2022-2023學(xué)年廣西玉林、柳州市物理高三第一學(xué)期期中預(yù)測(cè)試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考生要認(rèn)真填寫考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、研究表明，地球自轉(zhuǎn)在逐漸變慢，3億年前地球自轉(zhuǎn)的周期約為22小時(shí)。假設(shè)這種趨勢(shì)會(huì)持續(xù)下去，地球的其他條件都不變，則若干年后（ ）A地球兩極的重力加速度將變大B地球赤道的重力加速度將變大C地球近地衛(wèi)星的速度將變大D地球同步衛(wèi)星的

2、速度將變大2、下列說(shuō)法正確的是（ ）A結(jié)合能越大表示原子核中核子結(jié)合得越牢靠，原子核越穩(wěn)定B射線和光電效應(yīng)中逸出的電子都是原子核衰變產(chǎn)生的C均勻變化的電場(chǎng)可以產(chǎn)生電磁波D在任何慣性系中，光在真空中沿任何方向的傳播速度都相同。3、下列說(shuō)法正確的是 （ ）A做圓周運(yùn)動(dòng)的物體，其加速度一定指向圓心B只要系統(tǒng)所受外力之和為零，則系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，系統(tǒng)的機(jī)械能也守恒C在地球上同一位置，沿不同方向拋出物體,不計(jì)空氣阻力，物體的速度變化率相同D做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)先后通過(guò)同一點(diǎn)，回復(fù)力、速度、加速度、位移一定相同4、質(zhì)量不同的物體，從不同高度以相同的速度同時(shí)水平拋出，不計(jì)空氣阻力下列說(shuō)法正確的是( )A質(zhì)量大的物

3、體先落地B低處的物體先落地C質(zhì)量小的物體先落地D高處的物體先落地5、某籃球運(yùn)動(dòng)員將籃球豎直向上拋出，籃球在最高點(diǎn)離接球的手距離1.8m，該運(yùn)動(dòng)員接球的整個(gè)過(guò)程時(shí)間約為0.1s，(忽略空氣阻力，g取10m/s2)則下列說(shuō)法正確的是A接球時(shí)球的速度大小為3m/sB籃球自由下落時(shí)間約為1.2sC手受到的平均作用力的大小是籃球重力大小的7倍D手接籃球的整個(gè)過(guò)程，籃球處于失重狀態(tài)6、如圖所示，直線a和曲線b分別代表在平直公路上行駛的汽車甲和乙的位移時(shí)間圖像，則由圖像可知A在tl時(shí)刻，乙車追上甲車B甲車做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，乙車做變加速直線運(yùn)動(dòng)C從tl到t2這段時(shí)間內(nèi)，乙車的速率先減小后增大，方向保持不變D從

4、tl時(shí)刻之后(不包含tl時(shí)刻)到t2時(shí)刻這段時(shí)間內(nèi)，甲、乙兩車相遇兩次二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，傾角為30的光滑斜面底端固定一輕彈簧，點(diǎn)為原長(zhǎng)位置。質(zhì)量為的滑塊從斜面上點(diǎn)由靜止釋放，物塊下滑并壓縮彈簧到最短的過(guò)程中，最大動(dòng)能為?，F(xiàn)將物塊由點(diǎn)上方處的點(diǎn)由靜止釋放，彈簧被壓縮過(guò)程中始終在彈性限度內(nèi)，取，則下列說(shuō)法正確的是A從點(diǎn)釋放，滑塊被彈簧彈回經(jīng)過(guò)點(diǎn)的動(dòng)能等于B點(diǎn)到點(diǎn)的距離小于C從點(diǎn)釋放后，滑塊運(yùn)動(dòng)的最大動(dòng)能為D從點(diǎn)釋放，彈簧最大彈性勢(shì)能比從點(diǎn)釋放增

5、加了8、如圖所示，質(zhì)量相同的木塊A、B用輕質(zhì)彈簧連接，在力F作用下靜止在光滑的斜面上現(xiàn)突然增大F至某一恒力推A，則從開始到彈簧第一次被壓縮到最短的過(guò)程中( ) A兩木塊速度相同時(shí)，加速度aAaBB兩木塊速度相同時(shí)，加速度aAvBD兩木塊加速度相同時(shí)，速度vAaB，故經(jīng)過(guò)相等的時(shí)間，A增加的速度大，B增加的速度小，所以，在aA=aB時(shí)vAvB，故C正確，D錯(cuò)誤；AB、當(dāng)vA=vB時(shí)，彈簧的壓縮量最大，彈力最大，A在此之前一直做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，B做加速度逐漸增大的加速運(yùn)動(dòng)，由于aA=aB時(shí)vAvB，所以vA=vB時(shí)aAaB；故A錯(cuò)誤，B正確故選BC9、AB【解析】根據(jù)功能關(guān)系可知，除了重

6、力之外的力對(duì)物體做正功時(shí)，物體的機(jī)械能就要增加，增加的機(jī)械能等于外力F做功的大小，由于拉力F對(duì)物體做的功為20J，所以物體的機(jī)械能要增加20J，撤去拉力之后，物體的機(jī)械能守恒，所以當(dāng)回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)，所有的能量都轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，所以動(dòng)能為20J，重力勢(shì)能為0，所以物體回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能是20J，故A正確設(shè)撤去力F前和撤去力F后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物體的加速度大小分別為：和，這兩個(gè)過(guò)程的位移大小相等，方向相反，取沿斜面向上為正方向，則有：，得：；因?yàn)槲矬w做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，初速度為0，由牛頓第二定律可得，撤去恒力F后是勻變速運(yùn)動(dòng)，且加速度為，聯(lián)立上兩式得：，設(shè)剛撤去拉力F時(shí)物體的速度大小為，則有：，對(duì)于從撤去到

7、返回的整個(gè)過(guò)程，有：，解得：，所以在撤去力F前的瞬間，力F的功率：，故B正確，C錯(cuò)誤；撤去力F后的位置到最高點(diǎn)，動(dòng)能減小，重力勢(shì)能增大，動(dòng)能與勢(shì)能相等的位置不可能在這段距離，所以動(dòng)能與勢(shì)能相等的位置在撤去力F之前的某位置，物體的機(jī)械能一直增大，故D錯(cuò)誤；故選AB【點(diǎn)睛】根據(jù)功能原理求物體回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能根據(jù)物體的運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，在拉力F的作用下運(yùn)動(dòng)時(shí)間t后，撤去拉力F之后又運(yùn)動(dòng)時(shí)間t返回出發(fā)點(diǎn)，根據(jù)物體的這個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程，列出方程可以求得拉力的大小和撤去拉力時(shí)物體的速度的大小，從而可以求得拉力F的功率由高度的變化分析重力勢(shì)能的變化分析物體的速度變化，判斷動(dòng)能的變化情況10、BC【解析】經(jīng)過(guò)t時(shí)間撞

8、在斜面上，此時(shí)水平位移x=v0t，豎直位移y=gt2，根據(jù)tan45，解得t=1s撞擊點(diǎn)離地面的高度hhgt26m5m1m故BC正確，AD錯(cuò)誤故選BC【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，抓住等時(shí)性，運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行求解三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、（5）（7）;【解析】試題分析:（5）遮光條通過(guò)第一個(gè)光電門的速度為:、通過(guò)第二個(gè)光電門的速度為:，根據(jù)速度位移公式得：（7）兩次試驗(yàn)中鉤碼質(zhì)量均滿足遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量，則鉤碼的重力等于拉力，設(shè)鉤碼質(zhì)量為m0，則有：，聯(lián)立解得:.若所用鉤碼質(zhì)量較大，明顯不滿

9、足遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量的條件，對(duì)整體分析，有：，聯(lián)立解得:.考點(diǎn)：本題考查探究牛頓第二定律12、ABC B 【解析】（1）實(shí)驗(yàn)前要平衡摩擦力，將長(zhǎng)木板右端適當(dāng)墊高，使小車能自由勻速滑動(dòng)，故A正確；為充分利用紙帶，小車靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時(shí)記錄傳感器的示數(shù)，故B正確；為得出普遍規(guī)律，改變砂和砂桶質(zhì)量，打出幾條紙帶，故C正確；小車受到的拉力可由拉力傳感器測(cè)出來(lái)，不需要用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量，故D錯(cuò)誤；小車受到的拉力可以由拉力傳感器測(cè)出，實(shí)驗(yàn)中一定不需要保證砂和砂桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，故E錯(cuò)誤所以選ABC（2）小車質(zhì)量不變時(shí)，加速度與拉力成正比，所以a-F圖象是一

10、條傾斜的直線，由實(shí)驗(yàn)裝置可知，實(shí)驗(yàn)前沒(méi)有平衡摩擦力，則畫出的a-F圖象在F軸上有截距，所以選B（3）小車所受的合力為2F，加速度，a-F圖象的斜率：，小車質(zhì)量：四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、 (1)能，0.6m/s；(2)1.25m【解析】(1)能；由于，小車不論與墻相撞多少次，系統(tǒng)的動(dòng)量總是向右，但每撞一次總動(dòng)量減少一次，直到減為零，最后小車停在墻下。車第一次碰墻后到第二次碰墻前，系統(tǒng)的總動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可得（規(guī)定水平向右為正方向）代入數(shù)據(jù)可得(2)小車第一次與墻相撞后向左所走路程為s1，由動(dòng)能定理

11、得得代入數(shù)據(jù)可得接著小車和鐵塊以共同速度v1與墻第二次相碰，由動(dòng)量守恒有代入數(shù)據(jù)可得第二次相撞后平板車向左走的路程為s2，則有所以可得即以后每次相碰反彈向左行的路程均以比例減少，小車所走的路程為一個(gè)無(wú)窮等比數(shù)列之和。公比，聯(lián)立可得代入數(shù)據(jù)可得14、（1）11J；（1）7.5s【解析】（1）設(shè)物塊 B 沿光滑曲面下滑到水平位置時(shí)的速度大小為 v0，由機(jī)械能守恒定律得： 解得：在傳送帶上，對(duì)物塊 B，由牛頓第二定律得：mg=ma 設(shè)物塊 B 通過(guò)傳送帶后運(yùn)動(dòng)速度大小為 v，有： 聯(lián)立解得：由于 vu=1m/s，所以 v=4m/s 即為物塊 B 與物塊 A 第一次碰撞前的速度大小， 設(shè)物塊 A、B

12、第一次碰撞后的速度分別為 v1、v1，以向左為正方向， 由動(dòng)量守恒定律得：mv=mv1+Mv1 由機(jī)械能守恒定律得： 聯(lián)立解得v1 1m / s ，v1 1m / s物塊 A 的速度為零時(shí)彈簧壓縮量最大，彈簧彈性勢(shì)能最大，由能量守恒定律得： （1）碰撞后物塊 B 沿水平臺(tái)面向右勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)物塊 B 在傳送帶上向右運(yùn)動(dòng)的最大位移為 l，由動(dòng)能定理得： 解得：l=1m4.5m所以物塊B不能通過(guò)傳送帶運(yùn)動(dòng)到右邊的曲面上。當(dāng)物塊B在傳送帶上向右運(yùn)動(dòng)的速度為零后，將會(huì)沿傳送帶向左加速運(yùn)動(dòng)?？梢耘袛?，物塊B運(yùn)動(dòng)到左邊臺(tái)面時(shí)的速度大小為，繼而與物塊A發(fā)生第二次碰撞。設(shè)第1次碰撞到第1次碰撞之間，物塊B在傳送帶運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1。由動(dòng)量定理得：，解得：，設(shè)物塊A、B第一次碰撞后的速度分別為v4、v3，取向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律得：，代入數(shù)據(jù)解得：，當(dāng)物塊B在傳送帶上向右運(yùn)動(dòng)的速度為零后，將會(huì)沿傳送帶向左加速運(yùn)動(dòng)。可以判斷，物塊B運(yùn)動(dòng)到左邊臺(tái)面時(shí)的速度大小為，繼而與物塊A發(fā)生第1次碰撞。則第1次碰撞到第3次碰撞之間，物塊B在傳送帶運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1。由動(dòng)量定理得：解得：，同上計(jì)算可知：物塊B與物塊A第三次碰撞、第四次碰撞第n次碰撞后物塊B在傳送帶運(yùn)動(dòng)