2023屆吉林省長春市五中高二物理第一學(xué)期期末考試模擬試題含解析

2023-2023學(xué)年高二上物理期末模擬試卷留意事項：答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉗筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦潔凈后，再選涂其它答案標(biāo)號.回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回.一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的.1、如圖，A、B是兩個完全相同的白熾燈，匕是自感系數(shù)很大、電阻可忽視不計的自感線圈?下面說法正確的是LA閉合開關(guān)S時，A,乃燈同時亮，且達到正常亮度閉合開關(guān)S時，A燈比8燈先亮，最終一樣亮閉合開關(guān)S時，8燈比4燈先亮，最終一樣亮斷開開關(guān)S時，B燈馬上熄滅而A燈漸漸熄滅2、傾角為a的導(dǎo)電軌道間接有電源，軌道上有一根金屬桿ab處于靜止.現(xiàn)垂直軌道平面對上加一勻強磁場，如圖所示，磁感應(yīng)強度B從零開頭漸漸増加至ab桿恰好開頭運動時，ab桿受到的靜摩撩力漸漸增大漸漸減小先減小后増大某時刻靜摩擦力的大小不行能等于安培力大小3、 從同一高度的平臺上，拋出三個完全相同的小球，甲球豎直上拋,乙球豎直下拋，丙球平拋，三球落地時的速率相同，若不計空氣阻力，則（）拋出時三球動量不都相同，甲、乙動量相同，并均小于丙的動量落地時三球的動量相同從拋出到落地過程，三球受到的沖量均不相同從拋出到落地過程，三球受到的沖量均相同已知兩個質(zhì)點相距為r時，它們之間的萬有引力的大小為F；當(dāng)這兩個質(zhì)點間的距離變?yōu)?r時，萬有引力的大小變?yōu)椋ǎ?/p>

B.B.—D.2FC.—D.2F5、放射地球同步衛(wèi)星時，先將衛(wèi)星放射至近地圓軌道1,然后經(jīng)點火，使其沿桶圖軌道2運行.最終再次點火，將衛(wèi)星送入同步圓軌道3,軌道1、2相切于0點，軌道2、3相切于P點（如圖所示）,則當(dāng)衛(wèi)星分別在1.2.3軌道上正常運行時，以下說法正確的是（ ）P衛(wèi)星在軌道3上的速率大于在軌道1上的速率衛(wèi)星在軌道3上的角速度等于在軌道I上的角速度衛(wèi)星在軌道1上經(jīng)過Q點的加速度大于它在軌道2上經(jīng)過Q點時的加速度衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過P點時的加速度等于它在軌道3上經(jīng)過P點時的加速度6、如圖所示，質(zhì)量為m的物體在水平外力F的作用下，沿水平面做勻速運動，速度大小為v,當(dāng)物體運動到A點時撤去外力F.物體由A點連續(xù)向前滑行過程中經(jīng)過B點，則物體由A點到B點的過程中，下列說法中正確的是（）A?速度v越大，摩擦力對物體的沖量越?。荒Σ亮ψ龉εc速度v的大小無關(guān)速度v越大，摩擦力對物體沖量越大；摩擦力做功與速度v的大小無關(guān)速度v越大，摩擦力對物體的沖量越??；摩擦力做功越少速度v越大，摩擦力對物體的沖量越??；摩擦力做功越多二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分.在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示是由電荷量分別為+6q和F的兩個點電荷組成的一個電荷系統(tǒng)，其中A、B是兩點電荷所在位置，N.P.。是連線上的三點，N點的電場強度為零.若規(guī)定無限遠處的電勢為零，則下列說法正確的是（ ）

A.圖中左側(cè)A.圖中左側(cè)A點為+6q的點電荷N點的電勢大于零P點電勢高于0點電勢P點場強大于Q點場強8、如圖所示為抱負變壓器原線圈所接正弦溝通電源兩端的電壓一時間圖象.原、副線圈匝數(shù)比?i：/h=IO：1,串聯(lián)在原線圈電路中溝通電流表的示數(shù)為1A,則（3110一3111\^/23110一3111\^/2效/4/A10-2s變壓器原線圈所接溝通電壓的有效值為220V變壓器輸出端所接電壓表的示數(shù)為22很VC.變壓器輸出端交變電流的頻率為50HzD.變壓器的輸出功率為220^2W9、在兩平行金屬板間，有如圖所示的相互正交的勻強電場和勻強磁場.口粒子（気原子核）以速度旳從兩板的正中心垂宜于電場方向和磁場方向從左向右射入，恰好能沿直線勻速通過.下列說法正確的是（若電子以速度％沿相同方向射入.電子將向下偏轉(zhuǎn)若質(zhì)子以速度爲(wèi)沿相同方向射入，質(zhì)子將沿直線勻速通過若質(zhì)子以大于卩。的速度沿相同方向射入，質(zhì)子將向下偏轉(zhuǎn)若質(zhì)子以大于卩。的速度沿相同方向射入，質(zhì)子將向上偏轉(zhuǎn)10、如圖所示，在磁感應(yīng)強度大小為B、方向豎直向上的勻強磁場中，有一質(zhì)量為阻值為A的閉合矩形金屬線框abed,用絕緣輕質(zhì)細桿懸掛在。點，并可繞。點左右搖擺.金屬線框從圖示位置的右側(cè)某一位置由靜止釋放，在搖擺到左側(cè)最高點的過程中，細桿和金屬線框平面始終處于同一平面，且垂直紙面.則下列說法中正確的是（）穿過線框中磁通量先變小后變大穿過線框中磁通量先變大后變小線框中感應(yīng)電流的方向先是d—c一Ja一d,后是（tTb—df線框中感應(yīng)電流的方向是Jc一I一d三、試驗題：本題共2小題，共18分.把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程.（6分）有一游標(biāo)卡尺，主尺的最小分度是1mm,游標(biāo)上有20個小的等分刻度.用它測暈一小球的直徑，如圖甲所示的讀數(shù)是 mm.用螺旋測徹器測量一根金屬絲的直徑，如圖乙所示的讀數(shù) nun（12分）如圖所示是探究影響平行板電容器電容大小因素的試驗裝置①關(guān)于此試驗裝置中的靜電計，下列說法中正確的是 .（選填選項前面的字母）靜電計指針張角的大小反映了平行板電容器所帶電荷量的多少靜電計指針張角的大小反映了平行板電容器兩板間電壓的大小靜電計的外殼與4板相連接后可不接地可以用量程為3V的電壓表替代靜電計②讓平行板電容器正對的兩極板帶電后，靜電計的指針偏轉(zhuǎn)肯定角度.不轉(zhuǎn)變4、B兩板所帶電荷景，且保持兩板在豎直平面內(nèi).現(xiàn)要使靜電計指針偏轉(zhuǎn)角變大，下列做法中可行的 ?（選填選項前面的字母）保持B板不動，A板向上平移保持B板不動，A板向右平移保持A、B兩板不動,在如8之間插入一塊絕緣介質(zhì)板四、計算題：本題共3小題，共38分.把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。（10分）1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器,其原理如圖所示.核心部分為兩個銅質(zhì)D形盒DUh構(gòu)成.其間留有空隙，將其置于勻強磁場中,兩盒分別與電源正負極相連，下列說法正確的是（）回旋加速器要接高頻溝通電源粒子被加速后的最大動能隨加速電場電壓的增大而增大高子由加速器的邊緣進入加速器電場變化周期由粒子的質(zhì)量、電荷量和磁感應(yīng)強度打算，且與粒子在狹縫及磁場中運動的周期全都為使被加速的粒子獲得的動能増加為原來的4倍，可只調(diào)整D形盒的半徑増大為原來的2倍（16分）如圖所示，半徑為I的金屬圓環(huán)水平固定，處于磁感應(yīng)強度大小為B、方向豎直向下的勻強磁場中，金屬棒OA可繞圓心O在圓環(huán)上轉(zhuǎn)動.金屬棒CD放在寛度也為1的足夠長光滑平行金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌傾角為。，處于垂直導(dǎo)軌平面對下磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中.用導(dǎo)線分別將金屬圓環(huán)、金屬棒OA的O端分別與兩導(dǎo)軌連接，已知金屬棒OA和CD的長度均為I、質(zhì)量均為m、電阻均為r,其他電阻不計.重力加速度大小為gB將金屬棒OA固定，使金屬棒CD從靜止開頭下滑，求金屬棒CD的最大速度；讓金屬棒OA勻速轉(zhuǎn)動，使金屬棒CD保持靜止，求金屬棒OA的轉(zhuǎn)動方向及角速度15-(12分)質(zhì)譜儀原理如圖所示，〃為粒子加速器，電壓為U」，方為速度選擇器，磁場與電場正交，磁感應(yīng)強度為板間距離為d,c為偏轉(zhuǎn)分別器，磁感應(yīng)強度為3亦今有一質(zhì)量為川、電荷量為。的正粒子(不計重力)，經(jīng)加速后,該粒子恰能通過速度選擇器，粒子進入分髙器后做勻速圓周運動。求：⑴粒子的速度＞，為多少；(2)速度選擇器的電壓U匸為多少】粒子在務(wù)磁場中做勻速圓周運動的半徑R為多大.參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的.1、C【解析】A、B、C、開關(guān)K閉合的瞬間,電源的電壓同時加到兩支路的兩端,B燈馬上發(fā)光.由于線圈的自感阻礙A燈后發(fā)光，由于線圈的電阻可以忽視，燈A漸漸變亮,最終和B燈一樣亮.故AB錯誤,C正確；D、斷開開關(guān)K的瞬間,線圈與兩燈一起構(gòu)成一個自感回路?過線圈的電流將要減小.產(chǎn)生自感電動勢.相當(dāng)電源,兩燈漸漸同時熄滅，故D錯誤.故選C點睛：開關(guān)K閉合的瞬間,電源的電壓同時加到兩支路的兩端?B燈馬上發(fā)光.由于線圏的阻礙,A燈后發(fā)光?由于線圏的電阻可以忽視，燈A漸漸變亮.最終一樣亮2、 C【解析】依據(jù)左手定則，推斷安培力的方向I然后對桿受力分析，受重力、支持力、安培力和靜摩擦力（可能有），根據(jù)共點力平衡條件列式分析【詳解】加上磁場之前，對桿受力分析，受重力、支持力、靜摩擦力；依據(jù)平衡條件可知：^sinO=f.加上磁場后,依據(jù)左手定則，安培力的方向平行斜面對上，磁感應(yīng)強度B漸漸増加的過程中，安培力漸漸增加；依據(jù)平衡條件,有：〃畔桐=廣+兒；由于安培力漸漸變大，故靜摩擦力先減小后反向増加，故AB錯誤，C正確；當(dāng)安培力小于重力的下滑分力時，依據(jù)平衡條件，有：n1gsiH0=f,+FAl假如f=FAt則匚=?岫沁,故D錯誤，故選C【點睛】本題關(guān)鍵是對桿受力分析，然后依據(jù)平衡條件列式分析3、 C【解析】A.依據(jù)動能定理知,1,1,mgh=—mv~——mv~2 20可知三球落地時速度的大小相等，則三個小球拋出時的速度大小肯定相等；故拋出時的動量大小相等；故A錯誤；B.雖然落地時，三球的速度相同，動量的大小相等，但方向不同；故動量不相同；故B錯誤|CD.三個小球以相同的速率拋出，可知豎直上拋運動的物體運動時間大于平拋運動的時間，平拋運動的時間大于豎直下拋運動的時間，所以上拋運動的時間最長，依據(jù)動暈定理知，"回=*，故三個小球受到的沖量都不相同；故C正確，D錯誤；故選C。4、 B【解析】依據(jù)萬有引力定律公式萬=宜性，得當(dāng)這兩個質(zhì)點間的距離變?yōu)?1?時，則萬有引力的大小變?yōu)樵瓉淼?，r 4.F即為;故B正確，ACD錯誤4故選B5、 D【解析】AB.衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動時，由萬有引力供應(yīng)向心力，則有廠Mm，v2G——=mco'r=m—r r可得[gm[gm則知，衛(wèi)星的軌道半徑越大，角速度和線速度越小，所以衛(wèi)星在軌道3上的角速度和線速度均比在軌道1上的小，故AB錯誤；CD.依據(jù)牛頓其次定律得G^-=mar得GM——r則知衛(wèi)星經(jīng)過同一點時加速度肯定，則衛(wèi)星在軌道I上經(jīng)過。點時的加速度等于它在軌道2上經(jīng)過。點時的加速度，衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過戶點時的加速度等于它在軌道3上經(jīng)過P點時的加速度，故D正確，C錯誤。故選D。6、 A【解析】由物體的受力狀況可知摩擦力的大小，由功的公式可求得摩擦力所做的功；由沖量的定義可求得沖量的大小【詳解】由題意可知，物體勻速運動到A點，說明物體受到的摩擦力等于拉力，故拉力大小不變；由A到B運動的位移相等，故摩擦力做功與速度大小無關(guān)；若速度越大，從A到B的時間越短，則由I=Ft可知沖量越小，故A正確；故選A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分.在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的.全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。7、 BC【解析】A.依據(jù)電場線的疏密可知圖中右側(cè)電場線比較密集，故圖中右側(cè)2?點為+嘔的點電荷，故A錯誤；由于N點的電場強度為零，+6q和-。的兩個點電荷在N點左側(cè)產(chǎn)生的區(qū)域電場線方向是朝左的，因此N點的電勢大于零，故B正確；N點的電場強度為零，N點右側(cè)的區(qū)域電場線方向是向右的，順著電場線方向電勢降低，則知P點電勢高于。點電勢，故C正確；D?P、。兩點所在的區(qū)域，沿電場線方向漸漸變密，因此P點的場強小于。的場強，D錯誤。故選BC.8、 AC【解析】由圖象知溝通電的電壓最大值為220JJV,有效值為弋蒼=22OV,故A正確；溝通電壓表測得電阻兩端的電壓為有效值，依據(jù)原副線圏電壓比等于線圏匝數(shù)比可知：變壓器輸出端所接電壓表的示數(shù)為/=三〃廣烏220=22V,故B錯誤；由圖象讀出該溝通電的周期為0.02s,依據(jù)頻率與周期的關(guān)系可知：/=}=&=50質(zhì)，變壓器不轉(zhuǎn)變頻率，故C正確；變壓器的輸入功率為P=UI=220W,而輸出功率等于輸入功率，也為220W,故D錯誤；故選AC【點睛】此題關(guān)鍵是把握住抱負變壓器的電壓、電流之間的關(guān)系，溝通電的最大值和有效值之間的關(guān)系即可解決本題9、 BD【解析】粒子受到向上的洛倫茲力和向下的電場力，二力平衡時粒子沿直線運動，當(dāng)二力不平衡時，粒子做曲線運動,由公式qvoB=qE,電量與電性不會影響粒子的運動性質(zhì)；再分析電子的受力狀況，從而明確電子是否會發(fā)生偏轉(zhuǎn)【詳解】由于a粒子從左向右射入正交的電場和磁場空間，恰能做勻速直線運動，則兩力平衡，即Eq=q、B,所以選擇的速度▼=§,與電性和電暈無關(guān)，但有確定的進、出口.若電子以相同的速度射入，相對。粒子電場力和洛侖茲D力均反向，則電子仍將做勻速宜線運動，所以選項A錯誤；同理，質(zhì)子以相同的速度射入時，相對a粒子電場力和洛侖茲力雖減小，但兩力仍平衡，沿直線通過，所以選項B正確；若質(zhì)子進入的速度變大，電場力不變，但向上的洛侖茲力變大，所以質(zhì)子將向上偏轉(zhuǎn)，選項C錯誤，選項D正確.故選BD【點睛】本題考査了利用質(zhì)譜儀進行粒子選擇原理，只要對粒子進行正確的受力分析即可解決此類問題，留意把握粒子做宣線運動，肯定是勻速直線運動，且粒子的電量與電性均不會影響運動性質(zhì)10、 AD【解析】AB.由靜止釋放到最低點過程中，磁通量減小，且磁場方向向上，由最低點向右運動的過程中，穿過線框的磁通量增大，故A正確，B錯誤；CD.由靜止釋放到最低點過程中，破通量減小，且磁場方向向上，由楞次定律，感應(yīng)電流產(chǎn)生礎(chǔ)場也向上，再由右手螺旋定則可知，感應(yīng)電流的方向、Uff同理，當(dāng)連續(xù)向左摟動過程中，向上的磁通量増大，依據(jù)楞次定律可知，電流方向是故C錯誤，D正確.三、試驗題：本題共2小題，共18分.把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程.Ik（D.10.50nun ②.1.732mm（1.729—1.733都可）【解析】游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為10mm,游標(biāo)讀數(shù)為0.05xl（）nini=0.50inm,所以最終讀數(shù)為10.50mm；螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為可動刻度讀數(shù)為0.01x23.2mm=0.232n】m,所以最終讀數(shù)為l.732mm（1.729到1.733均可）考點：游標(biāo)卡尺、螺旋測微器【名師點睛】螺旋測微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，需估讀；游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀12、 ①.BC ②.A【解析】①靜電計指針張角可表示出兩板間電勢差的大小，所以A錯誤B正確由于目的就是為了讓兩板間電勢差與靜電計兩鉗片上電勢差相等，所以靜電計的外殼與A板相連接后可不接地，故C正確電壓表有示數(shù)必需有電源，所以不行以用量程為3V的電壓表替代靜電計，故D錯誤故選BC②現(xiàn)要使靜電計指針偏角變大，即電勢差増大，U=y電荷量不變，所以電容減小，Cm馬，保持B板小動，C 4獨dA板向上平移，正對面積減小，電容減小，符合題意，故A正確保持B板不動，A板向右平移，板間距離減小，電容增大，不符合題意，故B錯誤保持A、B兩板不動，在A.B之間插入一塊絕緣介質(zhì)板，増大介電常數(shù)，電容増大，不符合題意，故C錯誤故選A四、計算題：本題共3小題，共38分.把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、ADE【解析】當(dāng)離子在磁場中圓周運動半徑等于D形盒半徑時，速度最大，動能最大，依據(jù)洛倫茲力充當(dāng)向心力，列式得到最大動能的表達式，再進行分析増加最大動能的方法【詳解】A項：為了使粒子進入電場就能加速，所接的應(yīng)為交變電源，故A正確；B項:、粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力供應(yīng)向心力，依據(jù)牛頓其次定律，有：VqvB=m—R粒子的最大速度：—ni所以，粒子加速后的最大動能：Ekm=y：=q-B-R-,可知粒子的最大動能與加速電壓無關(guān)，故B錯誤：22mC項：粒子在磁場中做圓周運動，在運動的過程中圖的半徑漸漸増大，所以離子必需從粒子加速器靠近中心處進入加速器，故c錯誤；D項：粒子在磁場中運動的周期：7=丁=詢可知粒子在磁場中運動的周期與粒子的速度無關(guān)，粒子的速度增大時，其在磁場中運動的周期不變I依據(jù)加速器的原理可知，粒子在磁場中運動的周期與粒子在狹縫中運動的時間之和與電場變化的周期是相同的，所以電場變化周期由粒子的質(zhì)量、電荷量和磁感應(yīng)強度打算，故D正確；