2020高考物理復習物理13解析版

1、2020年高三年級物理學科高考模擬示范卷（十三）二、選擇題：本題共 8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第 1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得 3分，有選錯的得0分。14 .下列說法中正確的是A.兩個輕核發(fā)生聚變反應，產(chǎn)生的新核的質量一定等于兩個輕核的質量和B.在核反應中，比結合能小的原子核變成比結合能大的原子核時，會釋放核能C.當用氫原子從n=3能級躍遷到n=1能級輻射的光照射某金屬時有光電子逸出，則用從n=2能級躍遷到n=1能級輻射的光照射該金屬也一定會有光電子逸出D.氫原子從n=2躍遷到n=1能級輻射的光的能量為 1

2、0.2ev ,只要是能量大于10.2eV的光子 都能使處于基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)【答案】.B【解析】兩個輕核發(fā)生聚變反應，由于反應放出能量，有質量虧損，則產(chǎn)生的新核的質量一定小于兩個輕核的質量和，選項 A錯誤；在核反應中，比結合能小的原子核變成比結合能大的原子核時，會釋放核能，選項 B正確；氫原子從n=2能級躍遷到n=1能級釋放的光子能量小于從n=3能級躍遷到n=1能級時釋放的光子的能量，則當用氫原子從n=2能級躍遷到n=1能級輻射的光照射某金屬時有光電子逸出，則用從n=3能級躍遷到n=1能級輻射的光照射該金屬也一定會有光電子逸出，選項C錯誤；使處于基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)所吸收的光子的能量

3、必須等于兩個能級的能級差，否則將不能被吸收，選項 D錯誤。15 .如圖，半徑為R的半球形容器固定在水平轉臺上，轉臺繞過容器球心O的豎直軸線以角速度3勻速轉動。質量相等的小物塊A、B隨容器轉動且相對器壁靜止。A、B和球心O點連線與豎直方向的夾角分別為a、B , a > B。則下列說法正確的是A. A的向心力等于 B的向心力B.容器對A的支持力一定小于容器對 B的支持力C.若3緩慢增大，則A、B受到的摩擦力一定都增大D.若A不受摩擦力，則B受沿容器壁向下的摩擦力【答案】D【解析】A、由于 = J闌n比而必=叫，根據(jù)向心力公式 尸二相蘇才可知A的向心力大于B的 向心力，故選項A錯誤；BCD、若

4、A不受摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律可得1n岫由父=1謚解得A的角速度_ J &孫一#w,同理可得當B的摩擦力為零時，B的角速度人邛，則有_ I 9_ / .%一狀皿.若轉動的角速度/ 山 A和B受沿容器壁向上的摩擦力，如果角速度增大，則A、B受到的摩擦力都減??；若 A不受摩擦力，整體轉動的角速度為 3 =儂內(nèi)，則B有向上的運動趨勢，故 B受沿容器壁向下的摩擦力，故選項 D正確，B、C錯誤。16 .宇宙飛船動力裝置的工作原理與下列情景相似：如圖，光滑地面上有一質量為M的絕緣小車，小車兩端分別固定帶等量異種電荷的豎直金屬板，在小車的右板正中央開有一個小孔，兩金屬板間的電場可看作勻強電場，兩板間

5、電壓為U。現(xiàn)有一質量為 m、帶電量為+q、重力不計的粒子從左板正對小孔處無初速釋放。則以下判斷正確的是口A.小車總保持靜止狀態(tài)B.小車最后減速運動陋C.粒子穿過小孔時速度為I' 2MffUD.粒子穿過小孔時速度為/麗丁荷【答案】D【解析】金屬板間的電場方向向右，粒子所受的電場力方向向右，根據(jù)牛頓第三定律可知，小 車所受的電場力方向向左，則小車將向左做勻加速運動。粒子穿過小孔時速度，粒子不再受電場力作用，小車也不再受電場力，將做勻速運動，故AB錯誤。設粒子穿過小孔時速度為 vi,小車此時的速度為V2.取向右方向為正方向。根據(jù)系統(tǒng)的動量守恒和能量守恒得：0=mv 1-Mv2； qU= ；m

6、vi2+gmv22;聯(lián)立解得，叫二加W) 故C錯誤，D正確。故選D17 .如圖所示，在一邊長為 a的正方形區(qū)域內(nèi)存在方向垂直紙面向里的勻強磁場。兩個相同的帶電荷量為一q(q>0)的粒子，質量均為 m,先后從P點和Q點以相同的速度vo沿垂直于邊界方向射入磁場，兩粒子在圖中 M點相遇。不計粒子的重力及粒子之間的相互作用，已知OM= 丁 ,則X 加 NXXBX XXXxxX，Md加A.帶電粒子在磁場中運動的半徑為三B.磁感應強度大小為C. P、Q粒子射入磁場中的時間間隔為 k倔得D. Q粒子在磁場中運動的時間為 京求解 B;【答案】D【解析】畫出粒子的運動軌跡圖，根據(jù)幾何關系求解粒子運動的半徑

7、；根據(jù)由幾何關系求解兩粒子在磁場中運動的圓弧所對的圓心角，根據(jù)七二巧T求解時間差以及 Q在磁場中的運動時間.兩粒子的質量、電量以及速度均相同，可知運動半徑相同；從Q點射入的粒子從 M點射出，由幾何關系：解得=下，選項八錯誤；根據(jù)昭出=小；，解得, 選項B錯誤；根據(jù)幾何關系可知從 Q點射入的粒子在磁場中作圓周運動所對的圓心角為60°從P點射入的粒子在磁場中作圓周運動所對的圓心角為120°,可知P、Q粒子射入磁場中的時間間隔為 人二/7= 湖，.菰=而，選項C錯誤;Q粒子在磁場中運動的時間為60°1 2xn 廊u十一旃T -晨而一方，選項D正確；故選D.18 .如圖所

8、示，在豎直面內(nèi)有一直線，直線上有M、N兩點，且M、N長度為L,當在該豎直面內(nèi)放一點電荷 Q并固定在某位置時，M、N兩點的電勢相等，若 M點的場強大小為E,方 向與豎直方向的夾角 0 =60 ° o已知靜電力常量為k,點電荷的重力不計，則下列說法正確的是A.點電荷Q帶正電B.點電荷所帶電荷的大小為EL2/kC.將一點電荷（帶電荷量為+q ）從M點沿直線移動到N點過程中，點電荷所受的電場力先增大后減小D.將一點電荷(帶電荷量為+q )從M點沿直線移動到N點過程中，電勢能先增大后減小【答案】BC【解析】由于M、N兩點的電勢相等，且 M點的場強大小為 E,所以Q 一定位于MN的中垂E的交點上

9、，如圖所示,線和沿電場線Q,所以Q帶負電，故A錯誤；根據(jù)點電荷電場強度的計算公式匚kQkQI 2E -eEL可得： / L 2L2 ,解得Q ，故B正確；把一個+q電荷從M點沿直線移動(cc o)k2cos60到N點過程中，根據(jù)庫侖定律可知 +q所受的電場力先增后減，故 C正確；把一個+q電荷從M點沿直線移動到N點過程中，電場力先做正功，后做負功，電勢能先減小后增大，故誤.19 .如圖所示，放置在豎直平面內(nèi)的光滑桿AB,是按照從高度為h處以初速度vo平拋的運動軌跡制成的，A端為拋出點，B端為落地點.現(xiàn)將一小球套于其上，由靜止開始從 A端滑下.已知重力加逗度為 g,當小球到達軌道 B端時A.小球

10、在豎直方向的速度大小為總泅B.小球在豎直方向的速度小于C.小球在水平方向的速度大小為voD.小球在水平方向的速度小于vomqh =產(chǎn)產(chǎn) , 解得小球到達軌道B【答案】BD【解析】對小球沿軌道下滑的過程，由機械能守恒定律,端時速度大小為：.當小球滑到B點時，設小球的速度與水平方向的夾角為而用V。平拋到達B點的速度偏向角L門可 tan0=AB ,下滑至B點的豎直速度;故A錯誤，B正確.CD ,下滑至B點的豎直速度vcosd =.= ,、* M+ 2/ 丁川"a;故C錯誤，D正確.20 .兩個物體A、B的質量分別為mi和m2,并排靜止在水平地面上，用同向水平拉力Fi、F2分別作用于物體 A

11、和B上，分別作用一段時間后撤去，兩物體各自滑行一段距離后停止下 來.兩物體運動的速度-時間圖象分別如圖中圖線 a、b所示.已知拉力Fi、F2分別撤去后,物體做減速運動過程的速度-時間圖線 彼此平行（相關數(shù)據(jù)已在圖中標出）.由圖中信息可以得出A.兩個物體A、B與水平地面的動摩擦因數(shù)相同B.若m i=m 2,則力Fi對物體A所做的功與力F2對物體B所做的功一樣多C.若m i=m 2,則力Fi對物體A的沖量較大D.若mi=m 2,則力Fi的最大瞬時功率一定是力 F2的最大瞬時功率的2倍【答案】ABD【解析】由斜率等于加速度知，撤除拉力后兩物體的速度圖象平行，故加速度大小相等，由imie辦不）良 因a

12、 = Im/k可知，=0.i ,則兩個物體B與水平地面的動摩擦因數(shù)相同，選項A 正確；si = iX 4 x 2n5 = 5m, S2 = $x 2 xm = 5m ;若 mi=m 2,則 fi=f 2,根據(jù)動能定理，對 a 有：WFi-fisi=0 ;同理對 b 有：WF2-f 2s2=0 ； ：Wfi=Wf2,故 B 正確；若 mi=m 2,則fl=f2,根據(jù)動量定理，對 a 有：lF1-fltl=0 ,所以 lF1=fltl；同理對 b 有：lF2=f2t2,因 tVt2, 所以IfkIf2.故C錯誤；由圖可得：5=£=多1/=，/；豌;根據(jù)牛頓第二Q一定律，對于 mi則有：F

13、i-（iim ig=m iai;解得：Fi = mi（ai+（iig） =§m iN ；拉力Fi的最大瞬時X亨0功率： Pmi = Fivmi = ；m i x 2.5 =mi ； 對于 m2 則有：F2-（12m 2g=m 2a2；解得： F2 =m2（a2+vg） = 14m2N ;拉力 F2 的最大瞬時功率：Pm2 = F2vm2m2 x 2 =' m 2；若 mi=m2,則Pmi =2P m2 ,故D正確。故選 ABD。2i.某宇宙飛船在赤道所在平面內(nèi)繞地球做勻速圓周運動，假設地球赤道平面與其公轉平面共面，地球半徑為 Ro日落后3小時時，站在地球赤道上的小明，剛好觀察

14、到頭頂正上方的宇宙 飛船正要進入地球陰影區(qū)，則A.宇宙飛船距地面高度為心RB.在宇宙飛船中的宇航員觀測地球，其張角為90 °C.宇航員繞地球一周經(jīng)歷的“夜晚”時間為6小時D.若宇宙飛船的周期為 T,則宇航員繞地球一周經(jīng)歷的“夜晚”時間為T/4【答案】BD【解析】根據(jù)題意畫出草圖，結合幾何關系求解宇宙飛船距地面高度和宇航員觀測地球的張角；宇航員繞地球一周經(jīng)歷的“夜晚”轉過的角度為90 ° ,據(jù)此求解所用的時間.如圖所示:太陽光可認為是平行光， O是地心，人開始在 A點，這時剛好日落，因為經(jīng)過 24小時地球轉圈，所以經(jīng)過3小時，地球轉了 45° ,即：/ AOC=45

15、 ° ,此時人已經(jīng)郛衛(wèi)星在人的正上方C點，太陽光正好能照到衛(wèi)星，所以根據(jù)/AOC=45 °就能確定衛(wèi)星的軌道半徑為:r=OC=gOA= %;R.則衛(wèi)星距地面高度等于（，2-1）R.故A錯誤。因/ ACO=45 ° ,則在宇宙飛船中的宇航員觀測地球，其張角為90° ,選項B正確；宇航員繞地球一周經(jīng)歷的“夜晚”轉過的角度為90。，但是因衛(wèi)星的周期不是24h ,則經(jīng)歷的時間不是6小時，若宇宙飛船的周期為T,則宇航員繞地球一周經(jīng)歷的“夜晚”時間為T/4 ,選項C錯誤，D正確；故選BD.三、非選擇題：共62分，第2225題為必考題，每個試題考生都必須作答。第 33

16、34題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共47分。22. （6分）某課外活動小組用如圖甲所示的裝置做“探究加速度與物體受力的關系”的實驗.圖中A為小車，質量為 m1，連接在小車后面的紙帶穿過電火花計時器B,它們均置于水平放置的一端帶有定滑輪 C的足夠長的木板上，物塊 P的質量為m2, D為彈簧測力計，實驗時改變P的質量，讀出對應的彈簧測力計示數(shù)F,不計繩子與滑輪間的摩擦.下列有關實驗的操作步驟和實驗方法的說法中正確的是 A.長木板和A、C間的繩子都必須保持水平B.電火花計時器應用工作電壓為 46 V的低壓交流電源，實驗時應先接通電源后釋放小車C.長木板的左端應適當墊高，以平衡摩擦力D.

17、實驗中P的質量m2不必遠小于小車 A的質量m1，拉力直接由彈簧測力計測得，且始終為 1m2g2按照正確的方法調(diào)整好實驗裝置后，某同學改變P的質量做了五次實驗，并讀出對應的彈簧測力計示數(shù) F和每次實驗中打出的紙帶上第1個點到第10個點的距離L,記錄在下表中.已知電火花計時器所接交流電源的頻率為f.L/m0.0510.0990.1490.2010.250F/N1.011.992.984.015.00根據(jù)該同學的實驗，請在圖乙中作出L隨F變化的圖象 如果L-F圖線是一條則說明小車的加速度與小車受到的合外力成正比，圖線的斜率的表達式k =卜卜二“仁一新 iLr,gkfi'|:匕 E r=：E：

18、:j'fcT 1二=；=1_Ili. 11I加Hi回腓西恒但 也回!|!1期起尤iii >!. I lL>lii L0 20 .1.0 4。50港運=:=囹圜i!*i回國 =fH5THl=HIMIEH3T_ - + I _ ar . !-hn -taiiUi ifM，一過原點的傾斜直線;812ml f2【解析】由該實驗的連接方式，小車是在繩的拉力下加速運動，由彈簧稱可以直接讀出，故不 要求重物質量遠小于小車質量，為了保證拉力充當合力，本實驗必須要平衡摩擦；根據(jù)描點法即可做出圖線；由牛頓第二定律動，結合運動學公式可出斜率k表達式.(1)電火花計時器使用 220V的交流電源，實

19、驗時應先接通電源后釋放小車，為了保證拉力充當合力，本實驗必須要平衡摩擦，且長木板和A、C間的繩子都必須保持平行。由該實驗的連接方式，小車是在繩的拉力下加速運動，由彈簧稱可以直接讀出，拉力等于彈簧測力計測量值，故不要求重物質量遠小于小車質量，綜上分析 ABD錯誤，C正確。2 P 】5表格中的數(shù)據(jù)在圖乙中連線如圖，可知12度與小車受到的合外力成正比。由 L at2 ,281達式k 22ml f223. （9分）實驗小組要測定一個電源的電動勢阻約為幾歐姆，可用的實驗器材有：待測電源；電壓表Vici® 06 V）;L-F圖線是一條過原點的傾斜直線，則說明小車的加速a工，t 9工，得L T，斜

20、率表 m1f2ml fE和內(nèi)阻r,已知電源的電動勢約為5.0 V、內(nèi)電壓表V2（量程03 V）;定值電阻Ri（阻值5.0 Q ）;滑動變阻器R2（阻值015.0 Q ）開關S 一個，導線若干.（1）實驗小組的某同學利用以上器材，設計了如圖甲所示的電路， M、N是電壓表，則電壓表M應是選填“V 1”或“V 2”），P、Q分別是定值電阻R1或滑動變阻器 R2,則P應是選填 “R 1” 或 “R 2” ).（2）按照電路將器材連接好，先將滑動變阻器調(diào)節(jié)到最大值，閉合開關S,然后調(diào)節(jié)滑動變阻器的阻值，依次記錄 M、N的示數(shù)Um、Un.（3）根據(jù)Um、Un數(shù)據(jù)作出如圖乙所示的關系圖象，由圖象得到電源的電

21、動勢E =V內(nèi)阻r= Q .（均保留兩位有效激字【答案】Vi R2 4.5 ± 0.1 2.0± 0.1【解析】（1） M的讀數(shù)是P、Q之和，且N也是電壓表，所以 M的量程應比N大，M選Vi; N和Q并聯(lián)的目的實際是確定電流，所以 P選R2"/jpl, f , "jnl（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律可知"M +下'='4尸-網(wǎng)距+ E,所以此，力二%結合圖像43 口r m 、廣，工5rL數(shù)據(jù)可求出：, =司屈 = Z叫 3.5 + eX2 = K, e=4.5V , r=2.0 Q.24. （14分）如圖所示，平臺與水平傳送帶的高度

22、差 h=1.8m ,平臺與傳送帶左端點 A之間的溝渠寬度為x=1.2m，傳送帶左、右端點 A、B之間的距離L=7.8m ,將質量為m=5kg的物 塊從平臺邊沿以速度 為水平拋出，假設物段落在傳送帶上瞬間水平速度不變，豎直速度減為0,物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為=0.25（不計空氣阻力g取10m/s 2）（1）求吻塊落在傳送帶上瞬間，物塊在豎直問受到的沖量（2）若傳送帶靜止，求物塊停下時距傳送帶左端的距離；（3）物體落到傳送帶上時即開動傳送帶使其以加速度a=5m/s 2順時針運動Is后，保持這個速度勻速運動，則物塊滑至傳送帶右端需要的時間是多少？【答案】（1） 3°Nr,方向豎直向上

23、（2） 2出（3）2K【解析】（1）物塊落在傳送帶上時 叫=麗由動量定理的：得到：！ = 30N-s|,方向豎直向上（2）物塊平拋時，豎直方向：'=城1,水平方向：門二“如12物塊在傳送帶上的運動，由動能定理得到:一啊通=。一嚴靜止時，物塊距 A端的距離為上，=工l +也一戈，得到：= 24m(3)傳送帶運動做勻減速運動光結束時 如一"玳上=仁 髓=0小，也=時網(wǎng)上，% = 2m/s|這一過程物塊的距離為:物塊做勻加速運動剛結束時物=叫藝+哂，氏.1畫這一過程物塊運動的距離之后物塊做勻速運動的時間為二0 4s則總時間為:25.(18分)如圖所示，虛線 MN沿豎直方向，其左側區(qū)

24、域內(nèi)有勻強電場(圖中未畫出)和方向垂直紙面向里，磁感應強度為 B的勻強磁場，虛線 MN的右側區(qū)域有方向水平向右的勻強電以大場。水平線段AP與MN相交于O點。在A點有一質量為m ,電量為+q的帶電質點,小為V0的速度在左側區(qū)域垂直磁場方向射入，恰好在左側區(qū)域內(nèi)做勻速圓周運動，已知四川門口O點間的距離為虛線MN右側電場強度為 丁,重力加速度為go求:it(1)/rMN左側區(qū)域內(nèi)電場強度的大小和方向;帶電質點在A點的入射方向與AO間的夾角為多大時，質點在磁場中剛好運動到O點,并畫出帶電質點在磁場中運動的軌跡;(3)帶電質點從O點進入虛線MN右側區(qū)域后運動到P點時速度的大小Vp。R八-RA所以MN左側

25、區(qū)域內(nèi)電場強度方向豎直向上;【答案】(1) % ,方向豎直向上；(2)【解析】(1)質點在左側區(qū)域受重力、電場力和洛倫茲力作用，根據(jù)質點做勻速圓周運動可qE=mg ,方向豎直向上;得：重力和電場力等大反向，洛倫茲力做向心力；所以，電場力(2)質點在左側區(qū)域做勻速圓周運動，洛倫茲力做向心力，故有:所以軌道半徑AO的垂直平分線上，且質質點經(jīng)過A、O兩點，故質點在左側區(qū)域做勻速圓周運動的圓心在 點從A運動到O的過程O點為最右側；所以，粒子從 A到O的運動軌跡為劣弧;根據(jù)幾何關系可得：帶電質點在 A點的入射方向與 AO間的夾角抖M9 - arcsm-=(3)根據(jù)質點在左側做勻速圓周運動，由幾何關系可得

26、：質點在中運動的軌跡如圖所示:正；O點的豎直分速度力=爐必誣0。=水平分速度 質點從O運動到P的過程受重力和電場力作用，故水平、豎直方向都做勻變速運動;質點運動到P點，故豎直位移為零，所以運動時間 所以質點在P點的豎直分速度 水平分速度取尸=%+京工+值=產(chǎn)。；所以帶電質點從O點進入虛線MN右側區(qū)域后運動到P點時速度叩=至+ 14 =、短廿0。（二）選考題：共15分。請考生從2道物理題任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題 計分。33 .物理一選修 3 -3 （15分）（1 ） （ 5分）下列說法正確的是 A.布朗運動是由懸浮在液體中的微粒之間的相互碰撞引起的B.0C的鐵和0 c的冰，它們的

27、分子平均動能相同C.當分子力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距離的增大而減小D.晶體一定具有各向異性，非晶體一定具有各向同性E.外界對物體做功，物體的內(nèi)能可能減小【答案】BCE【解析】布朗運動是由液體分子對懸浮在液體表面的固體微粒的碰撞引起的，選項 A錯誤；溫 度是分子平均動能的標志，則 0c的鐵和0 c的冰，它們的分子平均動能相同，選項 B正確； 當分子力表現(xiàn)為斥力時，分子距離增大，則分子力做正功，分子勢能減小，即分子勢能隨分子 間距離的增大而減小，選項 C正確；單晶體一定具有各向異性，多晶體和非晶體一定具有各向 同性，選項D錯誤；外界對物體做功，若氣體放熱，則物體的內(nèi)能可能減小，選項 E正確

28、； 故選BCE.（2） （10分）如圖所示，開口向上、放在地面上的氣缸內(nèi)用活塞封閉一定質量的氣體，活塞 的質量為m ,橫截面的面積為So 一質量為2m的物塊放在缸底，用細線（不可伸長）與活塞相 連接且細線剛好拉直，這時缸內(nèi)氣體的溫度為T。，大氣壓強為P。，不計活塞與缸壁間的摩擦，現(xiàn)對缸內(nèi)氣體緩慢加熱，重力加速度為g。（i）當缸底物塊對缸底的壓力剛好為零時，缸內(nèi)氣體溫度Ti為多大？（ii）當缸內(nèi)氣體體積為原來的1.2倍時，缸內(nèi)氣體溫度是多少 ？若此時細線斷了，細線斷開的一瞬問，活塞的加速度多大？p.s *如唱】一打他3.加呻【答案】(1)(2)的s*噬 ，2g【解析】(1)當缸底物塊對缸底的壓力

29、剛好為零時，選擇活塞和重物的整體進行受力分析，列出平衡方程，封閉氣體發(fā)生等容變化，對封閉氣體運用查理定律，即可求出缸內(nèi)氣體溫度T1為多大；(2)繼續(xù)緩慢加熱，氣體發(fā)生等壓變化，當缸內(nèi)氣體體積為原來1.2倍時，利用蓋-呂薩克定律即可求出此時缸內(nèi)氣體溫度；若此時細線斷了，繩的拉力消失，利用牛頓第二定律，即可求 出此時活塞的加速度.一，_、_ 國(i)缸內(nèi)氣體白溫度為 To時，缸內(nèi)氣體的壓強 p=p 0+ s當缸底物塊對缸底的壓力剛好為零時，缸內(nèi)氣體壓強p1=p 0+ s= £1氣體發(fā)生等容變化，則根據(jù)查理定律有才工解得：丁1=陽£ 一 |相fl(ii)當缸內(nèi)氣體體積為原來的1.2倍時，設氣體的溫度為T2,從溫度T1變到溫度T2,此過程氣V 1.2V體發(fā)生的是等壓變化，根據(jù)蓋-呂薩克定律有1.2Ti<pr£ *解得：T2=減+嗎此時細線斷了，當細線斷開的一瞬間，根據(jù)牛頓第二定律有(p2-p)S = ma解得a = 2g 34.物理一選修3 -4) ( 15分)(1) (5分)一列沿x軸傳播的橫波在t = 0.05 s時刻的波形圖如圖甲所示，P、Q為兩質點,質點P的振動圖象如圖乙所示，下列說法中正確的是 甲乙A.該波的波速為20 m/sB.該波沿x軸負方向傳