浙江省寧波四中2023學年物理高二上期中學業(yè)質量監(jiān)測試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，平行板電容器與一個恒壓直流電源連接，下極板通過A點接地，一帶正電小球被固定于P點

2、，現將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則( )A平行板電容器的電容將變大B靜電計指針張角變小C電容器的電荷量不變D帶電小球的電勢能將增大2、下面關于三點電場強度的大小、電勢高低的比較，正確的是AEA=ECEB，A=CBBEA=ECEB，ABCCEBEAEC，A=CBDEBECEA，A=CB3、已知某一電流表G的滿偏電流，內阻，要把它改裝成一個量程為3V的電壓表，則應在電流表G上A串聯一個400的電阻B串聯一個100的電阻C并聯一個400的電阻D并聯一個100的電阻4、如圖為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線則( )A場強EaEb ，Ebb，cbC沿cba路徑移動

3、質子與電子，電荷的電勢能改變是一樣的D沿bc方向直線射入的電子一定做直線運動5、下面說法正確的是( )A我們通常所說的1號干電池的容量比7號干電池的容量大B電源電動勢等于電源正、負極之間的電勢差C同一電源接入不同的電路，電動勢會發(fā)生變化D電動勢和電勢差的單位相同，電動勢實質上就是電勢差6、板長為的兩塊帶電平行板中間有一帶電粒子貼著A板沿水平方向射入勻強電場，當偏轉電壓為U1時，帶電粒子沿軌跡從兩板正中間飛出；當偏轉電壓為U2時，帶電粒子沿軌跡落到B板上的P點，P點為B板的中點。已知兩次為同種粒子且入射速度相同，則偏轉電壓U1和U2之比為（ ）A12 B14 C18 D1二、多項選擇題：本題共4

4、小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、 (多選)兩個等量異種電荷的連線的垂直平分線上有a、b、c三點，如圖所示，下列說法正確的是()Aa點電勢比b點低Ba、b、c三點和無窮遠處等電勢Ca、b兩點的場強方向相同，b點場強比a點大D一個電子在a點無初速度釋放，則它將在c點兩側往復振動8、質量為m的帶正電小球由空中A點無初速度自由下落，在t秒末加上豎直向上、范圍足夠大的勻強電場，再經過t秒小球又回到A點不計空氣阻力且小球從未落地，則( )A整個過程中小球電勢能減少了1.5 mg2t2B整個過程中機械

5、能的增量為2mg2t2C從加電場開始到小球運動到最低點時小球動能減少了mg2t2D從A點到最低點小球重力勢能減少了mg2t29、一帶正電的小球向右水平拋入范圍足夠大的勻強電場，電場方向水平向左，不計空氣阻力，則小球（ ）A做直線運動B做曲線運動C速率先減小后增大D速率先增大后減小10、如圖，傾角為的光滑斜面下端固定一絕緣輕彈簧，整個裝置處在場強大小為E、方向沿斜面向下的勻強電場中。現把一個質量為m、帶電量為q的小球從M點由靜止釋放，釋放后小球沿著斜面向下運動，且M點與彈簧的上端N點的距離為s。已知靜電力常量為k，彈簧的勁度系數為k0。則下列說法中正確的是（）A小球帶負電，故N點的電勢高于M點的

6、電勢B下滑過程中，小球的電勢能一直在增大C當小球下滑至N點時，速度大小為D當彈簧壓縮量為時，小球的速度最大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）（1）用如圖1所示的裝置，來驗證碰撞過程中的動量守恒圖中PQ是斜槽，QR為水平槽O點是水平槽末端R在記錄紙上的垂直投影點，A、B兩球的質量之比mA：mB3：1先使A球從斜槽上某一高度處由靜止釋放，在水平地面的記錄紙上留下落點痕跡P，重復10次，得到10個落點再把B球放在水平槽上的末端R處，讓A球仍從同一高度處由靜止釋放，與B球碰撞，碰后A、B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡，重復10次A、

7、B兩球在記錄紙上留下的落點痕跡如圖2所示，其中米尺的零點與O點對齊碰撞后A球的水平射程應取_cm本實驗巧妙地利用小球飛行的水平距離表示小球的水平速度下面的實驗條件中，可能不能使小球飛行的水平距離的大小表示為水平初速度大小的是_A使A、B兩小球的質量之比改變?yōu)?：1B升高小球初始釋放點的位置C使A、B兩小球的直徑之比改變?yōu)?：3D升高桌面的高度，即升高R點距地面的高度利用此次實驗中測得的數據計算碰撞前的總動量與碰撞后的總動量的比值為_（結果保留三位有效數字）12（12分）（1）有如圖所示的甲、乙實驗電路，下列說法正確的是_（選擇） A甲是測量定值電阻的電路，乙是測量電池內電阻的電路B甲是測量電池

8、內電阻的電路，乙是測量定值電阻的電路C甲、乙都是測量電池內電阻的電路D甲、乙都是測量定值電阻的電路（2）在“練習使用多用電表的使用”的實驗中，某同學用多用電表測量某型號白熾燈的燈絲電阻，選擇開關及指針位置如圖甲、乙所示，則對應的燈泡可能是下列的_（選擇）A .、 B、 C、 若該同學接著要測量一只約的定值電阻的阻值，在測量前，他應采取的操作是_A先換擋后調零 B僅換擋不調零 C不換擋僅調零 D不換擋不調零 四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在平行金屬帶電極板MN的電場中，若將電量為-5106C的

9、負點電荷從A點移到M 板，克服電場力做功8104 J；若把該點電荷從A點移到N板，電場力做正功為6104J則：（1）若將該點電荷從板附近移到板，電荷的電勢能變化多少？M、N兩板的電勢差UMN等于多少？（2）M板的電勢M和A點的電勢A分別是多少？14（16分）如圖所示為一種測定風作用力的儀器原理圖，P為金屬球，懸掛在一細長金屬絲上面，O是懸掛點，R0是保護電阻，CD是水平放置的光滑電阻絲，與細金屬絲始終保持良好的接觸無風時細金屬絲與電阻絲在C點接觸，此時電路中電流I0，有風時金屬絲將偏轉一角度，角與風力大小有關，已知風力方向水平向左，OCh，CDL，球質量為m，電阻絲單位長度電阻為k，電源內阻和

10、金屬絲電阻均不計，金屬絲偏轉角時，電流表示數為I，此時風力大小為F試寫出：（1）風力大小F與的關系式；（2）風力大小F與電流表示數I的關系式15（12分）將一個質量為m，帶電量為+q的微粒自A點以大小為4v的初速度垂直射入水平向右的勻強電場（如圖所示），微粒運動到最高點B時速度變?yōu)?v，求（1）勻強電場的場強大小E=?；（2）A,B兩點間電勢差UAB=?（3）微粒自A點至B點過程中速度的最小值？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離后兩極板間的距離變大，根據公式可

11、得電容減小，A錯誤；電容器兩極板和電源相連，所以電容器兩極板間的電壓恒定不變，故靜電計的張角不變，B錯誤；根據可知Q減小，C錯誤；根據公式可知兩極板間的電場強度減小，P點與上極板間的電勢差減小，而P點的電勢比上極板低，上極板的電勢不變，則P點的電勢增大，因為油滴帶正電荷，則小球的電勢能增大，D正確【點睛】在分析電容器動態(tài)變化時，需要根據判斷電容器的電容變化情況，然后結合，等公式分析，需要注意的是，如果電容器和電源相連則電容器兩極板間的電壓恒定，如果電容器充電后與電源斷開，則電容器兩極板上的電荷量恒定不變2、C【解析】根據電場線的疏密分布知，A點的電場線比C點密，B點的電場線比A點密，則EBEA

12、EC；等量的異種電荷的中垂線為等勢線，則A點的電勢與C點的電勢相等，沿著電場線方向電勢逐漸降低，則A點的電勢大于B點電勢。所以A=CB AEA=ECEB，A=CB，與結論不相符，選項A錯誤；BEA=ECEB，ABC，與結論不相符，選項B錯誤；CEBEAEC，A=CB，與結論相符，選項C正確；DEBECEA，A=CB，與結論不相符，選項D錯誤；3、A【解析】把電流表改裝成電壓表需要串聯分壓電阻，串聯電阻阻值： 故A符合題意，BCD不符合題意4、D【解析】根據電場線的疏密表示電場強度的相對大小，可知EaEbEc，故A錯誤；沿著電場線方向電勢是降低的，同一等勢面上各點的電勢相等，則知，故B錯誤；沿c

13、ba路徑移動質子與電子，根據公式W=qU，知由于電子與質子的電性相反，電場力對質子做正功，質子的電勢能減小，對電子做負功，電子的電勢能增大，故C錯誤；沿bc方向直線射入的電子，所受的電場力沿cb方向，電子做直線運動，故D正確。所以D正確，ABC錯誤。5、A【解析】電干電池的電動勢都是1.5V，1號干電池比7號干電池的體積大，容量大，故A錯誤；電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓，當接入電路后，電源電動勢不等于電源正、負極之間的電勢差，故B錯誤；把同一電源接在不同的電路中，電源的電動勢不變，故C錯誤；電動勢表征電源把其他形式的能轉化為電能的本領大小，反映了電源內部非靜電力做功的本領，電勢差是

14、兩點之間電勢的差，它們的物理意義不同，故D錯誤所以A正確，BCD錯誤6、C【解析】試題分析：設板長為L、板間距為d、粒子的電量為q、質量為m，初速度為v對軌跡運動的粒子做類平拋運動。在水平方向：，在豎直方向：由牛頓第二定律得：，電場強度為：，以上聯立兩式得到：；同理對軌跡運動的粒子做類平拋運動。在水平方向：，在豎直方向：。由牛頓第二定律得：，電場強度為：，以上聯立兩式得到：，所以，故C正確，ABD錯誤。所以C正確，ABD錯誤?？键c：帶電粒子在勻強電場中的偏轉【名師點睛】本題主要考查了帶電粒子在勻強電場中的偏轉。同一種粒子以相同的速度從帶電平行板上邊緣垂直射入勻強電場，粒子做類平拋運動由于兩次極

15、板間的電壓不同，導致加速度不同，所以沿不同軌跡落在不同點在兩個方向上利用運動學公式和牛頓第二定律，寫出規(guī)律，最后用比值的方法可以求解。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】AB、兩個等量異種電荷的電場中，在它們連線的垂直平分線上的點的電勢都是零，所以a、b、c三點的電勢都相等為零，所以A錯誤，B正確；C、兩個等量異種電荷的電場中，垂直平分線上所有的點的電場的方向都是平行的，方向相同，根據電場線的疏密，可知b點場強比a點大，故C正確； D、一個電子在a點受到的

16、電場方向垂直于垂直平分線向左，無初速釋放后，將向左下方運動，不可能到達c點，故D錯誤；故選BC8、BD【解析】AB小球先做自由落體運動，后做勻減速運動，兩個過程的位移大小相等、方向相反設電場強度大小為E，加電場后小球的加速度大小為a，取豎直向下方向為正方向，由：，又，解得，則小球回到A點時的速度為，整個過程中速度增量的大小為，速度增量的大小為動量增加為，由牛頓第二定律得，聯立解得 ，故A錯誤，B正確；C從加電場開始到小球運動到最低點時小球的速度從v減小到0，動能減少了，故C錯誤；D設從A點到最低點的高度為h，根據動能定理得，解得，從A點到最低點小球重力勢能減少了，故D正確。故選BD。9、BC【

17、解析】小球受重力和電場力兩個力作用，合力的方向與速度方向不在同一條直線上，小球做曲線運動故A錯誤，B正確小球所受的合力與速度方向先成鈍角，然后成銳角，可知合力先做負功然后做正功，則速度先減小后增大故C正確，D錯誤故選BC【點睛】解決本題的關鍵知道物體做直線運動還是曲線運動的條件，關鍵看合力的方向與速度方向的關系10、BD【解析】A根據沿電場線方向電勢降低可知，N點的電勢低于M點的電勢，故A錯誤；B下滑過程中，電場力對負電荷做負功，電勢能增大，故B正確；C由動能定理可得解得故C錯誤；D當小球的合力為0時，小球速度最大，由平衡可得解得故D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫

18、在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、14.4514.50 C 1.011.02 【解析】根據圖像得，A球落點應取所有點跡組成小圓的圓心，A球的水平射程為14.4514.50cmA.改變小球的質量比，小球仍做平拋運動，豎直方向高度不變，飛行時間不變，水平距離與水平速度成正比，A錯誤B.升高小球的初始釋放點，小球仍做平拋運動，豎直方向高度不變，飛行時間不變，水平距離與水平速度成正比，B錯誤C.改變小球直徑，兩球重心不在同一高度，飛行豎直高度不同，時間不同，水平距離與水平速度不再成正比，C正確D.升高桌面高度，小球仍做平拋運動，豎直方向高度不變，飛行時間不變，水平距離與水平速度成正比，

19、D錯誤根據平拋運動，豎直方向，水平，根據題意得：，聯立解得：（1.01-1.02）12、B A D 【解析】(1)1AB.根據題意可知，甲是測量電池內電阻的電路，乙是測量定值電阻的電路，故A錯誤B正確CD.根據以上分析可知，故CD錯誤(2)2 歐姆表選擇“10”檔，歐姆表示數為1610=160“220V 、25W”的電阻值：“220V 、300W”的電阻值：“220V、 3000W”的電阻值：考慮到燈泡發(fā)光時的電阻值要遠大于不發(fā)光時的電阻值，所以測量可能是25W的燈泡，故A正確BC錯誤3 因為燈泡電阻為160，所以測量時，不用換檔，不需要重新進行歐姆調零，故D正確ABC錯誤四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）電勢能減小了1.4103J；UMN=-280V （2）M=-280V；A=-120V【解析】（1）根據題意：電量為-5106C的負點電荷從A點移到M 板，克服電場力做功8104 J；若把該點電荷從A點移到N板，電場力做正功為6104J，則知從板附近移到板電場力做功為W=8104+6104=1.4103J