反沖火箭、動量綜合

試卷第試卷第頁，總6頁參考答案ABC【解析】試題分析：火箭嵬噴出氣體，通過反沖獲得前進(jìn)的動力，從而獲得巨大速度，A正確；體操運(yùn)動員在著地時曲腿是為了延長作用時間來減小地面對運(yùn)動員的作用力，B正確：用槍射擊時要用肩部抵住槍身是為了減少反沖的影響，C正確；為了減輕撞車時對司乘人員的傷害程度，需要兼顧延長作用時間，減小作用力，D錯誤：故選ABC?？键c(diǎn)：動量定理。【名師點(diǎn)睛】在解決物體受變力作用時，如果用牛頓定律解決是非常復(fù)雜的，甚至用高中的數(shù)學(xué)知識不能求解，這時運(yùn)用動量定理來解決問題就非常簡單了.;動量定理是牛頓第二定律的另一種表述，可以定性的說明作用力的大小和作用時間的關(guān)系，很容易解釋生活中的現(xiàn)象。B【解析】試題分析：噴氣式飛機(jī)是利用飛機(jī)與氣體間的相互作用，而促進(jìn)飛機(jī)前進(jìn)的；故屬于反沖運(yùn)動；直升機(jī)的運(yùn)動是利用氣體動力學(xué)的原理制成的；不屈于反沖運(yùn)動：火箭的運(yùn)動是利用噴氣的方式而獲得動力，利用了反沖運(yùn)動反擊式水輪機(jī)是利用了水的反沖作用而獲得動力，屈于反沖運(yùn)動：本題選不屬于反沖運(yùn)動的，故選B?？键c(diǎn)：反沖運(yùn)動【名師點(diǎn)睛】本題考查反沖運(yùn)動的應(yīng)用：明確反沖運(yùn)動是相互作用的物體之間的作用力與反作用力產(chǎn)生的效果，并且要知道反沖在實(shí)際生活中的運(yùn)用。B【解析】試題分析：火箭沒有工作前總動量為零，火箭發(fā)動機(jī)將燃料燃燒產(chǎn)生的氣體向后推出，火箭的速度就應(yīng)該是向前的，火箭對氣體有向后的作用力使氣體噴出，根據(jù)牛頓第三定律，氣體對火箭的反作用力使火箭加速，所以B項(xiàng)正確：空氣的作用力沒有直接作用與火箭，所以A、C、D項(xiàng)錯誤?？键c(diǎn)：本題考查了動量守恒定律的應(yīng)用B【解析】試題分析：兩人和車所組成的系統(tǒng)動量守恒，初動量為4mv,方向向右。當(dāng)甲、乙兩人先后以對他相等的速度向兩個方向跳離時，甲、乙兩人的動量和為零，則有4mv=2mv午，v=2v:,選項(xiàng)B正確。考點(diǎn)：本題旨在考查動量守恒定律。AC【解析】把人和車看成系統(tǒng)，由動量守恒定律可知：總動量方向是向前的.又因?yàn)檐嚭笸?，A、C正確仙牛頓第三定律和沖量的定義可知D錯.BC【解析】試題分析：根據(jù)牛頓第三定律可知，甲對乙的作用力與乙對甲的作用力等大反向，故甲對乙的沖量大小一定等于乙對甲的沖量大小，但是方向相反，故選項(xiàng)A錯誤：由動量定理可知甲、乙的動量變化一定大小相等方向相反，選項(xiàng)B正確：由動能定理可知，乙推甲時;甲的位移大于乙的位移，則乙對甲做的正功大于甲對乙所做的負(fù)功，故甲的動能增加量一定大于乙的動能減少量，選項(xiàng)C正確，D借誤；故選BC.考點(diǎn)：動量定理：動能定理.【名師點(diǎn)睛】此題是動量定理及動能定理的應(yīng)用問題；要知道沖量和動量的變化都有方向性，這是容易被忽略的；作用力與反作用力的沖量一定大小相等，方向相反，但是作用力和反作用力的功不一定相等：此題聯(lián)系生活實(shí)際設(shè)計(jì)情景，是一道好題.

A【解析】3試題分析：根據(jù)xr圖象可知：a球的初速度為：%=1=3〃?/s，b球的初的速度為以=0,碰撞后aTOC\o"1-5"\h\z15-3球的速度為：v/=-j=-lm/s,碰撞后b球的速度為：uj=n=2m/s,兩球碰撞過程中，動能變化量為：則知碰撞前+0--mv,2--m,v./2=-xlx32--xlxl2x2x22=0,則知碰撞前22222后系統(tǒng)的總動能不變，此碰撞是彈性碰撞：A正確考點(diǎn)：考查了動量守恒定律，彈性碰撞C【解析】D【解析】試題分析：小球在槽上運(yùn)動時二兩物體組成的系統(tǒng)在水平方向上合外力為零，系統(tǒng)在水平方向上動量守恒：而當(dāng)小球接觸彈簧后后，小球彈簧的彈力作用，合外力不為零，故系統(tǒng)動量不守恒，但是全過程中小球和槽、彈簧所組成的系統(tǒng)只有重力和彈力做功，故系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，故AC錯誤：下滑過程中兩物體都有水平方向的位移，而力是垂宜于球面的，故力和位移夾角不垂宜，故力均做功，故B借誤；小球與槽的系統(tǒng)動量守恒，但是由于球和槽的質(zhì)量不相等，小球沿槽下滑，與槽分離后，球的速度大于槽的速度，球被彈回后，當(dāng)與槽的速度相等時，小球上升到最大高度，此時由于求和槽都有動能，故小球不能滑到槽高h(yuǎn)處的位置，故D正確：故選D.考點(diǎn)：動量守恒及能量守恒定律【名師點(diǎn)睛】此題是考查了動量守恒定律及能量守恒關(guān)系；關(guān)鍵是知道動量守恒的條件，系統(tǒng)所受的合外力為零時，系統(tǒng)的動量守恒：只有重力或者彈力做功，且只有動能和和勢能之間的轉(zhuǎn)化時，機(jī)械能守恒.10.BD【解析】試題分析：為了容易理解，我們也可以將圖中的情景看成兩個物體水平放在光滑的水平面上，中間連接一個輕彈簧；A中兩個力作用在不同的物體上，不但使物體的動能增大，也使彈簧伸長了，具有了彈性勢能，故系統(tǒng)的機(jī)械能增大，所以選項(xiàng)A錯誤：對于任意一個物體而言，當(dāng)彈力大小與拉力相等之前物體都在加速，當(dāng)彈力與拉力相等時，物體的加速度為0,此時速度最大，當(dāng)彈力大于拉力時，物體做減速運(yùn)動，故彈力與拉力相等時，各臼的動能最大，選項(xiàng)B正確；由于拉力作用在物體上時,，彈簧在逐漸伸長，彈力逐漸變大，故物體受到的力不是恒定不變的，所以物體做的不是勻加速運(yùn)動，選項(xiàng)C借誤；由于兩個拉力等大反向，故整個系統(tǒng)受到的合外力為0,故系統(tǒng)的動量守恒，選項(xiàng)D正確?？键c(diǎn)：動量守恒，動能定理。(1)/合=4N?S(2)1m(3)6J【解析】試題分析：(1)設(shè)滑塊到達(dá)B端時速度為v,n12mgR=—wv由動能定理，得2由動量定理,得‘合=〃"'f=4N.，聯(lián)立兩式，代入數(shù)值得：合（2）當(dāng)滑塊滑上小車后，由牛頓第二定律，得：對滑塊有：一〃=對小車有：4mg=Ma]設(shè)經(jīng)時間t兩者達(dá)到共同速度，則有：v+aJ=aJ▲一解得t=".由于isVL5s,此時小車還未被鎖定，兩者的共同速度：v^=a2t=lm/s因此，車被鎖定時，車右端距軌道B端的距離：x=-6772+v7l=l/n.2-TOC\o"1-5"\h\zv+v1,（3）從車開始運(yùn)動到被鎖定的過程中，滑塊相對小車滑動的距離Ar=——t=2m22-所以產(chǎn)生的內(nèi)能：E==6J.考點(diǎn)：考查了動量定理，動能定理，牛頓第二定律，功能關(guān)系【名師點(diǎn)睛】本題的關(guān)鍵之處在于分析滑塊和小車速度相同所經(jīng)歷的時間，與1.5s進(jìn)行比較來分析兩者的運(yùn)動情況.本題也可以根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律結(jié)合解答.(1)9.5m(2)7.5J(3)1.625m【解析】試題分析：（1）設(shè)最后達(dá)到共同速度v，整個系統(tǒng)動量守恒、能量守恒:TOC\o"1-5"\h\zmv：-mvi=(2m+M)v①pnigL=-mvf+—mv;-—(2m+M)v222解得：v=0.5m/s、L=9.5m（2）A車離左端距離xi剛運(yùn)動到左端歷時t]，在A運(yùn)動至左端前,木板靜止。/〃〃g=maA③V產(chǎn)出匕④'_々=5叫⑤聯(lián)立可得ti=2sXi=2m所以B離右端距離x-L-x產(chǎn)7.51n所以=〃〃吆0=7.5J（3）從開始到達(dá)到共速歷時匕v=v:-aBt：⑥///ng=maB⑦聯(lián)立可得：t：=3.5s小車在匕前靜止，在七至t二之間以a向右加速：4〃7g=（M+m）a⑧小車向右走位移s=-^）2⑨接下去三個物體組成的系統(tǒng)以V共同勻速運(yùn)動了s=P（6s-t2）⑩

聯(lián)立以上式子，解得：小車在6s內(nèi)向右走的總距離x=s+s'=L625，〃考點(diǎn)：動量守恒、能量守恒、牛頓定律【名師點(diǎn)睛】本題主要考查了運(yùn)動學(xué)基本公式、動量守恒定律、牛頓第二定律、功能關(guān)系的直接應(yīng)用，關(guān)鍵是正確分析物體的受力情況，從而判斷物體的運(yùn)動情況，過程較為復(fù)雜，難度較大。(1)4m/s(2)刃=坐二?=—(3)見解析-fc+1【解析】試題分析:(1)由動能定理可知：-}tmgx=ywv2-^ntVQ得v=4m/sniv=+—v2(3)①(3)①的［＞〃ngl+qEI即k>3W=-qEZ得W=-l.2X10-J②若lVkW3qE>Pmg得W=0考點(diǎn)：動能定理及動量守恒定律的應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】本題綜合考查了動量守恒定律、動能定理、機(jī)械能守恒定律，綜合性較強(qiáng)，對學(xué)生的能力要求較高,14.(1)尤其第三問,1,求較高,14.(1)尤其第三問,1,-mv：(2)30要考慮電場能從右邊界離開和不能從右邊界離開。32，mvo【解析】試題分析：(1)對子彈和A球，由動量守恒定律：〃7%=(〃7+2〃7/由能量守恒定律可知：-ni^o=-(m+2m)v2+A￡2解得：AE='y；(2)對子彈和A球、B球系統(tǒng)，由動量守恒定律：3/77V=3/nv+9m\\A.根據(jù)能量守恒定律：-3w?v2=—3/hv；+9〃八>：22解得：V2=-v06

3對B球，動量定理：/=0—9/〃匕=一一，〃匕-23合外力的沖量大小為一〃八L2考點(diǎn)：本題考查了動量守恒定律、動量定理15,【答案】（1）球與車相撞前車的加速度為4.5m/s:球與車相撞后車的加速度為3m/T2（2）2（2）小球與車相撞時車還未停下f]=Lvn小球與車相撞時車已停下乙=一十二-%9v；-2L（3）小球與車相撞時車還未停下，小車向右運(yùn)動的總路程為一267v2小球與車相撞時車已停下，小車向右運(yùn)動的總路程為354【解析】試題分析：（1）設(shè)小球的質(zhì)量為加，則車的質(zhì)量為2機(jī)，車所受路而阻力/=O.3x3"7g=9"7.車與球相撞前，車在水平方向只受地面的摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律：f=2ma{則車的加速度大小為=-=4.5m/s-。車與球相撞后,2tn車與球作為一個整體，由牛頓第二定律f=則車的加速度大小小=—=3mls則車的加速度大小小=—=3mls?（3分）（只求出一種情況給2分）（2）分兩種情況討論:（6分）（只求出一種情況給3分）①若小球與車相撞時車還未停下，設(shè)相撞經(jīng)歷時間為乙，則車的位移：&=匕/1-，4/2小球的位移：&=乜/i車與球位移的關(guān)系：x2=L+x12由以上各式解得：t,=-4L②若小球與車相撞時車已停下，設(shè)相撞經(jīng)歷時間為人，則車的位移：乂二」、-2a小球的位移：xj=vQt2又車與球位移的關(guān)系：xj=L+x[Lv0由以上各式解得：八=一+」■%9（3）分兩種情況討論：（6分）（只求出一種情況給3分）①若小球與車相撞時車還未停下，則相撞前車的位移為：占=匕/]一上。片=23相撞時車的速度為：匕=%—=v0-3\/l相撞后共同速度為根據(jù)動量守恒定律得：2加匕+〃?%=3〃”帶入數(shù)據(jù)解得：v=v0-2>/l相撞后共同滑行位移：x=——=」一2a,6小車向右運(yùn)動的總路程：工車=用+x=②若小球與車相撞時車已停下，則相撞前車的位移為：X=」-=」12cli9相撞后共