2023年全國(guó)統(tǒng)一高考物理試卷(新課標(biāo))

2023年全國(guó)統(tǒng)一高考物理試卷〔新課標(biāo)〕一、選擇題：此題共8小題，每題6分，共48分．在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．1．〔6分〕為了解釋地球的磁性，19世紀(jì)安培假設(shè)：地球的磁場(chǎng)是由繞過地心的軸的環(huán)形電流I引起的．在如圖四個(gè)圖中，正確表示安培假設(shè)中環(huán)形電流方向的是〔〕A． B． C． D．2．〔6分〕質(zhì)點(diǎn)開始時(shí)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，從某時(shí)刻起受到一恒力作用．此后，該質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)能可能〔〕A．一直增大B．先逐漸減小至零，再逐漸增大C．先逐漸增大至某一最大值，再逐漸減小D．先逐漸減小至某一非零的最小值，再逐漸增大3．〔6分〕一蹦極運(yùn)發(fā)動(dòng)身系彈性蹦極繩從水面上方的高臺(tái)下落，到最低點(diǎn)時(shí)距水面還有數(shù)米距離．假定空氣阻力可忽略，運(yùn)發(fā)動(dòng)可視為質(zhì)點(diǎn)，以下說(shuō)法正確的是〔〕A．運(yùn)發(fā)動(dòng)到達(dá)最低點(diǎn)前重力勢(shì)能始終減小B．蹦極繩張緊后的下落過程中，彈性力做負(fù)功，彈性勢(shì)能增加C．蹦極過程中，運(yùn)發(fā)動(dòng)、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒D．蹦極過程中，重力勢(shì)能的改變與重力勢(shì)能零點(diǎn)的選取有關(guān)4．〔6分〕如圖，一理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為1：2；副線圈電路中接有燈泡，燈泡的額定電壓為220V，額定功率為22W；原線圈電路中接有電壓表和電流表．現(xiàn)閉合開關(guān)，燈泡正常發(fā)光．假設(shè)用U和I分別表示此時(shí)電壓表和電流表的讀數(shù)，那么〔〕A．U=110V，I=0.2A B．U=110V，I=0.05AC．U=110V，I=0.2A D．U=110V，I=0.2A5．〔6分〕電磁軌道炮工作原理如下圖．待發(fā)射彈體可在兩平行軌道之間自由移動(dòng)，并與軌道保持良好接觸．電流I從一條軌道流入，通過導(dǎo)電彈體后從另一條軌道流回．軌道電流可形成在彈體處垂直于軌道面得磁場(chǎng)〔可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng)〕，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與I成正比．通電的彈體在軌道上受到安培力的作用而高速射出．現(xiàn)欲使彈體的出射速度增加至原來(lái)的2倍，理論上可采用的方法是〔〕A．只將軌道長(zhǎng)度L變?yōu)樵瓉?lái)的2倍B．只將電流I增加至原來(lái)的2倍C．只將彈體質(zhì)量減至原來(lái)的一半D．將彈體質(zhì)量減至原來(lái)的一半，軌道長(zhǎng)度L變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，其它量不變6．〔6分〕衛(wèi)星信號(hào)需要通過地球衛(wèi)星傳送．如果你與同學(xué)在地面上用衛(wèi)星通話，那么從你發(fā)出信號(hào)至對(duì)方接收到信號(hào)所需要最短時(shí)間最接近于〔可能用到的數(shù)據(jù)：月球繞地球運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為3.8×105km，運(yùn)動(dòng)周期約為27天，地球半徑約為6400km，無(wú)線電信號(hào)的傳播速度為3×108m/s〕〔〕A．0.1s B．0.25s C．0.5s D．1s7．〔6分〕一帶負(fù)電荷的質(zhì)點(diǎn)，在電場(chǎng)力作用下沿曲線abc從a運(yùn)動(dòng)到c，質(zhì)點(diǎn)的速率是遞減的．關(guān)于b點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E的方向，以下圖示中可能正確的是〔虛線是曲線在b點(diǎn)的切線〕〔〕A． B． C． D．8．〔6分〕如圖，在光滑水平面上有一質(zhì)量為m1的足夠長(zhǎng)的木板，其上疊放一質(zhì)量為m2的木塊．假定木塊和木板之間的最大靜摩擦力和滑動(dòng)摩擦力相等．現(xiàn)給木塊施加一隨時(shí)間t增大的水平力F=kt〔k是常數(shù)〕，木板和木塊加速度的大小分別為a1和a2，以下反映a1和a2變化的圖線中正確的是〔〕A． B． C． D．二、非選擇題：包括必考題和選考題兩局部．第9題～12題為必考題；每個(gè)試題考生都必須作答．第13題～18題為選考題，考生根據(jù)要求作答．〔一〕必考題9．為了測(cè)量一微安表頭A的內(nèi)阻，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如下圖的電路．圖中，A0是標(biāo)準(zhǔn)電流表，R0和RN分別是滑動(dòng)變阻器和電阻箱，S和S1分別是單刀雙擲開關(guān)和單刀開關(guān)，E是電池．完成以下實(shí)驗(yàn)步驟中的填空：〔1〕將S撥向接點(diǎn)1，接通S1，調(diào)節(jié)，使待測(cè)表頭指針偏轉(zhuǎn)到適當(dāng)位置，記下此時(shí)的讀數(shù)I；〔2〕然后將S撥向接點(diǎn)2，調(diào)節(jié)，使，記下此時(shí)RN的讀數(shù)；〔3〕屢次重復(fù)上述過程，計(jì)算RN讀數(shù)的，此即為待測(cè)微安表頭內(nèi)阻的測(cè)量值．10．利用圖所示的裝置可測(cè)量滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度．一斜面上安裝有兩個(gè)光電門，其中光電門乙固定在斜面上靠近底端處，光電門甲的位置可移動(dòng)，當(dāng)一帶有遮光片的滑塊自斜面上滑下時(shí)，與兩個(gè)光電門都相連的計(jì)時(shí)器可以顯示出遮光片從光電門甲至乙所用的時(shí)間t．改變光電門甲的位置進(jìn)行屢次測(cè)量，每次都使滑塊從同一點(diǎn)由靜止開始下滑，并用米尺測(cè)量甲、乙之間的距離s，記下相應(yīng)的t值；所得數(shù)據(jù)如下表所示．s〔m〕0.5000.6000.7000.8000.9000.950t〔ms〕292.9371.5452.3552.8673.8776.4s/t〔m/s〕1.711.621.551.451.341.22完成以下填空和作圖：〔1〕假設(shè)滑塊所受摩擦力為一常量，滑塊加速度的大小a、滑塊經(jīng)過光電門乙時(shí)的瞬時(shí)速度v1、測(cè)量值s和t四個(gè)物理量之間所滿足的關(guān)系式是；〔2〕根據(jù)表中給出的數(shù)據(jù)，在答題紙的圖上給出的坐標(biāo)紙上畫出﹣t圖線；〔3〕由所畫出的s/t﹣t圖線，得出滑塊加速度的大小為a=m/s2〔保存2位有效數(shù)字〕．11．甲乙兩輛汽車都從靜止出發(fā)做加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度方向一直不變．在第一段時(shí)間間隔內(nèi)，兩輛汽車的加速度大小不變，汽車乙的加速度大小是甲的兩倍；在接下來(lái)的相同時(shí)間間隔內(nèi)，汽車甲的加速度大小增加為原來(lái)的兩倍，汽車乙的加速度大小減小為原來(lái)的一半．求甲乙兩車各自在這兩段時(shí)間間隔內(nèi)走過的總路程之比．12．如圖，在區(qū)域Ⅰ〔0≤x≤d〕和區(qū)域Ⅱ〔d＜x≤2d〕內(nèi)分別存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B和2B，方向相反，且都垂直于Oxy平面．一質(zhì)量為m、帶電荷量q〔q＞0〕的粒子a于某時(shí)刻從y軸上的P點(diǎn)射入?yún)^(qū)域Ⅰ，其速度方向沿x軸正向．a(chǎn)在離開區(qū)域Ⅰ時(shí)，速度方向與x軸正向的夾角為30°；此時(shí)，另一質(zhì)量和電荷量均與a相同的粒子b也從P點(diǎn)沿x軸正向射入?yún)^(qū)域Ⅰ，其速度大小是a的，不計(jì)重力和兩粒子之間的相互作用力，求：〔1〕粒子a射入?yún)^(qū)域Ⅰ時(shí)速度的大?。弧?〕當(dāng)a離開區(qū)域Ⅱ時(shí)，a、b兩粒子的y坐標(biāo)之差．三、〔二〕選考題：．[物理--選修3-3]13．對(duì)于一定量的理想氣體，以下說(shuō)法正確的是〔〕A．假設(shè)氣體的壓強(qiáng)和體積都不變，其內(nèi)能也一定不變B．假設(shè)氣體的內(nèi)能不變，其狀態(tài)也一定不變C．假設(shè)氣體的溫度隨時(shí)間不斷升高，其壓強(qiáng)也一定不斷增大D．氣體溫度每升高1K所吸收的熱量與氣體經(jīng)歷的過程有關(guān)E．當(dāng)氣體溫度升高時(shí)，氣體的內(nèi)能一定增大14．如圖，一上端開口、下端封閉的細(xì)長(zhǎng)玻璃管，下部有長(zhǎng)l1=66cm的水銀柱，中間封有長(zhǎng)l2=6.6cm的空氣柱，上部有長(zhǎng)l3=44cm的水銀柱，此時(shí)水銀面恰好與管口平齊．大氣壓強(qiáng)為P0=76cmHg．如果使玻璃管繞底端在豎直平面內(nèi)緩慢地轉(zhuǎn)動(dòng)一周，求在開口向下和轉(zhuǎn)回到原來(lái)位置時(shí)管中空氣柱的長(zhǎng)度．封入的氣體可視為理想氣體，在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中沒有發(fā)生漏氣．四、[物理--選修3-4]15．一振動(dòng)周期為T、振幅為A、位于x=0點(diǎn)的波源從平衡位置沿y軸正向開始做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)．該波源產(chǎn)生的一維簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正向傳播，波速為v，傳播過程中無(wú)能量損失．一段時(shí)間后，該振動(dòng)傳播至某質(zhì)點(diǎn)P，關(guān)于質(zhì)點(diǎn)P振動(dòng)的說(shuō)法正確的是〔〕A．振幅一定為AB．周期一定為TC．速度的最大值一定為vD．開始振動(dòng)的方向沿y軸向上或向下取決于它離波源的距離E．假設(shè)P點(diǎn)與波源距離s=vT，那么質(zhì)點(diǎn)P的位移與波源的相同16．一半圓柱形透明物體橫截面如下圖，底面AOB鍍銀〔圖中粗線〕，O表示半圓截面的圓心，一束光線在橫截面內(nèi)從M點(diǎn)入射，經(jīng)過AB面反射后從N點(diǎn)射出．光線在M點(diǎn)入射角為30°，∠MOA=60°，∠NOB=30°．求〔ⅰ〕光線在M點(diǎn)的折射角；〔ⅱ〕透明物體的折射率．五、[物理--選修3-5]17．在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，某金屬的截止頻率相應(yīng)的波長(zhǎng)為λ0，該金屬的逸出功為．假設(shè)用波長(zhǎng)為λ〔λ＜λ0〕的單色光做該實(shí)驗(yàn)，那么其遏止電壓為．電子的電荷量、真空中的光速和普朗克常量分別為e、c和h．18．如圖，A、B、C三個(gè)木塊的質(zhì)量均為m，置于光滑的水平桌面上，B、C之間有一輕質(zhì)彈簧，彈簧的兩端與木塊接觸而不固連．將彈簧壓緊到不能再壓縮時(shí)用細(xì)線把B和C緊連，使彈簧不能伸展，以至于B、C可視為一個(gè)整體．現(xiàn)A以初速度v0沿B、C的連線方向朝B運(yùn)動(dòng)，與B相碰并粘合在一起．以后細(xì)線突然斷開，彈簧伸展，從而使C與A、B別離．離開彈簧后C的速度恰好為v0．求彈簧釋放的勢(shì)能．2023年全國(guó)統(tǒng)一高考物理試卷〔新課標(biāo)〕參考答案與試題解析一、選擇題：此題共8小題，每題6分，共48分．在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．1．〔6分〕〔2023?新課標(biāo)〕為了解釋地球的磁性，19世紀(jì)安培假設(shè)：地球的磁場(chǎng)是由繞過地心的軸的環(huán)形電流I引起的．在如圖四個(gè)圖中，正確表示安培假設(shè)中環(huán)形電流方向的是〔〕A． B． C． D．【分析】要知道環(huán)形電流的方向首先要知道地磁場(chǎng)的分布情況：地磁的南極在地理北極的附近，故右手的拇指必需指向南方，然后根據(jù)安培定那么四指彎曲的方向是電流流動(dòng)的方向從而判定環(huán)形電流的方向．【解答】解：地磁的南極在地理北極的附近，故在用安培定那么判定環(huán)形電流的方向時(shí)右手的拇指必需指向南方；而根據(jù)安培定那么：拇指與四指垂直，而四指彎曲的方向就是電流流動(dòng)的方向，故四指的方向應(yīng)該向西．故B正確．應(yīng)選B．2．〔6分〕〔2023?新課標(biāo)〕質(zhì)點(diǎn)開始時(shí)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，從某時(shí)刻起受到一恒力作用．此后，該質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)能可能〔〕A．一直增大B．先逐漸減小至零，再逐漸增大C．先逐漸增大至某一最大值，再逐漸減小D．先逐漸減小至某一非零的最小值，再逐漸增大【分析】一質(zhì)點(diǎn)開始時(shí)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明質(zhì)點(diǎn)所受合力為0，從某時(shí)刻起受到一恒力作用，這個(gè)恒力就是質(zhì)點(diǎn)的合力．根據(jù)這個(gè)恒力與速度的方向關(guān)系確定質(zhì)點(diǎn)動(dòng)能的變化情況．【解答】解：A、如果恒力與運(yùn)動(dòng)方向相同，那么質(zhì)點(diǎn)做勻加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能一直變大，故A正確．B、如果恒力與運(yùn)動(dòng)方向相反，那么質(zhì)點(diǎn)先做勻減速運(yùn)動(dòng)，速度減到0，質(zhì)點(diǎn)在恒力作用下沿著恒力方向做勻加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能再逐漸增大．故B正確．C、如果恒力方向與原來(lái)運(yùn)動(dòng)方向不在同一直線上，那么將速度沿恒力方向所在直線和垂直恒力方向分解，其中恒力與一個(gè)速度方向相同，這個(gè)方向速度就會(huì)增加，另一個(gè)方向速度不變，那么合速度就會(huì)增加，不會(huì)減?。蔆錯(cuò)誤．D、如果恒力方向與原來(lái)運(yùn)動(dòng)方向不在同一直線上，那么將速度沿恒力方向所在直線和垂直恒力方向分解，其中恒力與一個(gè)速度方向相反，這個(gè)方向速度就會(huì)減小，另一個(gè)方向速度不變，那么合速度就會(huì)減小，當(dāng)恒力方向速度減到0時(shí)，另一個(gè)方向還有速度，所以速度到最小值時(shí)不為0，然后恒力方向速度又會(huì)增加，合速度又在增加，即動(dòng)能增大．故D正確．應(yīng)選ABD．3．〔6分〕〔2023?新課標(biāo)〕一蹦極運(yùn)發(fā)動(dòng)身系彈性蹦極繩從水面上方的高臺(tái)下落，到最低點(diǎn)時(shí)距水面還有數(shù)米距離．假定空氣阻力可忽略，運(yùn)發(fā)動(dòng)可視為質(zhì)點(diǎn)，以下說(shuō)法正確的是〔〕A．運(yùn)發(fā)動(dòng)到達(dá)最低點(diǎn)前重力勢(shì)能始終減小B．蹦極繩張緊后的下落過程中，彈性力做負(fù)功，彈性勢(shì)能增加C．蹦極過程中，運(yùn)發(fā)動(dòng)、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒D．蹦極過程中，重力勢(shì)能的改變與重力勢(shì)能零點(diǎn)的選取有關(guān)【分析】運(yùn)發(fā)動(dòng)人高臺(tái)下落過程中，重力做正功，重力勢(shì)能始終減小．蹦極繩張緊后的下落過程中，彈性力做負(fù)功，彈性勢(shì)能增加．以運(yùn)發(fā)動(dòng)、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)，只有重力和彈力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒．重力勢(shì)能的改變與重力做功有關(guān)，取決于初末位置．【解答】解：A、運(yùn)發(fā)動(dòng)到達(dá)最低點(diǎn)前，重力對(duì)運(yùn)發(fā)動(dòng)一直做正功，運(yùn)發(fā)動(dòng)的重力勢(shì)能始終減?。蔄正確．B、蹦極繩張緊后的下落過程中，彈力方向向上，運(yùn)發(fā)動(dòng)的位移向下，彈性力對(duì)運(yùn)發(fā)動(dòng)做負(fù)功，彈性勢(shì)能增加．故B正確．C、以運(yùn)發(fā)動(dòng)、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)，只有重力和彈力做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒．故C正確．D、重力勢(shì)能的改變與重力做功有關(guān)，取決于初末位置的高度差，與重力勢(shì)能零點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)．故D錯(cuò)誤．應(yīng)選ABC．4．〔6分〕〔2023?新課標(biāo)〕如圖，一理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為1：2；副線圈電路中接有燈泡，燈泡的額定電壓為220V，額定功率為22W；原線圈電路中接有電壓表和電流表．現(xiàn)閉合開關(guān)，燈泡正常發(fā)光．假設(shè)用U和I分別表示此時(shí)電壓表和電流表的讀數(shù)，那么〔〕A．U=110V，I=0.2A B．U=110V，I=0.05AC．U=110V，I=0.2A D．U=110V，I=0.2A【分析】燈泡正常發(fā)光說(shuō)明副線圈的電壓為220V，計(jì)算電流，根據(jù)變壓器中電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比即可求解．【解答】解：燈泡正常發(fā)光說(shuō)明副線圈的電壓為220V，電流為=0.1A，根據(jù)電壓、電流與匝數(shù)的關(guān)系知，原線圈中電壓為=110V，電流為=0.2A，A正確．應(yīng)選A5．〔6分〕〔2023?新課標(biāo)〕電磁軌道炮工作原理如下圖．待發(fā)射彈體可在兩平行軌道之間自由移動(dòng)，并與軌道保持良好接觸．電流I從一條軌道流入，通過導(dǎo)電彈體后從另一條軌道流回．軌道電流可形成在彈體處垂直于軌道面得磁場(chǎng)〔可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng)〕，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與I成正比．通電的彈體在軌道上受到安培力的作用而高速射出．現(xiàn)欲使彈體的出射速度增加至原來(lái)的2倍，理論上可采用的方法是〔〕A．只將軌道長(zhǎng)度L變?yōu)樵瓉?lái)的2倍B．只將電流I增加至原來(lái)的2倍C．只將彈體質(zhì)量減至原來(lái)的一半D．將彈體質(zhì)量減至原來(lái)的一半，軌道長(zhǎng)度L變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，其它量不變【分析】通電的彈體在軌道上受到安培力的作用，利用動(dòng)能定理表示出彈體的出射速度．根據(jù)速度的表達(dá)式進(jìn)行求解．【解答】解：通電的彈體在軌道上受到安培力的作用，利用動(dòng)能定理有BIl?L=mv2，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與I成正比，所以B=kI解得．A、只將軌道長(zhǎng)度L變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，彈體的出射速度增加至原來(lái)的倍，故A錯(cuò)誤B、只將電流I增加至原來(lái)的2倍，彈體的出射速度增加至原來(lái)的2倍，故B正確C、只將彈體質(zhì)量減至原來(lái)的一半，彈體的出射速度增加至原來(lái)的倍，故C錯(cuò)誤D、將彈體質(zhì)量減至原來(lái)的一半，軌道長(zhǎng)度L變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，其它量不變，彈體的出射速度增加至原來(lái)的2倍，故D正確．應(yīng)選BD．6．〔6分〕〔2023?新課標(biāo)〕衛(wèi)星信號(hào)需要通過地球衛(wèi)星傳送．如果你與同學(xué)在地面上用衛(wèi)星通話，那么從你發(fā)出信號(hào)至對(duì)方接收到信號(hào)所需要最短時(shí)間最接近于〔可能用到的數(shù)據(jù)：月球繞地球運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為3.8×105km，運(yùn)動(dòng)周期約為27天，地球半徑約為6400km，無(wú)線電信號(hào)的傳播速度為3×108m/s〕〔〕A．0.1s B．0.25s C．0.5s D．1s【分析】同步衛(wèi)星和月球都是繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，求出軌道半徑比，從而得出同步衛(wèi)星的軌道半徑以及高度，根據(jù)速度公式求出時(shí)間．【解答】解：根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，解得：r=，月球和同步衛(wèi)星的周期比為27：1，那么月球和同步衛(wèi)星的軌道半徑比為9：1．同步衛(wèi)星的軌道半徑r′=×3.8×105=4.2×104km．所以接收到信號(hào)的最短時(shí)間t=≈0.25s．應(yīng)選B．7．〔6分〕〔2023?新課標(biāo)〕一帶負(fù)電荷的質(zhì)點(diǎn)，在電場(chǎng)力作用下沿曲線abc從a運(yùn)動(dòng)到c，質(zhì)點(diǎn)的速率是遞減的．關(guān)于b點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E的方向，以下圖示中可能正確的是〔虛線是曲線在b點(diǎn)的切線〕〔〕A． B． C． D．【分析】根據(jù)物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件和受力特點(diǎn)分析電荷受的電場(chǎng)力方向，再由負(fù)電荷所受的電場(chǎng)力方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相反進(jìn)行選擇．【解答】解：A、電荷做曲線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力與速度方向不在同一直線上，應(yīng)指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，不可能沿軌跡的切線方向，那么場(chǎng)強(qiáng)也不可能沿軌跡的切線方向．故A錯(cuò)誤．B、負(fù)電荷所受的電場(chǎng)力方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相反，圖中電場(chǎng)力方向與速度方向的夾角為銳角，電場(chǎng)力做正功，電荷的速率增大，與題不符．故B錯(cuò)誤．C、圖中場(chǎng)強(qiáng)方向指向軌跡的內(nèi)側(cè)，那么電場(chǎng)力指向軌跡的外側(cè)，電荷的軌跡應(yīng)向上彎曲，不可能沿如圖的軌跡運(yùn)動(dòng)．故C錯(cuò)誤．D、圖中場(chǎng)強(qiáng)方向指向軌跡的外側(cè)，那么電場(chǎng)力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，而且電場(chǎng)力方向與電荷的速度方向成鈍角，電場(chǎng)力做負(fù)功，電荷的速率減小，符合題意．故D正確．應(yīng)選D8．〔6分〕〔2023?新課標(biāo)〕如圖，在光滑水平面上有一質(zhì)量為m1的足夠長(zhǎng)的木板，其上疊放一質(zhì)量為m2的木塊．假定木塊和木板之間的最大靜摩擦力和滑動(dòng)摩擦力相等．現(xiàn)給木塊施加一隨時(shí)間t增大的水平力F=kt〔k是常數(shù)〕，木板和木塊加速度的大小分別為a1和a2，以下反映a1和a2變化的圖線中正確的是〔〕A． B． C． D．【分析】當(dāng)F比擬小時(shí)，兩個(gè)物體相對(duì)靜止，一起加速運(yùn)動(dòng)，加速度相同，根據(jù)牛頓第二定律得出加速度與時(shí)間的關(guān)系．當(dāng)F比擬大時(shí)，m2相對(duì)于m1運(yùn)動(dòng)，兩者加速度不同，根據(jù)牛頓第二定律分別對(duì)兩個(gè)物體研究，得出加速度與時(shí)間的關(guān)系，再選擇圖象．【解答】解：當(dāng)F比擬小時(shí)，兩個(gè)物體相對(duì)靜止，加速度相同，根據(jù)牛頓第二定律得：a==，a∝t；當(dāng)F比擬大時(shí)，m2相對(duì)于m1運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得：對(duì)m1：a1=，μ、m1、m2都一定，那么a1一定．對(duì)m2：a2===t﹣μg，a2是t的線性函數(shù)，t增大，a2增大．由于，那么兩木板相對(duì)滑動(dòng)后a2圖象大于兩者相對(duì)靜止時(shí)圖象的斜率．故A正確．應(yīng)選：A二、非選擇題：包括必考題和選考題兩局部．第9題～12題為必考題；每個(gè)試題考生都必須作答．第13題～18題為選考題，考生根據(jù)要求作答．〔一〕必考題9．〔2023?新課標(biāo)〕為了測(cè)量一微安表頭A的內(nèi)阻，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如下圖的電路．圖中，A0是標(biāo)準(zhǔn)電流表，R0和RN分別是滑動(dòng)變阻器和電阻箱，S和S1分別是單刀雙擲開關(guān)和單刀開關(guān)，E是電池．完成以下實(shí)驗(yàn)步驟中的填空：〔1〕將S撥向接點(diǎn)1，接通S1，調(diào)節(jié)R0，使待測(cè)表頭指針偏轉(zhuǎn)到適當(dāng)位置，記下此時(shí)標(biāo)準(zhǔn)電流表的讀數(shù)I；〔2〕然后將S撥向接點(diǎn)2，調(diào)節(jié)RN，使標(biāo)準(zhǔn)電流表的讀數(shù)仍為I，記下此時(shí)RN的讀數(shù)；〔3〕屢次重復(fù)上述過程，計(jì)算RN讀數(shù)的平均值，此即為待測(cè)微安表頭內(nèi)阻的測(cè)量值．【分析】先接通1，使待測(cè)電表有一示數(shù)，再接通2調(diào)節(jié)電阻箱使待測(cè)電表的示數(shù)相同，此時(shí)電阻箱的示數(shù)即為待測(cè)電表的內(nèi)阻．【解答】解：〔1〕將S撥向接點(diǎn)1，接通S1，調(diào)節(jié)R0使待測(cè)表頭指針偏轉(zhuǎn)到適當(dāng)位置，記下此時(shí)標(biāo)準(zhǔn)電流表讀數(shù)I；〔2〕然后將S撥向接點(diǎn)2，調(diào)節(jié)RN，使標(biāo)準(zhǔn)電流表的讀數(shù)仍為I，記下此時(shí)RN的讀數(shù)；〔3〕屢次重復(fù)上述過程，計(jì)算RN讀數(shù)的平均值，此即為待測(cè)微安表頭內(nèi)阻的測(cè)量值．故答案為：〔1〕R0，標(biāo)準(zhǔn)電流表；〔2〕RN，標(biāo)準(zhǔn)電流表的讀數(shù)仍為I；〔3〕平均值．10．〔2023?新課標(biāo)〕利用圖所示的裝置可測(cè)量滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度．一斜面上安裝有兩個(gè)光電門，其中光電門乙固定在斜面上靠近底端處，光電門甲的位置可移動(dòng)，當(dāng)一帶有遮光片的滑塊自斜面上滑下時(shí)，與兩個(gè)光電門都相連的計(jì)時(shí)器可以顯示出遮光片從光電門甲至乙所用的時(shí)間t．改變光電門甲的位置進(jìn)行屢次測(cè)量，每次都使滑塊從同一點(diǎn)由靜止開始下滑，并用米尺測(cè)量甲、乙之間的距離s，記下相應(yīng)的t值；所得數(shù)據(jù)如下表所示．s〔m〕0.5000.6000.7000.8000.9000.950t〔ms〕292.9371.5452.3552.8673.8776.4s/t〔m/s〕1.711.621.551.451.341.22完成以下填空和作圖：〔1〕假設(shè)滑塊所受摩擦力為一常量，滑塊加速度的大小a、滑塊經(jīng)過光電門乙時(shí)的瞬時(shí)速度v1、測(cè)量值s和t四個(gè)物理量之間所滿足的關(guān)系式是s=v1t﹣at2；〔2〕根據(jù)表中給出的數(shù)據(jù)，在答題紙的圖上給出的坐標(biāo)紙上畫出﹣t圖線；〔3〕由所畫出的s/t﹣t圖線，得出滑塊加速度的大小為a=2.1m/s2〔保存2位有效數(shù)字〕．【分析】可以把光電門甲至乙的勻加速運(yùn)動(dòng)看成反向的勻減速運(yùn)動(dòng)，寫出測(cè)量值s和t四個(gè)物理量之間所滿足的關(guān)系式．由位移時(shí)間關(guān)系式整理得到﹣t圖線的表達(dá)式，并找出圖線的斜率和加速度關(guān)系．【解答】解：①滑塊沿斜面下滑時(shí)做勻加速運(yùn)動(dòng)，滑塊加速度的大小a、滑塊經(jīng)過光電門乙時(shí)的瞬時(shí)速度v1、測(cè)量值s和t四個(gè)物理量．因?yàn)闀r(shí)速度v1是下滑的末速度，所以我們可以看下滑的逆過程，所以滿足的關(guān)系式是：s=v1t﹣at2②根據(jù)表中給出的數(shù)據(jù)，在圖2給出的坐標(biāo)紙上畫出﹣t圖線；③由s=v1t﹣at2整理得：=v1﹣at由表達(dá)式可知，加速度等于斜率大小的兩倍．所以由圖象得出滑塊加速度的大小為a=2.1m/s2故答案為：①s=v1t﹣at2；②如圖；③2.1．11．〔2023?新課標(biāo)〕甲乙兩輛汽車都從靜止出發(fā)做加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度方向一直不變．在第一段時(shí)間間隔內(nèi)，兩輛汽車的加速度大小不變，汽車乙的加速度大小是甲的兩倍；在接下來(lái)的相同時(shí)間間隔內(nèi)，汽車甲的加速度大小增加為原來(lái)的兩倍，汽車乙的加速度大小減小為原來(lái)的一半．求甲乙兩車各自在這兩段時(shí)間間隔內(nèi)走過的總路程之比．【分析】分別對(duì)甲乙兩車研究，用加速度a，時(shí)間間隔t0等相同的量表示總位移，再求出路程之比．【解答】解：設(shè)汽車甲在第一段時(shí)間時(shí)間間隔t0末的速度為v，第一段時(shí)間間隔內(nèi)行駛的路程為s1，加速度為a，在第二段時(shí)間間隔內(nèi)行駛的路程為s2．由題，汽車甲在第二段時(shí)間間隔內(nèi)加速度為2a．設(shè)甲、乙兩車行駛的總路程分別為s、s'，那么有s=s1+s2，s'=s1′+s2′．由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得v=at0①s1=②③將①代入③得s2=2a，④由②+④得s=s1+s2=設(shè)乙車在時(shí)間t0的速度為v'，在第一、二段時(shí)間間隔內(nèi)行駛的路程分別為s1′、s2′．同樣有v'=〔2a〕t0⑤⑥⑦將⑤代入⑦得s2′=⑧由⑥+⑧得s'=s1′+s2′=．所以甲、乙兩車各自行駛的總路程之比為⑨答：甲乙兩車各自在這兩段時(shí)間間隔內(nèi)走過的總路程之比為5：7．12．〔2023?新課標(biāo)〕如圖，在區(qū)域Ⅰ〔0≤x≤d〕和區(qū)域Ⅱ〔d＜x≤2d〕內(nèi)分別存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B和2B，方向相反，且都垂直于Oxy平面．一質(zhì)量為m、帶電荷量q〔q＞0〕的粒子a于某時(shí)刻從y軸上的P點(diǎn)射入?yún)^(qū)域Ⅰ，其速度方向沿x軸正向．a(chǎn)在離開區(qū)域Ⅰ時(shí)，速度方向與x軸正向的夾角為30°；此時(shí)，另一質(zhì)量和電荷量均與a相同的粒子b也從P點(diǎn)沿x軸正向射入?yún)^(qū)域Ⅰ，其速度大小是a的，不計(jì)重力和兩粒子之間的相互作用力，求：〔1〕粒子a射入?yún)^(qū)域Ⅰ時(shí)速度的大小；〔2〕當(dāng)a離開區(qū)域Ⅱ時(shí)，a、b兩粒子的y坐標(biāo)之差．【分析】〔1〕根據(jù)洛倫茲力提供向心力，運(yùn)用幾何關(guān)系求出粒子的軌道半徑，結(jié)合牛頓第二定律求出粒子a射入?yún)^(qū)域Ⅰ時(shí)速度的大?。?〕通過洛倫茲力提供向心力，得出a粒子在區(qū)域Ⅱ中的軌道半徑是區(qū)域Ⅰ中的一半，結(jié)合幾何關(guān)系得出a粒子離開區(qū)域Ⅱ時(shí)，a粒子的縱坐標(biāo)．根據(jù)時(shí)間關(guān)系通過幾何關(guān)系求出當(dāng)a離開區(qū)域Ⅱ時(shí)，b粒子的縱坐標(biāo)，從而得出a、b兩粒子的y坐標(biāo)之差．【解答】解：〔1〕設(shè)粒子a在I內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的圓心為C〔在y軸上〕，半徑為Ra1，粒子速率為va，運(yùn)動(dòng)軌跡與兩磁場(chǎng)區(qū)域邊界的交點(diǎn)為P'，如圖由洛侖茲力公式和牛頓第二定律得①由幾何關(guān)系得∠PCP′=θ②，③，式中θ=30°由①②③式得④〔2〕設(shè)粒子a在II內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心為Oa，半徑為Ra2，射出點(diǎn)為Pa〔圖中未畫出軌跡〕，∠P′OaPa=θ′．由洛侖茲力公式和牛頓第二定律得⑤由①⑤式得⑥C、P'和Oa三點(diǎn)共線，且由⑥式知Oa點(diǎn)必位于⑦的平面上．由對(duì)稱性知，Pa點(diǎn)與P'點(diǎn)縱坐標(biāo)相同，即y1=Ra1cosθ+h⑧式中，h是C點(diǎn)的y坐標(biāo)設(shè)b在I中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為Rb1，由洛侖茲力公式和牛頓第二定律得⑨設(shè)a到達(dá)Pa點(diǎn)時(shí)，b位于Pb點(diǎn)，轉(zhuǎn)過的角度為α．如果b沒有飛出I，那么⑩，，〔11〕式中，t是a在區(qū)域II中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，而〔12〕，〔13〕由⑤⑨⑩〔11〕〔12〕式得α=30°〔14〕由①③⑨〔14〕式可見，b沒有飛出．Pb點(diǎn)的y坐標(biāo)為y2=Rb1〔2+cosα〕+h由①③⑧⑨式及題給條件得，a、b兩粒子的y坐標(biāo)之差為．答：〔1〕粒子a射入?yún)^(qū)域Ⅰ時(shí)速度的大?。?〕當(dāng)a離開區(qū)域Ⅱ時(shí)，a、b兩粒子的y坐標(biāo)之差為．三、〔二〕選考題：．[物理--選修3-3]13．〔2023?新課標(biāo)〕對(duì)于一定量的理想氣體，以下說(shuō)法正確的是〔〕A．假設(shè)氣體的壓強(qiáng)和體積都不變，其內(nèi)能也一定不變B．假設(shè)氣體的內(nèi)能不變，其狀態(tài)也一定不變C．假設(shè)氣體的溫度隨時(shí)間不斷升高，其壓強(qiáng)也一定不斷增大D．氣體溫度每升高1K所吸收的熱量與氣體經(jīng)歷的過程有關(guān)E．當(dāng)氣體溫度升高時(shí)，氣體的內(nèi)能一定增大【分析】理想氣體內(nèi)能由物體的溫度決定，理想氣體溫度變化，內(nèi)能變化；由理想氣體的狀態(tài)方程可以判斷氣體溫度變化時(shí)，氣體的體積與壓強(qiáng)如何變化．【解答】解：A、由理想氣體的狀態(tài)方程可知，假設(shè)氣體的壓強(qiáng)和體積都不變，那么其溫度不變，其內(nèi)能也一定不變，故A正確；B、假設(shè)氣體的內(nèi)能不變，那么氣體的溫度不變，氣體的壓強(qiáng)與體積可能發(fā)生變化，氣體的狀態(tài)可能變化，故B錯(cuò)誤；C、由理想氣體的狀態(tài)方程可知，假設(shè)氣體的溫度T隨時(shí)間升高，體積同時(shí)變大，其壓強(qiáng)可能不變，故C錯(cuò)誤；D、氣體絕熱壓縮或膨脹時(shí)，氣體不吸熱也不放熱，氣體內(nèi)能發(fā)生變化，溫度升高或降低，在非絕熱過程中，氣體內(nèi)能變化，要吸收或放出熱量，由此可知?dú)怏w溫度每升高1K所吸收的熱量與氣體經(jīng)歷的過程有關(guān)，故D正確；E、理想氣體內(nèi)能由溫度決定，當(dāng)氣體溫度升高時(shí)，氣體的內(nèi)能一定增，故E正確；故答案為：ADE．14．〔2023?新課標(biāo)〕如圖，一上端開口、下端封閉的細(xì)長(zhǎng)玻璃管，下部有長(zhǎng)l1=66cm的水銀柱，中間封有長(zhǎng)l2=6.6cm的空氣柱，上部有長(zhǎng)l3=44cm的水銀柱，此時(shí)水銀面恰好與管口平齊．大氣壓強(qiáng)為P0=76cmHg．如果使玻璃管繞底端在豎直平面內(nèi)緩慢地轉(zhuǎn)動(dòng)一周，求在開口向下和轉(zhuǎn)回到原來(lái)位置時(shí)管中空氣柱的長(zhǎng)度．封入的氣體可視為理想氣體，在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中沒有發(fā)生漏氣．【分析】根據(jù)平衡條件研究空氣柱壓強(qiáng)初位置的壓強(qiáng)，玻璃管開口向下時(shí)，原來(lái)上部的水銀有一局部會(huì)流出，封閉端會(huì)有局部真空，水銀柱總長(zhǎng)度為76cm，然后根據(jù)玻意耳定律列式求解；轉(zhuǎn)回到原來(lái)位置時(shí)先根據(jù)平衡條件求出空氣中壓強(qiáng)，然后根據(jù)玻意耳定律列式求解．【解答】解：設(shè)玻璃管開口向上時(shí)，空氣柱壓強(qiáng)為：P1=P0+ρgl3①〔式中ρ和g分別表示水銀的密度和重力加速度．〕玻璃管開口向下時(shí)，原來(lái)上部的水銀有一局部會(huì)流出，封閉端會(huì)有局部真空．設(shè)此時(shí)開口端剩下的水銀柱長(zhǎng)度為x，那么P2=ρgl1，P2+ρgx=P0②〔P2管內(nèi)空氣柱的壓強(qiáng)．〕由玻意耳定律得P1〔sl2〕=P2〔sh〕③〔式中，h是此時(shí)空氣柱的長(zhǎng)度，S為玻璃管的橫截面積．〕由①②③式和題給條件得h=12cm④從開始轉(zhuǎn)動(dòng)一周后，設(shè)空氣柱的壓強(qiáng)為P3，那么P3=P0+ρgx⑤由玻意耳定律得P1〔sl2〕=P3〔sh′〕⑥〔式中，h′是此時(shí)空氣柱的長(zhǎng)度．〕由①②③⑤⑥h′≈9.2cm答：在開口向下管中空氣柱的長(zhǎng)度為12cm，到原來(lái)位置時(shí)管中空氣柱的長(zhǎng)度是9.2cm．四、[物理--選修3-4]15．〔2023?新課標(biāo)〕一振動(dòng)周期為T、振幅為A、位于x=0點(diǎn)的波源從平衡位置沿y軸正向開始做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)．該波源產(chǎn)生的一維簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正向傳播，波速為v，傳播過程中無(wú)能量損失．一段時(shí)間后，該振動(dòng)傳播至某質(zhì)點(diǎn)P，關(guān)于質(zhì)點(diǎn)P振動(dòng)的說(shuō)法正確的是〔〕A．振幅一定為AB．周期一定為TC．速度的最大值一定為vD．開始振動(dòng)的方向沿y軸向上或向下取決于它離波源的距離E．假設(shè)P點(diǎn)與波源距離s=vT，那么質(zhì)點(diǎn)P的位移與波源的相同【分析】波傳播過程中，各振動(dòng)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期、振幅、起振方向都和波源質(zhì)點(diǎn)相同，質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)速度大小跟波速無(wú)關(guān)．【解答】解：A、B、D波傳播過程中，各振動(dòng)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期、振幅、起振方向都和波源質(zhì)點(diǎn)相同，A、B正確，D錯(cuò)誤；C