【KS5U解析】浙江省名校聯(lián)盟2020屆高三創(chuàng)新卷選考物理試題（五） Word版含解析

1、浙江省名校聯(lián)盟新高考創(chuàng)新卷選考物理（五）選擇題部分一、選擇題i（本大題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列物理量屬于矢量的是（）a. 功b. 磁通量c. 沖量d. 電流【答案】c【解析】【詳解】矢量是既有大小又有方向的物理量，運(yùn)算時(shí)采用平行四邊形法則，標(biāo)量只有大小，沒(méi)有方向，沖量是矢量，故abd錯(cuò)誤，c正確。故選c。2.關(guān)于物理學(xué)家和他們的貢獻(xiàn)，下列說(shuō)法中正確的是（）a. 伽利略最早提出“力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”b. 牛頓發(fā)現(xiàn)萬(wàn)有引力定律，并通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)出了引力常量c. 奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，并總結(jié)出右手螺旋定

2、則判定電流周圍磁場(chǎng)方向d. 盧瑟福通過(guò)散射實(shí)驗(yàn)揭示了原子具有核式結(jié)構(gòu)且發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和中子【答案】a【解析】【詳解】a伽利略最早提出“力不是維持物體運(yùn)動(dòng)原因”，故a正確；b牛頓發(fā)現(xiàn)萬(wàn)有引力定律，卡文迪許通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)出了引力常量，故b錯(cuò)誤；c奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，安培總結(jié)出右手螺旋定則判定電流周圍磁場(chǎng)方向，故c錯(cuò)誤；d盧瑟福通過(guò)散射實(shí)驗(yàn)揭示了原子具有核式結(jié)構(gòu)，并未發(fā)現(xiàn)了質(zhì)子和中子，故d錯(cuò)誤。故選a。3.四個(gè)不同的物體甲、乙、丙、丁的運(yùn)動(dòng)情況分別如下圖所示，則下列描述正確的是（ ）a. 甲在做曲線運(yùn)動(dòng)b. 在0至t1時(shí)間內(nèi)，乙的平均速度等于甲的平均速度c. 兩圖像中，t2、t4 時(shí)刻分別表示乙、丁開(kāi)

3、始做反向運(yùn)動(dòng)d. 在t3時(shí)刻，丁一定在丙的前方【答案】b【解析】【詳解】a運(yùn)動(dòng)學(xué)的圖象中任何曲線只能表示直線運(yùn)動(dòng)，因?yàn)樵谶\(yùn)動(dòng)學(xué)圖象中只能表示正反兩方向，故不能描述曲線運(yùn)動(dòng)，故a錯(cuò)誤。b在0至t1時(shí)間內(nèi)，甲乙位移相等，平均速度等于位移除以時(shí)間，所以甲、乙的平均速度相等，故b正確。cx-t圖象中的t2時(shí)刻轉(zhuǎn)折點(diǎn)表示物體的位移開(kāi)始減小，運(yùn)動(dòng)方向開(kāi)始反向；v-t圖象中的轉(zhuǎn)折點(diǎn)表示速度減小，加速度方向變化，其方向仍沿正方向，運(yùn)動(dòng)方向沒(méi)有反向，故c錯(cuò)誤。d由v-t圖象中圖象與時(shí)間軸所夾的面積表示位移，可知在t3時(shí)刻，丁位移大于丙的位移，但初始距離不知，所以無(wú)法確定哪個(gè)在前，故d錯(cuò)誤。故選b。4.蕩秋千是人

4、們平時(shí)喜愛(ài)的一項(xiàng)休閑娛樂(lè)活動(dòng)，如圖所示，某同學(xué)正在蕩秋千，a和b分別為運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最低點(diǎn)和最高點(diǎn)，若忽略空氣阻力，則下列說(shuō)法正確的是（）a. 在b位置時(shí)，該同學(xué)速度為零，處于平衡狀態(tài)b. 在a位置時(shí)，該同學(xué)處于失重狀態(tài)c. 在a位置時(shí)，該同學(xué)對(duì)秋千踏板的壓力大于秋千踏板對(duì)該同學(xué)的支持力，處于超重狀態(tài)d. 由b到a過(guò)程中，該同學(xué)向心加速度逐漸增大【答案】d【解析】【詳解】a在b位置時(shí)，該同學(xué)速度為零，重力和繩子拉力的合力提供向心力，受力不平衡，故a錯(cuò)誤；b在a位置時(shí)，重力和繩子拉力的合力提供向心力，該同學(xué)處于超重狀態(tài)，故b錯(cuò)誤；c根據(jù)牛頓第三定理，在a位置時(shí)，該同學(xué)對(duì)秋千踏板的壓力等于秋千踏板對(duì)

5、該同學(xué)的支持力，故c錯(cuò)誤；d由b到a過(guò)程中，重力和繩子拉力的合力提供向心力由動(dòng)能定理得該同學(xué)向心加速度逐漸增大，故d正確。故選d。5.如圖所示，將一帶電小球a通過(guò)絕緣細(xì)線懸掛于o點(diǎn)，細(xì)線不能伸長(zhǎng)現(xiàn)要使細(xì)線偏離豎直線30角，可在o點(diǎn)正下方的b點(diǎn)放置帶電量為q1的點(diǎn)電荷，且ba連線垂直于oa；也可在o點(diǎn)正下方c點(diǎn)放置帶電量為q2的點(diǎn)電荷，且ca處于同一水平線上則為（）a. b. c. d. 【答案】b【解析】【詳解】對(duì)兩種情況進(jìn)行受力分析，如圖所示：依據(jù)矢量的合成法則，結(jié)合三角知識(shí)，及平衡條件，則有：f=mgsin30，f=mgtan30，根據(jù)庫(kù)侖定律，則有：，而；根據(jù)三角知識(shí)，則有：lba=lt

6、na30，lca=lsin30，綜上所得：，故acd錯(cuò)誤，b正確；故選b【點(diǎn)睛】考查庫(kù)侖定律、矢量的合成法則與平衡條件的應(yīng)用，掌握三角知識(shí)，及幾何關(guān)系的內(nèi)容，注意繩子的長(zhǎng)度相等，是解題的關(guān)鍵6.如圖所示的電路中，a1和a2是兩個(gè)相同的燈泡，線圈l自感系數(shù)足夠大，電阻可以忽不計(jì)下列說(shuō)法不正確的是（ ）a. 合上開(kāi)關(guān)s時(shí)，a2先亮，a1后亮，最后一樣亮b. 斷開(kāi)開(kāi)關(guān)s時(shí)，a1和a2都要過(guò)一會(huì)兒才熄滅c. 合上開(kāi)關(guān)s穩(wěn)定后，流過(guò)a1的電流方向與流過(guò)a2的電流方向都向右d. 斷開(kāi)開(kāi)關(guān)s時(shí)，流過(guò)a1的電流方向與流過(guò)a2的電流方向都向右【答案】d【解析】【詳解】ac合上開(kāi)關(guān)的瞬間，l由于產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙

7、通過(guò)a1的電流，所以a1中的電流小于a2中的電流，穩(wěn)定后l對(duì)直流電路沒(méi)有阻礙作用，a1和a2電阻相等，即合上開(kāi)關(guān)s時(shí)，a2先亮，a1后亮，最后一樣亮，此時(shí)a1和a2的電流方向都向右，故a不符合題意，c不符合題意.bd斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí)，由于l中產(chǎn)生的自感電動(dòng)勢(shì)在a1和a2之間構(gòu)成串聯(lián)電路中產(chǎn)生電流，故都要過(guò)一會(huì)才會(huì)熄滅，此時(shí)流過(guò)a1的電流向右，流過(guò)a2的電流向左.故c不符合題意，d符合題意7.有a、b、c、d四顆地球衛(wèi)星，a還未發(fā)射，在地球赤道上隨地球表面一起轉(zhuǎn)動(dòng)，b是近地衛(wèi)星，c是地球同步衛(wèi)星，d是高空探測(cè)衛(wèi)星，設(shè)地球自轉(zhuǎn)周期24h，所有衛(wèi)星均視為做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，各衛(wèi)星排列位置如圖所示，則有（）a.

8、 a的向心加速度等于地球表面重力加速度b. d的向心加速度大于地球表面重力加速度c. b在4h內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角小于d. a、b、c、d四顆衛(wèi)星中，b在相同時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的弧長(zhǎng)最長(zhǎng)【答案】d【解析】【詳解】aa隨赤道一起轉(zhuǎn)動(dòng)，向心力是由萬(wàn)有引力一個(gè)分力提供，即，可知a的向心加速度不等于地球表面重力加速度g，故a錯(cuò)誤；b根據(jù)萬(wàn)有引力定律得可知d的向心加速度小于地球表面重力加速度，故b錯(cuò)誤；cc為同步衛(wèi)星，周期為24h，在4h內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)圓周，即，根據(jù)開(kāi)普勒第三定理得b的軌道半徑小，故周期小，在4h內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角大于，故c錯(cuò)誤；d根據(jù)萬(wàn)有引力定律得解得，可知b線速度大于c、d的線速度，a、c的角速度相等，根據(jù)知

9、，c的線速度大于a的線速度，可知b的線速度最大，在相同時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)過(guò)的弧長(zhǎng)最長(zhǎng)，故d正確。故選d?！军c(diǎn)睛】，8.家電待機(jī)耗電問(wèn)題常常被市民所忽略，技術(shù)人員發(fā)現(xiàn)一臺(tái)電視機(jī)待機(jī)一天的耗電量約0.2度。據(jù)最新統(tǒng)計(jì)浙江省的常住人口約5800萬(wàn)人，假設(shè)每戶家庭擁有的家用電器如下表所示，則由表中數(shù)據(jù)，估算每年浙江省家庭用電器待機(jī)耗電量約為（）家庭常用電器電視機(jī)洗衣機(jī)空調(diào)電腦戶均數(shù)量（臺(tái)）2121電器待機(jī)功耗（w/臺(tái)）10204040a. 度b. 度c. 度d. 度【答案】c【解析】【詳解】待機(jī)電器的總動(dòng)率每年浙江省家庭用電器待機(jī)耗電量約為(按3人一戶計(jì)算)計(jì)算結(jié)果最接近c(diǎn)，故abd錯(cuò)誤，c正確。故選c。9.一

10、理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為3：1，原線圈與小燈泡d串聯(lián)后，接入一電壓有效值恒定的正弦交流電源；副線圈電路中連接可變電阻r和電流表，電流表內(nèi)阻不計(jì)，如圖所示。若改變r(jià)的阻值，使電流表的示數(shù)變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍。則（）a. 小燈泡d的亮度變暗b. 副線圈的電壓變小c. r的阻值大于原來(lái)的一半d. 變壓器的輸入功率變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍【答案】b【解析】【詳解】a根據(jù)變壓器輸入輸出電路與線圈匝數(shù)的關(guān)系得可知次級(jí)電流變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，則初級(jí)電流也變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，即小燈泡d的亮度變亮，故a錯(cuò)誤；bc因燈泡d兩端的電壓變大，可知變壓器初級(jí)電壓減小，次級(jí)電壓也減小，r的阻值小于原來(lái)的一半，故b正確、c錯(cuò)誤；d初級(jí)電流變?yōu)?/p>

11、原來(lái)的兩倍，但是初級(jí)電壓減小，則變壓器的輸入功率小于原來(lái)的2倍，故d錯(cuò)誤。故選b。10.在垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有一原來(lái)靜止的氡核，該原子核發(fā)生衰變，放出一個(gè)速度為、質(zhì)量為m的粒子和一個(gè)質(zhì)量為m的反沖核釙（po），若氡核發(fā)生衰變時(shí)，釋放的能量全部轉(zhuǎn)化為粒子和釙核的動(dòng)能（涉及動(dòng)量問(wèn)題時(shí)， 虧損的質(zhì)量可忽略不計(jì)），以下說(shuō)法正確的是（ ）a. 衰變后粒子和反沖核釙（po）在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖甲所示，小圓表示粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡b. 衰變后粒子和反沖核釙（po）在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖乙所示，大圓表示粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡c. 衰變過(guò)程粒子和反沖核釙（po）組成的系統(tǒng)能量守恒，動(dòng)量不守恒d. 衰變過(guò)程中，

12、質(zhì)量虧損為【答案】b【解析】【詳解】ab靜止的氡核發(fā)生衰變后，根據(jù)動(dòng)量守恒可知，衰變后粒子與釙核的運(yùn)動(dòng)方向相反，根據(jù)左手定則可知，粒子和釙核所受的洛倫茲力方向相反，兩個(gè)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡應(yīng)是外切圓，故衰變后粒子和反沖核釙（po）在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖乙所示。根據(jù)p相等，b相同，可知，粒子的軌跡半徑大，故大圓表示粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，故a錯(cuò)誤，b正確。c衰變過(guò)程粒子和反沖核釙（po）組成的系統(tǒng)能量守恒，重力相對(duì)于內(nèi)力可忽略不計(jì)，系統(tǒng)的動(dòng)量也守恒，故c錯(cuò)誤。d取粒子的速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒定律得：0=mv0-mv釙釋放的核能為： 衰變過(guò)程中，質(zhì)量虧損為： 聯(lián)立解得： 故d錯(cuò)誤。故選b。11.從物

13、理學(xué)角度看，彩虹是太陽(yáng)光經(jīng)過(guò)雨滴的兩次折射和一次反射形成的。如圖是彩虹成因的簡(jiǎn)化示意圖，其中a、b是兩種不同頻率的單色光，則兩束光（）a. 在雨滴中傳播時(shí)，a光的傳播速度一定大于b光b. 以相同角度斜射到同一玻璃板透過(guò)平行表面后，a光側(cè)移量小c. 以相同的入射角從水中射向空氣，在空氣中只有一種色光時(shí)，一定是b光d. 用同一裝置做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，a光干涉條紋間距較大【答案】c【解析】【詳解】a根據(jù)光路圖可知，第一次折射時(shí)，b光的折射角較大，入射角相等，根據(jù)折射率公式得知，b光的折射率較小，頻率較小，根據(jù)可知在雨滴中傳播時(shí)，a光的傳播速度小于b光，故a錯(cuò)誤；bb光的折射率較小，以相同角度斜射到同一玻

14、璃板透過(guò)平行表面后，b光的折射角較大，所以b光側(cè)移量小，a光側(cè)移量大，故b錯(cuò)誤；c根據(jù)全反射臨界角可知b光折射率較小，臨界角大，不容易發(fā)生全反射，所以以相同的入射角從水中射入空氣，在空氣中只能看到一種光時(shí)，一定是b光，故c正確；db光的折射率較小，頻率較小，波長(zhǎng)較長(zhǎng)，根據(jù)干涉條紋間距公式可知a光的干涉條紋間距小于b光的干涉條紋間距，故d錯(cuò)誤。故選c。12.如圖甲所示，水平面上一質(zhì)量為m的物體在水平力f作用下開(kāi)始加速運(yùn)動(dòng)，力f的功率p保持恒定，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物體所受的阻力f大小不變，物體速度最終達(dá)到最大值，此過(guò)程中物體速度的倒數(shù)與加速度a的關(guān)系圖象如圖乙所示。僅在已知功率p的情況下，根據(jù)圖象所給信息

15、可知以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）a. b. c. 圖象的斜率為d. f=0.1p【答案】c【解析】【詳解】當(dāng)加速度為零時(shí)，物體做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)刻的牽引力等于阻力,，速度為最大值，由功率的計(jì)算公式可得物體的加速度整理得圖像斜率故，故b正確，c錯(cuò)誤；圖像截距故，故d正確；最大速度故a正確。故選c。13.在電場(chǎng)方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一帶電小球從a點(diǎn)豎直向上拋出，其運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示，小球運(yùn)動(dòng)的軌跡上a、b兩點(diǎn)在同一水平線上，m為軌跡的最高點(diǎn)，小球拋出時(shí)的動(dòng)能為8.0j，在m點(diǎn)的動(dòng)能為6.0j，不計(jì)空氣的阻力，則（）a. 從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到m點(diǎn)電勢(shì)能減少2jb. 小球水平位移x1與x2的比值1：4c. 小球落到

16、b點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能24jd. 小球從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中動(dòng)能有可能小于6j【答案】d【解析】【詳解】將小球的運(yùn)動(dòng)沿水平和豎直方向正交分解，水平分運(yùn)動(dòng)為初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，豎直分運(yùn)動(dòng)為勻變速直線運(yùn)動(dòng)。a從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到m點(diǎn)使用動(dòng)能定理得由于重力做功不為零從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到m點(diǎn)電勢(shì)能減少不是2j，故a錯(cuò)誤；b對(duì)于初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在連續(xù)相等的時(shí)間間隔內(nèi)位移之比為，則小球水平位移x1與x2的比值1：3，故b錯(cuò)誤；c設(shè)物體在b點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為，水平分速度為，豎直分速度為，由豎直方向?qū)ΨQ性可知對(duì)于水平分運(yùn)動(dòng)解得，故小球落到b點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能故c錯(cuò)誤；d由于運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)有等時(shí)性，設(shè)小球受到電場(chǎng)力為f，重力為g，則

17、有可知由下圖得故則小球從a運(yùn)動(dòng)到b的過(guò)程中速度最小時(shí)速度與等效重力垂直，即圖中的p點(diǎn)故d正確。故選d。二、選擇題ii（本題共3小題，每小題2分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得2分，選對(duì)但不全的得1分，有選錯(cuò)的得0分）14.某學(xué)校創(chuàng)建綠色校園，如圖甲為新裝的一批節(jié)能路燈，該路燈通過(guò)光控開(kāi)關(guān)實(shí)現(xiàn)自動(dòng)控制：電燈的亮度可自動(dòng)隨周圍環(huán)境的亮度改變而改變。如圖乙為其內(nèi)部電路簡(jiǎn)化原理圖，電源電動(dòng)勢(shì)為e，內(nèi)阻為r，rt為光敏電阻（光照強(qiáng)度增加時(shí)，其電阻值減小）。現(xiàn)增加光照強(qiáng)度，則下列判斷正確的是（）a. a、b燈都變暗b. 電源的輸出功率變小c. 電源的效率變小d.

18、rt上電流的變化量大于r0上電流變化量【答案】acd【解析】【詳解】a光照強(qiáng)度增大，光敏電阻阻值減小，電路總電阻減小，故電路總電流增大，消耗在內(nèi)阻上的電壓增大，路端電壓減小，a燈變暗，由于r0兩端的電壓增大，b燈兩端的電壓減小，b燈變暗，故a正確；b電源電動(dòng)勢(shì)不變，電路總電流增大，電源的輸出功率p=ui無(wú)法確定，故b錯(cuò)誤；c電源的效率為路端電壓減小，電源的效率變小，故c正確；d通過(guò)r0上電流等于通過(guò)光敏電阻rt電流與通過(guò)燈b的電流之和，根據(jù)前面的分析，通過(guò)燈b的電流減小，故rt上電流的變化量大于r0上電流變化量，故d正確。故選acd。15.如圖所示為氫原子的部分能級(jí)圖，以下判斷正確的是（）a.

19、 處于n=l能級(jí)的氫原子可以吸收任意頻率的光子b. 欲使處于基態(tài)的氫原子被激發(fā)，可用12.09ev的光子照射c. 大量氫原子從n=4的能級(jí)躍遷到基態(tài)時(shí)，最多可以輻射出6種不同頻率的光子d. 用從n=4能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)福射出的光照射金屬鉑（逸出功為6.34ev）時(shí)能發(fā)生光電效應(yīng)【答案】bc【解析】【詳解】a要使n=1能級(jí)的氫原子發(fā)生躍遷，吸收的光子能量必須等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，故a錯(cuò)誤；b根據(jù)玻爾理論用12.09ev電子照射時(shí)，吸收光子后電子的能量所以能從基態(tài)發(fā)生躍遷，躍遷到第3能級(jí)，故b正確；c一個(gè)氫原子從n= 4的狀態(tài)躍遷到基態(tài)時(shí)，最多時(shí)，躍遷的路徑有條，可知能輻射出6種不同頻率的光子，

20、故c正確；d從n=4能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)輻射出的光子的能量而使金屬發(fā)生光電效應(yīng)的條件是光子的能量大于電子的逸出功，故不可以發(fā)生光電效應(yīng)，故d錯(cuò)誤。故選bc。16.如圖所示，甲是一列橫波在某一時(shí)刻的波動(dòng)圖象，乙是在x=6m處的質(zhì)點(diǎn)從該時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)的振動(dòng)圖象，a、b是介質(zhì)中的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，a的平衡位置坐標(biāo)為x=2.5m，下列說(shuō)法正確的是（）a. 這列波的波速是2m/sb. b比a先回到平衡位置c. a質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過(guò)2.75s第一次到達(dá)波峰d. a、b兩質(zhì)點(diǎn)的振幅都是10cm【答案】abc【解析】【詳解】a由圖知，則波速故a正確；b波沿x軸負(fù)方向傳播，甲圖中a質(zhì)點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)，b質(zhì)點(diǎn)向上，故b比a先回到平衡位置，

21、故b錯(cuò)誤；c波從x=6m處傳到x=2.5m處需要的時(shí)間x=2.5m處質(zhì)點(diǎn)開(kāi)始振動(dòng)后，經(jīng)過(guò)到達(dá)波峰，a質(zhì)點(diǎn)第一次到達(dá)波峰的時(shí)間為故c正確；d簡(jiǎn)諧波傳播過(guò)程中，各振動(dòng)質(zhì)點(diǎn)的振幅都相同，為5cm，故d錯(cuò)誤。故選abc。非選擇題部分三、非選擇題（本題共6小題，共55分）17.a、b兩位同學(xué)做“探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)。(1)下列做法正確的是_a調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳≤嚨募?xì)繩與長(zhǎng)木板保持平行b在調(diào)節(jié)木板傾斜度平衡小車受到的摩擦阻力時(shí)，將裝有砝碼的砝碼桶通過(guò)定滑輪拴在小車上c實(shí)驗(yàn)時(shí)，先放開(kāi)小車再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源d通過(guò)增減小車上的鉤碼改變質(zhì)量時(shí)，不需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度(2)實(shí)驗(yàn)裝置

22、如圖甲所示，打出了一條紙帶如圖乙所示，計(jì)時(shí)器所用交流電源的頻率為50hz，從比較清晰的點(diǎn)起，每5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，量出相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離，該小車的加速度為_(kāi)m/s2（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）(3)甲、乙兩同學(xué)在同一實(shí)驗(yàn)室，各取一套圖示的裝置放在水平桌面上，小車上均不放鉤碼，在沒(méi)有平衡摩擦力的情況下，研究加速度a與拉力f的關(guān)系，分別得到圖丙中a、b兩條直線。設(shè)甲、乙用的木塊質(zhì)量分別為、，甲、乙用的小車與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為、，由圖可知，_。（選填“大于”“小于”或“等于”）【答案】 (1). ad (2). 0.15 (3). 大于【解析】【詳解】(1)1a調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳≤嚨募?xì)繩與

23、長(zhǎng)木板保持平行，故a正確；b在調(diào)節(jié)木板傾斜度平衡小車受到的滑動(dòng)摩擦力時(shí)，不能將裝有砝碼的砝碼桶通過(guò)定滑輪拴在小車上，故b錯(cuò)誤；c實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)先接通電源，再釋放小車，故c錯(cuò)誤；d通過(guò)增減小車上的砝碼改變質(zhì)量時(shí)，不需要重新調(diào)節(jié)木板傾斜度，故d正確。故選ad。（2）2運(yùn)用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的公式得（3）3對(duì)小車受力分析有摩擦力整理得可知圖像得截距為，故大于18.某物理興趣小組對(duì)兩節(jié)電池并聯(lián)后等效電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻進(jìn)行研究如下：將一節(jié)電池a和另一節(jié)電池 b并聯(lián)后，接入如圖甲所示的測(cè)量電路，將虛線框內(nèi)部看成一個(gè)等 效的電源，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器，測(cè)得若干組數(shù)據(jù)后在圖乙中描點(diǎn)。u/v0.890.780.670560.

24、580.34i/a0.220.260.300.340.380.42（1）實(shí)驗(yàn)過(guò)程中小組成員發(fā)現(xiàn)當(dāng)滑動(dòng)變阻器在阻值較大的范圍內(nèi)調(diào)節(jié)，電壓表的示數(shù)變化不明顯，其原因是電源內(nèi)阻_（填寫“較大”或“較小”）（2）圖甲中的電流表和電壓表均為非理想電表，下列說(shuō)法正確的是_ a這使得圖乙中的u沒(méi)有測(cè)準(zhǔn)，u偏大 b這使得圖乙中的u沒(méi)有測(cè)準(zhǔn)，u偏小 c這使得圖乙中的 i 沒(méi)有測(cè)準(zhǔn)，i偏大 d這使得圖乙中的 i 沒(méi)有測(cè)準(zhǔn)，i偏?。?）根據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖乙中作出等效電源的圖像，從而得到等效電源的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)，內(nèi)阻為_(kāi).（均保留三位有效數(shù)字）【答案】 (1). 較小 (2). d (3). 1.45-1.55 (4).

25、2.60-2.80【解析】【詳解】（1）1實(shí)驗(yàn)過(guò)程中小組成員發(fā)現(xiàn)當(dāng)滑動(dòng)變阻器在阻值較大的范圍內(nèi)調(diào)節(jié)，電壓表的示數(shù)變化不明顯，其原因是電源內(nèi)阻較小；原因是當(dāng)電源內(nèi)阻較小時(shí)，路端電壓與電源電動(dòng)勢(shì)接近，所以當(dāng)外電阻變化時(shí)，路端電壓變化幾乎不變；（2）2由電路圖可知，電壓表測(cè)量的是路端電壓；而由于電壓表的分流作用使得電流表的電流小于通過(guò)電源的電流，即圖乙中的 i 沒(méi)有測(cè)準(zhǔn)，i偏小，故選d。（3）34做出的u-i圖像如圖等效內(nèi)阻當(dāng)u=0.95v時(shí)，i=0.2a，帶入e=u+ir可得e=1.51v19.如圖甲所示，光滑平臺(tái)右側(cè)與一長(zhǎng)為l=10m的水平木板相接，木板固定在地面上，現(xiàn)有一小滑塊以初速度v0=1

26、0m/s滑上木板，恰好滑到木板右端停止現(xiàn)讓木板右端抬高，如圖乙所示，使木板與水平地面的夾角=37，讓滑塊以相同的初速度滑上木板，不計(jì)滑塊滑上木板時(shí)的能量損失，g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8求：(1)滑塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)；(2)滑塊從滑上傾斜木板到滑回木板底端所用的時(shí)間t【答案】(1)0.5 (2) 【解析】【詳解】(1)設(shè)滑塊質(zhì)量為m，木板水平時(shí)滑塊加速度為a，則對(duì)滑塊有：滑塊恰好到木板右端停止解得：(2)當(dāng)木板傾斜，設(shè)滑塊上滑時(shí)的加速度為a1，最大距離為s，上滑的時(shí)間為t1，有：聯(lián)立解得、 設(shè)滑塊下滑時(shí)的加速度為a2，下滑的時(shí)間為t2，有聯(lián)立解得：滑塊從滑上傾

27、斜木板到滑回木板底端所用的時(shí)間：20.如圖所示，某工地要把質(zhì)量為m1=30kg 的貨物（可視為質(zhì)點(diǎn)）從高處運(yùn)送至地面，為避免貨物與地面發(fā)生撞擊，現(xiàn)利用固定于地面的四分之一光滑圓軌道，使貨物從圓軌道頂 端無(wú)初速滑下，軌道半徑r=1.8m，地面上緊靠圓軌道依次排放三個(gè)完全相同的木板 a、b、c，長(zhǎng)度均為 l=2m，質(zhì)量均為m2=20kg，木板上表面與圓軌道末端相切。貨物與木板間的 動(dòng)摩擦因數(shù)為1，木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)2=0.3（最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等，取 g=10 m/s2）（1）求貨物到達(dá)圓軌道末端時(shí)對(duì)軌道的壓力；（2）若貨物滑上木板 a 時(shí)，木板不動(dòng)，而滑上木板 b 時(shí)，木板 b

28、 和 c開(kāi)始滑動(dòng)， 求 1應(yīng)滿足的條件；（3）若1=0.8，求貨物滑到模板a右端時(shí)的速度大小?！敬鸢浮浚?）900n（2）（3）2m/s【解析】【詳解】（1）設(shè)貨物滑到圓軌道未端是的速度為v0，對(duì)貨物的下滑過(guò)程中根據(jù)機(jī)械能守恒定律得，mgr=m1v02 設(shè)貨物在軌道未端所受支持力的大小為fn，根據(jù)牛頓第二定律得，fn-m1g= 聯(lián)立式代入數(shù)據(jù)得fn=900n根據(jù)牛頓第三定律，貨物到達(dá)圓軌道未端時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為900n，方向豎直向下。（2）若滑上木板a時(shí)，木板不動(dòng)，由受力分析得1m1g2（m1+3m2）g 若滑上木板b時(shí)，木板b開(kāi)始滑動(dòng)，由受力分析得1m1g2（m1+2m2）g 聯(lián)立式代入數(shù)

29、據(jù)得0.710.9 （3）當(dāng)1=0.8時(shí)，由式可知，貨物在木板a上滑動(dòng)時(shí)，木板不動(dòng)。設(shè)貨物在木板a上做勻減速運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為a1，由牛頓第二定律得a1=1g 設(shè)貨物滑到木板a右端時(shí)速度為v1，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得=-2a1 聯(lián)立式代入數(shù)據(jù)得v1=2m/s21.如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌 mn、pq間距，其電阻不計(jì)， 兩導(dǎo)軌及其構(gòu)成的平面均與水平面成 30角。桿 1、桿 2 是兩根用細(xì)線連接的金屬桿，分別垂 直導(dǎo)軌放置，每桿兩端都與導(dǎo)軌始終接觸良好，其質(zhì)量分別為 m1=0.1kg 和 m2=0.2kg，兩桿 的總電阻r=3，兩桿在沿導(dǎo)軌向上的外力f作用下保持靜止。整個(gè)裝置處在磁感應(yīng)強(qiáng)度 b=1t 的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與導(dǎo)軌所在平面垂直，在 t=0 時(shí)刻將細(xì)線燒斷，保持f不變，重力加速度 g=10m/s2，求：（1）細(xì)線燒斷瞬間，桿 1的加速度 a1 的大??；（2）細(xì)線燒斷后，兩桿最大速度 v1、v2 的大??；（3）兩桿剛達(dá)到最大速度時(shí)，桿 1 上滑了 0.8 米，則從 t=0 時(shí)刻起到此刻用了多長(zhǎng)時(shí)間？（4）在（3）題情景中，電路產(chǎn)生的焦耳熱。【