廣東省汕頭市上堡創(chuàng)大中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理上學(xué)期期末試題含解析

1、廣東省汕頭市上堡創(chuàng)大中學(xué)2022-2023學(xué)年高三物理上學(xué)期期末試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. 一質(zhì)量為M、傾角為的斜面體在水平地面上，質(zhì)量為m的小木塊（可視為質(zhì)點）放在斜面上，現(xiàn)用一平行于斜面的、大小恒定的拉力F作用于小木塊，拉力在斜面所在的平面內(nèi)繞小木塊旋轉(zhuǎn)一周的過程中，斜面體和木塊始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，下列說法中正確的是A. 小木塊受到斜面的最大摩擦力為B. 小木塊受到斜面的最大摩擦力為C. 斜面體受到地面的最大摩擦力為FD. 斜面體受到地面的最大摩擦力為參考答案：C 當(dāng)F沿斜面向下時，木塊所受摩擦力最大，受力分析如圖：由平衡條件：

2、fMAX=F+mgsin，選整體為研究對象，當(dāng)F水平時，整體所受的摩擦力最大，由平衡條件，f=F，即：斜面所受的最大靜摩擦力為F。2. （單選）酒精測試儀用于對機動車駕駛?cè)藛T是否酒后駕車及其他嚴(yán)禁酒后作業(yè)人員的現(xiàn)場檢測，它利用的是一種二氧化錫半導(dǎo)體型酒精氣體傳感器.。酒精氣體傳感器的電阻隨酒精氣體濃度的變化而變化，在如圖所示的電路中，不同的酒精氣體濃度對應(yīng)著傳感器的不同電阻，這樣，顯示儀表的指針就與酒精氣體濃度有了對應(yīng)關(guān)系. 如果二氧化錫半導(dǎo)體型酒精氣體傳感器電阻r的倒數(shù)與酒精氣體的濃度c成正比，那么，電壓表示數(shù)U與酒精氣體濃度c之間的對應(yīng)關(guān)系正確的是（） A. U越大，表示c越大，c與U成正

3、比 B. U越大，表示c越大，但是c與U不成正比C. U越大，表示c越小，c與U成反比 D. U越大，表示c越小，但是c與U不成反比參考答案：B3. （多選題）下列說法正確的是 （）A利用氧氣的摩爾質(zhì)量、密度以及阿伏伽德羅常數(shù)就可以算出氧氣分子體積B一定質(zhì)量的理想氣體，內(nèi)能只與溫度有關(guān)與體積無關(guān)C固體很難被壓縮是因為其內(nèi)部的分子之間存在斥力作用D只要物體與外界不發(fā)生熱量交換，其內(nèi)能就一定保持不變E物體溫度升高，分子的平均動能一定增加參考答案：BCE【考點】熱力學(xué)第一定律；分子的熱運動；溫度是分子平均動能的標(biāo)志【分析】一摩爾氧氣的質(zhì)量是摩爾質(zhì)量，摩爾質(zhì)量在數(shù)值上等于氧氣分子的分子量，單位為g/m

4、ol；理想氣體的內(nèi)能僅與溫度有關(guān)，與氣體的體積無關(guān)；做功和熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能；溫度是分子的平均動能的標(biāo)志【解答】解：A、已知氧氣的摩爾質(zhì)量、密度以及阿伏伽德羅常數(shù)，可以求出氧氣分子所占的空間體積，以及氧氣分子之間的距離，但不能計算出氧氣分子體積，故A錯誤；B、理想氣體分子之間的作用力可以忽略不計，一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只與氣體的溫度有關(guān)，與氣體的體積無關(guān)，故B正確；C、根據(jù)分子動理論的內(nèi)容可知，固體很難被壓縮是因為其內(nèi)部的分子之間存在斥力作用故C正確；D、做功和熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能，物體與外界不發(fā)生熱量交換，但做功可以改變其內(nèi)能故D錯誤；E、溫度是分子的平均動能的標(biāo)志，物體溫度

5、升高，分子的平均動能一定增加故E正確故選：BCE4. （多選）如圖（a），用力F拉一質(zhì)量為1kg的小物塊使其由靜止開始向上運動，經(jīng)過一段時間后撤去F以地面為零勢能面，物塊的機械能隨時間變化圖線如圖（b）所示，已知2s末拉力大小為10N，不計空氣阻力，取g=10m/s2，則（）A力F做的功為50JB1s末力F的功率為25wC2s末物塊的動能為25JD落回地面時物塊的動能為50J參考答案：考點：機械能守恒定律專題：機械能守恒定律應(yīng)用專題分析：通過機械能隨時間變化圖線，求出拉力F的大小，根據(jù)功的公式求出拉力做功的大小根據(jù)功率的公式求出拉力F的瞬時功率，由撤外力后機械能守恒求得落回地面時物塊的動能解答

6、：解：A、由功能關(guān)系可知，力F做的功等于物體機械能的增量，故力F做的功為50J，故A正確；B、物體勻加速上升，設(shè)2s末速度為v，則有：W=Fh=F，故1s末力F的功率為F故B正確；C、設(shè)物體上升加速度為a，高度為h，則有：h=at2，且有v2=2ah，而動能mv2=mah，此時，重力勢能為mgh，而ag，故此時EKEP，故2s末物塊的動能不為25J，故C錯誤；D、撤掉外力后機械能守恒求得落回地面時物塊的動能為50J，故D正確故選：AD點評：本題的關(guān)鍵是通過圖象挖掘信息，掌握功能關(guān)系和 機械能守恒的條件并靈活應(yīng)用5. 2013年12月10日晚上九點二十分，在太空飛行了九天的“嫦娥三號”飛船再次成

7、功變軌，從100km100km的環(huán)月圓軌道I降低到橢圓軌道（近月點15km、遠(yuǎn)月點100km），兩軌道相交于點P，如圖所示關(guān)于“嫦娥三號”飛船，以下說法正確的是（）A飛船在軌道I上運動到P點的速度比在軌道上運動到P點的速度大B飛船在軌道I上運動到尸點的向心加速度比在軌道上運動到P點的向心加速度小C飛船在軌道I上的引力勢能與動能之和比在軌道上的引力勢能與動能之和大D飛船在軌道上運動的周期大于在軌道I上運動的周期參考答案：AC考點：萬有引力定律及其應(yīng)用專題：萬有引力定律的應(yīng)用專題分析：根據(jù)開普勒第三定律可知衛(wèi)星的運動周期和軌道半徑之間的關(guān)系；根據(jù)F合=ma可知在不同軌道上的同一點加速度相同變軌的時

8、候點火，發(fā)動機做功解答：解：A、沿軌道運動至P時，制動減速，萬有引力大于向心力做向心運動，才能進(jìn)入軌道，故在軌道上運動到P點的速度比在軌道上運動到P點的速度大故A正確B、“嫦娥三號”衛(wèi)星變軌前通過橢圓軌道遠(yuǎn)地點時只有萬有引力來提供加速度，變軌后沿圓軌道運動也是只有萬有引力來提供加速度，同一地點萬有引力相同，所以加速度相等，故B錯誤C、變軌的時候點火，發(fā)動機做功，從軌道進(jìn)入軌道，發(fā)動機要做功使衛(wèi)星減速，故在軌道上的勢能與動能之和比在軌道上的勢能與動能之和大，故C正確D、根據(jù)開普勒第三定律為常數(shù)，可得半長軸a越大，運動周期越大，顯然軌道的半長軸（半徑）大于軌道的半長軸，故沿軌道運動的周期小于沿軌道

9、?運動的周期，故D錯誤故選：AC點評：通過該題要記?。河筛哕壍雷冘壍降蛙壍佬枰獪p速，而由低軌道變軌到高軌道需要加速，這一點在解決變軌問題時要經(jīng)常用到，一定要注意掌握二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 做平拋運動的物體可以分解成水平方向上的 運動和豎直方向上的 運動物體在水平方向上的速度為 ，豎直方向上的速度為 參考答案：勻速直線，自由落體，v0，gt【考點】平拋運動【分析】根據(jù)平拋運動水平方向和豎直方向上的受力情況判斷物體的運動規(guī)律，再由分速度公式求解【解答】解：平拋運動在水平方向上不受力，有初速度，根據(jù)牛頓第一定律知，物體在水平方向上做勻速直線運動豎直方向上，物體僅受重力

10、，初速度為零，所以豎直方向上做自由落體運動物體在水平方向上的速度為 vx=v0，豎直方向上的速度為 vy=gt故答案為：勻速直線，自由落體，v0，gt7. 已知O、A、B、C為同一直線上的四點，A、B間的距離為1m，B、C間的距離為2m，一物體自O(shè)點由靜止出發(fā)，沿此直線做勻加速運動，依次經(jīng)過A、B、C三點，已知物體通過AB段與BC段所用的時間相等，則物體通過A點和B點時的速度大小之比為_，O、A間的距離為_m。參考答案：13， 1/8解析：設(shè)物體通過AB段與BC段所用的相等時間為T，O、A之間的距離為x，A、B間的距離x1=1m，B、C間的距離為x2=2m，則有x2- x1=aT2；由勻變速直

11、線運動規(guī)律，vB2- vA2=2a x1，vB= vA+aT，vA2=2a x，聯(lián)立解得vAvB=13，x=1/8m.8. 在如圖所示的四張圖中，AB、BC均為輕質(zhì)桿，各圖中桿的A、C端都通過鉸鏈與墻連接，兩桿都在B處由鉸鏈相連接。圖中的AB桿可以用與之等長的輕繩代替的有_；圖中的BC桿可以用與之等長的輕繩代替的有_。參考答案： 答案：A、C、D，C 9. 如圖所示為皮帶轉(zhuǎn)動裝置，右邊兩輪共軸連接，且RA=RC=2RB皮帶不打滑，則在A、B、C三輪中的周期TA：TB：TC= ，線速度vA：vB：vC= ，向心加速度aA：aB：aC= 、參考答案：2：1：1，1：1：2，1：2：4解：由于A輪和

12、B輪是皮帶傳動，皮帶傳動的特點是兩輪與皮帶接觸點的線速度的大小與皮帶的線速度大小相同，故，所以，由角速度和線速度的關(guān)系式可得，由于B輪和C輪共軸，故兩輪角速度相同，即，故 ，所以周期之比為 由角速度和線速度的關(guān)系式可得。10. 如圖為密閉的理想氣體在溫度T1、T2時的分子速率分布圖象，圖中f（v）表示v處單位速率區(qū)間內(nèi)的分子數(shù)百分率，則T1小于 T2（選填“大于”或“小于”）；氣體溫度升高時壓強增大，從微觀角度分析，這是由于分子熱運動的平均動能增大了參考答案：考點：溫度是分子平均動能的標(biāo)志分析：溫度越高分子熱運動越激烈，分子運動激烈是指速率大的分子所占的比例大解答：解：溫度越高分子熱運動越激烈

13、，分子運動激烈是指速率大的分子所占的比例大，圖T2腰粗，速率大的分子比例最大，溫度最高；圖T1速率大的分子，所占比例最小，溫度低從微觀角度分析，當(dāng)溫度升高時，分子平均動能增大，分子的平均速率增大故答案為：小于，平均動能點評：本題關(guān)鍵在于理解：溫度高與低反映的是分子平均運動快慢程度，理解氣體的壓強與分子的運動的激烈程度之間的關(guān)系11. 有人設(shè)想了一種靜電場：電場的方向都垂直于紙面并指向紙里，電場強度的大小自左向右逐漸增大，如圖所示。這種分布的靜電場是否可能存在？試述理由。 參考答案：這種分布的靜電場不可能存在.因為靜電場是保守場，電荷沿任意閉合路徑一周電場力做的功等于0，但在這種電場中，電荷可以

14、沿某一閉合路徑移動一周而電場力做功不為0（5分）12. 將一個力傳感器連接到計算機上，我們就可以測量快速變化的力。圖中所示就是用這種方法測得的小滑塊在半球形碗內(nèi)在豎直平面內(nèi)來回滑動時，對碗的壓力大小隨時間變化的曲線。從這條曲線提供的信息，可以判斷滑塊約每隔 秒經(jīng)過碗底一次，隨著時間的變化滑塊對碗底的壓力 （填“增大”、“減小”、“不變”或“無法確定”）。參考答案：1.0 減小13. 如圖所示，在A點固定一點電荷，電荷量為+Q，已知點電荷Q周圍各點的電勢=（r是各點離Q的距離）。在A點正上方離A高度為h的B點由靜止釋放某帶電的液珠（可以看作點電荷），液珠開始運動瞬間的加速度大小為（g為重力加速度

15、）。靜電常量為k，若液珠只能沿豎直方向運動，不計空氣阻力，則液珠的電量與質(zhì)量的比值為_；若液珠向下運動，到離A上方h/2處速度恰好為零，則液珠的最大速度為_。參考答案：，三、 簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. 如圖所示，質(zhì)量為m帶電量為+q的小球靜止于光滑絕緣水平面上，在恒力F作用下，由靜止開始從A點出發(fā)到B點，然后撤去F，小球沖上放置在豎直平面內(nèi)半徑為R的光滑絕緣圓形軌道，圓形軌道的最低點B與水平面相切，小球恰能沿圓形軌道運動到軌道末端D，并從D點拋出落回到原出發(fā)點A處整個裝置處于電場強度為E= 的水平向左的勻強電場中，小球落地后不反彈，運動過程中沒有空氣阻力求：AB之間

16、的距離和力F的大小參考答案：AB之間的距離為R，力F的大小為 mg考點：帶電粒子在勻強電場中的運動；牛頓第二定律；平拋運動；動能定理的應(yīng)用專題：帶電粒子在電場中的運動專題分析：小球在D點，重力與電場力的合力提供向心力，由牛頓第二定律即可求出D點的速度，小球離開D時，速度的方向與重力、電場力的合力的方向垂直，小球做類平拋運動，將運動分解即可；對小球從A運動到等效最高點D過程，由動能定理可求得小球受到的拉力解答：解：電場力F電=Eq=mg 電場力與重力的合力F合= mg，方向與水平方向成45向左下方，小球恰能到D點，有：F合= 解得：VD= 從D點拋出后，只受重力與電場力，所以合為恒力，小球初速度

17、與合力垂直，小球做類平拋運動，以D為原點沿DO方向和與DO垂直的方向建立坐標(biāo)系（如圖所示）小球沿X軸方向做勻速運動，x=VDt 沿Y軸方向做勻加速運動，y=at2a= = 所形成的軌跡方程為y= 直線BA的方程為：y=x+（ +1）R解得軌跡與BA交點坐標(biāo)為（ R，R）AB之間的距離LAB=R從A點D點電場力做功：W1=（1 ）R?Eq 重力做功W2=（1+ ）R?mg；F所做的功W3=F?R有W1+W2+W3=mVD2，有F= mg答：AB之間的距離為R，力F的大小為 mg點評：本題是動能定理和向心力知識的綜合應(yīng)用，分析向心力的來源是解題的關(guān)鍵15. 質(zhì)量為m=4kg的小物塊靜止于水平地面上

18、的A點，現(xiàn)用F=10N的水平恒力拉動物塊一段時間后撤去，物塊繼續(xù)滑動一段位移停在B點，A、B兩點相距x=45m，物塊與地面間的動摩擦因數(shù)=0.2g取10m/s2求：（1）撤去力F后物塊繼續(xù)滑動的時間t；（2）物塊在力F作用過程發(fā)生的位移x1的大小參考答案：（1）撤去力F后物塊繼續(xù)滑動的時間為3s；（2）物塊在力F作用過程發(fā)生的位移x1的大小36m解：設(shè)F作用時間為t1，之后滑動時間為t，前段加速度大小為a1，后段加速度大小為a2（1）由牛頓第二定律可得：Fmg=ma1mg=ma2且：a1t1=a2t可得：a1=0.5m/s2 ，a2=2m/s2 ，t1=4t（a1t12+a2t2）=x解得：t=3s（2）由（1）可知，力F作用時間t1=4t=12x1=a1t12= =36 m答：（1）撤去力F后物塊繼續(xù)滑動的時間為3s；（2）物塊在力F作用過程發(fā)生的位移x1的大小36m四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 如圖(a)所示，兩根足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌相距為L=0.40m，導(dǎo)軌平而與水平面成角，上端下端通過導(dǎo)線分別連接阻值的電阻，質(zhì)量為m=020kg、阻值的金屬棒ab放在兩導(dǎo)軌上，棒與導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，整個裝置處在垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小B=1T。現(xiàn)通過小電