2023學(xué)年麗水市重點(diǎn)中學(xué)物理高二上期中質(zhì)量檢測模擬試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，MON是固定的光滑絕緣直角桿，MO沿水平方向，NO沿豎直方向，A、B為兩個(gè)套在此桿上的帶有同種電荷的小球，用一指向豎直桿的水平力F作用在A球上，使兩球均處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將A球向豎直桿方向緩慢拉動一小段距離后，A、B兩小球可以重新平衡。則后一種平衡狀態(tài)與前一種平衡狀態(tài)相比較，下列說法正確的是（）AA、B兩小球間的庫侖力變大BA球?qū)O桿的壓力變大CA、B兩小球間的庫侖力變小DA球?qū)O桿的壓力變小2、在如圖所示的電路中，A1和A2是兩個(gè)完全相同的燈泡，線圈L的自感系數(shù)足

3、夠大，電阻可以忽略不計(jì)下列說法中正確的是 A合上開關(guān)S，A1先亮，A2后亮，最后一樣亮B斷開開關(guān)S，A1和A2都要過一會兒才熄滅C斷開開關(guān)S，A2閃亮一下再熄滅D斷開開關(guān)S，流過A2的電流方向向右3、如圖所示，電源電動勢E=36V，內(nèi)阻r=1，電燈上標(biāo)有“6V，12W”的字樣，直流電動機(jī)線圈電阻R=2接通電源后，電燈恰能正常發(fā)光，下列說法正確的是（ ）A電路中的電流大小6AB電動機(jī)產(chǎn)生的熱功率56WC電動機(jī)的機(jī)械效率85.7%D電源的輸出功率為72W4、如圖6，一帶負(fù)電粒子以某速度進(jìn)入水平向右的勻強(qiáng)電場中，在電場力作用下形成圖中所示的運(yùn)動軌跡M和N是軌跡上的兩點(diǎn)，其中M點(diǎn)在軌跡的最右點(diǎn)不計(jì)重力

4、，下列表述正確的是A粒子在M點(diǎn)的速率最大B粒子所受電場力沿電場方向C粒子在電場中的加速度不變D粒子在電場中的電勢能始終在增加5、如圖，一段通電直導(dǎo)線處于足夠大的勻強(qiáng)磁場中，與磁感線成一定夾角。為了增大直導(dǎo)線所受的安培力，可采取的方法是（ ）A減小直導(dǎo)線中的電流B減小磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度C使導(dǎo)線與磁場方向平行D使導(dǎo)線與磁場方向垂直6、下列判斷正確的是( )A由R知，導(dǎo)體兩端的電壓越大，電阻就越大B由R知，導(dǎo)體中的電流越大，電阻就越小C由R可知，導(dǎo)體兩端的電壓為零時(shí)，導(dǎo)體的電阻也為零D由I可知，通過一段定值電阻的電流跟加在它兩端的電壓成正比二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給

5、出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖甲所示，a、b是電場線的兩點(diǎn)。一帶負(fù)電的粒子只在電場力作用下以一定的初速度從a點(diǎn)開始經(jīng)b點(diǎn)向遠(yuǎn)處運(yùn)動，粒子經(jīng)過a、b兩點(diǎn)時(shí)的速度分別為va、vb，其速度時(shí)間圖象如圖乙所示。下列說法正確的是（ ）Aa、b所處電場是勻強(qiáng)電場Ba、b所處電場是某個(gè)正電荷形成的電場Cb點(diǎn)的電場強(qiáng)度一定為零D粒子的電勢能先減小后增大8、如圖所示，勻強(qiáng)電場中的三個(gè)點(diǎn)ABC構(gòu)成一個(gè)直角三角形， ， ， 。把一個(gè)帶電量為的點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移到到B點(diǎn)電場力不做功；從B點(diǎn)移動到C點(diǎn)電場力做功為。若規(guī)定C點(diǎn)的電勢為零，則（ ）A該

6、電場的電場強(qiáng)度大小為BC、B兩點(diǎn)間的電勢差為CA點(diǎn)的電勢為D若從A點(diǎn)沿AB方向飛入一電子，其運(yùn)動軌跡可能是乙9、用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素（如圖）設(shè)兩極板正對面積為S，極板間的距離為d,靜電計(jì)指針偏角為實(shí)驗(yàn)中，極板所帶電荷量不變，若 ( )A保持S不變，增大d,則變大B保持S不變，增大d,則變小C保持d不變，減小S,則變大D保持d、S不變，在兩極板間插入陶瓷,則不變10、一小球從點(diǎn)豎直拋出，在空中同時(shí)受到水平向右的恒力，運(yùn)動軌跡如圖，、兩點(diǎn)在同一水平線上，為軌跡的最高點(diǎn)，小球拋出時(shí)動能為，在點(diǎn)的動能為，不計(jì)空氣助力。則（）A小球水平位移與的比值13B小球水平位移與的比值1

7、4C小球落到點(diǎn)時(shí)的動能為D小球從點(diǎn)運(yùn)動到點(diǎn)過程中最小動能為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）（1）在“探究單擺周期與擺長的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，兩位同學(xué)用游標(biāo)卡尺測量小球的直徑如圖1、2所示測量方法正確的是_.(填“圖1”或“圖2”)圖3的讀數(shù)是_ cm(2)下列做法有利于減小實(shí)驗(yàn)誤差的是_A適當(dāng)加長擺線 B質(zhì)量相同，體積不同的擺球，應(yīng)選用體積較大的C單擺偏離平衡位置的角度不能太大D當(dāng)單擺經(jīng)過平衡位置時(shí)開始計(jì)時(shí)，經(jīng)過一次全振動后停止計(jì)時(shí)，用此時(shí)間間隔作為單擺振動的周期(3)北京時(shí)間2005年5月22日上午10點(diǎn)05分，中國女子登山隊(duì)首次

8、登上珠穆朗瑪峰頂峰，五星紅旗再一次在珠峰峰頂飄揚(yáng)若登山隊(duì)員利用單擺來確定珠峰的高度，測得該單擺在海平面處的周期是T0在峰頂?shù)闹芷谑荰，則珠峰頂峰的海拔高度h=_ (地球可看作質(zhì)量均勻分布的半徑為R的球體)12（12分）某一小型電風(fēng)扇額定電壓為4.0V，額定功率為2.4W。某實(shí)驗(yàn)小組想通過實(shí)驗(yàn)描繪出小電風(fēng)扇的伏安特性曲線。實(shí)驗(yàn)中除導(dǎo)線和開關(guān)外，還有以下器材可供選擇：A電源E（電動勢為4.5V，內(nèi)阻忽略不計(jì)）B電壓表V（量程為05V，內(nèi)阻約為4k）C電流表A1（量程為00.6A，內(nèi)阻約為0.2）D電流表A2（量程為03A，內(nèi)阻約為0.05）；E滑動變阻器R1（最大阻值10，額定電流1A）F滑動變阻

9、器R2（最大阻值2k，額定電流100mA）為了便于調(diào)節(jié)，減小讀數(shù)誤差和系統(tǒng)誤差，實(shí)驗(yàn)中所用電流表應(yīng)選用_，滑動變阻器應(yīng)選用_（填所選儀器前的字母序號）請你為該小組設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路，并把電路圖畫在虛線內(nèi)。（_）操作過程中發(fā)現(xiàn)，小電風(fēng)扇通電后，電壓表讀數(shù)大于0.5V時(shí)，小電風(fēng)扇才會開始轉(zhuǎn)動該小組測繪出的小電風(fēng)扇的伏安特性曲線如圖所示，由此可以判定，小電風(fēng)扇的電阻為_，正常工作時(shí)的發(fā)熱功率為_，電風(fēng)扇的機(jī)械功率為_。（以上三空計(jì)算結(jié)果均保留到小數(shù)點(diǎn)后一位）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）在同一豎直線上的A、B兩點(diǎn)

10、，固定有等量的異種點(diǎn)電荷，電量為q，正、負(fù)如圖所示，ABC為一等邊三角形(邊長為L)，CD與AB垂直且與右側(cè)豎直光滑的1/4圓弧軌道的最低點(diǎn)C相切，已知圓弧的半徑為R，現(xiàn)把質(zhì)量為m帶電量為+Q的小球(可視為質(zhì)點(diǎn))由圓弧的最高點(diǎn)M靜止釋放，到最低點(diǎn)C時(shí)速度為v0。已知靜電力恒量為k，重力加速度為g，現(xiàn)取D為電勢零點(diǎn)，求：（1）小球在C點(diǎn)受到的電場力的大小和方向；（2） 在最低點(diǎn)C軌道對小球的支持力FN多大？（3）在等量異種電荷A、B的電場中，M點(diǎn)的電勢M?14（16分）如圖所示，粒子從A點(diǎn)以v0的速度沿垂直電場線方向的直線AO方向射入電場，由B點(diǎn)飛出勻強(qiáng)電場時(shí)速度方向與AO方向成45已知粒子質(zhì)量

11、為m，電荷量為2e求OB兩點(diǎn)間電勢差15（12分）如圖所示，一帶電微粒質(zhì)量為、電荷量，從靜止開始經(jīng)電壓為的電場加速后，水平進(jìn)入兩平行金屬板間的偏轉(zhuǎn)電場中，微粒射出電場時(shí)的偏轉(zhuǎn)角，并接著沿半徑方向近入一個(gè)垂直紙面向外的圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，微粒射出磁場時(shí)的偏轉(zhuǎn)角也為。已知偏轉(zhuǎn)電場中金屬板長，圓形勻強(qiáng)磁場的半徑為，重力忽略不計(jì)。求；（1）帶電微粒經(jīng)加速電場后的速度大??；（2）兩金屬板間偏轉(zhuǎn)電場的電場強(qiáng)度E的大?。唬?）勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】對A球受力分析，受重力mg、拉

12、力F、支持力N1，靜電力F1，如圖所示：根據(jù)平衡條件，有x方向：F=F1sin y方向：N1=mg+F1cos 再對B球受力分析，受重力Mg、靜電力F1、桿對其向左的支持力，如圖，根據(jù)平衡條件有：x方向：F1sin=N2 y方向：F1cos=Mg 由上述四式得到： N1=mg+Mg 由式，由于新位置兩球連線與豎直方向夾角變小，故靜電力F1變小，故A錯(cuò)誤，C正確；由式，水平桿對球A的支持力等于兩個(gè)球的重力之和，不變，再結(jié)合牛頓第三定律可知，求A對水平桿的壓力不變，故BD均錯(cuò)誤；故選C。2、B【解析】當(dāng)電鍵K閉合時(shí)，通過線圈L的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電動勢的方向和作用

13、，分析哪個(gè)燈先亮斷開瞬間也可以按照同樣的思路分析【詳解】當(dāng)電鍵K閉合時(shí)，燈A2立即發(fā)光通過線圈L的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢與原來電流方向相反，阻礙電流的增大，電路的電流只能逐漸增大，燈A1逐漸亮起來所以燈A2比燈A1先亮由于線圈直流電阻忽略不計(jì)，當(dāng)電流逐漸穩(wěn)定時(shí)，線圈不產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，兩燈電流相等，亮度相同故A正確；穩(wěn)定后當(dāng)電鍵S斷開后，由于自感，線圈中的電流只能慢慢減小，其相當(dāng)于電源，線圈L、燈A2與燈A1構(gòu)成閉合回路放電，兩燈都過一會兒熄滅，由于兩燈泡完全相同，線圈的電阻又不計(jì)，則燈A2不會出現(xiàn)閃亮一下，且流過燈A2的電流方向向左；故ACD錯(cuò)誤；故選

14、B3、C【解析】試題分析：因?yàn)闊襞萸『媚苷０l(fā)光，所以根據(jù)公式可得，電燈和電動機(jī)串聯(lián)在電路中，所以電路中的電流大小為2A，A錯(cuò)誤；根據(jù)公式可得電動機(jī)產(chǎn)生的熱功率為，B錯(cuò)誤；電動機(jī)消耗的總功率為，故電動機(jī)的機(jī)械效率大小為，C正確；電源的輸出功率為，D錯(cuò)誤考點(diǎn)：考查了非純電阻電路電功率的計(jì)算4、C【解析】根據(jù)做曲線運(yùn)動物體的受力特點(diǎn)合力指向軌跡的凹一側(cè)，再結(jié)合電場力的特點(diǎn)可知粒子帶負(fù)電,即受到的電場力方向與電場線方向相反，B錯(cuò)；從N到M電場力做負(fù)功，減速，電勢能在增加；當(dāng)達(dá)到M點(diǎn)后電場力做正功，加速，電勢能在減小，則在M點(diǎn)的速度最小A錯(cuò)，D錯(cuò)；在整個(gè)過程中只受電場力根據(jù)牛頓第二定律加速度不變，C正

15、確.5、D【解析】AB根據(jù)F=BILsin（為導(dǎo)線與磁場方向的夾角）可知為了增大直導(dǎo)線所受的安培力，可增加直導(dǎo)線中的電流I或者增加磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；CD根據(jù)F=BILsin（為導(dǎo)線與磁場方向的夾角）可知為了增大直導(dǎo)線所受的安培力，可讓導(dǎo)線與磁場方向垂直，即=90，則選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。6、D【解析】ABC、電阻的大小由導(dǎo)體本身決定，與導(dǎo)體兩端電壓，通過導(dǎo)體的電流無關(guān)，則ABC錯(cuò)誤；D、通過導(dǎo)體的電流與導(dǎo)體兩端電壓，電阻有關(guān)，根據(jù)歐姆定律可知通過導(dǎo)體的電流跟導(dǎo)體兩端電壓成正比，跟導(dǎo)體的電阻成反比，故D正確；故選：D.點(diǎn)睛：電阻的大小由導(dǎo)體本身決定，與兩端電壓以及通過導(dǎo)體的電流無關(guān)

16、，但根據(jù)歐姆定律可知：通過導(dǎo)體的電流跟導(dǎo)體兩端電壓成正比，跟導(dǎo)體的電阻成反比二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】AC在v-t圖像中斜率代表加速度，由題圖可知，在a、b兩點(diǎn)處的加速度不同，其中b點(diǎn)的加速度為零，則b點(diǎn)的電場力為零，所以b點(diǎn)的場強(qiáng)為零，在a點(diǎn)的加速度不為零，則a點(diǎn)的電場力不為零，a點(diǎn)的場強(qiáng)不為零，所以a、b所處的電場不是勻強(qiáng)電場，故A錯(cuò)誤，C正確；B在v-t圖像中可知，負(fù)電荷從a點(diǎn)到b點(diǎn)做加速度減小的加速運(yùn)動，電場力的方向向右，場強(qiáng)方向向左，過

17、b點(diǎn)后負(fù)電荷作減速運(yùn)動，則場強(qiáng)方向向右，而正電荷形成的電場是從正電荷出發(fā)指向無窮遠(yuǎn)處，所以a、b所處電場不可能是某個(gè)正電荷形成的電場，故B錯(cuò)誤；D整個(gè)過程中，負(fù)電荷的動能先增大后減小，由于只受電場力作用，物體只發(fā)生動能和電勢能的相互轉(zhuǎn)化，根據(jù)能量守恒可知，粒子的電勢能先減小后增大，故D正確。故選CD。8、BD【解析】C、點(diǎn)電荷從A移動到B點(diǎn)電場力不做功，說明A、B兩點(diǎn)的同一等勢面上，從B點(diǎn)移動到C點(diǎn)電場力做功為，說明電場強(qiáng)度的方向垂直AB邊向上。則A點(diǎn)的電勢，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；B、C、B兩點(diǎn)間的電勢差為，故選項(xiàng)B正確；A、該電場的電場強(qiáng)度大小為，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；D、電子從A點(diǎn)沿AB方向飛入，受力方向

18、將沿電場線方向的反方向，故粒子將向左下偏轉(zhuǎn)，運(yùn)動軌跡的大致圖像如圖中乙所示，故選項(xiàng)D正確。點(diǎn)睛：本題考查電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系、帶電粒子在電場中的運(yùn)動、等勢面、電勢能，注重理解能力和分析綜合能力。9、BC【解析】根據(jù)電容的決定式得知，電容與極板間距離成反比，當(dāng)保持S不變，增大d時(shí)，電容C減小，電容器的電量Q不變，由電容的定義式 分析可知板間電勢差增大，則靜電計(jì)指針的偏角變大故A正確，B錯(cuò)誤根據(jù)電容的決定式得知，當(dāng)保持d不變，增大S時(shí)，電容增大，電容器極板所帶的電荷量Q不變，則由電容的定義式分析可知板間電勢差減小，靜電計(jì)指針的偏角變小，故C錯(cuò)誤；若在兩極間增加介質(zhì)，根據(jù)電容的決定式得知，則電容增

19、大，電容器極板所帶的電荷量Q不變，則由電容的定義式分析可知板間電勢差減小，靜電計(jì)指針的偏角變小，故D錯(cuò)誤故選A點(diǎn)睛：本題是電容動態(tài)變化分析問題，關(guān)鍵抓住兩點(diǎn)：一是電容器的電量不變；二是掌握電容的兩個(gè)公式：電容的決定式和10、AC【解析】AB小球在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動，根據(jù)對稱性得知，從A點(diǎn)至M點(diǎn)和從M點(diǎn)至B點(diǎn)的時(shí)間t相等，小球在水平方向上做初速為零的勻加速直線運(yùn)動，設(shè)加速度為a，根據(jù)位移時(shí)間公式聯(lián)立可得故A正確，B錯(cuò)誤；C據(jù)小球的運(yùn)動軌跡如圖所示： 小球從A到M，由功能關(guān)系知在水平方向上恒力做功為則從A到B水平方向上恒力做功為根據(jù)能量守恒可知，小球運(yùn)動到B點(diǎn)時(shí)的動能為故C正確；D由題知開始

20、又豎直方向上在水平方向上又有聯(lián)立以上解得幾何關(guān)系可知，則據(jù)運(yùn)動軌跡，但小球的運(yùn)動方向與合加速度的方向垂直時(shí)，小球的速度最小，則小球從A到B過程最小速度一定與等效G垂直，如圖P點(diǎn)，所以故D錯(cuò)誤。故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、圖乙； 0.885； AC； 【解析】（1）用游標(biāo)卡尺測量小球的直徑，應(yīng)將小球卡在外抓的刀口上，故圖乙正確；由20刻度的游標(biāo)卡尺的讀數(shù)可知讀數(shù)為；（2）A單擺的擺長越長，周期越大，適當(dāng)加長擺長，便于測量周期，故A正確B要減小空氣阻力的影響，應(yīng)選體積較小的擺球，故B錯(cuò)誤C單擺在擺角很小的情況下才做簡諧運(yùn)動

21、,則單擺偏離平衡位置的角度不能太大,一般不超過5，故C正確D單擺周期較小，把一次全振動的時(shí)間作為周期，測量誤差較大，應(yīng)采用累積法，測多個(gè)周期的時(shí)間取平均值作為單擺的周期，故D錯(cuò)誤（3）設(shè)峰頂?shù)闹亓铀俣葹間，海平面的重力加速度為，則由萬有引力的公式有，由單擺的周期公式；將和分別代入單擺的周期可是化簡可得12、C E 見解析 2.5 0.9W 1.5W 【解析】1電風(fēng)扇的額定電流，從讀數(shù)誤差的角度考慮，電流表選擇C；2電風(fēng)扇的電阻大約，電風(fēng)扇的電阻比較小，則滑動變阻器選擇總電阻為10的誤差較小，即選擇E；3因?yàn)殡妷弘娏餍鑿牧汩_始測起，則滑動變阻器采用分壓式接法，電風(fēng)扇的電阻大約，遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，屬于小電阻，電流表采用外接法電路圖如圖所示4電壓表讀數(shù)小于0.5V時(shí)電風(fēng)扇沒啟動根據(jù)歐姆定律得：5正常工作時(shí)電壓為4V，根據(jù)圖象知電流為0.6A，則電風(fēng)扇發(fā)熱功率：6則電風(fēng)扇的機(jī)械功率：四、計(jì)算題：本題共2小題，