四川省眉山市丹棱第一中學(xué)高三物理月考試卷含解析

1、四川省眉山市丹棱第一中學(xué)高三物理月考試卷含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. （單選）建筑工人用圖所示的定滑輪裝置運送建筑材料質(zhì)量為70.0kg的工人站在地面上，通過定滑輪將20.0kg的建筑材料以0.500m/s2的加速度拉升，人拉的繩與水平成30，忽略繩子和定滑輪的質(zhì)量及定滑輪的摩擦，則工人對地面的壓力大小為（g取10m/s2）（）A490 N B500 N C595 N D700 N參考答案：C2. 如圖所示，傳送帶與水平面夾角為，以速度V0逆時針勻速轉(zhuǎn)動。在傳送帶的上端輕輕放置一個質(zhì)量為m的小木塊，小木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為，則小木

2、塊的速度隨時間變化關(guān)系可能是（ ）參考答案：BCD3. （多選）如圖所示，豎直輕質(zhì)彈簧，下端固定在地面，上端固定一質(zhì)量為M的木板，木板上方放一質(zhì)量為m的物塊，木板和物塊間不粘連，一豎直向下的力F作用在物塊上，整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)在撤去F，木板和物塊向上運動的過程中，下列說法正確的是（）A物塊先處于超重狀態(tài)，再處于失重狀態(tài)B木板對物塊做正功，物塊的機械能增加C木板和物塊組成的系統(tǒng)機械能守恒D當(dāng)彈簧處于自然狀態(tài)時，物塊克服重力做功的功率最大參考答案：解：A、在撤去F，木板和物塊向上運動的過程中，彈簧的彈力先大于木板和物塊的總重力，后小于總重力，所以木板和物塊先向上加速運動，后向上減速運動，加速度先

3、向上后向下，則物塊先處于超重狀態(tài)，再處于失重狀態(tài)，故A正確B、由于木板對物塊的支持力一直做正功，由功能原理可知物塊的機械能不斷增加，故B正確C、由于彈簧對木板做正功，所以木板和物塊組成的系統(tǒng)機械能增加，故C錯誤D、對于木板和物塊組成的系統(tǒng)，當(dāng)總重力與彈簧的彈力大小相等時速度最大，此時彈簧處于壓縮狀態(tài)，物塊克服重力做功的功率最大，故D錯誤故選：AB4. （單選題）一小球在離地高H處從靜止開始豎直下落，運動過程中受到的阻力大小與速率成正比，下列圖像反映了小球的機械能E隨下落高度h的變化規(guī)律（選地面為零勢能參考平面），其中可能正確的是 參考答案：B5. （單選）假設(shè)有一載人宇宙飛船在距地面高度為42

4、00km 的赤道上空繞地球做勻速圓周運動，地球半徑約為6400km，地球同步衛(wèi)星距地面高度為36000km，宇宙飛船和地球同步衛(wèi)星繞地球同向運動，每當(dāng)二者相距最近時，宇宙飛船就向同步衛(wèi)星發(fā)射信號，然后再由同步衛(wèi)星將信號發(fā)送到地面接收站，某時刻二者相距最遠(yuǎn)，從此刻開始，在一晝夜的時間內(nèi)，接收站共接收到信號的次數(shù)為（ ）A4次B6次C7次D8次參考答案：C 解析： 據(jù)開普勒第三定律 （1） R1=4200km+6400km R2=36000km+6400km（2） 可知載人宇宙飛船的運行周期T1與地球同步衛(wèi)星的運行周期T2之比為，又已知地球同步衛(wèi)星的運行周期為一天即24h，因而載人宇宙飛船的運行周

5、期T1=h=3h由勻速圓周運動的角速度=，所以宇宙飛船的角速度為h，同步衛(wèi)星的角速度為h因為兩者運行的方向相同，因而可以視作追擊問題又因為是由兩者相距最遠(yuǎn)的時刻開始，而兩者處于同一直線且非位于地球同一側(cè)時，二者相距最遠(yuǎn)，此時追擊距離為即一個半圓，追擊時間為 此后，追擊距離變?yōu)?即一個圓周，同理，追擊時間為可以得到24h內(nèi)共用時 h完成追擊7次，即七次距離最近，因而發(fā)射了七次信號故選C二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 一根兩端開口的長玻璃管豎直插入水銀槽中并固定，如圖所示管內(nèi)徑橫截面積為S，管中有一輕質(zhì)光滑活塞，活塞下方封閉L長度、熱力學(xué)溫度為To的氣柱，當(dāng)活塞上放一個質(zhì)量

6、為m的小砝碼后，達(dá)到平衡時管內(nèi)外水銀面的高度差為_；然后對氣體加熱，使氣柱長度恢復(fù)到L，此過程中氣體的溫度升高了_（已知外界大氣壓為p0，水銀密度為）參考答案：； 7. 某興趣小組的同學(xué)利用如圖1所示的實驗 裝置，測量木塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)，圖中長木板水平固定。實驗過程中，打點計時器應(yīng)接在_(填“直流”或“交流”)電源上，調(diào)整定滑輪的高度，使_ _已知重力加速度為g，測得木塊的質(zhì)量為M，砝碼盤和砝碼的總質(zhì)量為m，砝碼盤、砝 碼和木塊的加速度大小為a，則木塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)= _實驗時，某同學(xué)得到一條紙帶，如圖2所示，每隔三個計時點取一個計數(shù)點，記為圖中 0、1、2、3、4、5、6

7、點。測得相鄰兩個計數(shù)點間的距離分別為s1=0.96 cm s2=2.88 cm, s3 = 4. 80 cm, s4 =6. 72 cm, s5 = 8. 64 cm, s6 = 10. 56 cm，打點計時器的電源頻率為50 Hz0計算此紙帶的加速度大小a =_m/s2，打計數(shù)點“4”時紙帶的速度大小v=_m/s。（保留兩位有效數(shù)字）參考答案：打點計時器使用的是交流電源；調(diào)整定滑輪的高度，目的是使細(xì)線與長木板平行，減小實驗誤差；設(shè)細(xì)繩上的拉力為F，則，解得。利用逐差法求加速度，利用中間時刻的瞬時速度等于對應(yīng)時間的平均速度求解。8. （1）某次研究彈簧所受彈力F與彈簧長度L關(guān)系實驗時得到如圖a

8、所示的FL圖象由圖象可知：彈簧原長L0= cm求得彈簧的勁度系數(shù)k= N/m（2）按如圖b的方式掛上鉤碼（已知每個鉤碼重G=1N），使（1）中研究的彈簧壓縮，穩(wěn)定后指針如圖b，則指針?biāo)缚潭瘸呤緮?shù)為 cm由此可推測圖b中所掛鉤碼的個數(shù)為 個參考答案：（1）3.0，200；（2）1.50，3【考點】探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系【分析】根據(jù)圖線的橫軸截距得出彈簧的原長，結(jié)合圖線的斜率求出他和的勁度系數(shù)刻度尺的讀數(shù)要讀到最小刻度的下一位，根據(jù)形變量，結(jié)合胡克定律求出彈力的大小，從而得出所掛鉤碼的個數(shù)【解答】解：（1）當(dāng)彈力為零時，彈簧的長度等于原長，可知圖線的橫軸截距等于原長，則L0=3.0cm，圖線的

9、斜率表示彈簧的勁度系數(shù)，則有：k=200N/m（2）刻度尺所指的示數(shù)為1.50cm，則彈簧的形變量為：x=3.01.50cm=1.50cm，根據(jù)胡克定律得，彈簧的彈力為：F=kx=2000.015N=3N=3G，可知圖b中所掛鉤碼的個數(shù)為3個故答案為：（1）3.0，200；（2）1.50，39. （4分）如圖所示，一儲油圓桶，底面直徑與桶高均為d當(dāng)桶內(nèi)無油時，從某點恰能看到桶底邊緣上的某點B當(dāng)桶內(nèi)油的深度等于桶高的一半時，在A點沿AB方向看去，看到桶底上的C點，C、B相距，由此可得油的折射率n= ；光在油中傳播的速度 m/s（結(jié)果可用根式表示）參考答案：，解：由題意得，光線在油中的入射角的正弦

10、，光線在空氣中折射角的正弦則折射率n=根據(jù)得，v=10. 一個做勻加速直線運動的物體，它在開始時連續(xù)兩個4 s的時間內(nèi)分別通過的位移為24 m和64 m，則這個物體的加速度為 m/s2，中間時刻的瞬時速度為 m/s。參考答案：2.5 1111. 做勻變速直線運動的小車帶動紙帶通過打點計時器,打出的部分計數(shù)點如圖所示.每相鄰兩計數(shù)點間還有四個點未畫出來,打點計時器使用的是50 Hz的低壓交流電. （結(jié)果均保留兩位小數(shù)）相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔是 ，打點計時器打“2”時,小車的速度v2 = m/s. 小車的加速度大小為_m/s2（要求用逐差法求加速度）請你依據(jù)本實驗原理推斷第7計數(shù)點和第8計數(shù)點之

11、間的距離大約是 cm參考答案： 01 、 0.49 ； 0.88 ； 9.74 12. （4分）物質(zhì)是由大量分子組成的，分子直徑的數(shù)量級一般是 m，能說明物體內(nèi)分子都在永不停息地做無規(guī)則運動的實驗事實有 （舉一例即可）。在兩分子間的距離由r0（此時分子間的引力和斥力相互平衡，分子作用力為零）逐漸增大的過程中，分子力的變化情況是 （填“逐漸增大”、“逐漸減小”、“先增大后減小”、“先減小后增大”）。參考答案：10-10（1分）；布朗運動（或擴散現(xiàn)象）（2分）；先增大后減?。?分）13. 如圖為“用DIS（位移傳感器、數(shù)據(jù)采集器、計算機）研究加速度和力的關(guān)系”的實驗裝置。（1）在該實驗中必須采用控

12、制變量法，應(yīng)保持_不變，用鉤碼所受的重力作為_，用DIS測小車的加速度。（2）改變所掛鉤碼的數(shù)量，多次重復(fù)測量。在某次實驗中根據(jù)測得的多組數(shù)據(jù)可畫出a-F關(guān)系圖線（如圖所示）。 分析此圖線的OA段可得出的實驗結(jié)論是_。（單選題）此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是A小車與軌道之間存在摩擦 B導(dǎo)軌保持了水平狀態(tài)C所掛鉤碼的總質(zhì)量太大 D所用小車的質(zhì)量太大參考答案：（1）小車的總質(zhì)量，小車所受外力，（4分）（2）在質(zhì)量不變的條件下，加速度與外力成正比，C，三、 實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. （1）在練習(xí)使用多用表時，某同學(xué)將選擇開關(guān)撥至“10 ”檔時，歐姆表的

13、內(nèi)部結(jié)構(gòu)可簡化成圖甲中虛線框內(nèi)的電路，歐姆表已經(jīng)進(jìn)行了必要的調(diào)零。該同學(xué)想用一個電阻箱Rx 較精確的測出該電路中電源的電動勢E和該倍率下完成調(diào)零后歐姆表的內(nèi)阻R內(nèi) （即），他的操作步驟是：a將歐姆表與電阻箱Rx連成圖乙所示的閉合回路；b改變電阻箱阻值，記下電阻箱示數(shù)Rx和與之對應(yīng)的電流表G的示數(shù)I；c將記錄的各組Rx 、I的數(shù)據(jù)描點在乙圖中，得到- Rx圖線如圖乙所示；d根據(jù)乙圖作得的- Rx圖線，求出電源的電動勢E和歐姆表內(nèi)阻R內(nèi)。圖甲中，a表筆和b表筆的顏色分別是 和 ；電源的電動勢E為_V，歐姆表內(nèi)阻R內(nèi)為_ ；電流表G的量程是_ A。（2）若該同學(xué)將圖乙中電流表G并聯(lián)一個定值電阻，組成

14、一個新的歐姆表，這個新歐姆表的倍率較之改裝前歐姆表的倍率_（填“變大”、或者“變小”、或者“相同”）參考答案：15. （1）用如圖a所示的裝置“驗證機械能守恒定律”下列物理量需要測量的是 、通過計算得到的是 （填寫代號）A重錘質(zhì)量B重力加速度C重錘下落的高度D與下落高度對應(yīng)的重錘的瞬時速度 設(shè)重錘質(zhì)量為m、打點計時器的打點周期為T、重力加速度為g圖b是實驗得到的一條紙帶，A、B、C、D、E為相鄰的連續(xù)點根據(jù)測得的s1、s2、s3、s4寫出重物由B點到D點勢能減少量的表達(dá)式 ，動能增量的表達(dá)式 由于重錘下落時要克服阻力做功，所以該實驗的動能增量總是 （填“大于”、“等于”或“小于”）重力勢能的減

15、小量參考答案：答案： （1）C（1分）、D（1分） （s3-s1）mg（2分），（2分），小于（2分）：驗證機械能守恒的方程為：，所以測量物理量為重錘下落的高度，計算的物理量為對應(yīng)的速度；由B點到D點勢能減少量的表達(dá)式為：，動能增量的表達(dá)式為：，由于有摩擦力作用所以。四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 如圖所示，在傾角為的光滑斜面上有兩個用輕質(zhì)彈簧相連接的物塊A、B它們的質(zhì)量分別為mA、mB，彈簧的勁度系數(shù)為k，C為一固定擋板系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)開始用一恒力F沿斜面方向拉物塊A 使之向上運動，求物塊B 剛要離開C時物塊A 的加速度a 和從開始到此時物塊A 的位移d重力加速度為g參考答案：

16、解：令x1表示未加F時彈簧的壓縮量，由胡克定律和共點力平衡條件可知mAgsin=kx1 令x2表示B剛要離開C時彈簧的伸長量，a表示此時A 的加速度，由胡克定律和牛頓定律可知kx2=mBgsin FmAgsinkx2=mAa 由式可得a= 由題意 d=x1+x2 由式可得d=即塊B 剛要離開C時物塊A的加速度為，從開始到此時物塊A的位移d為17. 如圖所示，一帶電微粒質(zhì)量為m=2.01011kg、電荷量q=+1.0105C，從靜止開始經(jīng)電壓為U1=100V的電場加速后，水平進(jìn)入兩平行金屬板間的偏轉(zhuǎn)電場中，微粒射出電場時的偏轉(zhuǎn)角=60，并接著沿半徑方向進(jìn)入一個垂直紙面向外的圓形勻強磁場區(qū)域，微粒

17、射出磁場時的偏轉(zhuǎn)角也為=60已知偏轉(zhuǎn)電場中金屬板長L=2cm，圓形勻強磁場的半徑R=10cm，重力忽略不計求：（1）帶電微粒經(jīng)U1=100V的電場加速后的速率；（2）兩金屬板間偏轉(zhuǎn)電場的電場強度E；（3）勻強磁場的磁感應(yīng)強度的大小參考答案：考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動；牛頓第二定律；向心力；帶電粒子在勻強電場中的運動專題：帶電粒子在磁場中的運動專題分析：（1）根據(jù)動能定理求解帶電微粒經(jīng)U1=100V的電場加速后的速率；（2）帶電微粒在偏轉(zhuǎn)電場中只受電場力作用，做類平拋運動，運用運動的分解法研究：在水平方向微粒做勻速直線運動，在豎直方向做勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律和運動學(xué)公式結(jié)合求解電

18、場強度（2）帶電微粒進(jìn)入磁場后做勻速圓周運動，軌跡對應(yīng)的圓心角就等于速度的偏向角，作出軌跡，得到軌跡的圓心角，由幾何知識求出軌跡半徑，由牛頓第二定律求解磁感應(yīng)強度的大小解答：解：（1）帶電微粒經(jīng)加速電場加速后速度為v1，根據(jù)動能定理：qU1=得：v1=1.0104m/s （2）帶電微粒在偏轉(zhuǎn)電場中只受電場力作用，做類平拋運動在水平方向微粒做勻速直線運動水平方向：v1=帶電微粒在豎直方向做勻加速直線運動，加速度為a，出電場時豎直方向速度為v2豎直方向：a=由幾何關(guān)系：tan=，由題=60解得：E=10000V/m（3）設(shè)帶電粒子進(jìn)磁場時的速度大小為v，則：=2104m/s由粒子運動的對稱性可知，入射速度方向過磁場區(qū)域圓心，則出射速度反向延長線過磁場