湖州高三第二次質(zhì)量檢測(cè)高考物理模擬題

1、浙江省湖州市2014屆高三第二次教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)物理學(xué)科14小強(qiáng)在加油站加油時(shí)，看到加油機(jī)上有如圖所示的圖標(biāo)，關(guān)于圖標(biāo)的含義，下列說法正確的是A工作人員工作時(shí)間須穿純棉服裝B用絕緣的塑料梳子梳頭應(yīng)該沒有關(guān)系C化纖手套與接觸物容易摩擦起電存在安全隱患D制作這些圖標(biāo)的依據(jù)是靜電屏蔽原理14C解析：本題考查了摩擦起電及其原理、靜電屏蔽原理；解題關(guān)鍵是理解摩擦起電以及靜電屏蔽的原理；考查了考生的識(shí)記能力、理解能力以及應(yīng)用物理知識(shí)處理實(shí)際問題的能力為了防止摩擦起電產(chǎn)生電火花，工作人員工作時(shí)間不能穿脫服裝；不能用絕緣的塑料梳子梳頭；化纖手套與接觸物容易摩擦起電存在安全隱患；制作這些圖標(biāo)的依據(jù)是摩擦起電原理綜上

2、所述，本題選C152013 年12 月14 日21 時(shí)11 分，“嫦娥三號(hào)”探測(cè)器成功落月，中國(guó)成為繼美國(guó)、前蘇聯(lián)之后第三個(gè)實(shí)現(xiàn)月球軟著陸的國(guó)家在“嫦娥三號(hào)”落月前的接近段幾乎是沿著一條傾斜的直線運(yùn)動(dòng)，假設(shè)此過程“嫦娥三號(hào)”做勻減速運(yùn)動(dòng)，如圖所示忽略“嫦娥三號(hào)”的質(zhì)量變化，那么你認(rèn)為在接近段她所攜帶的噴氣發(fā)動(dòng)機(jī)的噴氣方向可能為圖中的A 豎直向下的A 方向B 斜向下的B 方向C沿接近段軌跡的C 方向D平行月面向前的D 方向15BC 解析：本題考查了牛頓運(yùn)動(dòng)定律、萬有引力定律及其應(yīng)用；解題關(guān)鍵是正確對(duì)物體進(jìn)行受力和運(yùn)動(dòng)情況分析，明確物體受到的合力方向；考查了考生的理解能力、推理能力、分析綜合能力“

3、嫦娥三號(hào)”向月球表面運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度方向沿C 方向的反方向，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律可知其受到的合力方向也沿C 方向的反方向，由萬有引力定律可知，“嫦娥三號(hào)”受到月球的重力和火箭的反沖力作用，且這兩個(gè)力的合力方向沿C 方向的反方向，由力的合成的平行四邊形定則可知，發(fā)動(dòng)機(jī)的噴氣方向沿斜向下的B方向故本題選B點(diǎn)評(píng)：當(dāng)“嫦娥三號(hào)”在月球表面懸?；蜃鰟蛩僦本€運(yùn)動(dòng)時(shí)，“嫦娥三號(hào)”受到的重力和發(fā)動(dòng)機(jī)的推力是一對(duì)平衡力當(dāng)“嫦娥三號(hào)”在月球表面做勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，“嫦娥三號(hào)”受到的重力和發(fā)動(dòng)機(jī)推力的合力恒定、方向與其加速度方向一致不論在地球還是月球上，應(yīng)用牛頓運(yùn)動(dòng)定律、萬有引力定律解題的規(guī)律是一樣的16 如圖甲所示，用等

4、長(zhǎng)的輕繩懸掛兩個(gè)質(zhì)量相同的小球，今在兩小球上分別施加大小為3F 和F，方向相反的水平恒力，則平衡后兩小球的位置應(yīng)該為圖乙中的16A解析：本題考查了共點(diǎn)力平衡及其應(yīng)用；解題關(guān)鍵是對(duì)物體進(jìn)行正確的受力分析，而后應(yīng)用共點(diǎn)力平衡條件列式求解問題；考查了考生的理解能力、邏輯思維能力以及應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)處理物理問題的能力設(shè)輕繩長(zhǎng)為，上面一段輕繩與豎直方向之間的夾角為、繩上張力為，兩球之間的一段輕繩與豎直方向之間的夾角為、繩上張力為，以兩球?yàn)檠芯繉?duì)象，由共點(diǎn)力平衡條件可知、，則有；以下面的小球?yàn)檠芯繉?duì)象，由共點(diǎn)力平衡條件可知、，則有兩球偏離豎直方向之間的水平距離故本題選A點(diǎn)評(píng)：巧妙選擇研究對(duì)象，靈活選用整體法或

5、隔離法并結(jié)合共點(diǎn)力平衡條件分析和求解問題是解決此類問題的重要解題思路和方法17 如圖所示，邊長(zhǎng)為2l 的正方形虛線框內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一個(gè)邊長(zhǎng)為l 的正方形導(dǎo)線框所在平面與磁場(chǎng)方向垂直，導(dǎo)線框的一條對(duì)角線和虛線框的一條對(duì)角線恰好在同一直線上從t0 開始，使導(dǎo)線框從圖示位置開始以恒定速度沿對(duì)角線方向移動(dòng)進(jìn)入磁場(chǎng)，直到整個(gè)導(dǎo)線框離開磁場(chǎng)區(qū)域用I 表示導(dǎo)線框中的感應(yīng)電流（逆時(shí)針方向?yàn)檎?，則下列表示I-t 關(guān)系的圖線中，正確的是ABCD17D解析：本題考查了導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、閉合電路歐姆定律以及右手定則；解題關(guān)鍵是首先斷定出切割磁感線的線框的有效長(zhǎng)度及其大小變化規(guī)律，而后應(yīng)用

6、右手定則斷定出線框中感應(yīng)電流的方向；考查了考生的理解能力、分析綜合能力以及應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)處理物理問題的能力導(dǎo)線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生故A、B均錯(cuò)進(jìn)入和穿出磁場(chǎng)過程，線框有效切割長(zhǎng)度變化，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流在變化，故C錯(cuò)線框進(jìn)入磁場(chǎng)過程，有效切割長(zhǎng)度L均勻增大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E均勻增大，感應(yīng)電流I均勻增大穿出磁場(chǎng)過程，有效切割長(zhǎng)度L均勻減小，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E均勻減小，感應(yīng)電流I均勻減小，兩個(gè)過程電流方向相反故D正確點(diǎn)評(píng)：根據(jù)感應(yīng)電流大小和方向，將選項(xiàng)逐一代入，檢查是否符合題意來選擇，即本題可以采用排除法求解實(shí)際上，選擇題的求解常用方法有：直判法、排除法、代入法、特殊值法、圖象法等等2、 選擇

7、題（本題共3 小題在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的18如圖所示，在光滑的絕緣水平面上，有一個(gè)正方形abcd，頂點(diǎn)a、c 處分別固定一個(gè)正點(diǎn)電荷+Q，頂點(diǎn)b、d 處分別固定一個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷-Q，它們的電荷量相等各邊的中點(diǎn)分別為E、F、G、H，正方形對(duì)角線的交點(diǎn)為O，M、N 是ab 連線上位于O 點(diǎn)兩側(cè)的兩個(gè)點(diǎn)下列說法中正確的是AE、F、G、H 四個(gè)點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同BE、F、G、H 四個(gè)點(diǎn)的電勢(shì)相等C將試探電荷+q 沿直線從M 點(diǎn)移到N 點(diǎn)，它的電勢(shì)能先增大后減小D將試探電荷+q 沿直線從E 點(diǎn)移到F 點(diǎn)，它的電勢(shì)能先減小后增大18BCD解析：本題考查了電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)以及電勢(shì)能

8、的概念；解題關(guān)鍵是要明確正電荷、負(fù)電荷、等量同種電荷、等量異種電荷等電場(chǎng)的分布情況尤其是等量異種電荷的電場(chǎng)分布特點(diǎn)和規(guī)律；考查了考生的識(shí)記能力、理解能力以及分析綜合能力電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，有方向，E、F、G、H各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向是不同的，故A錯(cuò)；E、F、G、H各點(diǎn)電場(chǎng)具有對(duì)稱性，因此各點(diǎn)的電勢(shì)相等，故B對(duì)；將試探電荷+q 沿直線從M 點(diǎn)移到O點(diǎn)過程中，由功的定義式可知，a、c處的正電荷對(duì)試探電荷+q做負(fù)功、b、d處的正電荷對(duì)試探電荷+q做負(fù)功、可見電荷的電勢(shì)能增大，相反，由O點(diǎn)移到N 點(diǎn)過程中，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故C對(duì)；將試探電荷+q 沿直線從E 點(diǎn)移到F 點(diǎn)，在a、c處的正電荷形成的電場(chǎng)

9、中，電勢(shì)先減小后增大，故它的電勢(shì)能先減小后增大、在b、d處的正電荷形成的電場(chǎng)中，電勢(shì)先減小后增大，故它的電勢(shì)能也先減小后增大，可見D對(duì)點(diǎn)評(píng)：解決此類問題要熟悉等量異種電荷周圍電場(chǎng)線的分布特點(diǎn)以及知道電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，沿電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸降低的規(guī)律根據(jù)等量異種電荷周圍電場(chǎng)線的分布進(jìn)行分析，等量異種電荷周圍電場(chǎng)線是兩邊密，中間疏，中垂線上的場(chǎng)強(qiáng)方向與中垂線垂直中垂線上電場(chǎng)線從中點(diǎn)向兩邊越來越疏電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，點(diǎn)電荷的電場(chǎng)可以疊加在一起進(jìn)行分析，有時(shí)會(huì)使問題得到迎刃而解19如圖所示，運(yùn)動(dòng)員在粗糙塑膠跑道上負(fù)重起跑訓(xùn)練輕質(zhì)彈性橡皮條一端套在運(yùn)動(dòng)員的腰上，另一端系在一個(gè)大輪胎上，起跑過程可簡(jiǎn)化如下：運(yùn)動(dòng)員

10、起跑拉動(dòng)橡皮條使其變長(zhǎng)，稍后輪胎在橡皮條牽引下開始運(yùn)動(dòng)，最后輪胎與運(yùn)動(dòng)員一起勻速運(yùn)動(dòng)則起跑過程中，下列說法正確的是A橡皮條增加的彈性勢(shì)能等于輪胎動(dòng)能的增加量B橡皮條對(duì)輪胎做的正功大于輪胎動(dòng)能的增加量C人和輪胎對(duì)橡皮條做的總功等于橡皮條彈性勢(shì)能的增加D橡皮條克服人的拉力做的功等于橡皮條彈性勢(shì)能的增加19BC解析：本題考查了功、能以及功能關(guān)系；解題關(guān)鍵是明確力對(duì)物體做功的正負(fù)與能的轉(zhuǎn)化關(guān)系；考查了考生的理解能力、分析綜合能力以及應(yīng)用物理知識(shí)處理實(shí)際問題的能力橡皮條增加的彈性勢(shì)能等于人和輪胎對(duì)橡皮條做的總功、而輪胎動(dòng)能的增加量等于橡皮條和地面摩擦力對(duì)輪胎做的總功，二者不一定相等，故A錯(cuò)C對(duì)；由動(dòng)能定

11、理可知橡皮條對(duì)輪胎做的正功，故B對(duì)；由功能關(guān)系可知人的拉力做的功等于橡皮條彈性勢(shì)能的增加、輪胎動(dòng)能的增加量以及因地面摩擦力做功而產(chǎn)生的熱量故D錯(cuò)點(diǎn)評(píng)：做功的過程就是能量的轉(zhuǎn)化過程，且功是能量轉(zhuǎn)化的量度；根據(jù)彈力的方向與伸長(zhǎng)量方向之間的關(guān)系可以判斷做功的情況，彈力做正功，則彈性勢(shì)能減小、做負(fù)功，則彈性勢(shì)能增加20 兩列橫波沿著同一條彈性繩相向傳播（繩沿x 方向放置），振幅都是20cm實(shí)線表示的波沿x 軸正方向傳播，頻率為325Hz；虛線表示的波沿x 軸負(fù)方向傳播某時(shí)刻兩列波相遇，如圖所示，則下列說法中正確的是A兩列波在相遇區(qū)域發(fā)生干涉現(xiàn)象B從圖示時(shí)刻起再過3/13s,平衡位置x=6m 的質(zhì)點(diǎn)正在

12、向-y 方向運(yùn)動(dòng)C從圖示時(shí)刻起再過025s，平衡位置x=425m的質(zhì)點(diǎn)將位于y=+20cm 處D從圖示時(shí)刻起再過025s，平衡位置x=425m的質(zhì)點(diǎn)將位于y=+40cm 處 20BD解析：本題考查了波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系，橫波的圖象以及波的干涉和衍射現(xiàn)象解題關(guān)鍵是明確波的圖像與振動(dòng)圖像之間的區(qū)別、掌握并熟練應(yīng)用波速公式、波的干涉原理分析求解問題；考查了考生的識(shí)記能力、理解能力、分析綜合能力傳播速度大小相同實(shí)線波的波長(zhǎng)=4m，而虛線波的波長(zhǎng)=6m，所以兩波的頻率不同不能發(fā)生干涉現(xiàn)象故A錯(cuò)；兩列在同種介質(zhì)中傳播，波速相同，由波速公式得知，則虛線波的頻率Hz=Hz，從圖示時(shí)刻起對(duì)于實(shí)線表示的波再過3

13、/13s即個(gè)周期，則平衡位置x=6m 的質(zhì)點(diǎn)恰好沿-y 方向運(yùn)動(dòng)到y(tǒng)=-20cm 處而對(duì)于虛線表示的波再過3/13s即個(gè)周期，則平衡位置x=6m 的質(zhì)點(diǎn)恰好沿-y 方向運(yùn)動(dòng)到y(tǒng)=0cm 處，故B對(duì)；兩列波波速相同，實(shí)線波的波長(zhǎng)分別為4m，根據(jù)根據(jù)波速公式，波速為v=13m/s，從圖示時(shí)刻起再過025s，實(shí)線波和虛線波的波形沿傳播方向向前平移的距離均為325m，由波形圖可知，實(shí)線波和虛線波在平衡位置x=425m均處于波峰，所以平衡位置x=425m的質(zhì)點(diǎn)將位于y=40cm處，故C錯(cuò)D對(duì)點(diǎn)評(píng)：對(duì)此類問題的求解首先要明白波形圖是反應(yīng)某時(shí)刻各質(zhì)點(diǎn)的位置，而振動(dòng)圖則是反應(yīng)某質(zhì)點(diǎn)在各時(shí)刻的位置，同時(shí)要抓住在

14、均勻介質(zhì)中兩列波的波速相同，由波速公式分析頻率關(guān)系：波長(zhǎng)與頻率成反比更要理解并掌握波的干涉原理，明確兩列波在相遇區(qū)域發(fā)生干涉現(xiàn)象的條件二、非選擇題部分（共180 分）注意事項(xiàng)：1用黑色字跡的簽字筆或鋼筆將答案寫在答題紙上，不能答在試題卷上2在答題紙上作圖，可先使用2B 鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑非選擇題部分共12 題，共180 分21（10 分）（1）小明用雙縫干涉儀測(cè)量綠光波長(zhǎng)，當(dāng)他把雙縫干涉儀按下圖安裝好后，從目鏡中能看到完整的干涉條紋的圓形視場(chǎng)，但條紋很暗，于是他左右撥動(dòng)撥桿，使得 （填“單縫豎直”或“單縫與雙縫平行”），這樣就能看到清晰明亮的干涉圖樣（2）實(shí)驗(yàn)中小明

15、先將分劃板中心刻度線對(duì)準(zhǔn)第一條亮條紋，他記為“條紋1”，記下手輪讀數(shù)如圖甲；再轉(zhuǎn)動(dòng)手輪，使中心刻度線對(duì)準(zhǔn)第七條亮條紋，他記為“條紋7”，記下手輪讀數(shù)如圖乙，則讀數(shù)甲為 mm，乙為 mm已知雙縫間距d=02mm，雙縫到屏的距離為600mm，由此可測(cè)得小明所用綠光的波長(zhǎng)= nm（3）若實(shí)驗(yàn)中觀察到如圖丙所示的干涉條紋，則出現(xiàn)這種現(xiàn)象的原因是A單縫與雙縫不平行B單縫與雙縫的距離太近C目鏡視場(chǎng)向左側(cè)方向偏離遮光筒過大D光源的亮度太暗21（每空2 分，共10 分）（1）單縫與雙縫平行（2）56200002； 157200002 ； 5611 （3）C解析：本題考查了實(shí)驗(yàn)“用雙縫干涉測(cè)量光的波長(zhǎng)”；解題的

16、關(guān)鍵是掌握雙縫干涉實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)裝置構(gòu)造及其作用、并能靈活運(yùn)用雙縫干涉的條紋間距公式進(jìn)行分析和求解；考查了考生的識(shí)記能力、理解能力以及實(shí)驗(yàn)創(chuàng)新能力（1） 撥動(dòng)撥桿的作用是為了使單縫和雙峰平行，獲得清晰的干涉圖樣故他左右撥動(dòng)撥桿，使得單縫與雙縫平行，這樣就能看到清晰明亮的干涉圖樣（2） 由螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法可知，圖甲中示數(shù)為5620mm，圖乙中示數(shù)為15720mm，由相鄰條紋的間距以及可得綠光的波長(zhǎng)mm=561nm（3）題目圖所示出現(xiàn)的問題是分刻板中心刻度線與干涉條紋不平行，本實(shí)驗(yàn)操作過程中分刻板中心刻度線向左偏移不在視場(chǎng)中心，即目鏡視場(chǎng)向左側(cè)方向偏離遮光筒過大，應(yīng)把分刻板中心刻度線調(diào)在視場(chǎng)中

17、心，故應(yīng)調(diào)節(jié)測(cè)量頭使干涉條紋調(diào)成與分劃板中心刻線同一方向上故本題選C點(diǎn)評(píng)：（1）明確實(shí)驗(yàn)原理，了解構(gòu)造及作用，是對(duì)故障進(jìn)行分析和糾正的前提條件；（2）注意螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法和規(guī)則，需要估讀；（3）要學(xué)會(huì)靈活運(yùn)用雙縫干涉的條紋間距公式以及條紋寬度和波長(zhǎng)的關(guān)系式進(jìn)行分析和求解問題22(10 分)小利做了“探究小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)，得到的數(shù)據(jù)如下表一，在坐標(biāo)紙上描出的伏安特性曲線如甲圖中曲線表一：燈泡伏安特性數(shù)據(jù)U/V 0 005 008 012 016 021 031 055 083 151I/A 0 004 006 008 010 012 014 016 018 022在此基礎(chǔ)上，小利想

18、進(jìn)一步對(duì)小燈泡燈絲的特性進(jìn)行研究，于是她將小燈泡玻璃敲碎只留下完好的燈絲，焊接好導(dǎo)線后將燈絲浸入絕緣的潤(rùn)滑油中（如圖乙所示），再測(cè)燈絲的伏安特性曲線，又得到一組數(shù)據(jù)，如下表二：表二：燈絲伏安特性數(shù)據(jù)U/V 0 011 018 021 027 035 042 054 090 120 150I/A 0 010 017 019 024 030 035 040 056 070 082（1）在答題紙的對(duì)應(yīng)方框中畫出她使用的電路圖；（2）在答題紙坐標(biāo)紙上再描出浸在潤(rùn)滑油中燈絲的伏安特性曲線；（3）根據(jù)曲線、，請(qǐng)簡(jiǎn)述“完好小燈泡”與“無玻璃泡的燈絲”的伏安特性差別 （至少說出一點(diǎn)）；（4）請(qǐng)簡(jiǎn)要分析這兩條曲

19、線不重合的原因 22（共10 分）(1)見右圖（3 分）（2）畫圖（2 分）（3）a在同樣電壓下曲線電阻比曲線燈絲電阻小b電壓從0-15 伏，曲線電阻變化小于曲線電阻變化（只要寫出一條就給2 分，其他關(guān)于電流、電功率說法只要正確給1 分）（4）由于潤(rùn)滑油的良好導(dǎo)熱性能，浸在油中的燈絲溫度要比同樣電壓下完好燈泡的燈絲溫度低得多，導(dǎo)致電阻明顯偏?。? 分）解析：本題考查了實(shí)驗(yàn)“測(cè)定金屬的電阻率”；解題關(guān)鍵是明確實(shí)驗(yàn)原理、確定實(shí)驗(yàn)電路，用描點(diǎn)法畫出小燈泡的伏安特性曲線而后結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)進(jìn)行分析和判斷；考查了考生的理解能力、分析綜合能力、實(shí)驗(yàn)創(chuàng)新能力以及應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)處理物理問題的能力（1）由于電壓要從零

20、開始連續(xù)調(diào)節(jié)，故滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法；小燈泡電阻較小電流表應(yīng)選外接法，電路圖如圖所示（2）在坐標(biāo)系中先畫出各個(gè)點(diǎn)，然后應(yīng)用描點(diǎn)法用一條平滑的曲線連接如圖所示（3）由歐姆定律可知，圖象上各點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)連線的斜率的倒數(shù)為電阻此時(shí)小燈泡的電阻，顯然燈泡電阻又隨溫度的升高而增大，結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)可得兩種情況下伏安特性差別有：a在同樣電壓下曲線電阻比曲線燈絲電阻小b電壓從0-15 伏，曲線電阻變化小于曲線電阻變化（4）金屬電阻率隨溫度的升高而增大，由于潤(rùn)滑油的良好導(dǎo)熱性能，浸在油中的燈絲溫度要比同樣電壓下完好燈泡的燈絲溫度低得多，由電阻定律可知，導(dǎo)致電阻明顯偏小圖象上橫坐標(biāo)相同的兩點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)連線的斜率

21、不同，是故這兩條伏安特性曲線不重合點(diǎn)評(píng)：（1）探究導(dǎo)體的伏安特性曲線實(shí)驗(yàn)中，滑動(dòng)變阻器應(yīng)用分壓式，而小燈泡電阻較小，由“小外偏小”推論可知，采用安培表外接法（2）實(shí)驗(yàn)畫圖時(shí)，要注意導(dǎo)體與電源伏安特性曲線的區(qū)別表示電源的伏安特性曲線是往下傾斜的直線，表示電阻的伏安特性曲線是過原點(diǎn)的曲線，若將兩圖象畫在同一坐標(biāo)系中，其交點(diǎn)即表示該電源與該電阻接在了同一個(gè)電路中了（3）注意學(xué)會(huì)從數(shù)學(xué)函數(shù)的角度分析物理圖象問題，并區(qū)分曲線上某點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率和曲線的切線的斜率含義的不同23（16 分）水上滑梯可簡(jiǎn)化成如圖所示的模型：傾角為37的斜滑道AB 和水平滑道BC 平滑連接（經(jīng)過B 點(diǎn)前后速度大小不變），起點(diǎn)

22、A 距水面的高度H70m，BC 長(zhǎng)d20m，端點(diǎn)C距水面的高度h10m一質(zhì)量m50kg 的運(yùn)動(dòng)員從滑道起點(diǎn)A 無初速地滑下，運(yùn)動(dòng)員與滑道間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為01（重力加速度g 取10m/s2，sin3706，cos3708，運(yùn)動(dòng)員在運(yùn)動(dòng)過程中可視為質(zhì)點(diǎn)）（1）求運(yùn)動(dòng)員沿AB 下滑時(shí)的加速度大小a；（2）求運(yùn)動(dòng)員滑到C 點(diǎn)時(shí)速度的大小v；（3）保持水平滑道末端點(diǎn)在同一豎直線上，調(diào)節(jié)水平滑道高度h 和長(zhǎng)度d 到圖中BC位置時(shí)，運(yùn)動(dòng)員從滑梯平拋到水面的水平位移最大，求此時(shí)滑道BC距水面的高度h開篇釋義：本題考查了牛頓第二定律、平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律、動(dòng)能定理及其應(yīng)用；解題關(guān)鍵是正確分析物體的受力特點(diǎn)和運(yùn)動(dòng)規(guī)律

23、，然后對(duì)全過程運(yùn)用動(dòng)能定理和平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律列式求解；考查了考生的理解能力、分析綜合能力、應(yīng)用數(shù)學(xué)知識(shí)處理物理問題的能力以及應(yīng)用物理知識(shí)處理實(shí)際問題的能力思路分析：（1）運(yùn)動(dòng)員沿AB下滑時(shí)，明確運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)情況和受力分析后，則根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可；（2）運(yùn)動(dòng)員從A滑到C的過程中，克服摩擦力做功，對(duì)整個(gè)過程運(yùn)用動(dòng)能定理列式求解即可；（3）在從C點(diǎn)滑出至落到水面的過程中，運(yùn)動(dòng)員做平拋運(yùn)動(dòng)先根據(jù)動(dòng)能定理和平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律列式后聯(lián)立得到射程的表達(dá)式，然后再求解最大值解析正文：答案：（1）52m/s2；（2）10m/s；（3）3m結(jié)尾點(diǎn)評(píng)：（1）本題綜合性較強(qiáng)，在運(yùn)動(dòng)員沿AB下滑時(shí)，注意要根據(jù)牛頓第

24、二定律求解加速度；而運(yùn)動(dòng)員從A滑到C的過程中，卻要根據(jù)動(dòng)能定理求解到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度的大?。?）運(yùn)動(dòng)員從A滑到C的過程中，克服摩擦力做功W保持不變，根據(jù)動(dòng)能定理得到運(yùn)動(dòng)員滑到C點(diǎn)時(shí)的速度大小從C到水平地面，運(yùn)動(dòng)員做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得到水平位移與h的關(guān)系式，由數(shù)學(xué)知識(shí)求解水平位移最大時(shí)h的值，即根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)求解極大值的條件24（20 分）如圖所示，M1N1N2M2 是位于光滑水平桌面上的足夠長(zhǎng)U 型金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌中接有阻值為R=10的電阻，導(dǎo)軌與電阻的總質(zhì)量為m0=04kg，兩導(dǎo)軌的間距為l=10m質(zhì)量為m=06kg 的金屬桿PQ 可在軌道上滑動(dòng)，滑動(dòng)時(shí)保持與軌道垂直，桿與軌道的接觸是粗糙

25、的，桿與導(dǎo)軌的電阻均不計(jì)初始時(shí)，桿PQ 位于圖中的虛線處，虛線右側(cè)有一無限寬的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)方向垂直于桌面，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B=10T現(xiàn)給PQ 一瞬時(shí)沖擊，使之獲得v0=2m/s 的初速度已知經(jīng)過時(shí)間t=125s，金屬導(dǎo)軌的N1N2 邊到達(dá)磁場(chǎng)邊沿（尚未進(jìn)入磁場(chǎng)）時(shí)，PQ 離開虛線的距離為x=20m，速度剛好降到與導(dǎo)軌相同，由傳感器測(cè)出此時(shí)的速度v=10m/s，不考慮回路的自感求：（1）開始時(shí)N1N2 距虛線的距離x0；（2）金屬桿PQ 的最大加速度；（3）整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中電阻R 上產(chǎn)生的熱量開篇釋義：本題考查了導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、閉合電路的歐姆定律、電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化以及牛頓

26、第二定律、共點(diǎn)力平衡條件在導(dǎo)體切割磁感線運(yùn)動(dòng)中的應(yīng)用；解題的關(guān)鍵是明確導(dǎo)體棒受力和運(yùn)動(dòng)情況，從而靈活選用牛頓第二定律、共點(diǎn)力平衡條件以及功能關(guān)系等規(guī)律求解問題；考查了考生的理解能力、推理能力、分析綜合能力思路分析：（1）因U型導(dǎo)軌在滑動(dòng)摩擦力作用下做勻加速度直線運(yùn)動(dòng)，由可求得其位移；（2）因U型導(dǎo)軌做勻加速度直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律求出桿與導(dǎo)軌之間的摩擦力，而后根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律與閉合電路的歐姆定律，可以求出桿的最大加速度；（3）桿的合力做功等于桿所增加的動(dòng)能，而由電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化可以求解整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中電阻R 上產(chǎn)生的熱量解析正文：結(jié)尾點(diǎn)評(píng)：（1）本題為電磁感應(yīng)與動(dòng)力學(xué)綜合的問題，題

27、目綜合考查了電磁感應(yīng)和電路的分析計(jì)算而分析和解決此類問題要根據(jù)物體的受力特點(diǎn)、弄清物理過程，知道剛性“U”型金屬導(dǎo)軌不受安培力作用，只是在摩擦力作用下做加速運(yùn)動(dòng)（2）導(dǎo)軌做勻加速度直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)題意可以靈活選取位移與平均速度的關(guān)系公式：以及速度公式等，求出導(dǎo)軌向右移動(dòng)的距離以及加速度大小，進(jìn)而根據(jù)牛頓第二定律可算出棒PQ與導(dǎo)軌間的摩擦力而這正是順利求解本題的關(guān)鍵一環(huán)25（22 分）一質(zhì)量為m 半徑為a 的球形人造衛(wèi)星在離地面高度為H 的高空繞地球作圓周運(yùn)動(dòng)，由于受到稀薄空氣的阻力作用，該衛(wèi)星繞行一周高度要下降H已知物體在密度為的流體中以速度v 運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的阻力為 ，式中k 是拖曳系數(shù)，S 是物體與流速垂直的最大橫截面積已知地球的半徑為R0，因H 很小，衛(wèi)星繞行時(shí)可認(rèn)為做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，衛(wèi)星在半徑為r 的軌道上具有的引力勢(shì)能為 ，衛(wèi)星所在處空氣的拖曳系數(shù)為，其中G 為萬有引力恒量，M 為地球質(zhì)量試求：（1）離地面高度為H 處的重力加速度g；（2）軌道高度下降H 時(shí)，人造衛(wèi)星的動(dòng)能變化Ek；（3）衛(wèi)星所在處的大氣密度開篇釋義：本題考查了萬有引力定律及其應(yīng)用、功能關(guān)系以及牛頓運(yùn)動(dòng)定律和圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律在天體運(yùn)動(dòng)中的應(yīng)用；解題的關(guān)鍵是掌握萬有引力提供向心力這一基本規(guī)律，并能正確理解題目給予的信息：衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的阻力以及引力勢(shì)能的確切含義，并結(jié)合相關(guān)規(guī)律分析求解問題；考查了考生的理解能力、推