全國大聯(lián)考高考物理模擬試卷(A卷)

高考物理模擬試卷題號(hào)一二三四總分得分一、單項(xiàng)選擇題（本大題共5小題，共30.0分）“中興號(hào)”動(dòng)車組在京滬高鐵當(dāng)先實(shí)現(xiàn)350公里時(shí)速運(yùn)營，我國成為世界上高鐵運(yùn)營速度最高的國家，一列“中興號(hào)”正在勻加速直線行駛途中，某乘客在車廂里相對(duì)車廂以必定的速度豎直向上拋一小球，則小球（）在最高點(diǎn)對(duì)地速度為零在最高點(diǎn)對(duì)地速度最大落點(diǎn)地址與拋出時(shí)車廂的速度大小沒關(guān)拋出時(shí)車廂速度越大,落點(diǎn)地址離乘客越遠(yuǎn)一跳傘運(yùn)動(dòng)員從懸停的直升飛機(jī)上跳下，2s時(shí)開啟降落傘，運(yùn)動(dòng)員跳傘過程中的v-t圖象以以下列圖，依照?qǐng)D象可知運(yùn)動(dòng)員（）在2～6s內(nèi)速度方向先向上后向下在2～6s內(nèi)加速度方向先向上后向下在2～6s內(nèi)先處于失重狀態(tài)后處于超重狀態(tài)在0～20s內(nèi)先勻加速再勻減速最后勻速直線運(yùn)動(dòng)如圖，△abc中bc=4cm，∠acb=30°．勻強(qiáng)電場的電場線平行于△abc所在平面，且a、b、c點(diǎn)的電勢分別為3V、-1V、3V．以下說法中正確的選項(xiàng)是（）A.電場強(qiáng)度的方向沿ac方向B.電場強(qiáng)度的大小為2V/cmC.D.

電子從a點(diǎn)搬動(dòng)到b點(diǎn)，電勢能減少了4eV電子從c點(diǎn)搬動(dòng)到b點(diǎn)，電場力做功為4eV4.用兩根細(xì)線系住一小球懸掛于小車頂部，小車在水平面上做直線運(yùn)動(dòng)，球相對(duì)車靜止。細(xì)線與水平方向的夾角分別為α和β（α＞β），設(shè)左側(cè)細(xì)線對(duì)小球的拉力大小為T1，右邊細(xì)線對(duì)小球的拉力大小為T2，重力加速度為g，以下說法正確的選項(xiàng)是（）若T1=0，則小車可能在向右加速運(yùn)動(dòng)若T2=0，則小車可能在向左減速運(yùn)動(dòng)C.若T1=0，則小車加速度大小為gtanβD.若T=0，則小車加速度大小為gsinα25.兩物體分別在某行星表面和地球表面上由靜止開始自由下落同樣的高度，它們下落的時(shí)間之比為2:3。已知該行星半徑約為地球的2倍，則該行星質(zhì)量與地球質(zhì)量之比約為A.9:1B.2:9C.3:8D.16:9二、多項(xiàng)選擇題（本大題共5小題，共27.0分）6.如圖，C為中間插有電介質(zhì)的電容器，b極板與靜電計(jì)金屬球連接，a極板與靜電計(jì)金屬外殼都接地。開始時(shí)靜電計(jì)指針張角為零，在b板帶電后，靜電計(jì)指針張開了必定角度。以下操作能使靜電計(jì)指針張角變大的是（）第1頁，共13頁A.將b板也接地B.b板不動(dòng)、將a板向右平移C.將a板向上搬動(dòng)一小段距離D.取出a、b兩極板間的電介質(zhì)如圖，在直角△abc的三個(gè)極點(diǎn)處，各有一條固定的長直導(dǎo)線，導(dǎo)線均垂直△abc所在平面，a、b處導(dǎo)線中通有大小和方向均相同的電流I0，c處導(dǎo)線中的電流為I，以下說法正確的選項(xiàng)是（）A.若I與I0方向同樣，則a處導(dǎo)線碰到的安培力方向可能與bc邊平行B.若I與I0方向相反，則a處導(dǎo)線碰到的安培力方向可能與bc邊平行C.若I與I0方向相反，則a處導(dǎo)線碰到的安培力方向可能與bc邊垂直D.若a處導(dǎo)線碰到的安培力方向與bc邊平行，則電流大小必滿足I＞I08.重力均為G的斜面體a、b如圖疊放在水平川面上，ab間接觸面圓滑，水平推力、F作用在b上，b沿斜面勻速上升，a素來靜止。若a的斜面傾角為θ，則A.F=GsinθB.F=GtanθC.地面對(duì)a的支持力大小為2GD.地面對(duì)a的摩擦力大小為F9.以下關(guān)于固體、液體平和體的說法正確的選項(xiàng)是（）固體中的分子是靜止的，液體、氣體中的分子是運(yùn)動(dòng)的液體表面層中分子間的相互作用力表現(xiàn)為引力固體、液體平和體中都會(huì)有擴(kuò)散現(xiàn)象發(fā)生在圓滿失重的情況下，氣體對(duì)容器壁的壓強(qiáng)為零某些固體在融化過程中，誠然吸取熱量但溫度卻保持不變10.一簡諧橫波沿x軸流傳，圖甲是t=0時(shí)辰的波形圖，圖乙是介質(zhì)中平衡地址在x=1.5m處a質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象；b是平衡地址在x=2.5m的質(zhì)點(diǎn)，則（）第2頁，共13頁A.B.

波的流傳方向沿x軸正方向波的流傳速度的大小為1m/sC.t=0時(shí)，a的速率比b的大t=1s時(shí)，b位于平衡地址上方0～1.5s時(shí)間內(nèi)，b沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）11.如圖甲所示為實(shí)驗(yàn)室的一款直流電流表，其接線柱間的表記如圖乙所示，其使用說明書上附的電流表內(nèi)部線路如圖丙所示。（1）某次用0～3A量程測量時(shí)，示數(shù)如圖丁所示，其讀數(shù)為______A。（2）該款電流表0～0.6A量程對(duì)應(yīng)的內(nèi)阻為______（請(qǐng)用圖丙中的阻值符號(hào)Rg、R、R、R表示）。123（3）若電阻R1斷路，則電流表同意經(jīng)過的最大電流約為______mA（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。以以下列圖為“研究物體加速度與所受合外力關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置。某同學(xué)的實(shí)驗(yàn)步驟以下：①用天平測量并記錄物塊和拉力傳感器的總質(zhì)量M；②調(diào)整長木板和滑輪，使長木板水平且細(xì)線平行于長木板；③在托盤中放入合適的砝碼，接通電源，釋放物塊，記錄拉力傳感器的讀數(shù)F1，依照相對(duì)應(yīng)的紙帶，求出加速度a1；④多次改變托盤中砝碼的質(zhì)量，重復(fù)步驟③，記錄傳感器的讀數(shù)Fn，求出加速度an。請(qǐng)回答以下問題：（1）圖乙是某次實(shí)驗(yàn)獲取的紙帶，測出連續(xù)相鄰計(jì)時(shí)點(diǎn)O、A、B、C、D之間的第3頁，共13頁間距為x1、x2、x3、x4，若打點(diǎn)周期為T，則物塊的加速度大小為a=______（用x1、x2、x3、x4、T表示）。（2）依照實(shí)驗(yàn)獲取的數(shù)據(jù)，以拉力傳感器的讀數(shù)F為橫坐標(biāo)、物塊的加速度a為縱坐標(biāo)，畫出a-F圖線如圖丙所示，圖線不經(jīng)過原點(diǎn)的原因是______，圖線斜率的倒數(shù)代表的物理量是______。（3）依照該同學(xué)的實(shí)驗(yàn)，還可獲取物塊與長木板之間動(dòng)摩擦因數(shù)μ，其值可用M、a-F圖線的橫截距F0和重力加速度g表示為μ=，與真實(shí)值比較，測得的動(dòng)摩擦因數(shù)______（填“偏大”或“偏小”）。四、計(jì)算題（本大題共4小題，共52.0分）13.紙面內(nèi)的矩形ABCD地域存在相互垂直的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，對(duì)邊AB∥CD、AD∥BC，電場方向平行紙面，磁場方向垂直紙面，磁感覺強(qiáng)度大小為B。一帶電粒子從AB上的P點(diǎn)平行于紙面射入該地域，入射方向與AB的夾角為θ（θ<90°），粒子恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng)并從CD射出。若撤去電場，粒子以同樣的速度從P點(diǎn)射入該地域，恰垂直CD射出。已知邊長AD=BC=d，帶電粒子的質(zhì)量為m，帶電量為q，不計(jì)粒子的重力。求1）帶電粒子入射速度的大小；2）帶電粒子在矩形地域內(nèi)作直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；3）勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小。如圖，圓滑軌道abcd固定在豎直平面內(nèi)，ab水平，bcd為半圓，在b處與ab相切。在直軌道ab上放著質(zhì)量分別為mA=2kg、mB=1kg的物塊A、B（均可視為質(zhì)點(diǎn)），用輕質(zhì)細(xì)繩將A、B連接在一起，且A、B間夾著一根被壓縮的輕質(zhì)彈簧（未被拴接），其彈性勢能Ep=12J。軌道左側(cè)的圓滑水平川面上停著一質(zhì)量M=2kg、長L=0.5m的小車，小車上表面與ab等高?，F(xiàn)將細(xì)繩剪斷，今后A向左滑上小車，B向右滑動(dòng)且恰好能沖到圓弧軌道的最高點(diǎn)d處。已知A與小車之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ滿足0.1≤μ≤，0g.3取10m/s2，求1）A、B走開彈簧剎時(shí)的速率vA、vB；2）圓弧軌道的半徑R；3）A在小車上滑動(dòng)過程中產(chǎn)生的熱量Q（計(jì)算結(jié)果可含有μ）。第4頁，共13頁如圖，一上端張口、下端封閉的足夠長的細(xì)玻璃管豎直放置，管中用一段長H=25cm的水銀柱封閉一段長L=20cm的空氣，大氣壓強(qiáng)p0=75cmHg，開始時(shí)封閉氣體的溫度為27℃．現(xiàn)將玻璃管在豎直平面內(nèi)（i）緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)半周至張口向下，求此時(shí)封閉空氣的長度；（ii）緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)至水平后，再將封閉氣體溫度高升到37℃，求此時(shí)封閉空氣的長度。16.如圖，高度為l的玻璃圓柱體的中軸線為MN，一束光以入射角45°從M點(diǎn)射入，在側(cè)面恰好發(fā)生全反射。已知光在真空中流傳速度為c，求i）該玻璃的折射率；ii）這束光經(jīng)過玻璃圓柱體的時(shí)間。第5頁，共13頁答案和剖析1.【答案】C【剖析】【解答】AB、小球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)，其水平方向上的速度大小是不變的，而豎直方向上其運(yùn)動(dòng)速度是變化的，最高點(diǎn)豎直方向的速度為零，此時(shí)相對(duì)地速度最小，但不為零。故AB錯(cuò)誤；CD、小球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)，其水平方向上的速度大小是不變的，列車做加速運(yùn)動(dòng)，相對(duì)位移為x=v0t+-v0t=，與初速度沒關(guān)，故C正確，D錯(cuò)誤。應(yīng)選：C。【剖析】（1）物體保持原來運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不變的性質(zhì)叫慣性，所有物體都有慣性，慣性是物體的一種屬性；2）物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的改變包括運(yùn)動(dòng)速度和運(yùn)動(dòng)方向的改變。此題觀察慣性和物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)變化的原因，慣性現(xiàn)象在現(xiàn)實(shí)生活中隨處可見，和我們的生活親近相關(guān)，學(xué)習(xí)中要注意聯(lián)系實(shí)質(zhì)，用所學(xué)慣性知識(shí)解決生活中的實(shí)詰責(zé)題。2.【答案】C【剖析】解：A、圖象的縱坐標(biāo)表示速度，則由圖可知，物體的速度方向素來沒有發(fā)生變化，故A錯(cuò)誤；B、圖象的斜率表示加速度，則由圖可知，2～6s內(nèi)物體先做加速運(yùn)動(dòng)，再做減速運(yùn)動(dòng)，故加速度方向先向下再向上，故B錯(cuò)誤；C、由B的剖析可知，物體的加速度先向下再向上，故物體先處于失重，再處于超重，故C正確；D、由圖可知，2-12s內(nèi)的加速度大小會(huì)發(fā)生變化，故物體不是勻變速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。應(yīng)選：C。第一剖析運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)情況，運(yùn)動(dòng)員在0-2s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，2s-14s做變速運(yùn)動(dòng)，14s今后做勻速運(yùn)動(dòng)直到地面。t=1s時(shí)運(yùn)動(dòng)員做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，依照?qǐng)D象的斜率能夠算出加速度，依照超重和失重的性質(zhì)確定狀態(tài)。此題觀察超重與失重以及v-t圖象，要注意明確圖象的性質(zhì)，能依照?qǐng)D象明確速度和加速度的方向，同時(shí)明確超重和失重與加速度方向間的關(guān)系。3.【答案】B【剖析】解：AB、由于ac兩點(diǎn)電勢相等，故ac為一條等勢線，電場方向與等勢線垂直，且由高電勢指向低電勢可知，電場方向垂直ac，且指向斜上方，E=，故A錯(cuò)誤，B正確；C、電子從a點(diǎn)搬動(dòng)到b點(diǎn)，電場力做功Wab=-Uabe=-4eV，“-”表示電場力做負(fù)功，電勢能增加，增加了4eV，故C錯(cuò)誤；D、電子從c點(diǎn)搬動(dòng)到b點(diǎn)，電場力做功為Wcb=-Ucbe=-4eV，故D錯(cuò)誤；應(yīng)選：B。勻強(qiáng)電場的電場線為相互平行間隔相等的平行線，而等勢線與電場線垂直；由題意知AC兩點(diǎn)的電勢相等，是一條等勢線，依照電場線與等勢線的特點(diǎn)可確定電場線的方向，再依照公式U=Ed求出電場強(qiáng)度。依照W=qU求電場力的功，依照電場力做功判斷電勢能變化。第6頁，共13頁此題的要點(diǎn)在于找出等勢面，今后才能確定電場線，要修業(yè)生明確電場線與等勢線的關(guān)系，能利用幾何關(guān)系找出等勢點(diǎn)，再依照等勢線的特點(diǎn)確定等勢面。知道公式U=Ed應(yīng)用時(shí)d為沿著電場線方向的距離。4.【答案】A【剖析】解：AC、若T1=0，小車擁有向右的加速度，依照牛頓第二定律可得a==gcotβ，則小車可能在向右加速運(yùn)動(dòng)，也可能向左減速運(yùn)動(dòng)，故A正確，C錯(cuò)誤；BD、若T2=0，小車擁有向左的加速度，依照牛頓第二定律可得a==gcotα，則小車可能在向左加速運(yùn)動(dòng)，也可能向右減速運(yùn)動(dòng)，故BD錯(cuò)誤；應(yīng)選：A。依照牛頓第二定律求解加速度大小，依照加速度的方向確定運(yùn)動(dòng)情況。此題主若是觀察了牛頓第二定律的知識(shí)；利用牛頓第二定律答題時(shí)的一般步驟是：確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力剖析、進(jìn)行正交分解、在坐標(biāo)軸上利用牛頓第二定律建立方程進(jìn)行解答。5.【答案】A【剖析】【剖析】先依照自由落體運(yùn)動(dòng)的位移公式列式獲取重力加速度表達(dá)式；再利用重力等于萬有引力列式求解出星球質(zhì)量的表達(dá)式；最后用比值法列式剖析。此題觀察自由落體運(yùn)動(dòng)和萬有引力定律的綜合問題，要點(diǎn)是依照萬有引力定律公式和自由落體運(yùn)動(dòng)的位移公式列式分析?！窘獯稹繉?duì)自由落體運(yùn)動(dòng)，有：h=，在星球表面，重力等于萬有引力，故：mg=G，聯(lián)立獲取：M=∝；故：；故A正確，BCD錯(cuò)誤；應(yīng)選：A。6.【答案】CD【剖析】【剖析】靜電計(jì)測定電容器極板間的電勢差，電勢差越大，指針的偏角越大；由C=，剖析電容的變化，依照C=剖析電壓U的變化。【解答】A、若將b板也接地，則電容器帶電量為零，因此靜電計(jì)張角為零；故A錯(cuò)誤；B、將b板不動(dòng)、將a板向右平移，即極板間距d變小，依照依照C=，電容增大；第7頁，共13頁Q必定，依照C=，電壓減小；故靜電計(jì)指針張角變??；故B錯(cuò)誤；C、將a板向上搬動(dòng)一小段距離，即正對(duì)面積S減小，依照C=，電容減小；Q必定，依照C=，電壓增加；故靜電計(jì)指針張角變大；故C正確；D、若取出a、b兩極板間的電介質(zhì)，依照依照C=，電容變??；Q必定，依照C=，電壓增大；故靜電計(jì)指針張角變大；故D正確；應(yīng)選：CD。7.【答案】BD【剖析】解：A、若I與I0方向同樣，通電導(dǎo)線向以以以下列圖所示，再依照左手定則，則可判斷，在bc邊平行，故A錯(cuò)誤；

b與c，在a處的磁場方向，及合磁場方處導(dǎo)線碰到的安培力方向不能夠能與BC、若I與I0方向相反，通電導(dǎo)線b與c，在a處的磁場方向，及合磁場方向以以以下列圖所示，再依照左手定則，則可判斷，在a處導(dǎo)線碰到的安培力方向可能與bc邊平行，不可能與bc邊垂直，故B正確，C錯(cuò)誤；D、若要在a處導(dǎo)線碰到的安培力方向與bc邊平行，那么由上圖的矢量合成可知，Bc的磁場要大于Bb，因此，則要電流大小必滿足I＞I0，故D正確。應(yīng)選：BD。依照安培定則，確定通電導(dǎo)線在某處的磁場方向，再依照矢量的合成法規(guī)，判斷合磁場方向，并結(jié)合離通電導(dǎo)線越遠(yuǎn)的磁場越弱，越近的磁場超強(qiáng)，及左手定則，從而即可求解。觀察安培定則與左手定則的應(yīng)用，掌握矢量的合成法規(guī)的內(nèi)容，注意正確的矢量圖是解題的打破口，同時(shí)會(huì)差異左手定則與右手定則的不同樣樣。8.【答案】BCD【剖析】【剖析】對(duì)物體進(jìn)行受力剖析：重力、推力F和斜面的支持力，作專心求，依照平衡條件求出F，再由整體受力剖析求得地面的摩擦力和支持力。此題要點(diǎn)靈便地選擇研究對(duì)象，受力分析后依照平衡條件列式求解，用力合成法進(jìn)行辦理，也能夠運(yùn)用正交分解法求解，不難【解答】第8頁，共13頁解：AB、以物體b為研究對(duì)象，對(duì)物體進(jìn)行受力剖析：重力、推力F和斜面的支持力，作專心求如圖，依照平衡條件得：F=FNsinθNFcosθ=G解得：F=Gtanθ，故A錯(cuò)誤B正確；CD、對(duì)ab整體受力剖析，受重力、支持力、推力和向左的靜摩擦力，依照平衡條件，有：水平方向：F=f；豎直方向：N=2G；故CD正確。應(yīng)選：BCD。【答案】BCE9.【剖析】解：A、無論固體、液體平和體，分子都是在永不暫停的做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)分子間距離為r0時(shí)，分子引力和斥力相等，液體表面層的分子比較稀有，分子間距大于r0，因此分子間作用力表現(xiàn)為引力，故B正確；C、擴(kuò)散運(yùn)動(dòng)是分子的一種基本運(yùn)動(dòng)形式，固體、液體平和體中都會(huì)有擴(kuò)散現(xiàn)象發(fā)生，故C正確；D、在圓滿失重的情況下，分子運(yùn)動(dòng)不暫停，氣體對(duì)容器壁的壓強(qiáng)不為零，故D錯(cuò)誤；E、晶體有固定的熔點(diǎn)，在融化時(shí)溫度不變，故E正確；應(yīng)選：BCE。分子永不暫停做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)；液體表面張力表現(xiàn)為引力；擴(kuò)散運(yùn)動(dòng)是分子的一種基本運(yùn)動(dòng)形式，固體、液體平和體中都會(huì)有擴(kuò)散現(xiàn)象發(fā)生，它的運(yùn)動(dòng)速度與溫度相關(guān)。氣體對(duì)容器壁的壓強(qiáng)是氣體分子對(duì)器壁的碰撞產(chǎn)生的；晶體有固定的熔點(diǎn)，在融化時(shí)溫度不變。觀察分子永不暫停做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，理解液體表面張力的含義，知道氣體壓強(qiáng)產(chǎn)生的原因和微觀講解，掌握存在吸熱，而溫度不用然高升的結(jié)論。10.【答案】BDE【剖析】解：A、依照?qǐng)D乙可知t=0時(shí)辰a質(zhì)點(diǎn)向下振動(dòng)，依照“上下坡”法可知波沿x軸負(fù)方向流傳，故A錯(cuò)誤；B、由圖甲可知波長為λ=4m，由圖乙可知周期為：T=4S，則波速為，故B正確；C、由圖甲可知t=0時(shí)，ab點(diǎn)均在平衡地址下方，且距離平衡地址距離相等，故t=0時(shí)，a的速率與b的相等，故C錯(cuò)誤；D、t=1s=，故b點(diǎn)到達(dá)平衡地址上方，故D正確；E、t=0時(shí)b在平衡地址下方且向上振動(dòng)，依照?qǐng)D乙可知故0～1.5s時(shí)間內(nèi)，b沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，故E正確；應(yīng)選：BDE。依照?qǐng)D乙可知t=0時(shí)辰a質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向，依照“上下坡”法可判波流傳方向；依照?qǐng)D甲得波的波長，由圖乙可知波流傳周期，依照可求波速；依照?qǐng)D甲上t=0時(shí)a、b的地址比較速率關(guān)系；依照時(shí)間與周期關(guān)系判斷質(zhì)點(diǎn)所在地址。解答此題的要點(diǎn)是：要熟練掌握質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向與波的流傳方向的判斷方法，充分利用周期來表示時(shí)間，求質(zhì)點(diǎn)的地址時(shí)，要注意時(shí)間和空間周期性的對(duì)應(yīng)關(guān)系。第9頁，共13頁11.【答案】1.204.4【剖析】解：（1）電流表量程為0～3A，由圖丁所示表盤可知，其分度值為0.1A，示數(shù)為1.20A。（2）由圖丙所示電路圖可知，電流表量程為0～0.6A時(shí)，電流表內(nèi)阻為：R=。（3）由圖示電路圖可知，電流表量程為0～3A時(shí)：3=Ig+解得：Ig≈0.0044A=4.4mA，電阻R1斷路，則電流表同意經(jīng)過的最大電流約為：Ig=4.4mA；故答案為：（1）1.20；（2）；（3）4.4。1）依照電流表量程確定其分度值，今后依照指針地址讀出其示數(shù)。2）依照?qǐng)D丙所示電路圖，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)求出電流表內(nèi)阻。3）依照電路圖，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出電流最大值。此題觀察了電流表讀數(shù)與電流表改裝，知道電流表的改裝原理、剖析清楚電路結(jié)構(gòu)，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律能夠解題。12.【答案】該同學(xué)實(shí)驗(yàn)操作中沒有平衡摩擦力M偏大【剖析】解：（1）依照位移差公式△x=at2得：=；2）由圖丙可知，當(dāng)繩子上有拉力時(shí)，物體的加速度卻為零，由此可知實(shí)驗(yàn)從前該同學(xué)未平衡摩擦力或平衡摩擦力不充分，故答案為：該同學(xué)實(shí)驗(yàn)操作中沒有平衡摩擦力；依照牛頓第二定律F-μMg=Ma解得：，故a-F圖線斜率的k=，因此；（3）由丙圖知：當(dāng)a=0時(shí)，F(xiàn)0=μMg，故；由于紙帶與限位孔間的摩擦力或空氣阻力，使求得的加速度偏小，以致摩擦力偏大，摩擦因數(shù)偏大。故答案為：（1）；（2）該同學(xué)實(shí)驗(yàn)操作中沒有平衡摩擦力，M；（3）；偏大；依照位移差公式求解加速度；依照?qǐng)D象結(jié)合牛頓第二定律寫出a與F的函數(shù)關(guān)系表達(dá)式，確定其斜率的為，依照橫軸截距確定μ即可明確實(shí)驗(yàn)原理是解決相關(guān)實(shí)驗(yàn)問題的要點(diǎn)。在考據(jù)牛頓第二定律實(shí)驗(yàn)中，注意以下幾點(diǎn)：（1）平衡摩擦力，這樣繩子拉力才為合力；（2）滿足砝碼（連同砝碼盤）質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，這樣繩子拉力才近似等于砝碼（連同砝碼盤）的重力；（3）用“二分法”求出小車的加速度13.【答案】解：（1）設(shè)撤去電場時(shí)，粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R，畫出運(yùn)動(dòng)軌跡以以下列圖，軌跡圓心為O。第10頁，共13頁由幾何關(guān)系有：cosθ=洛倫茲力充當(dāng)向心力：qv0B=m聯(lián)立解得：v0=（2）設(shè)帶電粒子在矩形地域內(nèi)作直線運(yùn)動(dòng)的位移為x，有sinθ=由粒子作勻速運(yùn)動(dòng)：x=v0t聯(lián)立解得：t=3）帶電粒子在矩形地域內(nèi)作直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場力與洛倫茲力平衡：即：qE=qv0B解得：E=答：（1）帶電粒子入射速度的大小是；（2）帶電粒子在矩形地域內(nèi)作直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為；（3）勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小是?！酒饰觥浚?）由粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，確定半徑，結(jié)合幾何關(guān)系求解速度；2）粒子在矩形地域內(nèi)作直線運(yùn)動(dòng)時(shí)有位移公式結(jié)合幾何關(guān)系求解時(shí)間；3）粒子在矩形地域內(nèi)作直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場力與洛倫茲力平衡可求解場強(qiáng)。此題觀察了粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動(dòng)，要熟練解決這類問題需要將粒子在電場、磁場中的運(yùn)動(dòng)的解決方法掌握好，綜合到一起時(shí)才能有章可循，有法可依。14.【答案】解：（1）釋放彈簧過程，A、B系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以A的速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：mAvA-mBvB=0，由能量守恒定律得：，代入數(shù)據(jù)解得：vA=2m/s，vB=4m/s；（2）B恰好經(jīng)過d點(diǎn)，重力供應(yīng)向心力，由牛頓第二定律得：mBg=mB，從b到d過程，由機(jī)械能守恒定律得：，代入數(shù)據(jù)解得：R=0.32m；（3）設(shè)μ=μ1A恰好能滑到小車最左端，且共同速度為v，時(shí)A與車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mAvA=（mA+M）v，由能量守恒定律得：，代入數(shù)據(jù)解得：μ=0.2；①當(dāng)0.1≤μ＜0.2時(shí)，A和小車不能夠共速，A將從小車左端滑落，產(chǎn)生的熱量：Q1=μmAgL=10μ；第11頁，共13頁②當(dāng)0.2≤μ≤0.3A和小車共速，產(chǎn)生的熱量：Q2=，時(shí)，代入數(shù)據(jù)解得：Q2=2J；答：（1）A、B走開彈簧剎時(shí)的速率vA、vB分別為2m/s、4m/s。（2）圓弧軌道的半徑R為0.32m；（3）A在小車上滑動(dòng)過程中產(chǎn)生的熱量：①當(dāng)0.1≤μ＜0.2時(shí)，Q=10μ；②當(dāng)0.2≤μ≤0.3時(shí)，Q=2J?！酒饰觥浚?）釋放彈簧過程系統(tǒng)動(dòng)