2022-2023學(xué)年山東省濟(jì)南第三中學(xué)高一上學(xué)期第二次線上質(zhì)量測(cè)試物理試題（解析版）

濟(jì)南三中市南校區(qū)高一階段性測(cè)試物理試卷一、單項(xiàng)選擇題（本題共8個(gè)小題，每題4分，共32分）1.關(guān)于物體慣性的說法正確的是（）A.汽車速度越大，剎車后越難停下來，表明物體的速度越大，其慣性越大B.汽車轉(zhuǎn)彎后前進(jìn)方向發(fā)生了改變，表明物體速度方向改變，其慣性也隨之改變C.被拋出的小球，盡管速度的大小和方向都改變了，但慣性不變D.要使速度相同沙袋在相等時(shí)間內(nèi)停下來，對(duì)大沙袋用力比對(duì)小沙袋用力大，表明物體受的外力越大慣性越大【答案】C【解析】【詳解】A．慣性是物體本身的一種屬性，任何物體都具有慣性，質(zhì)量是物體慣性大小的量度，與汽車的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)以及速度的大小均無關(guān)，A錯(cuò)誤；B．質(zhì)量是物體慣性大小的量度，汽車轉(zhuǎn)彎時(shí)速度方向改變，可慣性不變，B錯(cuò)誤；C．質(zhì)量是物體慣性大小的量度，被拋出的小球，速度大小和方向都改變了，可慣性不變，C正確；D．物體的慣性只與物體的質(zhì)量有關(guān)，與物體受力大小及作用時(shí)間無關(guān)，D錯(cuò)誤。故選C。2.關(guān)于速度和加速度的說法正確的是（）A.物體的加速度為零，速度一定也為零B.物體的加速度越大，速度的變化量也越大C.加速度是描述速度變化快慢的物理量D.物體的加速度保持不變（不等于零），速度可能增大，可能減小，也可能保持不變【答案】C【解析】【詳解】A．物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度為零，但速度不為零，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)加速度的定義式可知若變化的時(shí)間很短，物體的加速度越大，速度的變化量不一定越大，故B錯(cuò)誤；C．加速度是描述速度變化快慢的物理量，故C正確；D．物體的加速度保持不變（不等于零），若加速度方向與速度方向相同，則速度增大，若加速度方向與速度方向相反，則速度減小，但速度不會(huì)保持不變，故D錯(cuò)誤。故選C。3.甲、乙兩物體從同一地點(diǎn)同時(shí)開始沿同一直線運(yùn)動(dòng)，甲物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，乙物體做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，下列圖像能夠反映兩物體運(yùn)動(dòng)情況的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)位移-時(shí)間圖象的斜率表示速度，可知圖線甲表示物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，圖線乙若是拋物線，則表示物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度不變，故A不符合題意；B．根據(jù)速度-時(shí)間圖象的斜率表示加速度，可知圖線甲表示物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，圖線乙表示物體做加速度越來越大的變加速直線運(yùn)動(dòng)，故B不符合題意；C．圖線甲表示物體的加速度恒定不變，做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，圖線乙表示物體的加速度大小均勻減小，做變加速直線運(yùn)動(dòng)，故C不符合題意；D．根據(jù)可知圖線的斜率表示2a，則圖線甲的斜率為零，即加速度為零，所以圖線甲表示物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，圖線乙的斜率越來越小，故圖線乙表示物體做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，故D符合題意。故選D。4.關(guān)于自由落體運(yùn)動(dòng)，下列說法正確的是（）A.一片樹葉在空中飄落的過程可視為自由落體運(yùn)動(dòng)B.自由落體運(yùn)動(dòng)的物體第1s內(nèi)的位移約為5mC.自由落體運(yùn)動(dòng)的物體速度變化越來越快D.自由落體運(yùn)動(dòng)的物體第ls末、第2s末、第3s末的速度之比為1∶3∶5【答案】B【解析】【詳解】A．一片樹葉在空中飄落的過程，空氣阻力不能忽略不計(jì)，不是自由落體運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)位移時(shí)間公式，可得自由落體運(yùn)動(dòng)的物體第1s內(nèi)的位移約為故B正確；C．加速度反映速度變化快慢，因自由落體運(yùn)動(dòng)的物體的加速度為g，恒定不變，故自由落體運(yùn)動(dòng)的物體速度變化不會(huì)越來越快，故C錯(cuò)誤；D．因自由落體運(yùn)動(dòng)的初速度為零，根據(jù)速度時(shí)間公式可知速度與時(shí)間成正比，故自由落體運(yùn)動(dòng)的物體第ls末、第2s末、第3s末的速度之比為1∶2∶3，故D錯(cuò)誤。故選B。5.某幼兒園要在空地上做一個(gè)如圖所示的滑梯，根據(jù)空地的大小，滑梯的水平跨度確定為6m。設(shè)計(jì)時(shí)，滑梯和兒童褲料之間的動(dòng)摩擦因數(shù)取0.3，則滑梯的高度至少為（）A.1.4 B.1.8m C.2.0m D.24m【答案】B【解析】【詳解】設(shè)滑梯與水平面的夾角為，重力在滑梯上分解成兩個(gè)方向的力，垂直于滑梯的力等于mgcosθ，平行于滑梯的力等于mgsinθ；兒童在滑梯上能滑下，滿足mgsinθ≥μmgcosθ已知滑梯與兒童褲料之間的動(dòng)摩擦因數(shù)取0.3，解得滑梯傾角根據(jù)幾何關(guān)系可知解得滑梯的最小高度故選B。6.如圖所示，質(zhì)量均為m的小球A和B之間用輕彈簧連接，然后用細(xì)繩懸掛起來。已知重力加速度為g，剪斷細(xì)繩的瞬間，A球和B球的加速度分別為（）A.0g B.g0 C.gg D.2g0【答案】D【解析】【詳解】取A、B整體為研究對(duì)象，對(duì)其進(jìn)行受力分析，由物體的平衡條件，細(xì)繩對(duì)A的拉力為F=2mg將B隔離，對(duì)其受力分析，由物體的平衡條件，彈簧對(duì)B的彈力T=mg在細(xì)繩斷裂的瞬間，由于彈簧的彈力不會(huì)發(fā)生突變，故彈力T=mg不變，B的加速度為零；將A隔離，對(duì)其受力分析，取豎直向下方向?yàn)檎较颍膳ｎD第二定律，此時(shí)A的加速度為故選D。7.如圖所示，輕繩AD跨過固定的水平輕桿BC右端的輕質(zhì)定滑輪，掛一個(gè)重力為G的物體，∠ACB=30°，忽略各處的摩擦。下列說法正確的是（）A.輕繩AC對(duì)墻的拉力大小為 B.輕繩AC對(duì)墻的拉力大小為2GC.滑輪對(duì)輕繩的作用力方向水平向右 D.滑輪對(duì)輕繩的作用力大小為G【答案】D【解析】【詳解】對(duì)C點(diǎn)受力分析，如圖所示輕繩AD跨過定滑輪拉住重為G的物體，所以有，根據(jù)牛頓第三定律，可知輕繩AC對(duì)墻的拉力大小為G；根據(jù)，且夾角為120°，根據(jù)平行四邊形定則，可知滑輪對(duì)輕繩的作用力大小，方向與水平方向成30°，指向斜右上方。故選D。8.如圖所示，輕彈簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物塊P，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用一豎直向上的力F作用在P上，使其向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。以x表示P離開靜止位置的位移，下列表示F和x之間關(guān)系的圖像可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】設(shè)物塊P的質(zhì)量為m，加速度為a，靜止時(shí)彈簧的壓縮量為x0，彈簧的勁度系數(shù)為k，由力的平衡條件得mg=kx0以向上為正方向，木塊的位移為x時(shí)彈簧對(duì)P的彈力F1=k（x0-x）對(duì)物塊P離開彈簧前，由牛頓第二定律得F+F1-mg=ma由以上式子聯(lián)立可得F=kx+ma可見在物塊P離開彈簧前，F(xiàn)與x是線性關(guān)系，且F隨著x的增大而增大，當(dāng)x=0時(shí)，kx+ma＞0。當(dāng)物塊離開彈簧后，由牛頓第二定律F-mg=ma知F是一恒力，保持不變。故A符合題意，BCD不符合題意。故選A。二、多項(xiàng)選擇題（本題共4個(gè)小題，每題5分，共20分）9.蹦床運(yùn)動(dòng)員從空中下落，從接觸床面到速度最大為第一過程，從速度最大到最低點(diǎn)為第二過程，下列說法正確的是（）A.第一過程運(yùn)動(dòng)員處于超重狀態(tài) B.第一過程運(yùn)動(dòng)員處于失重狀態(tài)C.第二過程運(yùn)動(dòng)員處于超重狀態(tài) D.第二過程運(yùn)動(dòng)員處于失重狀態(tài)【答案】BC【解析】詳解】對(duì)運(yùn)動(dòng)員受力分析可知，運(yùn)動(dòng)員兩個(gè)過程中均只受到重力和彈力AB．第一過程彈力從0逐漸增大，當(dāng)彈力大小等于重力大小時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的合力為0，加速度為0，此時(shí)速度最大，在此過程中運(yùn)動(dòng)員向下加速，具有向下的加速度，則第一過程運(yùn)動(dòng)員處于失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．第二過程即為彈力從與重力大小相等開始逐漸增大，運(yùn)動(dòng)員的合力向上，即運(yùn)動(dòng)員向下做減速運(yùn)動(dòng)，則第二過程運(yùn)動(dòng)員處于超重狀態(tài)，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖甲所示，光滑水平面上停放著一輛表面粗糙的平板車，質(zhì)量為M，與平板車上表面等高的平臺(tái)上有一質(zhì)量為m的滑塊以水平初速度v0向著平板車滑來，從滑塊剛滑上平板車開始計(jì)時(shí)，之后他們的速度隨時(shí)間變化的圖像如圖乙所示，t0是滑塊在車上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，以下說法正確的是A滑塊與平板車最終滑離B.滑塊與平板車表面的動(dòng)摩擦因數(shù)為C.滑塊與平板車的質(zhì)量之比m：M=1:2D.平板車上表面的長(zhǎng)度為【答案】AB【解析】【分析】根據(jù)圖線知，鐵塊在小車上滑動(dòng)過程中，鐵塊做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)．根據(jù)牛頓第二定律通過它們的加速度之比求出質(zhì)量之比，以及求出動(dòng)摩擦因數(shù)的大小．根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分別求出鐵塊和小車的位移，從而求出兩者的相對(duì)位移，即平板車的長(zhǎng)度．物體離開小車做平拋運(yùn)動(dòng)，求出落地的時(shí)間，從而根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出物體落地時(shí)與車左端的位移．【詳解】由圖象可知，滑塊運(yùn)動(dòng)到平板車最右端時(shí)，速度大于平板車的速度，所以滑塊將做平拋運(yùn)動(dòng)離開平板車，故A正確；根據(jù)圖線知，滑塊的加速度大?。≤嚨募铀俣却笮2=，知鐵塊與小車的加速度之比為1：1，根據(jù)牛頓第二定律得，滑塊的加速度大小為：，小車的加速度大小為：a2=，則滑塊與小車的質(zhì)量之比m：M=1：1．故C錯(cuò)誤．滑塊的加速度，又，則，故B正確；滑塊的位移，小車的位移，則小車的長(zhǎng)度L=v0t0-v0t0=v0t0，故D錯(cuò)誤．故選AB．【點(diǎn)睛】解決本題關(guān)鍵理清小車和鐵塊的運(yùn)動(dòng)情況，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行求解．11.如圖所示，在豎直圓周上有兩個(gè)光滑斜面AB和CD，A、D分別為圓周上的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)。B、C點(diǎn)均在圓周上，且所在高度相同。一個(gè)可以看作質(zhì)點(diǎn)的物塊分別從A、C兩點(diǎn)由靜止沿斜面滑到底端，沿兩個(gè)斜面下滑時(shí)的加速度大小分別為a1、a2，滑到底端的速度大小分別為v1、v2，所用時(shí)間分別為t1、t2，下列說法正確的是（）A.a1<a2 B.v1>v2 C.t1=t2 D.t1>t2【答案】AC【解析】【詳解】如圖所示連接AC，設(shè)AB與AD的夾角為，則CD與水平面的夾角也為A．對(duì)物塊受力分析且由牛頓第二定律可得、由圖可知、則則有故A正確；CD．設(shè)圓的半徑為R，沿斜面AB有沿斜面CD有解得故C正確，D錯(cuò)誤；B．物塊到達(dá)底端的速度則有故B錯(cuò)誤。故選AC。12.如圖所示，木箱M靜止在水平地面上，用輕繩將一質(zhì)量為m的小球懸掛在木箱的頂端。對(duì)小球施加一作用力F，F(xiàn)由水平向右緩慢變?yōu)樨Q直向上的過程中，小球和木箱始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，且輕繩與豎直方向成θ不變，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.輕繩對(duì)小球的拉力逐漸變大 B.該過程力F的最小值為mgsinθC.該過程地面對(duì)M的支持力逐漸變大 D.該過程地面對(duì)M的摩擦力逐漸變小【答案】BD【解析】【詳解】AB．由水平向右緩慢變?yōu)樨Q直向上的過程中小球受重力、繩的拉力T、拉力F作用處于動(dòng)平衡狀態(tài)，三力平移后組成一閉合三角形，作圖如下F由水平向右緩慢變?yōu)樨Q直向上的過程中，T方向不變，由圖可知，此過程繩的拉力T逐漸減小，F(xiàn)大小是先減小后增大，F(xiàn)最小值是其垂直于繩拉力T時(shí)，由圖形可得故A錯(cuò)誤，B正確；CD．對(duì)M受力分析，將繩拉力T分解到水平方向和豎直方向上，由平衡條件可得由于T在逐漸減小，θ不變，所以和都在逐漸減小，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：（本題共21分）13.某同學(xué)用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”．彈簧測(cè)力計(jì)A掛于固定點(diǎn)P，下端用細(xì)線掛一重物M．彈簧測(cè)力計(jì)B的一端用細(xì)線系于O點(diǎn)，手持另一端向左拉，使結(jié)點(diǎn)O靜止在某位置．分別讀出彈簧測(cè)力計(jì)A和B的示數(shù)，并在貼于豎直木板的白紙上記錄O點(diǎn)的位置和拉線的方向．（1）本實(shí)驗(yàn)用的彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)的單位為N，圖中A的示數(shù)為______N．（2）下列的實(shí)驗(yàn)要求不必要的是___．（請(qǐng)?zhí)顚戇x項(xiàng)前對(duì)應(yīng)的字母）A．應(yīng)測(cè)量重物M所受的重力B．彈簧測(cè)力計(jì)應(yīng)在使用前校零C．拉線方向應(yīng)與木板平面平行D．改變拉力，進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，每次都要使O點(diǎn)靜止在同一位置（3）某次實(shí)驗(yàn)中，該同學(xué)發(fā)現(xiàn)彈簧測(cè)力計(jì)A的指針稍稍超出量程，下列解決辦法不可行的是__．A．改變彈簧測(cè)力計(jì)B拉力的大小B．減小重物M的質(zhì)量C．將A更換成量程較小的彈簧測(cè)力計(jì)D．改變彈簧測(cè)力計(jì)B拉力的方向【答案】①.3.6②.D③.C【解析】【詳解】（1）[1]彈簧測(cè)力計(jì)讀數(shù)，每1N被分成5格，則1格就等于0.2N．圖指針落在3N到4N的第3格處，又因?yàn)閺椈蓽y(cè)力計(jì)的分度值為0.2N，不估讀到下一位，故讀得結(jié)果為3.6N（2）[2]A．實(shí)驗(yàn)通過作出三個(gè)力的圖示，來驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”，因此重物的重力必須要知道．故A正確；B．因彈簧測(cè)力計(jì)的零點(diǎn)誤差影響到各拉力的測(cè)量值的準(zhǔn)確性，所以要準(zhǔn)確測(cè)出讀數(shù)必須在測(cè)之前校零．故B正確；C．拉線方向必須與木板平面平行，這樣才確保力的大小準(zhǔn)確性，如果有傾角沿木板方向的力應(yīng)該為彈簧秤讀數(shù)的一個(gè)分力．但是在處理數(shù)據(jù)時(shí)把線傾斜時(shí)的讀數(shù)當(dāng)做沿平板方向的力，力就會(huì)變大，那樣誤差較大．故C正確；D．由于本實(shí)驗(yàn)中只需測(cè)出兩拉力的大小和方向以及重物的重力即可驗(yàn)證平行四邊形定則，而測(cè)力計(jì)A的拉力不同時(shí)，O點(diǎn)的位置就不同，故不可能也無必要使O點(diǎn)靜止在同一位置，答案為D.所以不必要的是D．（3）[3]當(dāng)彈簧測(cè)力計(jì)A超出其量程，則說明與彈簧測(cè)力計(jì)B和重物相連的兩根細(xì)線的拉力的合力已偏大．又由于掛重物的細(xì)線力的方向已確定，所以要么減小重物的重量，要么改變測(cè)力計(jì)B拉細(xì)線的方向或改變彈簧測(cè)力計(jì)B拉力的大小，從而使測(cè)力計(jì)A不超出量程，故C不可行。14.某實(shí)驗(yàn)小組利用氣墊導(dǎo)軌探究滑塊的加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系，設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。部分實(shí)驗(yàn)步驟如下：a.安裝好實(shí)驗(yàn)器材，并將氣墊導(dǎo)軌調(diào)整至水平狀態(tài)；b.掛上槽碼，接通氣源，釋放滑塊，記錄遮光條通過兩個(gè)光電門1、2的時(shí)間分別為△t1、△t2，已知遮光條的寬度為d；c.保證滑塊的質(zhì)量不變，改變并記錄槽碼的質(zhì)量m，多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)d.保證槽碼的質(zhì)量不變，改變并記錄滑塊的質(zhì)量M，多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)；e.利用實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，做出滑塊的加速度a與mg和a與的圖像，其中g(shù)為重力加速度；f.根據(jù)圖像得出實(shí)驗(yàn)結(jié)論請(qǐng)回答以下問題∶（1）實(shí)驗(yàn)中是否需要保證槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量？__________（填“需要”或“不需要”）（2）為測(cè)得滑塊的加速度，利用圖中器材，還需測(cè)量的物理量及符號(hào)為__________，用該物理量符號(hào)和題中給出的物理量符號(hào)寫出滑塊加速度a的表達(dá)式為__________；（3）若a與mg和a與的圖像均為過原點(diǎn)的傾斜直線，則實(shí)驗(yàn)結(jié)論為__________?！敬鸢浮竣?需要②.兩光電門間的距離L③.④.滑塊的質(zhì)量一定時(shí)，加速度與合外力成正比；滑塊的合外力一定時(shí)，加速度與質(zhì)量成反比【解析】【詳解】（1）[1]在探究滑塊的質(zhì)量一定時(shí)，加速度與合外力成正比時(shí)，認(rèn)為滑塊受的合外力就是槽碼的重力，對(duì)槽碼，根據(jù)牛頓第二定律有對(duì)滑塊，根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立解得可知當(dāng)槽碼的質(zhì)量m遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量M時(shí)才有，所以實(shí)驗(yàn)中需要保證槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量；（2）[2][3]根據(jù)滑塊經(jīng)過光電門時(shí)的瞬時(shí)速度可近似認(rèn)為是滑塊經(jīng)過光電門的平均速度，則滑塊經(jīng)過光電門1、光電門2的速度分別為，根據(jù)速度位移公式可得加速度為由上式可知還需測(cè)量的物理量為兩光電門間的距離L。（3）[4]若a與mg和a與的圖像均為過原點(diǎn)的傾斜直線，則實(shí)驗(yàn)結(jié)論為滑塊的質(zhì)量一定時(shí)，加速度與合外力成正比；滑塊的合外力一定時(shí)，加速度與質(zhì)量成反比。四、計(jì)算題（本題同27分）15.如圖所示，某同學(xué)用輕繩拉著物體沿水平地面做勻速直線運(yùn)動(dòng)。已知物體的質(zhì)量為m，物體與水平地面間