安徽省宣城市四合中學2022-2023學年高三物理聯(lián)考試題含解析

1、安徽省宣城市四合中學2022-2023學年高三物理聯(lián)考試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. 2018年冬奧會上，一名滑雪運動員由靜止沿斜坡滑下，斜坡的傾角恒為，則在下滑過程中，下列說法正確的是A. 運動員的動量與時間成正比B. 運動員的動能與時間成正比C. 重力對運動員做功的平均功率與位移成正比D. 運動員的重力勢能隨時間均勻減小參考答案：A【詳解】A根據(jù)動量定理，所以動量與時間是正比關系，A正確B根據(jù)動能定理，所以動能與時間不是正比關系，B錯誤C重力對運動員做功的平均功率，且，所以，可以看出重力對運動員做功的平均功率與位移不是正比關系，C

2、錯誤D重力勢能減少等于重力做的功：，所以重力勢能隨時間不是均勻變化，D錯誤2. 2011年3月，日本地震引發(fā)海嘯，繼而福島核電站(世界最大的核電站)發(fā)生核泄漏關于核電站和核輻射，下列說法中正確的是（ ）A核反應堆發(fā)生的是輕核聚變反應 B核反應堆發(fā)生的是重核裂變反應C放射性同位素的半衰期長短是由核內(nèi)部本身決定，與外部條件無關D放射性同位素的半衰期長短與地震、風力等外部環(huán)境有關參考答案：BC3. （多選）如圖所示，在傾角=30的光滑固定斜面上，放有質(zhì)量分別為1kg和2kg的小球A和B，且兩球之間用一根長L=0.3m的輕桿相連，小球B距水平面的高度h=0.3m現(xiàn)讓兩球從靜止開始自由下滑，最后都進入到

3、上方開有細槽的光滑圓管中，不計球與圓管內(nèi)壁碰撞時的機械能損失，g取10m/s2則下列說法中正確的有（）A從開始下滑到A進入圓管整個過程，小球A與地球兩者組成的系統(tǒng)機械能守恒B在B球未進入水平圓管前，小球A與地球組成系統(tǒng)機械能守恒C兩球最后在光滑圓管中運動的速度大小為m/sD從開始下滑到A進入圓管整個過程，輕桿對B球做功1J參考答案：考點：機械能守恒定律；功的計算專題：機械能守恒定律應用專題分析：只有重力或只有彈力做功，系統(tǒng)機械能守恒，根據(jù)機械能守恒條件判斷機械能是否守恒；以系統(tǒng)為研究對象，由機械能守恒定律可以求出兩球的速度以A為研究對象，應用動能定理可以求得桿對A做的功解答：解：A、從開始下滑

4、到A進入圓管整個過程，除重力做功外，桿對A做負功，小球A與地球兩者組成的系統(tǒng)機械能不守恒，故A錯誤；B、在B球未進入水平圓管前，只有重力對A做功，小球A與地球組成系統(tǒng)機械能守恒，故B正確；C、以A、B組成的系統(tǒng)為研究對象，系統(tǒng)機械能守恒，由機械能守恒定律得：mBgh+mAg（h+Lsin）=（mA+mB）v2，代入數(shù)據(jù)解得：v=m/s，故C正確；D、以A球為研究對象，由動能定理得：mAmg（h+Lsin）+W=mAv2，代入數(shù)據(jù)解得：W=1J，則輕桿對B做功，WB=W=1J，故D正確；故選：BCD點評：本題考查了求球的速度、桿做的功等問題，分析清楚物體運動過程，應用機械能守恒定律與動能定理即可

5、正確解題4. 如圖，一小球從一半圓軌道左端A點正上方某處開始做平拋運動（小球可視為質(zhì)點），飛行過程中恰好與半圓軌道相切于B點。O為半圓軌道圓心，半圓軌道半徑為R，OB與水平方向夾角為60，重力加速度為g，則小球拋出時的初速度為（ ）（A）（B） （C）（D）參考答案：B5. （單選）下列說法符合物理史實的是（）A天文學家第谷通過艱苦的觀測，總結出行星運動三大定律B開普勒進行“月地檢驗”，并總結出了天上、地上物體所受的引力遵從相同的規(guī)律C牛頓根據(jù)觀測資料，利用萬有引力定律計算發(fā)現(xiàn)了海王星D卡文迪許通過扭秤實驗測量并算出引力常量G，成了萬有引力定律正確性的最早證據(jù)參考答案：考點：物理學史版權所有專

6、題：常規(guī)題型分析：根據(jù)物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可解答：解：A、天文學家開普勒通過艱苦的觀測，總結出行星運動三大定律，故A錯誤；B、牛頓進行“月地檢驗”，并總結出了天上、地上物體所受的引力遵從相同的規(guī)律故B錯誤；C、亞當斯和勒威耶根據(jù)觀測資料，利用萬有引力定律計算發(fā)現(xiàn)了海王星，故C錯誤；D、卡文迪許通過扭秤實驗測量并算出引力常量G，成了萬有引力定律正確性的最早證據(jù)，故D正確；故選：D點評：本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內(nèi)容之一二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 據(jù)報道：1978年澳大利亞科學家

7、利用5m長的電磁軌道炮，將質(zhì)量為3.3g的彈丸以5.9km/s的高速發(fā)射獲得成功。假設彈丸在軌道炮內(nèi)做勻加速直線運動，彈丸所受的合力為_N。如果每分鐘能發(fā)射6顆彈丸，該電磁軌道炮的輸出功率約為。參考答案：1.15104 N； 5.74103 W。7. 地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，若高空中某處的重力加速度為g/2，則該處距地球表面的高度為_，在該高度繞地球做勻速圓周運動的衛(wèi)星的線速度大小為_。參考答案： , 8. 質(zhì)置為m的物體，在傾角為的光滑斜面上由靜止開始下滑，經(jīng)過時間t，在這段時間內(nèi)，支持力的沖量大小為mgcost，合外力對物體的沖量大小為mgsint參考答案：解：物體在傾角為

8、的光滑斜面上由靜止開始下滑，受重力和支持力，故：N=mgcos合力：F=mgsin故支持力沖量：IN=Nt=mgcost合力的沖量：I=Ft=mgsint故答案為：mgcost，mgsint9. （4分）如圖是給墻壁粉刷涂料用的“涂料滾”的示意圖。使用時，用撐竿推著粘有涂料的涂料滾沿墻壁上下緩緩滾動，把涂料均勻地粉刷到墻上。撐竿的重量和墻壁的摩擦均不計，而且撐竿足夠長，粉刷工人站在離墻壁一定距離處緩緩上推涂料滾，該過程中撐竿對涂料滾的推力將 ，涂料滾對墻壁的壓力將 。（填：“增大”、“減小”或“不變”）參考答案：答案：減小、減小10. 圖是某地區(qū)1、7月份氣溫與氣壓的對照表，7月份與1月份相比

9、較，從平均氣溫和平均大氣壓的角度來說正確的是A空氣分子無規(guī)則熱運動的激烈情況幾乎相同B空氣分子無規(guī)則熱運動減弱了C單位時間內(nèi)空氣分子對單位面積的地面撞擊次數(shù)增多了D單位時間內(nèi)空氣分子對單位面積的地面撞擊次數(shù)減少了參考答案：D11. A.動能相等的兩物體A、B在光滑水平面上沿同一直線相向而行，它們的速度大小之比vA:vB=2: 1，則動量大小之比PA:PB= ;兩者碰后粘在一起運動，其總動量與A原來動量大小之比P:PA= 。參考答案：1:2；1:1根據(jù)動量與動能的關系：【考點】動能和速度的關系：vA:vB=2: 1，可知兩者質(zhì)量之比1:4，所以動量的關系為：1:2；兩者碰撞遵循動量守恒，其總動量

10、與A的動量等大反向，所以碰后的總動量與A原來的動量之比為1:1。12. 一個小燈泡在3伏的電壓下，通過0.25A電流，燈泡所發(fā)出的光經(jīng)聚光后形成很細的光束，沿某個方向直線射出。設燈泡發(fā)出的光波長為6000埃，則每秒鐘發(fā)出的光子個數(shù)為_個，沿光的傳播方向上2m長的光束內(nèi)的光子為_個2.261018，1.5110102012學年普陀模擬22。參考答案：2.261018，1.51101013. （1）鈾核U經(jīng)過_次衰變和_次衰變變成穩(wěn)定的鉛核Pb。（2）U衰變?yōu)镽n，共發(fā)生了_次衰變，_次衰變。參考答案：三、 實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. 從下表中選出適當?shù)膶嶒炂鞑?，測量小燈

11、泡的伏安特性曲線，得到如圖1的IU圖線器材（代號） 規(guī)格電流表（A1）電流表（A2）電壓表（V1）電壓表（V2）滑動變阻器（R0）電池（E）開關（S）導線若干 量程00.6A，內(nèi)阻約1量程03A，內(nèi)阻約1量程03V，內(nèi)阻約2k量程015V，內(nèi)阻約10k阻值025電動勢6V，內(nèi)阻不計（1）在如圖1所示的IU圖線中，A到B過程中燈泡電阻改變了10（2）測量電路中電流表應選用A1（填代號），電壓表應選用V2（填代號），電流表應采用外（填內(nèi)、外）接法（3）在圖2示虛線框中用筆補畫完整實驗電路圖，要求變阻器滑動片右移時，燈泡兩端電壓變大參考答案：【考點】： 描繪小電珠的伏安特性曲線【專題】： 實驗題【分

12、析】： （1）根據(jù)圖1所示圖象求出電壓對應的電流，由歐姆定律求出燈泡電阻，然后求出電阻的變化量（2）根據(jù)電流、電壓的測量值選擇電流表與電壓表，根據(jù)燈泡電阻與電表內(nèi)阻的關系確定電流表的接法（3）根據(jù)實驗目的確定滑動變阻器的接法，根據(jù)燈泡電阻與電表內(nèi)阻的關系確定電流表的接法，然后作出電路圖： 解：（1）由圖1所示圖象可知，燈泡電阻RA=30，RB=40，R=4030=10（2）由圖1所示圖象可知，電流最大值為0.15A，則電流表選A1，電壓最大測量值為6V，則電壓表選V2，燈泡最大電阻為40，電流表內(nèi)阻為1，電壓表內(nèi)阻為10k，電壓表內(nèi)阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法（3）描繪燈泡安特性曲線，

13、電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，電流表采用外接法，實驗電路圖如圖所示故答案為：（1）10；（2）A1；V2；（3）電路圖如圖所示15. 某同學通過實驗測定一根粗細均勻、阻值約為5合金絲電阻率的實驗，1 用螺旋測微器測定合金絲直徑的結果如圖所示，合金絲的直徑為_mm?，F(xiàn)有如下器材：A輸出電壓可調(diào)的學生電源(2V、4V、6V內(nèi)阻可不計)B電流表(00.6A，內(nèi)阻約0.2)C電壓表(03V，內(nèi)阻約3 k)D待測電阻RxE保護電阻R0=5F滑動變阻器(05，額定電流2A)G滑動變阻器(02，額定電流1A)H開關和導線若干 為了減小測量誤差，本實驗應選用圖中兩種電路圖中的_(填相應的

14、電路圖下的字母A或B)； 為了提高測量準確度，獲取多組數(shù)據(jù)，因此電源電壓應選用_V；滑動變阻器應選用_ (選填器材前的字母)；參考答案：0.54.549（2分），（3分），6（2分），G（2分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 如圖所示，一個帶電量為的油滴，從O點以速度射入勻強電場中，的方向與電場方向成角.已知油滴的質(zhì)量為，測得油滴到達運動軌跡的最高點時，它的速度大小又為.求： （1）最高點的位置可能在O點上方的哪一側？ （2）最高點處（設為N）與O點的電勢差. （3）電場強度.參考答案：（1）因油滴到達最高點時速度大小為，方向水平，對ON過程用動能定理有，（2分）所以電場力一定做正

15、功，油滴帶負電，則最高位置一定在O點的左上方. （3分）（2）由（1）的分析可知，在豎直方向上油滴做初速為的豎直上拋運動，則有，（3分）即.（2分）（3）油滴由ON的運動時間，（2分）則在水平方向上由動量定理得，（2分）即.（2分）17. 如圖所示，粗糙水平地面AB與半徑R=0.4m的光滑半圓軌道BCD相連接，且在同一豎直平面內(nèi)，O是BCD的圓心，BOD在同一豎直線上質(zhì)量m=2kg的小物塊在如下Fx圖象所示的水平力F的作用下，從A點由靜止開始沿直線運動到B點然后在半圓軌道BCD內(nèi)運動已知xAB=5m，小物塊與水平地面間的動摩擦因數(shù)為=0.2取重力加速度g=10m/s2求：（1）小物塊到達B點時

16、速度的大小；（計算結果可以帶根號）（2）小物塊運動到D點時，小物塊對軌道作用力的大小參考答案：考點：動能定理的應用；牛頓第二定律.專題：動能定理的應用專題分析：（1）對AB過程根據(jù)動能定理列式求解即可；（2）先對BD過程根據(jù)動能定理列式求解D點的速度，在D點，支持力和重力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解解答：解：（1）對于小物塊在AB上運動的全過程，由動能定理得：F1x1+F2x2FfxAB=mvB20，即2mg20.5mg10.2mg5=mvB2解得：vB=5 m/s（2）從B到D，根據(jù)動能定理有：mg?2R=mvmv解得：vD=m/s在D點，根據(jù)牛頓運動定律有：FN+mg=m解得：FN=mmg=150N根據(jù)牛頓第三定律，小物塊對軌道壓力方向豎直向上，大小150N；答：（1）小物塊到達B點時速度的大小為m/s；（2）小物塊運動到D點時，小物塊對軌道作用力的大小為150N點評：本題關鍵是明確運動情況和受力情況，找到向心力來源，然后根據(jù)動能定理、牛頓第二定律列式求解18. A、