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，故B正確;AC.當(dāng)桿水平時(shí)，設(shè) A B兩球的速度均為V,由題意可知,mg . 2R1 2mv2, 2則V JV2gR，因此從開始到桿水平時(shí),B球的機(jī)械能增加，則 A球的機(jī)械能減少；根據(jù)g,則從開始運(yùn)動(dòng)到輕桿水平的過程中，下列說法正確的是（動(dòng)能定理，對 A球研究有mgh求得W,-mgR ,故A C

15、錯(cuò)誤;mgR,故D正確。2D.對B球研究，根據(jù)動(dòng)能定理有：w2 1mv22三、實(shí)驗(yàn)題(本大題共 2小題，共15分)13 .某實(shí)驗(yàn)小組用如圖1所示裝置做“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”實(shí)驗(yàn)。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接交流電墊高長木板沒有定滑輪的一端，平衡摩擦力B.C.小車釋放前靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器D.連接小車細(xì)線平行于長木板2所示，在紙帶上取計(jì)數(shù)點(diǎn)(2)調(diào)節(jié)好實(shí)驗(yàn)裝置，進(jìn)行正確操作，打出的紙帶如圖E、C D,相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫出，由圖中的數(shù)據(jù)可知，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下C點(diǎn)時(shí)小車運(yùn)動(dòng)的速度大小是,m/s,小車運(yùn)動(dòng)的加速度大小是m/s2.(計(jì)算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)(3)如果交流電的頻率實(shí)際只有或“小”.小于小車的

16、質(zhì)量,C.為了能多打出一些點(diǎn)便D.為了使小車能做勻變速)(2)2根據(jù)勻變速直線CD.0.96 (3). 2(4).研鄉(xiāng)(1)1AB.A B友前應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器,力應(yīng)平行于長木板,于該過程中的平均速覆則測得的小口速度比實(shí)際值乏速直線運(yùn)動(dòng)昔誤;察力，不需女-r(填“大”足鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)據(jù)處理，/C項(xiàng)正確;，連接小車型時(shí)間中點(diǎn)的項(xiàng)正確.VcXbd28.812T_ _29.61 102 0.1m/s3小車運(yùn)動(dòng)的加速度a xBD -2.4m/s2.4T2(3) 4如果交流電的頻率實(shí)際只有49Hz,則測量計(jì)算時(shí)所用頻率偏大，由a xx f2T2知計(jì)算所得的加速度偏大.14.某實(shí)驗(yàn)小組用如圖所示的裝置，驗(yàn)證機(jī)

17、械能守恒定律。當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間o(1)固定板通過鐵夾固定在鐵架臺(tái)上，小球緊靠固定板由靜止釋放，小球通過光電門所用時(shí)間為t,小球直徑為d,測出固定板到光電門的距離 h,若根據(jù)測得數(shù)值，得到表達(dá)式 (用已知和測得的物理量表示)在誤差允許的范圍內(nèi)成立，則機(jī)械能守恒定律得到驗(yàn)證。(2)保持固定板位置不變，改變光電門的位置，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，測得多組h及小球通過光電門的時(shí)間t ,為了能通過圖象直觀地得到實(shí)驗(yàn)結(jié)果，需要作出h- (填11“t” “t2” “1”或“)圖象，當(dāng)圖象是一條過原點(diǎn)的直線，且在誤差允許的范圍內(nèi)， tt2斜率等于(用已知和測得的物理量表示)，則機(jī)械能守恒定律得到驗(yàn)證。(3)下列措施可以

18、減小實(shí)驗(yàn)誤差的1A.小球的直徑盡量小些C.固定板到光電門的距離適當(dāng)大些2,1 d【答案】(1). gh 1 -2 t【解析】【詳解】(1) 1小球下落過程中，動(dòng)能增加量為：若要驗(yàn)證機(jī)械能守恒，則有：(2).B.D.小球的質(zhì)量盡量小些盡量讓小球球心通光電門(3).d2(4). ACD2g重力勢能減少量為 mgh小球過光電門的速度為:-mv2 -m(-)2,22 t,1 冏2 mgh m(-),1 d 2d-,即為了直觀地得到實(shí)驗(yàn)結(jié)果，應(yīng)作2g t化間彳導(dǎo):gh ();(2) 2由 gh ：(d)2 得：hd23圖象的斜率為在誤差允許的范圍內(nèi)等于,則機(jī)械能守恒定律得到驗(yàn)證。2g(3) 4AB.為了

19、減少實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)選用質(zhì)量大、體積小的小球，A項(xiàng)正確，B項(xiàng)錯(cuò)誤;CD.固定板到光電門的距離適當(dāng)大些可以減小長度及速度測量的誤差，盡量讓小球球心通光電門，減小因小球遮光長度不同引起的誤差，C D項(xiàng)正確;四、計(jì)算題(本大題共 4小題，共47分)15 .如圖所示，木板 AB傾斜放置，傾角為30。，物塊放在斜面上處于靜止?fàn)顟B(tài)，將木板繞端在豎直面內(nèi)沿逆時(shí)針方向緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)傾角為37。時(shí)物塊剛好要向下滑動(dòng)，此時(shí)再給物塊施加一個(gè)斜向右上、與斜面夾角也為37°的拉力，物塊剛好要向上滑動(dòng)，拉力的大小為24N,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g=10m/s2,求：(1)物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；(2

20、)物塊質(zhì)量大小?！敬鸢浮?1)0.75 (2)2.5kg【解析】【詳解】(1)當(dāng)木板的傾角為 37°時(shí)物塊剛好要下滑，對物塊由平衡條件得:mg>in37 ° =叱 mg:os37o解得：=0.75(2)由題意沿斜面方向有:Fcos37° =f+mgin37垂直斜面方向:Fsin37 ° + N=mapos37°1的半徑可近似等于其遠(yuǎn)地點(diǎn)B離地面的距離為地球半徑的(1)衛(wèi)星在軌道1上做圓周運(yùn)動(dòng)的周期;(2)衛(wèi)星在軌道2上從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)所用的時(shí)間。G (2)6(1)設(shè)衛(wèi)星在軌道1上做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T1,則聯(lián)立解得：m=2.5kg16 .如

21、圖所示，一顆衛(wèi)星在近地軌道1上繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道地球半徑，衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)到軌道 1上A點(diǎn)時(shí)進(jìn)行變軌，進(jìn)入橢圓軌道 2,2倍，已知地球的密度為 p,引力常量為 G求:Mm2 、2G2-mR()RT1M4 o3R33解得:(2)設(shè)衛(wèi)星在軌道2上運(yùn)動(dòng)的周期為T2,根據(jù)開普勒第三定律有T22(2 R)3T7R3求得：T， 2.2Ti衛(wèi)星從A到B運(yùn)動(dòng)的時(shí)間:17.如圖所示，質(zhì)量為mA=1kg的長木板A靜止在水平面上，質(zhì)量為加m=0.5kg的物塊B放在長木板上白左端，A B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為(12=0.5 , A與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為陰=0.2,對A施加向左、大小為 Fi=7.5N的水平拉力，同時(shí)對物塊

22、B施加向右、大小為 F2=4.5N的水平拉力，經(jīng)過ti=1s物塊剛好滑離長木板，物塊的大小忽略不計(jì)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度大小為g=10m/s2,求:(1)長木板的長度;1 、一，、(2)若當(dāng)物塊B運(yùn)動(dòng)到距長木板左端距離為全長一位置時(shí)，撤去拉力 F2,問再過多長時(shí)間9物塊和長木板達(dá)到相同速度(已知全過程中物塊未滑離木板)?！敬鸢浮?1)3m(2) 2 s3【詳解】(1)設(shè)長木板的加速度大小為 a1,根據(jù)牛頓第二定律有:F1 ( m+rra) g-2rmg=rraa1,代入數(shù)據(jù)解得：a1 2m/s2,設(shè)物塊B的加速度大小為32,根據(jù)牛頓第二定律有：F2-叱 2mg=ma2,代入數(shù)據(jù)解得：a2 4m/s2,長木板的長:1 212L 不知1-a2t13m；2 2，一一 ，一，1,，、一八一 ,r(2)設(shè)物塊運(yùn)動(dòng)到木板 1長用時(shí)t2,由勻變速直線