內(nèi)蒙古開來中學2023學年物理高二上期中教學質(zhì)量檢測模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示為質(zhì)點做勻變速曲線運動軌跡的示意圖，且質(zhì)點運動到D點時速度方向與加速度方向恰好互相垂直，則質(zhì)點從A點運動到E點的過程中，下列說法中正確的是（）A質(zhì)點經(jīng)過C點的速率比D點的

2、大B質(zhì)點經(jīng)過A點時的加速度方向與速度方向的夾角小于90C質(zhì)點經(jīng)過D點時的加速度比B點的大D質(zhì)點從B到E的過程中加速度方向與速度方向的夾角先增大后減小2、下列對運動的認識錯誤的是（）A亞里士多德認為有力作用在物體上，物體才能運動；沒有力的作用，物體就靜止B伽利略認為如果完全排除空氣的阻力，所有的物體將下落得同樣快C伽利略認為，若沒有摩擦，在水平面上運動的物體將保持其速度繼續(xù)運動下去D牛頓認為力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態(tài)的原因3、一個質(zhì)量為2kg的物體，以4m/s的速度在光滑水平面上向右滑行，從某個時刻起，在物體上作用一個向左的水平力，經(jīng)過一段時間，物體的速度方向變?yōu)橄蜃?，大小?/p>

3、然是4m/s，在這段時間內(nèi)水平力對物體做的功為 （ ）A32JB8JC16JD04、某電場的電場線如圖所示，則A和B兩點電場強度的大小關系是（）AEAEB BEAEB CEA=EB D無法判斷5、如圖，直線A和B分別為電源a、b的路端電壓與電流的關系圖像。設兩個電源的內(nèi)阻分別為ra和rb，若將一定值電阻R分別接到A、B兩電源上，通過R的電流分別為Ia和Ib則（）Ara=rbIa =IbBrarbIaIbCrarbIa =IbDrarbIaIb6、如圖所示電路，電源電動勢e = 6V，內(nèi)阻不計。R1 = 4，R2 =2，R3 =7，電容器的電容C=1mF，那么電容器上所帶電量為( )A210-6

4、CB610-6CC0D410-6C二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示是一玻璃球體,其半徑為R,O為球心,AB為水平直徑。M點是玻璃球的最高點,來自B點的光線BD從D點射出,出射光線平行于AB,已知ABD=30，光在真空中的傳播速度為c,則( )A此玻璃的折射率為 B光線從B到D需用時 C若增大ABD,光線不可能在DM段發(fā)生全反射現(xiàn)象D若減小ABD,從AD段射出的光線均平行于AB8、如圖所示，在虛線寬度范圍內(nèi)，存在方向垂直紙面向外磁感應強度為B的勻強磁場，某種

5、正離子以初速度v0垂直于左邊界射入，離開右邊界時偏轉角度為。在該寬度范圍內(nèi)，若只存在豎直向下的勻強電場，該離子仍以原來的初速度穿過該區(qū)域，偏角角度仍為 (不計離子的重力)，則下列判斷正確的是( )A勻強電場的電場強度大小為B勻強電場的電場強度大小為C離子穿過電場和磁場的時間之比為D離子穿過電場和磁場的時間之比為9、兩列頻率相同、振幅均為的簡諧橫波、分別沿和軸方向在同一介質(zhì)中傳播，兩列波的振動方向均沿軸某時刻兩波的波面如圖所示，實線表示波的波峰、波的波谷；虛線表示波的波谷、波的波峰、為三個等間距的質(zhì)點，為、中間的質(zhì)點下列判斷正確的是（ ）A質(zhì)點的振幅為B質(zhì)點始終靜止不動C圖示時刻質(zhì)點的位移為0D

6、圖示時刻質(zhì)點的振動方向沿軸10、如圖，a、b分別表示一個電池組和電阻的伏安特性曲線則以下說法正確的是A電阻的阻值為0.33 B電池組的內(nèi)阻是1 C將該電阻接在該電池組兩端，電池組的輸出功率將是4 WD改變外電阻的阻值時，該電池組的最大輸出功率為4 W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某電阻額定電壓為3V（阻值大約為10），為測量其阻值，實驗室提供了下列可選用的器材：A電流表A1（量程300mA，內(nèi)阻約1）B電流表A2（量程0.6A，內(nèi)阻約0.3）C電壓表V1（量程3.0V，內(nèi)阻約3k）D電壓表V2（量程5.0V，內(nèi)阻約5k）E.

7、滑動變阻器R1（最大阻值為10）F.滑動變阻器R2（最大阻值為1k）G.電源E（電動勢4V，內(nèi)阻可忽略）H.電鍵、導線若干（1）為了盡可能提高測量準確度，應選擇的器材為（只需添器材前面的字母即可）：電流表_，電壓表_，滑動變阻器_（2）畫出該實驗電路圖_12（12分）一直流電壓表V，量程為1V，內(nèi)阻為，現(xiàn)將一個阻值在之間的固定電阻與此電壓表串聯(lián)，以擴大電壓表量程，為求得擴大后量程的準確值，再給一直流電源（電動勢E為6-7V，內(nèi)阻不計）、一阻值的固定電阻、兩個單刀開關及導線若干。（1）為達到上述目的，將對應的圖連成一個完整的實驗電路圖。_（2）連線完成以后，當均閉合時，電壓表示數(shù)為0.90V；當

8、閉合， 斷開時，電壓表示數(shù)為0.70V。由此可以計算出改裝后電壓表的量程為_V，電源電動勢為_V。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，光滑絕緣的水平地面上，相隔4L的A、B兩點固定有兩個電量均為+Q的正電荷，a、O、b是AB連線上的三點，且O為中點，OaObL。一質(zhì)量為m，電量為q的點電荷以初速度v0從a點出發(fā)沿AB連線向B運動，在運動過程中電荷受到大小恒定的阻力作用，但速度為零時，阻力也為零。當它第一次運動到O點時，速度為2v0，繼續(xù)運動到b點時的速度剛好為0，然后返回往復運動，直至最后靜止在O

9、點。已知靜電力常量為k，求：(1)電荷q受到的阻力大??；(2)aO兩點之間的電勢差。14（16分）在如圖所示的電路中，R13，R26，R31.5，C20F，當開關S斷開時，電源的總功率為2W；當開關S閉合時，電源的總功率為4W，求： (1)電源的電動勢和內(nèi)電阻；(2)閉合S時，電源的輸出功率；(3)S斷開和閉合時，電容器所帶的電荷量各是多少？15（12分）在真空中存在空間范圍足夠大的、水平向右的勻強電場。若將一個質(zhì)量為m、帶正電電量q的小球在此電場中由靜止釋放，小球?qū)⒀嘏c豎直方向夾角為37的直線運動?，F(xiàn)將該小球從電場中某點以初速度豎直向上拋出，求（取，）(1)小球受到的電場力的大??；(2)小球

10、拋出點至最高點之間的電勢差U。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】A由題意，質(zhì)點運動到D點時速度方向與加速度方向恰好互相垂直，速度沿D點軌跡的切線方向，則知加速度斜向左上方，合外力也斜向左上方，質(zhì)點做勻變速曲線運動，合外力恒定不變，質(zhì)點由C到D過程中，合外力做負功，由動能定理可得，C點的速度比D點速度大，故A正確；B質(zhì)點運動到D點時速度方向與加速度方向恰好互相垂直，速度沿軌跡的切線方向，加速度指向軌跡的內(nèi)側，則有A、B、C三點速度與加速度方向夾角均大于90，故B錯誤；C質(zhì)點做勻變速曲線運動，則有加速度不變

11、，所以質(zhì)點經(jīng)過D點時的加速度與B點相同，故C錯誤；D質(zhì)點從B到E的過程中加速度方向與速度方向的夾角一直減小，故D錯誤。故選A。2、A【解析】亞里士多德認為有力作用在物體上，物體才能運動；沒有力的作用，物體就靜止，該觀點是以生活經(jīng)驗得出的，是錯誤的。根據(jù)伽利略的理想實驗得出力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態(tài)的原因，故A認識錯誤；伽利略認為如果完全排除空氣的阻力，所有的物體將下落得同樣快，故B認識正確；伽利略認為，若沒有摩擦，在水平面上運動的物體將保持其速度繼續(xù)運動下去，故C認識正確；牛頓認為力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態(tài)的原因，故D認識正確。所以選A。3、D【解析】根

12、據(jù)動能定理有，力F對物體做的功為：W=mv22-mv12=216216=0，故選D4、A【解析】由圖可知，A點的電場線較密，B的電場線較疏所以A點的電場強度大于B點的，故A正確，BCD錯誤。5、B【解析】由圖象可知，圖象A斜率的絕對值大于圖象B斜率的絕對值，因此rarb，在同一坐標系內(nèi)作出電阻R的U-I圖象，如圖所示:由圖象可知IaIb，故B正確；A，C，D錯誤；故選B.【點睛】電源的U-I圖象與縱軸的交點是電源電動勢，圖象斜率的絕對值是電源內(nèi)阻；同時注意在同一圖中作出電阻的伏安特性曲線時，兩圖象的交點為電阻的工作點6、A【解析】電容器所在支路為斷路，故電路結構可簡化為R1、R2串聯(lián)，電容器兩

13、端電壓等于R2兩端電壓，根據(jù)閉合回路歐姆定律可得UR2=R2R2+R1=22+46=2V，故電容器上所帶電荷量為Q=CUR2=21mF=210-6C，A正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A.如圖，由幾何知識可得入射角 i=ABD=30，折射角 r=2ABD=30=60，則此玻璃的折射率為，故A正確；B、BD長度 s=2Rcos30=R，光在玻璃球內(nèi)傳播的速度，故光線從B傳到D的時間為，故B正確；C.由，則臨界角C45，所以若增大ABD，入射角可能大于

14、臨界角，所以光線可能在DM段發(fā)生全反射現(xiàn)象，故C錯誤；D.要使出射光線平行于AB，入射角必為30，若減小ABD，入射角減小，則從AD段射出的光線與AB不平行，故D錯誤。8、AD【解析】AB當是磁場時洛倫茲力提供向心力：求得：離開右邊界時偏轉角度為，則磁場寬度：變?yōu)閯驈婋妶龊?，運動時間：加速度：所以豎直方向速度：偏角角度仍為，故：求得：故A正確、B錯誤；CD在磁場中運動周期：所以在磁場中運動時間：所以：故C錯誤、D正確；故選AD.9、CD【解析】A.虛線表示P波的波谷、Q波的波峰，所以a點是P波的波谷、Q波的波峰相遇的點，所以a點的振幅是0，故A錯誤；B.b點為a、c的中點，也是P與Q的中點，所

15、以b點一定是振動的加強點，所以b點的振幅是2A，故B錯誤；C.實線表示P波的波峰、Q波的波谷，所以c點是P波的波峰、Q波的波谷相遇的點，所以c點的振幅是0，圖示時刻質(zhì)點c的位移為0，故C正確；D.a、b、c為三個等間距的質(zhì)點，由于a、c分別位于波峰與波谷處，所以b點在圖示的時刻，是兩列波的平衡位置所在處；波P向右傳播，由圖可知，d點位于波峰與平衡位置之間，由振動與波的傳播方向之間的關系可知，P波的振動方向向下；同時，Q波向左傳播，d點位于平衡位置與波谷之間，由振動與波的傳播方向之間的關系可知，P波的振動方向向下。綜合以上可知，圖示時刻質(zhì)點d的振動方向沿y軸。故D正確。10、BD【解析】A. 圖

16、線b斜率的倒數(shù)等于電阻的阻值，R=U/I=（30）/1=3.故A錯誤；B. 圖線a斜率倒數(shù)的絕對值等于電池組的內(nèi)阻r=|U/I|=（40）/4=1.故B正確；C. 兩圖線的交點表示將該電阻接在該電池組兩端時電路的工作狀態(tài)，由圖讀出路端電壓為U=3V，電流為I=1A，電池組的輸出功率是P=UI=3W.故C錯誤；D. 當外電阻等于電池的內(nèi)阻時,即外電阻R=r=1時,電池組的輸出功率最大：，故D正確故選BD.點睛：電池組的伏安特性曲線斜率倒數(shù)的絕對值等于電池的內(nèi)阻電阻的伏安特性曲線斜率的倒數(shù)大小等于電阻兩圖線的交點表示將該電阻接在該電池組兩端時電路的工作狀態(tài)當外電阻等于電池的內(nèi)阻時電池組有最大的輸出

17、功率三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ACE【解析】（1）根據(jù)待測電阻的阻值和額定電壓比較容易的選擇電流表和電壓表，滑動變阻器采用分壓式接法，可測量多組數(shù)值；（2）由待測電阻的大小選擇安培表的外接法測量誤差較小【詳解】（1）123由于待測電阻額定電壓為3V而電阻約為10，則待測電阻額定電流約為0.3A，所以電流表選擇量程為300mA的電流表A，電壓表選擇量程為3.0V的電壓表C，為了測量精確需要多測量幾組，所以滑動變阻器需要采用分壓式接法，故用電阻較小的E；（2）4滑動變阻器用分壓式，由于待測電阻（阻值大約為10）遠小于伏特表內(nèi)阻(內(nèi)

18、阻約3k)，所以電流表采用外接法，實驗電路如下圖：12、 7V 6.3V【解析】（1）實驗電路如圖所示；若S1與S2都閉合：E=U1+R1=0.90+910-4R1若S1閉合S2斷開：E=U2+（R1+R2）=0.70+710-4（R1+R2）量程為U=Ig（RV+R1）聯(lián)立解得 U=7V；E=6.3V四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) (2) 【解析】(1)從a到b點過程中，根據(jù)對稱性根據(jù)動能定理：解得(2)從a到O點過程中，根據(jù)動能定理：解得14、 (1) , （2）3.5W（3） ,0【解析】斷開S，R2、R3串聯(lián)，根據(jù)閉合電路歐姆定律求解出電流和電功率表達式；S閉合，R1、R2并聯(lián)再與R3串聯(lián)，再次根據(jù)閉合電路歐姆定律求解出電流和電功率表達式；最后聯(lián)立求解；閉合S時電源的輸出功率為P=EI-I2r；