北京市師大附中2023學(xué)年物理高二第一學(xué)期期中統(tǒng)考試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、平行板電容器一個極板和靜電計相接，當(dāng)該極板帶上一定量電荷后，靜電計張開一定角度，如圖所示如果平行板電容器發(fā)生變

2、化，下面關(guān)于靜電計張角變化的說法正確的是（）A兩極板間距離增大,增大B兩極板正對面積減小,減小C在電容器內(nèi)加入電介質(zhì),增大D上述說法都不對2、如圖，在E=2.0103N/C的勻強電場中有A、M和B三點，其中BM與電場線垂直，AM與電場線成30角，AM=4cm，BM=2cm，把一電量的正電荷從A移動到M點，再從M移動到B點，整個過程中電場力做功為AJB8.010-8 JC1.610-7 JD2.410-7 J3、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中一個以坐標(biāo)原點為圓心、半徑為1cm的圓與兩坐標(biāo)軸的交點，已知A，B，C三點的電勢分別為A=12V、B=2V、C=-2V.由此可得D點的電勢為()A4V

3、B8VC6VD9V4、在光滑的水平面上有一平行于水平面的靜電場，O、A是一條電場線上的兩個點，在O點由靜止釋放一電量為，質(zhì)量為kg的帶正電小球，其運動的圖象如圖所示。其中P點是圖線切線斜率最大的位置，當(dāng)時，小球位于A點。則下列說法正確的是A該電場可能是勻強電場B由O到A的過程中電場力做正功C整個運動過程中，小球經(jīng)過A點時加速度最大，且A點場強為DOA兩點間電勢差5、如圖所示，電路中C22C1，R2 2R1，下列說法正確的是A開關(guān)處于斷開狀態(tài)，電容C2的電量大于C1的電量B開關(guān)處于斷開狀態(tài)，電容C1的電量大于C2的電量C開關(guān)處于接通狀態(tài)，電容C2的電量大于C1的電量D開關(guān)處于接通狀態(tài)，電容C1的

4、電量大于C2的電量6、智能手機耗電量大，移動充電寶應(yīng)運而生，它是能直接給移動設(shè)備充電的儲能裝置。充電寶的轉(zhuǎn)化率是指電源放電總量占電源容量的比值，一般在0.600.70之間（包括移動電源和被充電池的線路板、接頭和連線的損耗）。如圖為某一款移動充電寶，其參數(shù)見下表，下列說法正確的是（） 容量10000mAh兼容性兼容大部分智能手機和平板電腦邊充邊放否保護電路是輸入DC5V2AMAX輸出USBl：DC5VlAUSB2：DC5V2.1A尺寸1406322mm轉(zhuǎn)換率0.6顯示方式液晶顯示重量約285gA充電寶充電時將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能B該充電寶最多能儲存能量為3.6106JC該充電寶電量從零到完全充滿電的時

5、間約為2hD該充電寶給電量為零、容量為3000mAh的手機充電，則理論上能充滿2次二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，電阻R和電動機M串聯(lián)接到電路中，已知電阻R跟電動機線圈的電阻值相等，開關(guān)接通后，電動機正常工作。設(shè)電阻R和電動機M兩端的電壓分別為U1和U2，經(jīng)過時間t，電流通過電阻R做功為W1，產(chǎn)生熱量為Q1，電流通過電動機做功為W2，產(chǎn)生熱量為Q2。則有（）A，Q1=Q2BU1=U2，Q1=Q2C，D，8、如下圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面

6、，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即UabUbc，實線為一帶正電的質(zhì)點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，據(jù)此可知（ ）A三個等勢面中，a的電勢最高B帶電質(zhì)點在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能大C帶電質(zhì)點通過P點時的動能比通過Q點時大D帶電質(zhì)點通過P點時的加速度比通過Q點時大9、某學(xué)生用電流表和電壓表測干電池的電動勢和內(nèi)阻時，所用滑動變阻器的阻值范圍為020 ，連接電路的實物圖如圖所示關(guān)于該學(xué)生接線的說法正確的是（ ）A滑動變阻器不起變阻作用B電流表接線有誤C電壓表量程選用不當(dāng)D電壓表接線不妥10、在如圖所示的傾角為的光滑斜面上，存在著兩個磁感應(yīng)強度大小均為B的勻

7、強磁場區(qū)域，區(qū)域I的磁場方向垂直斜面向上，區(qū)域II的磁場方向垂直斜面向下，磁場的寬度均為L，一個質(zhì)量為m、電阻為R、邊長也為L的正方形導(dǎo)線框，由靜止開始沿斜面下滑，t1時刻ab邊剛從GH進入磁場I區(qū)域，此時導(dǎo)線框恰好以速度v1做勻速直線運動；t2時刻ab邊下滑到JP與MN的中間位置，此時導(dǎo)線框又恰好以速度v2做勻速直線運動重力加速度為g，下列說法中正確的是（）At2時刻，導(dǎo)線框具有的速度B線框兩次勻速直線運動的速度v1v2=41C從t1到t2的過程中，導(dǎo)線框克服安培力做的功等于重力勢能的減少量D從t1到t2的過程中，有機械能轉(zhuǎn)化為電能三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的

8、答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，實驗室提供了小燈泡（15 V，25 A）、電流表、電壓表以及滑動變阻器等實驗器材：（1）圖甲為實驗中某同學(xué)連接好的實驗電路圖，在開關(guān)S閉合后，把滑動片P從A向B端移動過程中會觀察到電壓表讀數(shù)變_（填“大”或“小”）。（1）某同學(xué)由測出的數(shù)據(jù)畫出IU圖象，如圖乙所示，當(dāng)小燈泡兩端電壓為12 V時，小燈泡的電阻值R_ ，此時小燈泡的實際功率P_W。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）12（12分）在“決定導(dǎo)線電阻的因素”的實驗中測定金屬的電阻率,若待測金屬絲的電阻約為5 ,要求測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確,提供以下器材:電池組(3 V,內(nèi)阻為

9、1 )電流表(00.6 A,內(nèi)阻為0.125 )電壓表(03 V,內(nèi)阻為4 k)滑動變阻器(020 ,允許通過的最大電流為1 A)開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）測電阻時,電流表、電壓表、待測金屬絲Rx在組成測量電路時,應(yīng)采用電流表_(選填“外”或“內(nèi)”)接法,待測金屬絲電阻的測量值比真實值偏_(選填“大”或“小”)。 （2）若用螺旋測微器測得金屬絲的直徑d的讀數(shù)如圖所示,則讀數(shù)為_mm。 （3）若用L表示金屬絲的長度,d表示直徑,測得電阻為R,請寫出計算金屬絲電阻率的表達式為=_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）

10、一帶電液滴的電荷量為q，質(zhì)量為m。在勻強電場中，從靜止開始由B點沿直線運動到D點，BDL，且BD與豎直方向的夾角為45（g10m/s2）。則：（1）此液滴帶電的正負(fù)？（2）液滴運動的加速度？（3）液滴電勢能的變化量？14（16分）一平行板電容器長l10 cm，寬a8 cm，板間距d8 cm，在板左側(cè)有一足夠長的“狹縫”離子源，沿著兩板中心平面，連續(xù)不斷地向整個電容器射入離子，它們的比荷均為31010 C/kg，速度均為3106 m/s，距板右端l/2處有一屏，如圖甲所示，如果在平行板電容器的兩極板間接上如圖乙所示的交流電，由于離子在電容器中運動所用的時間遠(yuǎn)小于交流電的周期，故離子通過電場的時間

11、內(nèi)電場可視為勻強電場，不計離子重力試求：(1)離子打在屏上的區(qū)域面積；(2)在一個周期內(nèi)，離子打到屏上的時間15（12分）如圖1所示，固定于水平面的U形導(dǎo)線框處于豎直向下、磁感應(yīng)強度為B0的勻強磁場中，導(dǎo)線框兩平行導(dǎo)軌間距為l，左端接一電動勢為E0、內(nèi)阻不計的電源一質(zhì)量為m、電阻為r的導(dǎo)體棒MN垂直導(dǎo)線框放置并接觸良好閉合開關(guān)S，導(dǎo)體棒從靜止開始運動忽略摩擦阻力和導(dǎo)線框的電阻，平行軌道足夠長請分析說明導(dǎo)體棒MN的運動情況，在圖2中畫出速度v隨時間t變化的示意圖；并推導(dǎo)證明導(dǎo)體棒達到的最大速度為 參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合

12、題目要求的。1、A【解析】A兩極板間距離增大，由電容的決定式判斷可知，電容減小，電容器帶電量不變，由知，極板間電勢差增大，增大故A正確；B兩極板正對面積減小，由電容的決定式判斷可知，電容減小，電容器帶電量不變，由知，極板間電勢差增大，增大故B錯誤；C在電容器內(nèi)加入電介質(zhì)，由電容的決定式判斷可知，電容增大，電容器帶電量不變，由知，極板間電勢差減小，減小故C錯誤；D綜上分析可知，D錯誤2、A【解析】由題意知，把正電荷從A移動到M點，再從M移動到B點，全程做功為：故選A.3、B【解析】試題分析：在勻強電場中，沿著同一方向（非等勢面上），根據(jù)公式U=Ed可知，每前進相同的距離，電勢的降低相等；根據(jù)幾何

13、知識可知AB=DC且ABDC，說明AB間的電勢差等于DC間的電勢差，故A-B=D-C，代入數(shù)據(jù)，有12-2=D-(-2)，解得D=8V，即D點的電勢為8V考點：考查了勻強電場電場強度與電勢差的關(guān)系【名師點睛】解決本題要理解公式U=Ed，知道勻強電場中，沿著同一方向（非等勢面上），電勢均勻降低，即可解決這類問題4、B【解析】A如果該電場是勻強電場，小球?qū)⒆鰟蚣铀僦本€運動，v-t圖像為直線，故A錯誤.B小球由O運動到A的過程中只有電場力做功，因為小球動能增加，故電勢能減少，電場力做正功，而小球帶正電，所以電場線方向由O到A. 故B正確.C由題可知小球在A點斜率最大，即在A點加速度最大，故A點場強最

14、大，由v-t圖像可知小球在A點的加速度為：根據(jù)牛頓第二定律有：故C錯誤.DO到A運動過程中，根據(jù)動能定理可知：代入數(shù)據(jù)解得：，故D錯誤5、A【解析】試題分析: 當(dāng)開關(guān)S斷開時，電路中無電流，兩電容的電壓都等于電源的電動勢,由Q=UC得。C2的電量大于C1的電量，故A正確，B錯誤；當(dāng)S閉合時，R1、R2串聯(lián)，C1與電阻R1并聯(lián)，C2與電阻R2并聯(lián)，R1=2R2，所以U1=2U2，由Q=UC可知：兩個電容器帶電荷量相等考點：電容，6、D【解析】充電寶充電時將電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能，不是內(nèi)能；故A錯誤；該充電寶的容量為：q=10000mAh=100001033600=3.6104C，該電池的電動勢為5V，

15、所以充電寶儲存的能量：E=E電動勢q=53.6104=1.8105J；故B錯誤；以2A的電流為用電器供電則供電時間 ；故C錯誤；由于充電寶的轉(zhuǎn)化率是0.6，所以可以釋放的電量為：10000mAh0.6=6000mAh，給容量為3000mAh的手機充電的次數(shù)：n= =2次；故D正確；故選D?！军c睛】本題考查讀取電池銘牌信息的能力。解答的關(guān)鍵是要知道電池的容量是指電池所能釋放的總電量。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】設(shè)開關(guān)接通后，電路中電流為I。對于電阻R

16、，由歐姆定律得U1=IR對于電動機U2IR則有U1U2電功W1=U1IW2=U2I則有W1W2根據(jù)焦耳定律得Q1=I2RtQ2=I2Rt則有Q1=Q2故AC正確，BD錯誤故選AC。8、ABD【解析】電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，沿電場線電勢降低，故a等勢線的電勢最高，c點的電勢最低，故A正確；根據(jù)質(zhì)點受力情況可知，從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，故P點的電勢能大于Q點的電勢能，故B正確；從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，動能增大，故P點的動能小于Q點的動能，故C錯誤；根據(jù)電場線的疏密來確定電場強度的強弱，可知，質(zhì)點在P點時的電場力比通過Q點時大

17、，那么P點時的加速度比通過Q點時大，故D正確9、ABD【解析】由電路圖可知，滑動變阻器同時接下面兩個接線柱，滑動變阻器被接成了定值電阻，不起變阻作用，故A說法正確；電流表的只接了一個接線柱，故B說法正確；干電池的電壓大約1.5V左右，電壓表的量程3V選用恰當(dāng)，故C說法錯誤；電壓表直接接在電源連接上，且正負(fù)極接反了，開關(guān)不能控制電壓表與電源斷開，電壓表接線錯誤，故D說法正確故選ABD10、BD【解析】由題意可知考查電磁感應(yīng)中的能量問題、平衡問題，根據(jù)功能關(guān)系、受力平衡分析可得【詳解】A.t2時刻，導(dǎo)線框做勻速運動，則有：由平衡條件有：解得，故A錯誤； B.t1時刻，導(dǎo)線框做勻速運動，根據(jù)平衡條件

18、有：解得，線框兩次勻速直線運動的速度v1v2=41，故B正確C.從t1到t2過程中，導(dǎo)線框克服安培力做功的大小等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱，此過程中，線框的重力勢能和動能均減小，根據(jù)功能關(guān)系得知，線圈克服安培力做功的大小等于重力勢能的減少量與動能減小量之和故C錯誤D.從t1到t2的過程中，設(shè)導(dǎo)線框克服安培力做的功為W，由動能定理可得解得：所以有機械能轉(zhuǎn)化為電能，故D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）大，（1）33，292【解析】試題分析：（1）由圖示電路圖可知，在開關(guān)S閉合之前，應(yīng)把滑動變阻器的滑動片P移到A端；實驗中滑動片P從從

19、A向B端移動過程中會觀察到電壓表讀數(shù)變大（1）由圖象可知，當(dāng)U=12V時，對應(yīng)的電流為：I=235A，則小燈泡的電阻值為：R=2.00.454.4，燈泡的實際功率為：P=UI=12235=292W；考點：描繪小燈泡的伏安特性曲線【名師點睛】本題應(yīng)明確：若要求電流從零調(diào)或變阻器的全電阻遠(yuǎn)小于待測電阻時，變阻器應(yīng)用分壓式接法；涉及到圖象問題，可以表示出縱軸物理量與橫軸物理量的函數(shù)表達式，然后再根據(jù)斜率和截距的概念討論即可。12、外 小 0.900 【解析】(1)12因為故應(yīng)該采用電流表外接法，而電流表外接法中由于電壓表分流作用，測量值偏小(2)3由圖可得螺旋測微器的讀數(shù)為：0.5mm+400.01

20、mm=0.900mm(3)4由電阻定律得：由于：聯(lián)立可得：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）此液滴帶電的負(fù)電；（2），方向沿著BD方向；（3）【解析】（1）由B到D，液滴作直線運動，所受合力沿BD所在直線，液滴受重力和電場力作用，由于是直線運動，則合力與速度在同一直線上，則可知，電場力水平向右，與電場方向相反，所以小球帶負(fù)電；（2）由圖可知，由圖可知，電場力，則液滴所受合力根據(jù)牛頓第二定律：解得液滴的加速度：，其方向沿著BD方向；（3）由圖可知，電場力由B到D，沿電場方向的距離：那么電場力做功；因此液滴電勢能的變化量，即