全國近三年高考物理沖刺演練及分類解析-【考點(diǎn)23】 電磁感應(yīng)綜合應(yīng)_第1頁
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【考點(diǎn)23】電磁感應(yīng)綜合應(yīng)用1.(2022海南物理3)在如圖所示的電路中,a、b為兩個(gè)完全相同的燈泡,L為自感線圈,E為電源,S為開關(guān)。關(guān)于兩燈泡點(diǎn)亮和熄滅的先后次序,下列說法正確的是()A.合上開關(guān),a先亮,b后亮;斷開開關(guān),a、b同時(shí)熄滅B.合上開關(guān),b先亮,a后亮;斷開開關(guān),a先熄滅,b后熄滅C.合上開關(guān),b先亮,a后亮;斷開開關(guān),a、b同時(shí)熄滅D.合上開關(guān),a、b同時(shí)亮;斷開開關(guān),b先熄滅,a后熄滅2.(2022山東理綜21)用相同導(dǎo)線繞制的邊長為L或2L的四個(gè)閉合導(dǎo)體線框、以相同的速度勻速進(jìn)入右側(cè)勻強(qiáng)磁場(chǎng),如圖所示。在每個(gè)線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中,M、N兩點(diǎn)間的電壓分別為Ua、Ub、Uc和Ud。下列判斷正確的是()A.Ua<Ub<Uc<Ud B.Ua<Ub<Ud<UcC.Ua=Ub<Uc=Ud D.Ub<Ua<Ud<Uc3.(2022廣東物理18)(17分)如圖15(a)所示,水平放置的兩根平行金屬導(dǎo)軌,間距L=0.3m.導(dǎo)軌左端連接R=的電阻,區(qū)域abcd內(nèi)存在垂直于導(dǎo)軌平面B=的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁場(chǎng)區(qū)域?qū)扗=0.2m.細(xì)金屬棒A1和A2用長為2D=0.4m的輕質(zhì)絕緣桿連接,放置在導(dǎo)軌平面上,并與導(dǎo)軌垂直,每根金屬棒在導(dǎo)軌間的電阻均為t=,導(dǎo)軌電阻不計(jì),使金屬棒以恒定速度r=1.0m/s沿導(dǎo)軌向右穿越磁場(chǎng),計(jì)算從金屬棒A1進(jìn)入磁場(chǎng)(t=0)到A2離開磁場(chǎng)的時(shí)間內(nèi),不同時(shí)間段通過電阻R的電流強(qiáng)度,并在圖15(b)中畫出.4.(2022山東理綜22)兩根足夠長的光滑導(dǎo)軌豎直放置,間距為L,底端接阻值為R的電阻。將質(zhì)量為m的金屬棒懸掛在一個(gè)固定的輕彈簧下端,金屬棒和導(dǎo)軌接觸良好,導(dǎo)軌所在平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直,如圖所示。除電阻R外其余電阻不計(jì)?,F(xiàn)將金屬棒從彈簧原長位置由靜止釋放,則() A.釋放瞬間金屬棒的加速度等于重力加速度g B.金屬棒向下運(yùn)動(dòng)時(shí),流過電阻R的電流方向?yàn)閍→b C.金屬棒的速度為時(shí),所受安培力大小為 D.電阻R上產(chǎn)生的總熱量等于金屬棒重力勢(shì)能的減少5.(2022廣東物理18)(17分)如圖15(a)所示,一端封閉的兩條平行光滑導(dǎo)軌相距L,距左端L處的中間一段被彎成半徑為H的1/4圓弧,導(dǎo)軌左右兩段處于高度相差H的水平面上,圓弧導(dǎo)軌所在區(qū)域無磁場(chǎng)、右段區(qū)域存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)B0,左段區(qū)域存在均勻分布但隨時(shí)間線性變化的磁場(chǎng)B(t),如圖15(b)所示,兩磁場(chǎng)方向均豎直向上,在圓弧頂端,放置一質(zhì)量為m的金屬棒ab,與導(dǎo)軌左段形成閉合回路.從金屬棒下滑開始計(jì)時(shí),經(jīng)過時(shí)間t0滑到圓弧底端.設(shè)金屬棒在回路中的電阻為R,導(dǎo)軌電阻不計(jì),重力加速度為g.(1)問金屬棒在圓弧內(nèi)滑動(dòng)時(shí),回路中感應(yīng)電流的大小和方向是否發(fā)生改變?為什么?(2)求0到t0時(shí)間內(nèi),回路中感應(yīng)電流產(chǎn)生的焦耳熱量.(3)探討在金屬棒滑到圓弧底端進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)B0的一瞬間,回路中感應(yīng)電流的大小和方向.6.(2022江蘇物理15)(16分)如圖所示,間距為l的兩條足夠長的平行金屬導(dǎo)軌與水平面的夾角為,導(dǎo)軌光滑且電阻忽略不計(jì).場(chǎng)強(qiáng)為B的條形勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向與導(dǎo)軌平面垂直,磁場(chǎng)區(qū)域的寬度為d1,間距為d2,兩根質(zhì)量均為m、有效電阻均勻?yàn)镽的導(dǎo)體棒a和b放在導(dǎo)軌上,并與導(dǎo)軌垂直.(設(shè)重力加速度為g)(1)若d進(jìn)入第2個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí),b以與a同樣的速度進(jìn)入第1個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域,求b穿過第1個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域過程中增加的動(dòng)能.(2)若a進(jìn)入第2個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí),b恰好離開第1個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域;此后a離開第2個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí),b又恰好進(jìn)入第2個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域.且a、b在任意一個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域或無磁場(chǎng)區(qū)域的運(yùn)動(dòng)時(shí)間均相等.求a穿過第2個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域過程中,兩導(dǎo)體棒產(chǎn)生的總焦耳熱Q.(3)對(duì)于第(2)問所述的運(yùn)動(dòng)情況,求a穿出第k個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速率v.EKabcL1L27.(2022江蘇卷-8)如圖所示的電路中,三個(gè)相同的燈泡a、b、c和電感EKabcL1L2先變亮,然后逐漸變暗先變亮,然后逐漸變暗先變亮,然后逐漸變暗、c都逐漸變暗8.(2022北京卷-22)(16分)均勻?qū)Ь€制成的單位正方形閉合線框abcd,每邊長為L,總電阻為R,總質(zhì)量為m。將其置于磁感強(qiáng)度為B的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)上方h處,如圖所示。線框由靜止自由下落,線框平面保持在豎直平面內(nèi),且cd邊始終與水平的磁場(chǎng)邊界平行。當(dāng)cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí),BaBabdch(2)求cd兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大小;(3)若此時(shí)線框加速度恰好為零,求線框下落的高度h所應(yīng)滿足的條件。9.(2022天津卷-25)(22分)磁懸浮列車是一種高速低耗的新型交通工具。它的驅(qū)動(dòng)系統(tǒng)簡(jiǎn)化為如下模型,固定在列車下端的動(dòng)力繞組可視為一個(gè)矩形純電阻金屬框,電阻為R,金屬框置于xOy平面內(nèi),長邊MN長為l,平行于y軸,寬為d的NP邊平行于x軸,如圖1所示。列車軌道沿Ox方向,軌道區(qū)域內(nèi)存在垂直于金屬框平面的磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度B沿Ox方向按正弦規(guī)律分布,其空間周期為λ,最大值為B0,如圖2所示,金屬框同一長邊上各處的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同,整個(gè)磁場(chǎng)以速度v0沿Ox方向勻速平移。設(shè)在短暫時(shí)間內(nèi),MN、PQ邊所在位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化可以忽略,并忽略一切阻力。列車在驅(qū)動(dòng)系統(tǒng)作用下沿Ox方向加速行駛,某時(shí)刻速度為v(v<v0)。(1)簡(jiǎn)要敘述列車運(yùn)行中獲得驅(qū)動(dòng)力的原理;(2)為使列車獲得最大驅(qū)動(dòng)力,寫出MN、PQ邊應(yīng)處于磁場(chǎng)中的什么位置及λ與d之間應(yīng)滿足的關(guān)系式:(3)計(jì)算在滿足第(2)問的條件下列車速度為v時(shí)驅(qū)動(dòng)力的大小。10.(2022福建理綜,18)如圖所示,固定位置在同一水平面內(nèi)的兩根平行長直金屬導(dǎo)軌的間距為d,其右端接有阻值為R的電阻,整個(gè)裝置處在豎直向上磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。一質(zhì)量為m(質(zhì)量分布均勻)的導(dǎo)體桿ab垂直于導(dǎo)軌放置,且與兩導(dǎo)軌保持良好接觸,桿與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為u?,F(xiàn)桿在水平向左、垂直于桿的恒力F作用下從靜止開始沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)距離L時(shí),速度恰好達(dá)到最大(運(yùn)動(dòng)過程中桿始終與導(dǎo)軌保持垂直)。設(shè)桿接入電路的電阻為r,導(dǎo)軌電阻不計(jì),重力加速度大小為g。則此過程A.桿的速度最大值為B.流過電阻R的電量為C.恒力F做的功與摩擦力做的功之和等于桿動(dòng)能的變化量D.恒力F做的功與安倍力做的功之和大于桿動(dòng)能的變化量11.(2022全國理綜Ⅱ,24,15分)如圖,勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于紙面向里,大小隨時(shí)間的變化率,為負(fù)的常量。用電阻率為、橫截面積為的硬導(dǎo)線做成一邊長為的方框。將方框固定于紙面內(nèi),其右半部位于磁場(chǎng)區(qū)域中。求導(dǎo)線中感應(yīng)電流的大?。淮艌?chǎng)對(duì)方框作用力的大小隨時(shí)間的變化12.(2022廣東物理18,15分)如圖18(a)所示,一個(gè)電阻值為R,匝數(shù)為n的圓形金屬線與阻值為2R的電阻R1連結(jié)成閉合回路。線圈的半徑為r1.在線圈中半徑為r2的圓形區(qū)域存在垂直于線圈平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖線如圖18(b)所示。圖線與橫、縱軸的截距分別為t0和B0.導(dǎo)線的電阻不計(jì)。求0至t1時(shí)間內(nèi)(1)通過電阻R1上的電流大小和方向;(2)通過電阻R1上的電量q及電阻R1上產(chǎn)生的熱量。13.(2022江蘇物理15,16分)如圖所示,兩平行的光滑金屬導(dǎo)軌安裝在一光滑絕緣斜面上,導(dǎo)軌間距為l、足夠長且電阻忽略不計(jì),導(dǎo)軌平面的傾角為,條形勻強(qiáng)磁場(chǎng)的寬度為d,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向與導(dǎo)軌平面垂直。長度為2d的絕緣桿將導(dǎo)體棒和正方形的單匝線框連接在一起組成“”型裝置,總質(zhì)量為m,置于導(dǎo)軌上。導(dǎo)體棒中通以大小恒為I的電流(由外接恒流源產(chǎn)生,圖中未圖出)。線框的邊長為d(d<l),電阻為R,下邊與磁場(chǎng)區(qū)域上邊界重合。將裝置由靜止釋放,導(dǎo)體棒恰好運(yùn)動(dòng)到磁場(chǎng)區(qū)域下邊界處返回,導(dǎo)體棒在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌垂直。重力加速度為g。求:(1)裝置從釋放到開始返回的過程中,線框中產(chǎn)生的焦耳熱Q;(2)線框第一次穿越磁場(chǎng)區(qū)域所需的時(shí)間t1;(3)經(jīng)過足夠長時(shí)間后,線框上邊與磁場(chǎng)區(qū)域下邊界的最大距離m。14.(2022上海物理24,14分)如圖,光滑的平行金屬導(dǎo)軌水平放置,電阻不計(jì),導(dǎo)軌間距為l,左側(cè)接一阻值為R的電阻。區(qū)域cdef內(nèi)存在垂直軌道平面向下的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁場(chǎng)寬度為s。一質(zhì)量為m,電阻為r的金屬棒MN置于導(dǎo)軌上,與導(dǎo)軌垂直且接觸良好,受到F=+(N)(v為金屬棒運(yùn)動(dòng)速度)的水平力作用,從磁場(chǎng)的左邊界由靜止開始運(yùn)動(dòng),測(cè)得電阻兩端電壓隨時(shí)間均勻增大。(已知l=1m,m=1kg,R=,r=,s=1m)(1)分析并說明該金屬棒在磁場(chǎng)中做何種運(yùn)動(dòng);(2)求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??;(3)若撤去外力后棒的速度v隨位移x的變化規(guī)律滿足v=v0-EQ\F(B2l2,m(R+r))x,且棒在運(yùn)動(dòng)到ef處時(shí)恰好靜止,則外力F作用的時(shí)間為多少?(4)若在棒未出磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)撤去外力,畫出棒在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中速度隨位移的變化所對(duì)應(yīng)的各種可能的圖線。高考真題答案與解析 物理 【考點(diǎn)23】電磁感應(yīng)綜合應(yīng)用1.【答案】C【解析】由于L是自感線圈,當(dāng)合上S時(shí),自感線圈L將產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì),阻礙電流的流過,故有b燈先亮,而a燈后亮。當(dāng)S斷開時(shí),a、b組成回路,L產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流的減弱,由此可知.a(chǎn)、b同時(shí)熄滅,故選項(xiàng)C正確.2.【答案】B【解析】由歐姆定理可得閉合電路的路端電壓 ,即路端電壓取決于電源內(nèi)阻與總電阻的比值,故、比較,圖中較小,則,同理,對(duì)于、兩圖,,而 =,所以,故B正確。3.【答案】0~時(shí)0.12A~時(shí)0~時(shí)0.12A i—t圖像見解析【解析】(17分)A1從進(jìn)入磁場(chǎng)到離開磁場(chǎng)的時(shí)間① 在0~時(shí)間內(nèi),A1上的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) V② 由圖(a)知,電路的總電阻 ③ 總電流A④ 通過R的電流A⑤ 離開磁場(chǎng)=至未進(jìn)入磁場(chǎng) 的時(shí)間內(nèi),回路中無電流 ⑥ 從進(jìn)入磁場(chǎng)=至離開磁場(chǎng) 的時(shí)間內(nèi), 上的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) E= 由圖(b)知,電路總電阻 R0= 總電流=0.36A 流過R的電流=0.12A⑦ 綜合上述計(jì)算結(jié)果,繪制通過R的電流與時(shí)間的關(guān)系圖線,如下圖所示,⑧【評(píng)析】本題重點(diǎn)考查學(xué)生對(duì)電磁學(xué)、電路基本規(guī)律的認(rèn)識(shí)和理解。4.【答案】AC【解析】釋放金屬棒的瞬間,金屬棒只受重力,故加速度為重力加速度g,選項(xiàng)A對(duì);金屬棒向下運(yùn)動(dòng)時(shí),由右手定則知流過電阻R的電流方向?yàn)閎→a,選項(xiàng)B錯(cuò);金屬棒速度為時(shí),感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=,感應(yīng)電流為,安培力為,選項(xiàng)C對(duì);根據(jù)能的轉(zhuǎn)化與守恒,電阻上產(chǎn)生的熱量應(yīng)等于金屬棒和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能的減少,選項(xiàng)D錯(cuò).5.【答案】(1)不變,見解析(2)(3)見解析【解析】(1)感應(yīng)電流的大小和方向均不發(fā)生改變,因?yàn)榻饘侔艋綀A弧任意位置時(shí),回路中磁通量的變化率相同。①(2)0—t0時(shí)間內(nèi),設(shè)回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為E0,感應(yīng)電流為I,感應(yīng)電流產(chǎn)生的焦耳熱量為Q,由法拉第電磁感應(yīng)定律:②根據(jù)閉合電路的歐姆定律:③由焦耳定律及②③有:④(3)設(shè)金屬棒進(jìn)入磁場(chǎng)B0一瞬間的速度為,金屬棒在圓弧區(qū)域下滑的過程中,機(jī)械能定恒:⑤在很短的時(shí)間△t內(nèi),根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律,金屬棒進(jìn)入磁場(chǎng)B0瞬間的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E,則: ⑥由閉合電路歐姆定律及⑤⑥,求得感應(yīng)電流:⑦根據(jù)⑦討論:I.當(dāng)II.當(dāng);III.當(dāng).6.【解析】(1)a和b不受安培力作用,由機(jī)械能守恒知,……①(2)設(shè)導(dǎo)體棒剛進(jìn)入無磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速度為v1,剛離開無磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速度為v2,由能量守恒知,在磁場(chǎng)區(qū)域中,……②在無磁場(chǎng)區(qū)域中,……③解得Q=mg(d1+d2)sin……④(3)在無磁場(chǎng)區(qū)域根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律v2-v1=gtsin……⑤且平均速度……⑥有磁場(chǎng)區(qū)域棒a受到合力F=mgsin-Bil……⑦感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)=Blv……⑧感應(yīng)電流I=……⑨解得F=mgsin-v……⑩根據(jù)牛頓第二定律,在t到t+時(shí)間內(nèi)……(11)則有(12)解得v1=v2=gtsin-d1……(13)聯(lián)列⑤⑥(13)式,解得由題意知,7.【答案】AD 【解析】考查自感現(xiàn)象。電鍵K閉合時(shí),電感L1和L2的電流均等于三個(gè)燈泡的電流,斷開電鍵K的瞬間,電感上的電流i突然減小,三個(gè)燈泡均處于回路中,故b、c燈泡由電流i逐漸減小,B、C均錯(cuò),D對(duì);原來每個(gè)電感線圈產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)均加載于燈泡a上,故燈泡a先變亮,然后逐漸變暗,A對(duì)。本題涉及到自感現(xiàn)象中的“亮一下”現(xiàn)象,平時(shí)要注意透徹理解。8.【答案】(1)BL(2)(3)h=【解析】:(1)cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí),線框速度v=線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv=BL(2)此時(shí)線框中電流I=cd兩點(diǎn)間的電勢(shì)差U=I()=(3)安培力F=BIL=根據(jù)牛頓第二定律mg-F=ma,由a=0解得下落高度滿足h=9.【解析】:(1)由于列車速度與磁場(chǎng)平移速度不同,導(dǎo)致穿過金屬框的磁通量發(fā)生變化,由于電磁感應(yīng),金屬框中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流,該電流受到的安培力即為驅(qū)動(dòng)力。(2)為使列車獲得最大驅(qū)動(dòng)力,MN、PQ應(yīng)位于磁場(chǎng)中磁感應(yīng)強(qiáng)度同為最大值且反向的地方,這會(huì)使得金屬框所圍面積的磁通量變化率最大,導(dǎo)致框中電流最強(qiáng),也會(huì)使得金屬框長邊中電流受到的安培力最大。因此,d應(yīng)為的奇數(shù)倍,即或()①(3)由于滿足第(2)問條件:則MN、PQ邊所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B0且方向總相反,經(jīng)短暫的時(shí)間,磁場(chǎng)沿Ox方向平移的距離為,同時(shí),金屬框沿Ox方向移動(dòng)的距離為。因?yàn)関0>V,所以在Δt時(shí)間內(nèi)MN邊掃過磁場(chǎng)的面積:S=(v0-v)lΔt①在此時(shí)間內(nèi),MN邊左側(cè)穿過S的磁通移進(jìn)金屬框而引起框內(nèi)磁通量變化:ΔΦMN=B0l(v0-v)Δt同理,該時(shí)間內(nèi),PQ邊左側(cè)移出金屬框的磁通引起框內(nèi)磁通量變化ΔΦPQ=B0l(v0-v)Δt故在內(nèi)金屬框所圍面積的磁通量變化ΔΦ=ΔΦMN+ΔΦPQ④根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律,金屬框中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小E=⑤根據(jù)閉合電路歐姆定律有:I=⑥根據(jù)安培力公式,MN邊所受的安培力FMN=B0IlPQ邊所受的安培力FPQ=B0Il根據(jù)左手定則,MN、PQ邊所受的安培力方向相同,此時(shí)列車驅(qū)動(dòng)力的大小F=FMN+FPQ=2B0Il⑦聯(lián)立解得F=⑧10.【答案】BD【解析】當(dāng)桿達(dá)到最大速度vm時(shí),得,A錯(cuò);由公式,B對(duì);在棒從開始到達(dá)到最大速度的過程中由動(dòng)能定理有:,其中,,恒力F做的功與摩擦力做的功之和等于桿動(dòng)能的變化量與回路產(chǎn)生的焦耳熱之和,C錯(cuò);恒力F做的功與安倍力做的功之和等于于桿動(dòng)能的變化量與克服摩擦力做的功之和,D對(duì)。11

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