【KS5U解析】浙江省杭州市第二中學2020屆高三上學期選考模擬考物理試題 Word版含解析

1、杭州二中2019學年第一學期高三年級選考模擬考物理試卷一、單項選擇題（本題每小題有且僅有一個選項符合題意，請選出最佳選項。每小題3分，共30分。）1.對下圖中所牽涉到的儀器名稱從左向右說法正確的是（）a. 范德格拉夫起電機，靜電計，砝碼，可變電阻b. 感應起電機，驗電器，砝碼，可變電容c. 范德格拉夫起電機，驗電器，鉤碼，可變電容d. 感應起電機，驗電器，鉤碼，可變電容【答案】c【解析】【詳解】圖甲是范德格拉夫起電機，圖乙是驗電器，圖丙是鉤碼，圖丁可變電容，c正確，abd錯誤。故選c。2.如圖所示，斜面小車m靜止在光滑水平面上，一邊緊貼墻壁若再在斜面上加一物體m，且m、m相對靜止，此時小車受力

2、個數(shù)為（ ）a. 3b. 4c. 5d. 6【答案】b【解析】【詳解】m、m相對靜止，對整體分析知，整體受總重力和地面給的支持力，處于靜止狀態(tài)；對物體m受力分析，則m受到重力、支持力和靜摩擦力；最后對m受力分析，受重力、m對它的垂直向下的壓力和沿斜面向下的靜摩擦力，同時地面對m有向上的支持力，因墻壁對小車不會有力的作用；則m共受到4個力故b項正確，acd三項錯誤3.如圖所示，運動員把質(zhì)量為的足球從水平地面踢出，足球在空中達到的最高點高度為，在最高點時的速度為，不計空氣阻力，重力加速度為，下列說法正確的是( )a. 運動員踢球時對足球做功b. 足球上升過程重力做功c. 運動員踢球時對足球做功d.

3、 足球上升過程克服重力做功【答案】c【解析】【詳解】ac.足球被踢起后在運動過程中，只受到重力作用，只有重力做功，足球的機械能守恒，足球到達最高點時，機械能為：由于足球的機械能守恒，則足球剛被踢起時的機械能為：足球獲得的機械能等于運動員對足球所做的功，因此運動員對足球做功：故a錯誤，c正確；bd.足球上升過程重力做功：足球上升過程中克服重力做功：克故b、d錯誤4.水平面上有質(zhì)量相等的a、b兩個物體，水平推力f1、f2分別作用在a、b上，一段時間后撤去推力，物體繼續(xù)運動一段距離后停下，兩物體的圖象如圖所示，圖中ab/cd.則整個過程中a. f1的沖量等于f2的沖量b. f1的沖量大于f2的沖量c

4、. 摩擦力對a物體的沖量等于摩擦力對b物體的沖量d. 合外力對a物體的沖量等于合外力對b物體的沖量【答案】d【解析】【詳解】c由圖，ab與cd平行，說明推力撤去后兩物體的加速度相同，而撤去推力后物體的合力等于摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律可知，兩物體受到的摩擦力大小相等但a的運動總時間小于b的時間，根據(jù)i=ft可知，摩擦力對a物體的沖量小于摩擦力對b物體的沖量，故c錯誤ab根據(jù)動量定理，對整個過程研究得f1t1-ftob=0f2t2-ftod=0由圖看出，tobtod，則有f1t1f2t2即f1的沖量小于f2的沖量故ab錯誤d根據(jù)動量定理可知，合外力的沖量等于物體動量的變化量，ab兩個物體動量的變化

5、量都為零，所以相等，故d正確；5.跳水運動是一項難度很大又極具觀賞性的運動，我國運動員多次在國際跳水賽上摘金奪銀，被譽為跳水“夢之隊”。如圖所示，為某跳水運動員頭部的運動軌跡，在不考慮空氣阻力，且身體不發(fā)生彎曲的情況下，頭部運動可看成是人體質(zhì)心的斜拋運動和頭部繞人體質(zhì)心的圓周運動的合運動。在其頭部運動軌跡上有a、b、c、d四個點，下列說法正確的是（）a. 軌跡上的這4個位置中，有兩個位置的速度方向可能向下b. 從a到b的時間和從b到d的時間相同c. 在b位置頭繞質(zhì)心的轉(zhuǎn)動速度比質(zhì)心本身的速度大d. 頭繞質(zhì)心的轉(zhuǎn)動角速度越大，跳水運動員在空中運動的時間越長【答案】c【解析】【詳解】a曲線運動的速

6、度方向為該點軌跡的切線方向，所以在圖中的點c位置速度方向與入水時速度方向相同，豎直向下；在圖中的點b位置速度方向與入水時速度方向相反，豎直向上；點a水平向左；點d水平向右。a錯誤；b從a到b頭部繞人體質(zhì)心運動了周，從b到d頭部繞人體質(zhì)心也運動了周，由于下落高度越高，運動越快，所以從b到d頭部繞人體質(zhì)心也運動周的時間小于從a到b頭部繞人體質(zhì)心運動周的時間，b錯誤；c點b位置速度方向豎直向上，此速度為頭繞質(zhì)心的轉(zhuǎn)動速度與質(zhì)心本身的速度的合速度，質(zhì)心本身的速度斜向下，要使合力向上，則頭繞質(zhì)心的轉(zhuǎn)動速度向上且大于質(zhì)心本身的速度，c正確；d對跳水運動員整體分析，只受重力，下落時間由高度決定，與頭繞質(zhì)心的

7、轉(zhuǎn)動角速度無關(guān)，d錯誤。故選c。6.家用臺式計算機上的硬磁盤的磁道和扇區(qū)如圖所示。某臺計算機上的硬磁盤共有9216個磁道（即9216個不同半徑的同心圓），每個磁道分成8192個扇區(qū)（每扇區(qū)為圓周），每個扇區(qū)可以記錄512個字節(jié)。電動機使磁盤以7200r/min的轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動。磁頭在讀、寫數(shù)據(jù)時是不動的，磁盤每轉(zhuǎn)一圈，磁頭沿半徑方向跳動一個磁道。下列說法正確的是（）a. 每個字節(jié)在磁道上所占用的磁道長度都相同b. 不計磁頭轉(zhuǎn)移磁道的時間，計算機讀寫完該硬盤所需時間約為77sc. 讀取每個字節(jié)所用時間都相同，約為2.0×l0-11sd. 該硬盤容量約為4×1012字節(jié)【答案】b

8、【解析】【詳解】a每個磁道扇區(qū)數(shù)相同，每個扇區(qū)可記錄字節(jié)數(shù)相同，即每個磁道上可記錄字節(jié)數(shù)相同，但半徑不同，所以不同磁道上每個字節(jié)所占用的長度不同，a錯誤；b電動機使磁盤以7200r/min的轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動，則每讀寫一個磁道所用時間為：磁盤共有9216個磁道，所以共需要時間：b正確；c每個磁道分成8192個扇區(qū)，每個扇區(qū)可以記錄512個字節(jié)，所以每個磁道共可以記錄個字節(jié)，所以讀取每個字節(jié)所用時間為：c錯誤；d該硬盤的容量約為個字節(jié)，d錯誤。故選b。7.下列說法正確的是（）a. 康普頓在研究石墨中的電子對x射線的散射時發(fā)現(xiàn)，有些散射波的波長比入射波的波長略小b. 由玻爾的原子模型可以推知，氫原子處于

9、激發(fā)態(tài)的量子數(shù)越大，核外電子動能越大c. 在研究光電效應現(xiàn)象實驗中，飽和光電流的大小與入射光的強弱無關(guān)d. 平均結(jié)合能小的原子核結(jié)合成或分裂成平均結(jié)合能大的原子核時一定會放出核能【答案】d【解析】【詳解】a康普頓在研究石墨中的電子對x射線的散射時發(fā)現(xiàn)，有些散射波的波長比入射波的波長略大，a錯誤；b氫原子處于激發(fā)態(tài)的量子數(shù)越大，電子繞原子核運動的軌道半徑越大，運動的線速度越小，動能越小，b錯誤；c飽和光電流的大小由光照強度決定，光照強度越大，飽和光電流越大，c錯誤；d平均結(jié)合能是核子與核子結(jié)合成原子核時平均每個核子放出的能量，故平均結(jié)合能小的原子核結(jié)合成或分解成平均結(jié)合能大的原子核時一定放出核能

10、，d正確。故選d。8.如圖所示，強度足夠的、不可伸長的輕線一端系著一個小球p，另一端套在圖釘a上，圖釘a正上方有距它h的圖釘b，此時小球在光滑的水平平臺上做半徑為a的勻速圓周運動。現(xiàn)拔掉圖釘a，則（）a. 小球繼續(xù)做勻速圓周運動b. 小球做遠離0的曲線運動，直到被圖釘b拉住時停止c. 不管小球做什么運動，直到被圖釘b拉住時小球通過的位移一定大于hd. 根據(jù)題中的已知條件能求出拔掉圖釘a瞬間到小球再次做勻速圓周運動的時間【答案】c【解析】【詳解】ab小球做勻速圓周運動的向心力由繩的拉力提供，拔掉圖釘a，則繩的拉力突然消失，小球做離心運動，直到被圖釘b拉住，繩中又有拉力，可以繼續(xù)以更大的半徑做圓周

11、運動，ab錯誤；c小球做離心運動，直到被圖釘b拉住時，半徑增大h，但由于小球沿切線方向運動，如圖：所以位移一定大于h，c正確；d由圖可知：時間：由于不知道開始時圓周運動的半徑和做勻速圓周運動的線速度，所以不能求出拔掉圖釘a瞬間到小球再次做勻速圓周運動的時間，d錯誤。故選c。9.空間有一沿x軸分布的電場，其場強e隨x變化的圖像如圖所示，規(guī)定場強沿x軸正方向為正方向。x1和x2為x軸上的兩點。一負電荷從x1運動到x2，則該電荷的電勢能（）a. 先減小后增大b. 先增大后減小c. 逐漸增大d. 逐漸減小【答案】a【解析】【詳解】由圖可知，在x1處電場強度向x軸負方向，負電荷電場力與電場方向相反，即在

12、x1處電場力向x軸正方向，與運動方向相同，電場力先做正功，電勢能減小，當電場方向沿x軸正方向時，電場力向x軸負方向，與運動方向相反，電場力做負功，電勢能增加，a正確，bcd錯誤。故選a。10.如圖所示為一種獲得高能粒子的裝置一一環(huán)形加速器，環(huán)形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外的可變勻強磁場，質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子在環(huán)中做半徑為r的圓周運動，a、b為兩塊中心開有小孔的極板，原來電勢都為零，每當粒子飛經(jīng)a板時，a板電勢升高為+u，b板電勢仍保持為零，設(shè)粒子的初速度為零，在兩極板間的電場中加速，每當粒子離開電場區(qū)域時，a板電勢又降為零，粒子在電場多次加速下動能不斷增大，而在環(huán)形區(qū)域內(nèi)繞中心運動的半徑不變

13、（設(shè)極板間距遠小于r），粒子重力不計，下列關(guān)于環(huán)形加速器的說法中正確的是（）a. 加速器對帶正電粒子順時針加速，對帶負電粒子加速需要升高b板電勢b. 電勢u越高，粒子最終的速度就越大c. 粒子第n次繞行一圈所需的時間tn與下一次所需時間tn+1的關(guān)系為d. 第n次繞行的磁感應強度大小bn與下一次磁感應強度大小bn+1之比為【答案】d【解析】【詳解】a磁場方向垂直紙面向外，要使帶正電的粒子能在環(huán)形區(qū)域做圓周運動，則由左手定則判斷可知，帶正電粒子順時針運動，帶負電粒子需逆時針運動，所以對帶負電粒子加速需要升高a板電勢，a錯誤；b粒子最終的速度與帶電粒子被加速的次數(shù)有關(guān)，即使電勢u比較低，但如果加速

14、次數(shù)多，速度也可以更大，b錯誤；c粒子繞行n圈獲得的動能等于電場力對粒子做的功，設(shè)粒子繞行n圈獲得的速度為vn ，由動能定理：解得：粒子繞行第n圈所需時間：所以，c錯誤；d粒子在環(huán)形區(qū)域磁場中，受洛倫茲力作用做半徑為r的勻速圓周運動：解得：所以，d正確。故選d。二、不定項選擇題（每小題可能有一個或多個選項符合題意，每題4分，共16分，錯選和多選不得分，漏選得2分）11.一列機械波沿直線ab向右傳播，=2m，a、b兩點的振動情況如圖所示，下列說法中正確的是（）a. 波速可能是m/sb. 波長可能是mc. 波速可能大于m/sd. 波長可能大于m【答案】ab【解析】【詳解】由振動圖象可知質(zhì)點振動周期

15、t=4s，在t=0時刻，a點位于波谷，b點經(jīng)過平衡位置向上，結(jié)合波形得：得：波速為： （n=0，1，2，）當n=0時，波長最長，最長波長為：m；波速最大，最大波速為：m/s； ab正確，cd錯誤。故選ab。12.abcde為單反照相機取景器中五棱鏡的一個截面示意圖，abbc，由a、b兩種單色光組成的細光束從空氣垂直射入棱鏡，經(jīng)兩次反射后光線垂直bc射出，且在cd、ae邊只有a光射出，光路如圖所示，則a、b兩束光（ ）a. 在真空中，a光的傳播速度比b光大b. 這兩束光同時射向某金屬，若a光能發(fā)生光電效應，則b光一定能發(fā)生光電效應c. 以相同的入射角從空氣斜射入水中，b光的折射角較小d. 從零逐

16、漸增大從水斜射入空氣的入射角，b光比a光先發(fā)生全反射【答案】bcd【解析】【詳解】a在真空中，光的傳播速度相同，真空中光速為，a錯誤；b在cd、ae邊只有a光射出，b光發(fā)生了全反射，說明b光的臨界角小，在五棱鏡中的折射率大，頻率越大的光，折射率越大，所以b光頻率比a光大，這兩束光同時射向某金屬，若a光能發(fā)生光電效應，頻率更大的b光一定能發(fā)生光電效應，b正確；c由折射定律 知，b光的折射率大，折射角小，c正確；d由全反射的臨界角公式可知，b光的折射率大，全反射的臨界角更小，先發(fā)生全反射，d正確。故選bcd。13.將圓柱形強磁鐵吸在干電池的負極，強磁鐵的s極朝上n極朝下，將銅絲折成上端有

17、一支點，下端開口的導線框，使導線框的頂端支點和底端分別與電源的正極和磁鐵都接觸良好但不固定，這樣整個線框就可以繞電池旋轉(zhuǎn)起來。下列判斷不正確的是（）a. 線框能旋轉(zhuǎn)起來，是因為慣性b. 俯視觀察，線框沿逆時針方向旋轉(zhuǎn)c. 電池輸出的電功率等于線框旋轉(zhuǎn)的機械功率d. 若將金屬導線改成更粗的漆包線，對漆包線不做任何處理，本實驗也能成功【答案】acd【解析】【詳解】ab強磁鐵的s極朝上n極朝下，對左邊銅絲分析，磁場方向斜向右下方，有向右的分量，由左手定則可以判斷，從上往下看，左邊銅絲受逆時針方向的安培力；同理的，對右邊銅絲分析，也受逆時針方向的安培力，在逆時針方向的安培力作用下，銅絲線圈繞逆時針方向

18、旋轉(zhuǎn)，所以線框能旋轉(zhuǎn)起來，是因為受到安培力，不是慣性，a錯誤，b正確；c因為電源消耗的總功率一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，另一部分轉(zhuǎn)化為動能，所以總功率大于機械功率故c錯誤；d漆包線由于銅絲外面有一層絕緣漆，若不做任何處理，則無法通電，導線中沒有電流，不受安培力的作用，所以無法成功，d錯誤。本題選錯誤的。故選acd。14.物理科學與我們的生活，國防科技等聯(lián)系非常密切，下列說法中正確的有（）a. 聲吶是波長很短的電磁波，利用聲吶可以探測到魚群、深度海洋和敵方潛艇b. 晴朗的天空呈現(xiàn)藍色與照相機鏡頭呈現(xiàn)淡紫色都是光的干涉現(xiàn)象引起的c. 醫(yī)院里我們常說的b超和彩超都是聲波d. 光的偏振現(xiàn)象可用于拍攝立體電影，制

19、作照相機鏡頭和液晶顯示器等【答案】cd【解析】【詳解】a聲吶是聲波，不是電磁波，a錯誤；b晴朗的天空呈現(xiàn)藍色是由于太陽光的散射形成的，照相機鏡頭呈現(xiàn)淡紫色是由于鏡頭涂有增透膜，反射光部分多以高頻的藍紫色光線為主，故呈淡紫色，b錯誤；cb超和彩超都是利用超聲波探測，c正確；d光的偏振現(xiàn)象可用于拍攝立體電影，制作照相機鏡頭和液晶顯示器等，d正確。故選cd。三、實驗題（每空2分，共20分）15.某探究性學習小組利用如圖所示的電路測量電池的電動勢和內(nèi)阻其中電流表a1的內(nèi)阻r1=1.0 k，電阻r1=9.0 k，為了方便讀數(shù)和作圖，給電池串聯(lián)一個r0=3.0 的電阻（1）按圖示電路進行連接后，發(fā)現(xiàn)、和三

20、條導線中，混進了一條內(nèi)部斷開的導線為了確定哪一條導線內(nèi)部是斷開的，將電建s閉合，用多用電表的電壓擋先測量a、間電壓，讀數(shù)不為零，再測量、間電壓，若讀數(shù)不為零，則一定是_導線斷開；若讀數(shù)為零，則一定是_導線斷開 （2）排除故障后，該小組順利完成實驗通過多次改變滑動變阻器觸頭位置，得到電流表a1和a2的多組i1、i2數(shù)據(jù)，作出圖象如右圖由i1i2圖象得到電池的電動勢e=_v，內(nèi)阻r=_【答案】 (1). (2). (3). 1.41（1.361.44均可） (4). 0.5（0.40.6均可）【解析】用電壓擋檢測電路故障，電壓表的表頭是電流計，原電路有斷路，回路中無電流，將電壓表接在間后有示數(shù)，說

21、明電路被接通，即間有斷路故障，再測量間電壓，電壓表讀數(shù)不為零，說明斷路故障的范圍被縮小到間，則一定是導線斷開；若讀數(shù)為零，則說明電路仍未被接通，斷路故障的范圍被確定在間根據(jù)閉合電路的歐姆定律：，上式可簡化為，讀出兩點坐標：（60，0.12）和（260，0.05），代入方程解得：電動勢e=1.41 v，內(nèi)阻r=0.5 點睛:由圖象法處理實驗數(shù)據(jù)的關(guān)鍵是要理解圖線的物理意義縱軸截距和斜率表示什么，閉合電路的歐姆定律是核心16.某同學做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗情況如圖甲所示，其中為固定橡皮條的圖釘，為橡皮條與細繩的結(jié)點，和為細繩，圖乙是在白紙上根據(jù)實驗結(jié)果畫出的圖(1)如果沒有操作失誤，圖乙

22、中的與兩力中，方向一定沿方向的是_.(2)本實驗采用的科學方法是_.a.理想實驗法 b.等效替代法 c.控制變量法 d.建立物理模型法(3)下列方法中，有助于減小實驗誤差的是_a.盡可能使兩分力的夾角大些b.盡可能使兩分力相差的大些c.盡可能使兩分力與紙面平行d.盡可能使橡皮條長些【答案】 (1). (2). b (3). c【解析】【詳解】(1)1是通過作圖的方法得到合力的理論值，而是通過一個彈簧稱沿方向拉橡皮條，使橡皮條伸長到點，使得一個彈簧秤的拉力與兩個彈簧秤的拉力效果相同，測量出的合力故方向一定沿方向的是，由于誤差的存在和方向不一定重合(2)2合力與分力是等效替代的關(guān)系，所以本實驗采用

23、的等效替代法；a.理想實驗法與分析不符，故a錯誤；b.等效替代法與分析相符，故b正確； c.控制變量法與分析不符，故c錯誤； d.建立物理模型法與分析不符，故d錯誤(3)3a.兩分力的夾角太大，合力較小，合力測量的相對誤差較大，故a錯誤；b.使兩分力的大小要適當，不一定相差太大，故b錯誤；c.為了減小因摩擦造成的誤差，應使各力盡量與木板面平行；各力與木板面平行，力的作用效果才是真正相同；故c正確；d.為了更加準確的記錄力的方向，拉橡皮條的細繩要長些，橡皮條不是要盡可能長，故d錯誤17.在“利用單擺測定重力加速度”的實驗中，由單擺做簡諧運動的周期公式得到g=。只要測出多組單擺的擺長和運動周期t，

24、作出t2-圖象，就可以求出當?shù)氐闹亓铀俣取＠碚撋蟭2-圖象是一條過坐標原點的直線，某同學根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出的圖象如圖所示。（1）造成圖象不過坐標點的原因可能是_；（2）由圖象求出的重力加速度g=_m/s2；（取2=9.87）（3）如果測得的g值偏小，可能的原因是_a測擺線時擺線拉得過緊b先測擺長，再測周期，在測周期時，上端懸點未固定，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了c開始計時時，停表過遲按下d實驗時誤將49次全振動數(shù)為50次【答案】 (1). 測擺長時漏掉了擺球的半徑 (2). 9.87 (3). b【解析】【詳解】（1）1圖象不通過坐標原點，將圖象向右平移1cm就會通過坐標原點，故相同的周期

25、下，擺長偏小1cm，故可能是漏加小球半徑；（2）2由：t=2得：則有：=k=4解得：g= 9.87m/s2（3）3根據(jù)：g=a測擺線時擺線拉得過緊，則擺長的測量值偏大，導致重力加速度的測量值偏大，故a錯誤；b擺線上端懸點未固定，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了，知擺長的測量值偏小，導致重力加速度的測量值偏小，故b正確；c開始計時時，停表過遲按下，周期的測量值偏小，導致重力加速度的測量值偏大，故c錯誤；d實驗時誤將49次全振動數(shù)為50次，周期的測量值偏小，導致重力加速度測量值偏大，故d錯誤。故選b。四、計算題（第18題10分，19題12分，20題12分）18.如圖所示,固定的光滑平臺上固定有光滑

26、的半圓軌道,軌道半徑r=0.6m,平臺上靜止放置著兩個滑塊a、b,ma=0.1kg,mb=0.2kg,兩滑塊間夾有少量炸藥,平臺右側(cè)有一帶擋板的小車,靜止在光滑的水平地面上小車質(zhì)量為m=0.3kg,車面與平臺的臺面等高,小車的上表面的右側(cè)固定一根輕彈簧,彈簧的自由端在q點,小車的上表面左端點p與q點之間是粗糙的,pq間距離為l滑塊b與pq之間的動摩擦因數(shù)為=0.2,q點右側(cè)表面是光滑的點燃炸藥后,a、b分離瞬間a滑塊獲得向左的速度va=6m/s,而滑塊b則沖向小車兩滑塊都可以看作質(zhì)點,炸藥的質(zhì)量忽略不計,爆炸的時間極短,爆炸后兩個物塊的速度方向在同一水平直線上,且g=10m/s2求: (1)滑

27、塊a在半圓軌道最高點對軌道的壓力;(2)若l=0.8m,滑塊b滑上小車后的運動過程中彈簧的最大彈性勢能；(3)要使滑塊b既能擠壓彈簧,又最終沒有滑離小車,則小車上pq之間的距離l應在什么范圍內(nèi)【答案】（1）1n，方向豎直向上（2）（3）0675ml135m【解析】【詳解】(1)a從軌道最低點到軌道最高點由機械能守恒定律得：在最高點由牛頓第二定律：滑塊在半圓軌道最高點受到的壓力為：fn=1n由牛頓第三定律得：滑塊對軌道壓力大小為1n，方向向上 （2）爆炸過程由動量守恒定律：解得：vb=3m/s滑塊b沖上小車后將彈簧壓縮到最短時，彈簧具有最大彈性勢能，由動量守恒定律可知：由能量關(guān)系：解得ep=02

28、2j(3)滑塊最終沒有離開小車，滑塊和小車具有共同的末速度，設(shè)為u，滑塊與小車組成的系統(tǒng)動量守恒，有：若小車pq之間的距離l足夠大，則滑塊還沒與彈簧接觸就已經(jīng)與小車相對靜止，設(shè)滑塊恰好滑到q點，由能量守恒定律得：聯(lián)立解得：l1=1.35m若小車pq之間的距離l不是很大，則滑塊必然擠壓彈簧，由于q點右側(cè)是光滑的，滑塊必然被彈回到pq之間，設(shè)滑塊恰好回到小車的左端p點處，由能量守恒定律得：聯(lián)立解得：l2=0.675m綜上所述，要使滑塊既能擠壓彈簧，又最終沒有離開小車，pq之間的距離l應滿足的范圍是0.675ml1.35m19.如圖(a)，超級高鐵(hyperloop)是一種以“真空管道運輸”為理論

29、核心設(shè)計的交通工具，它具有超高速、低能耗、無噪聲、零污染等特點如圖(b)，已知管道中固定著兩根平行金屬導軌mn、pq，兩導軌間距為；運輸車的質(zhì)量為m，橫截面是半徑為r的圓運輸車上固定著間距為d、與導軌垂直的兩根導體棒1和2，每根導體棒的電阻為r，每段長度為d的導軌的電阻也為r其他電阻忽略不計，重力加速度為g (1)如圖(c)，當管道中的導軌平面與水平面成=30°時，運輸車恰好能無動力地勻速下滑求運輸車與導軌間的動摩擦因數(shù)；(2)在水平導軌上進行實驗，不考慮摩擦及空氣阻力當運輸車由靜止離站時，在導體棒2后間距為d處接通固定在導軌上電動勢為e的直流電源，此時導體棒1、2均處于磁感應強度為b，垂直導軌平向下的勻強磁場中，如圖(d)求剛接通電源時運輸車的加速度的大?。唬娫磧?nèi)阻不計，不考慮電磁感應現(xiàn)象）當運輸車進站時，管道內(nèi)依次分布磁感應強度為b，寬度為d的勻強磁場，且相鄰的勻強磁場的方向相反求運輸車以速度v0從如圖(e)通過距離2d后的速度v【答案】（1） （2） 【解析】【分析】(1)對運輸車進行受力分析，由題意運輸車恰能在斜面上勻速下滑，由平衡條件可求得動摩擦因數(shù)；(2)先畫出運輸車到站時的等效電路圖，求出電路的總電阻，由歐姆定律求出電流，表示出安培力的表達式，由牛頓第二定律求出加速度大??；先把運輸車分為無數(shù)小段，由動量定理寫出安培力的沖