2022-2023學(xué)年安徽省六安市舒城中學(xué)高二（上）開學(xué)考試物理試題（解析版）

1、 舒城中學(xué)2022-2023學(xué)年度第一學(xué)期第一次統(tǒng)考高二物理時(shí)間：75分鐘 分值：100分一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1. 甲、乙兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)沿同一直線運(yùn)動(dòng)，其中質(zhì)點(diǎn)甲以6m/s的速度勻速直線運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)乙作初速度為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)，它們的位置x隨時(shí)間t的變化如圖，已知t=3s時(shí)，甲、乙圖線的斜率相等。則下列判斷正確的是（）A. 最初的一段時(shí)間內(nèi)，甲、乙的運(yùn)動(dòng)方向相反B. t=3s時(shí)，乙的位置坐標(biāo)為-9mC. t=10s時(shí)，兩車相遇D. 乙經(jīng)過原點(diǎn)時(shí)的速度大小為2m/s【答案】C【解析】【詳解】A位移時(shí)間圖像的斜率表示速度

2、，則最初的一段時(shí)間內(nèi)，甲、乙的斜率都為正方向，所以運(yùn)動(dòng)方向相同，故A錯(cuò)誤；B質(zhì)點(diǎn)乙作初速度為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)，t=3s時(shí)，甲、乙圖線的斜率相等，所以，t=3s時(shí)乙的速度是6m/s，乙的加速度0-3s，乙的位移所以t=3s時(shí)，乙的位置坐標(biāo)為故B錯(cuò)誤。C設(shè)過t兩車相遇解得：故C正確。D根據(jù)v2-0=2ax乙經(jīng)過原點(diǎn)時(shí)速度大小為故D錯(cuò)誤。故選C。2. 如圖，懸掛甲物體的細(xì)線拴牢在一不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)繩上O點(diǎn)處；繩的一端固定在墻上，另一端通過光滑定滑輪與物體乙相連。甲、乙兩物體質(zhì)量相等。系統(tǒng)平衡時(shí)，O點(diǎn)兩側(cè)繩與豎直方向的夾角分別為和。若=50，則等于（）A 50B. 55C. 65D. 70【答案】C

3、【解析】【詳解】甲物體是拴牢在O點(diǎn)，且甲、乙兩物體的質(zhì)量相等，則甲、乙繩的拉力大小相等，O點(diǎn)處于平衡狀態(tài)，則左側(cè)繩子拉力的方向在甲、乙繩子的角平分線上，如圖所示：根據(jù)幾何關(guān)系有解得故選C。3. 如圖甲所示，兩段等長(zhǎng)絕緣輕質(zhì)細(xì)繩將質(zhì)量分別為m、3m的帶電小球A、B(均可視為點(diǎn)電荷)懸掛在O點(diǎn)，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，然后在水平方向施加一勻強(qiáng)電場(chǎng)，當(dāng)系統(tǒng)再次達(dá)到靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，如圖乙所示，小球B剛好位于O點(diǎn)正下方(細(xì)繩始終處于伸長(zhǎng)狀態(tài))則兩個(gè)點(diǎn)電荷帶電量QA與QB的大小關(guān)系正確的是A. 7:3B. 3:1C. 3:7D. 5:3【答案】A【解析】【詳解】在圖乙中，對(duì)A、B整體受力分析由平衡條件可得：，對(duì)B受

4、力分析由平衡作件可得：，對(duì)A受力分析由平衡條件可得：，由以上各式解得：，故A正確4. 如圖所示，兩塊相互垂直的光滑擋板OP、OQ，OP豎直放置，小球a、b固定在輕彈簧的兩端，水平力F作用于b時(shí)，a、b緊靠擋板處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)保證b球不動(dòng)，使擋板OP向右緩慢平移一小段距離，則（）A. 彈簧變短B. 彈簧變長(zhǎng)C. 力F變大D. b對(duì)擋板的壓力減小【答案】B【解析】【詳解】AB對(duì)a進(jìn)行受力分析，如圖所示有FN=mgtan使擋板OP向右緩慢平移一小段距離，減小，cos增大，F(xiàn)彈減小，再根據(jù)胡克定律有F彈=kx則x減小，彈簧變長(zhǎng)，故A錯(cuò)誤，B正確；C根據(jù)以上分析可知FN=mgtan減小，tan減小，F(xiàn)N

5、減小。對(duì)于整體ab，在水平方向，根據(jù)平衡條件F=FN力F變小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D對(duì)于整體ab，在豎直方向，根據(jù)平衡條件有Fb=（ma+mb）g擋板對(duì)b的支持力不變，根據(jù)牛頓第三定律，b對(duì)擋板的壓力也不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。5. 我國(guó)多次成功使用“冷發(fā)射”技術(shù)發(fā)射長(zhǎng)征十一號(hào)系列運(yùn)載火箭。如圖所示，發(fā)射倉(cāng)內(nèi)的高壓氣體先將火箭豎直向上推出，火箭速度接近零時(shí)再點(diǎn)火飛向太空。從火箭開始運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)火的過程中（ ）A. 火箭的加速度為零時(shí)，動(dòng)能最大B. 高壓氣體釋放的能量全部轉(zhuǎn)化為火箭的動(dòng)能C. 高壓氣體對(duì)火箭推力的沖量等于火箭動(dòng)量的增加量D. 高壓氣體的推力和空氣阻力對(duì)火箭做功之和等于火箭動(dòng)能的增加量【答案】

6、A【解析】【詳解】A火箭從發(fā)射倉(cāng)發(fā)射出來，受豎直向下的重力、豎直向下的空氣阻力和豎直向上的高壓氣體的推力作用，且推力大小不斷減小，剛開始向上的時(shí)候高壓氣體的推力大于向下的重力和空氣阻力之和，故火箭向上做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)向上的高壓氣體的推力等于向下的重力和空氣阻力之和時(shí)，火箭的加速度為零，速度最大，接著向上的高壓氣體的推力小于向下的重力和空氣阻力之和時(shí)，火箭接著向上做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，直至速度為零，故當(dāng)火箭的加速度為零時(shí)，速度最大，動(dòng)能最大，故A正確；B根據(jù)能量守恒定律，可知高壓氣體釋放的能量轉(zhuǎn)化為火箭的動(dòng)能、火箭的重力勢(shì)能和內(nèi)能，故B錯(cuò)誤；C根據(jù)動(dòng)量定理，可知合力沖量等于火箭動(dòng)量的

7、增加量，故C錯(cuò)誤；D根據(jù)功能關(guān)系，可知高壓氣體的推力和空氣阻力對(duì)火箭做功之和等于火箭機(jī)械能的增加量，故D錯(cuò)誤。故選A。6. 已知同步衛(wèi)星離地心的距離為r，運(yùn)行速度為v1，向心加速度大小為a1。地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度大小為a2，第一宇宙速度為v2，地球半徑為R，則下列判斷正確的是（）A. a1a2=RrB. a1a2=R2r2C. v1v2=R2r2D. 【答案】D【解析】【詳解】AB同步衛(wèi)星與赤道上的物體有相同的角速度，則由圓周運(yùn)動(dòng)公式可得選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；CD第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，則由萬有引力公式可得選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。故選D。7. 半徑為R的絕緣細(xì)圓環(huán)固定在圖示位置

8、，圓心位于O點(diǎn)，環(huán)上均勻分布著電量為Q的正電荷。點(diǎn)A、B、C將圓環(huán)三等分，取走A、B處兩段弧長(zhǎng)均為的小圓弧上的電荷。將一點(diǎn)電荷q置于延長(zhǎng)線上距O點(diǎn)為的D點(diǎn)，O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度剛好為零。圓環(huán)上剩余電荷分布不變，q為（）A. 負(fù)電荷，B. 正電荷，C. 正電荷，D. 負(fù)電荷，【答案】A【解析】【詳解】取走A、B處兩段弧長(zhǎng)均為的小圓弧上的電荷，根據(jù)對(duì)稱性可知，圓環(huán)在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為與A在同一直徑上的A1和與B在同一直徑上的B1產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度的矢量和，如圖所示：因?yàn)閮啥位￠L(zhǎng)非常小，故可看成點(diǎn)電荷，則有由圖可知，兩場(chǎng)強(qiáng)的夾角為，則兩者的合場(chǎng)強(qiáng)為根據(jù)O點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)為0，則放在D點(diǎn)的點(diǎn)電荷帶負(fù)電，大小為根據(jù)聯(lián)

9、立解得故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)或兩個(gè)以上選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8. 如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與物塊A連接在一起，處于壓縮狀態(tài)，A由靜止釋放后沿斜面向上運(yùn)動(dòng)到最大位移時(shí)，立即將物塊B輕放在A右側(cè)，A、B由靜止開始一起沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，下滑過程中A、B始終不分離，當(dāng)A回到初始位置時(shí)速度為零，A、B與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同、彈簧未超過彈性限度，則（）A. 當(dāng)上滑到最大位移的一半時(shí)，A的加速度方向沿斜面向下B. A上滑時(shí)，彈簧的彈力方向不發(fā)生變化C. 下滑時(shí)，B對(duì)A的壓力逐漸增

10、大D. 整個(gè)過程中A、B克服摩擦力所做的總功大于B的重力勢(shì)能減小量【答案】BC【解析】【詳解】B由于A、B在下滑過程中不分離，設(shè)在最高點(diǎn)的彈力為F，方向沿斜面向下為正方向，斜面傾角為，AB之間的彈力為FAB，摩擦因數(shù)為，剛下滑時(shí)根據(jù)牛頓第二定律對(duì)AB有對(duì)B有聯(lián)立可得由于A對(duì)B的彈力FAB方向沿斜面向上，故可知在最高點(diǎn)F的方向沿斜面向上；由于在最開始彈簧彈力也是沿斜面向上的，彈簧一直處于壓縮狀態(tài)，所以A上滑時(shí)、彈簧的彈力方向一直沿斜面向上，不發(fā)生變化，選項(xiàng)B正確；A設(shè)彈簧原長(zhǎng)在O點(diǎn)，A剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)距離O點(diǎn)為x1，A運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)距離O點(diǎn)為x2；下滑過程AB不分離，則彈簧一直處于壓縮狀態(tài)，上滑過程

11、根據(jù)能量守恒定律可得化簡(jiǎn)得當(dāng)位移為最大位移的一半時(shí)有代入k值可知F合=0，即此時(shí)加速度為0，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；C根據(jù)B分析可知再結(jié)合B選項(xiàng)的結(jié)論可知下滑過程中F向上且逐漸變大，則下滑過程FAB逐漸變大，根據(jù)牛頓第三定律可知B對(duì)A的壓力逐漸增大，選項(xiàng)C正確；D整個(gè)過程中彈力做的功為0，A重力做的功為0，當(dāng)A回到初始位置時(shí)速度為零，根據(jù)功能關(guān)系可知整個(gè)過程中A、B克服摩擦力所做的總功等于B的重力勢(shì)能減小量，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選BC。9. 如圖，輕質(zhì)定滑輪固定在天花板上，物體和用不可伸長(zhǎng)的輕繩相連，懸掛在定滑輪上，質(zhì)量，時(shí)刻將兩物體由靜止釋放，物體的加速度大小為。時(shí)刻輕繩突然斷開，物體能夠達(dá)到的最高點(diǎn)恰與物體

12、釋放位置處于同一高度，取時(shí)刻物體所在水平面為零勢(shì)能面，此時(shí)物體的機(jī)械能為。重力加速度大小為，不計(jì)摩擦和空氣阻力，兩物體均可視為質(zhì)點(diǎn)。下列說法正確的是（）A. 物體和的質(zhì)量之比為B. 時(shí)刻物體的機(jī)械能為C. 時(shí)刻物體重力的功率為D. 時(shí)刻物體的速度大小【答案】BCD【解析】【詳解】A開始釋放時(shí)物體Q的加速度為，則解得選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B在T時(shí)刻，兩物體的速度P上升的距離細(xì)線斷后P能上升的高度可知開始時(shí)PQ距離為 若設(shè)開始時(shí)P所處的位置為零勢(shì)能面，則開始時(shí)Q的機(jī)械能為 從開始到繩子斷裂，繩子的拉力對(duì)Q做負(fù)功，大小為則此時(shí)物體Q的機(jī)械能 此后物塊Q的機(jī)械能守恒，則在2T時(shí)刻物塊Q的機(jī)械能仍為，選項(xiàng)B正確；

13、 CD在2T時(shí)刻，重物P的速度方向向下；此時(shí)物體P重力的瞬時(shí)功率選項(xiàng)CD正確。故選BCD。10. 豎直放置的光滑圓環(huán)，半徑為R，AB是其直徑。一質(zhì)量為m的小球穿在環(huán)上且受到沿AB方向水平向右的風(fēng)力大小恒為F=mg。小球由A點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng)，則下列說法正確的是（）A. 小球運(yùn)動(dòng)過程中的最大速度為B. 小球運(yùn)動(dòng)過程中的最大動(dòng)能為C. 運(yùn)動(dòng)中小球?qū)Νh(huán)的最大壓力為D. 若在A點(diǎn)給小球一個(gè)初速度，則小球恰好能做完整圓周運(yùn)動(dòng)【答案】BD【解析】【詳解】AB小球受豎直向下的重力mg和水平向右的風(fēng)力F=mg，可知合力大小為方向斜向右下方，與水平方向夾角為可等效為小球處于如圖重力場(chǎng)則而若想小球獲得動(dòng)能最大，則在靜止開

14、始運(yùn)動(dòng)的物體需要在力的作用下，沿力的作用方向達(dá)到最大位移，故過圓心沿合力的方向作平行線，交圓環(huán)于點(diǎn)C，小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)獲得動(dòng)能最大，速度也最大，由動(dòng)能定理可得，最大動(dòng)能為又由于解得選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；C由于等效重力時(shí)刻相等，故小球在獲得最大速度是向心力所對(duì)應(yīng)的支持力提供量最大，故在C點(diǎn)時(shí)，有解得根據(jù)牛頓第三定律可知運(yùn)動(dòng)中小球?qū)Νh(huán)的最大壓力為，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D小球恰好能做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，在等效最高點(diǎn)的速度為0，從A點(diǎn)到等效最高點(diǎn)有解得選項(xiàng)D正確。故選BD。三、非選擇題：本題共5小題，共57分。11. 用圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究“動(dòng)能定理”。某學(xué)習(xí)小組在氣墊導(dǎo)軌上安裝了一個(gè)光電門B，滑塊上固定一遮光條

15、。細(xì)線一端連著滑塊，另一端繞過氣墊導(dǎo)軌左端的定滑輪與力電傳感器相連，傳感器下方懸掛鉤碼，每次滑塊都從A處由靜止釋放。（1）某同學(xué)用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光條的寬度d，如圖乙所示，則d=_mm。（2）下列實(shí)驗(yàn)要求中不必要的一項(xiàng)是_（請(qǐng)?zhí)顚戇x項(xiàng)前對(duì)應(yīng)的字母）。A應(yīng)使A位置與光電門間的距離適當(dāng)大些B應(yīng)使滑塊質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼和力電傳感器總質(zhì)量C應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌調(diào)至水平 D應(yīng)使細(xì)線與氣墊導(dǎo)軌平行 （3）實(shí)驗(yàn)時(shí)保持滑塊的質(zhì)量M和A、B間的距離L不變，改變鉤碼質(zhì)量m，測(cè)出對(duì)應(yīng)的力電傳感器的示數(shù)F和遮光條通過光電門的時(shí)間t，通過描點(diǎn)作出線性圖象，研究滑塊動(dòng)能的變化量與合外力對(duì)它所做功的關(guān)系，處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)時(shí)應(yīng)作出的圖象是_（

16、請(qǐng)?zhí)顚戇x項(xiàng)前對(duì)應(yīng)的字母）。A作出“t-F”圖象 B作出“t2-F”圖象C作出“t2-”圖象 D作出“-F2”圖象【答案】 . 2.30 . B . C【解析】【詳解】（1）1讀數(shù)為（2）2 A應(yīng)使A位置與光電門間的距離適當(dāng)大一些，有利于減小誤差，故A有必要，不符合題意；B拉力是直接通過傳感器測(cè)量的，與小車質(zhì)量和鉤碼質(zhì)量大小無關(guān)，故B沒有必要，符合題意；CD氣墊導(dǎo)軌對(duì)滑塊的摩擦幾乎為零，應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌調(diào)至水平，保持細(xì)線方向與氣墊導(dǎo)軌平行，這樣拉力才等于合力，故CD有必要，不符合題意；故選B。（3）3根據(jù)牛頓第二定律速度為由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式得得所以，研究滑塊的加速度與力的關(guān)系，處理數(shù)據(jù)應(yīng)

17、作圖像。故選C。12. 某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖裝置來驗(yàn)證碰撞過程遵循動(dòng)量守恒。在離地面高度為h的光滑水平桌面上，放置兩個(gè)小球a和b其中，b與輕彈簧緊挨著但不拴接，彈簧左側(cè)固定，自由長(zhǎng)度時(shí)離桌面右邊緣足夠遠(yuǎn)，起初彈簧被壓縮一定長(zhǎng)度并鎖定。a放置于桌面邊緣，球心在地面上的投影點(diǎn)為O點(diǎn)。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先將a球移開，彈簧解除鎖定，b沿桌面運(yùn)動(dòng)后水平飛出。再將a球放置于桌面邊緣，彈簧重新鎖定。解除鎖定后，b球與a球發(fā)生碰撞后，均向前水平飛出。重復(fù)實(shí)驗(yàn)10次。實(shí)驗(yàn)中，小球落點(diǎn)記為A、B、C。（1）若a球質(zhì)量為ma，半徑為ra；b球質(zhì)量為mb，半徑為rb。b球與a球發(fā)生碰撞后，均向前水平飛出，則_。Amamb，ra=r

18、b Bmamb，rarbCmamb，ra=rb Dmamb，rarb（2）為了驗(yàn)證動(dòng)量守恒，本實(shí)驗(yàn)中必須測(cè)量的物理量有_。A小球a的質(zhì)量ma和小球b的質(zhì)量mbB小球飛出的水平距離xOA、xOB、xOCC桌面離地面的高度hD小球飛行的時(shí)間（3）在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)，當(dāng)所測(cè)物理量滿足表達(dá)式：_，即說明碰撞過程遵循動(dòng)量守恒；當(dāng)所測(cè)物理量滿足表達(dá)式：_，即說明碰撞過程為彈性碰撞。（用題中已測(cè)量的物理量表示）（4）該同學(xué)還想探究彈簧鎖定時(shí)具有的彈性勢(shì)能，他測(cè)量了桌面離地面的高度h，該地的重力加速度為g，則彈簧鎖定時(shí)具有的彈性勢(shì)能Ep為_。（用題中已測(cè)量的物理量表示）【答案】 . A . AB . mb

19、xOB=mbxOAmaxOC . . 【解析】【詳解】（1）1為防止碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，即：應(yīng)該使mb大于ma，為了使偏轉(zhuǎn)能沿水平方向發(fā)生，則二者的球心的高度要相同，所以它們的半徑要相等。故選A。（2）2要驗(yàn)證動(dòng)量守恒，就需要知道碰撞前后的動(dòng)量，所以要測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)量及碰撞前后小球的速度，碰撞前后小球都做平拋運(yùn)動(dòng)，速度可以用水平位移代替。所以需要測(cè)量的量為：小球a、b的質(zhì)量ma、mb，小球飛出的水平距離xOA、xOB、xOC。故選項(xiàng)AB。（3）3小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，小球拋出點(diǎn)的高度相同，小球在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，如果碰撞過程動(dòng)量守恒，則mbv0=mbv1

20、+mav2兩邊同時(shí)乘以時(shí)間t，得mbv0t=mbv1t+mav2t則mbxOB=mbxOAmaxOC4若碰撞過程為彈性碰撞，則滿足同理得（4）5桌面離地面的高度h，該地的重力加速度為g，小球b飛行的時(shí)間b的初速度彈簧鎖定時(shí)具有的彈性勢(shì)能Ep轉(zhuǎn)化為小球b的動(dòng)能，所以彈簧鎖定時(shí)具有的彈性勢(shì)能Ep為13. 如圖，一長(zhǎng)木板在光滑的水平面上以速度v0向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，將一小滑塊無初速地輕放在木板最右端。已知滑塊和木板的質(zhì)量分別為m和2m，它們之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為g。（1）滑塊相對(duì)木板靜止時(shí)，求它們的共同速度大??；（2）某時(shí)刻木板速度是滑塊的2倍，求此時(shí)滑塊到木板最右端的距離；（3）若滑塊輕

21、放在木板最右端的同時(shí)，給木板施加一水平向右的外力，使得木板保持勻速直線運(yùn)動(dòng)，直到滑塊相對(duì)木板靜止，求此過程中滑塊的運(yùn)動(dòng)時(shí)間以及外力所做的功?！敬鸢浮浚?）v共 = ；（2）x = ；（3）t = ，W = mv02【解析】【分析】【詳解】（1）由于地面光滑，則木板與滑塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，有2mv0 = 3mv共解得v共 = （2）由于木板速度是滑塊的2倍，則有v木 = 2v滑再根據(jù)動(dòng)量守恒定律有2mv0 = 2mv木 + mv滑聯(lián)立化簡(jiǎn)得v滑 = v0，v木 = v0再根據(jù)功能關(guān)系有 - mgx = 2mv木2 + mv滑2 - 2mv02經(jīng)過計(jì)算得x = （3）由于木板保持勻速直線運(yùn)動(dòng)，則

22、有F = mg對(duì)滑塊進(jìn)行受力分析，并根據(jù)牛頓第二定律有a滑 = g滑塊相對(duì)木板靜止時(shí)有v0 = a滑t解得t = 則整個(gè)過程中木板滑動(dòng)的距離為x = v0t = 則拉力所做的功為W = Fx = mv0214. 物理學(xué)研究問題一般從最簡(jiǎn)單的理想情況入手，由簡(jiǎn)入繁，逐漸貼近實(shí)際。在研究真實(shí)的向上拋出的物體運(yùn)動(dòng)時(shí)，我們可以先從不受阻力入手，再?gòu)氖芎愣ㄗ枇ρ芯?，最后研究接近真?shí)的、阻力變化的運(yùn)動(dòng)情形?，F(xiàn)將一個(gè)質(zhì)量為m的小球以速度v0豎直向上拋出，重力加速度為g。（1）若忽略空氣阻力對(duì)小球運(yùn)動(dòng)的影響，求物體經(jīng)過多長(zhǎng)時(shí)間回到拋出點(diǎn)；（2）若空氣阻力大小與小球速度大小成正比，已知小球經(jīng)t時(shí)間上升到最高點(diǎn)，

23、再經(jīng)一段時(shí)間勻速經(jīng)過拋出點(diǎn)時(shí)，速度大小為v1，求小球拋出后瞬間的加速度和上升的最大高度?！敬鸢浮浚?）；（2）；【解析】【詳解】（1）忽略空氣阻力時(shí)，落回出發(fā)點(diǎn)的速度為，由得（2）小球最終做勻速運(yùn)動(dòng)，知?jiǎng)倰伋鰰r(shí)加速度最大得在上升過程中取任意微小過程，設(shè)時(shí)間為ti，速度為vi，速度的變化量為vi，由動(dòng)量定理即 得15. 如圖所示，可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊A、B靜止在光滑水平地面上，A、B滑塊的質(zhì)量分別為mA=1kg，mB=3kg在水平地面左側(cè)有傾角=30的粗糙傳送帶以v=6m/s的速率順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)傳送帶與光滑水平面通過半徑可忽略的光滑小圓弧平滑連接A、B兩滑塊間夾著質(zhì)量可忽略的炸藥，現(xiàn)點(diǎn)燃炸藥爆炸瞬間，滑塊A以6m/s水平向左沖出，接著沿傳送帶向上運(yùn)動(dòng)，已知滑塊A與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=，傳送帶與水平面足夠長(zhǎng)重力加速度g取10m/s2(1)求滑塊A沿傳送帶上滑的最大距離；(2)若滑塊A滑下后與滑塊B相碰并粘住，求A、B碰