陜西省西安地區(qū)八校2020屆高三物理上學(xué)期第一次聯(lián)考試題(含解析)

陜西省西安地域八校2020屆高三物理上學(xué)期第一次聯(lián)考試題(含剖析)陜西省西安地域八校2020屆高三物理上學(xué)期第一次聯(lián)考試題(含剖析)陜西省西安地域八校2020屆高三物理上學(xué)期第一次聯(lián)考試題(含剖析)陜西省西安地域八校2020屆高三物理上學(xué)期第一次聯(lián)考試題（含解析）注意事項(xiàng)：答題前，考生務(wù)必先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題紙上，仔細(xì)查對(duì)條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)，并將條形碼粘貼在答題紙上的指定地點(diǎn)上.選擇題答案使用2B鉛筆填涂，如需變動(dòng)，用橡皮擦潔凈后，再選涂其余答案標(biāo)號(hào)；非選擇題答案用0.5毫米的黑色中性（署名）筆或碳素筆書寫，字體工整，筆跡清楚.3.請(qǐng)依照題號(hào)在各題的答題地域（黑色線框）內(nèi)作答，高出答題地域書寫的答案無效.4.保持紙面淸潔，不折疊，不損壞.做選考題時(shí)，考生依照題目要求作答，并用2B鉛筆在答題紙上把所選題目對(duì)應(yīng)的題號(hào)涂黑.第I卷（選擇題，48分）―、選擇題（此題共12小題，每題4分，共48分.其中1-8小題為單項(xiàng)選擇題，9-12小題為多項(xiàng)選擇題，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分）1.人類在對(duì)自然界進(jìn)行研究的過程中，科學(xué)實(shí)驗(yàn)起到了特別重要的作用．以下相關(guān)說法中不正確的選項(xiàng)是（）伽利略將斜面實(shí)驗(yàn)的結(jié)論合理外推，間接證了然自由落體運(yùn)動(dòng)是初速度為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)法國科學(xué)家笛卡爾指出：若是物體沒有碰到力的作用，它將連續(xù)以同一速度沿同素來線運(yùn)動(dòng)海王星是在萬有引力定律發(fā)現(xiàn)以前經(jīng)過觀察發(fā)現(xiàn)密立根經(jīng)過油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)得了基本電荷的數(shù)值【答案】C【剖析】【詳解】伽利略在斜面實(shí)驗(yàn)中得出物體沿斜面下落時(shí)的位移和時(shí)間的平方成正比，爾后利用這一結(jié)論合理外推，間接證了然自由落體運(yùn)動(dòng)是初速度為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故A正確；法國科學(xué)家笛卡爾指出：若是物體沒有碰到力的作用，它將連續(xù)以同一速度沿同素來線運(yùn)動(dòng)，既不停下來也不偏離原來的方向；故B正確；海王星是在萬有引力定律發(fā)現(xiàn)此后經(jīng)過觀察發(fā)現(xiàn)的，故C不正確；1密立根經(jīng)過油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)得了基本電荷的數(shù)值，任何電荷的電荷量都應(yīng)是基本電荷的整數(shù)倍；故D正確；斜面固定在地面上，傾角為37°（sin37°=0.6，cos37°=0.8）.質(zhì)量為1kg的滑塊以初速度V從斜面底端沿斜面向上滑行（斜面足夠長(zhǎng)，該滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.7），0則該滑塊所受摩擦力F隨時(shí)間變化的圖象是以下列圖中的（取初速度V0的方向?yàn)檎较?，g=10m/s2）（）A.B.C.D.【答案】C【剖析】【詳解】滑塊以初速度V0從斜面底端沿斜面向上滑行，碰到的是滑動(dòng)摩擦力，由公式f=μN(yùn)可得：f=μmgcos37°=0.7×1×10×0.8N=5.6N，方向沿著斜面向下。重力的下滑力等于mgsin37°=1×10×0.6N=6N>5.6N，因此滑塊滑到最高點(diǎn)后可沿斜面下滑。下滑時(shí)滑塊碰到的滑動(dòng)摩擦力大小仍為5.6N，方向沿著斜面向上。A．該圖與結(jié)論不符合，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．該圖與結(jié)論不符合，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．該圖與結(jié)論符合，選項(xiàng)C正確；D．該圖與結(jié)論不符合，選項(xiàng)D錯(cuò)誤.應(yīng)選C。3.以以下列圖，桌面上固定一個(gè)圓滑豎直擋板，現(xiàn)將一個(gè)長(zhǎng)方形物塊A與截面為三角形的墊塊B疊放在一同，用水平外力F慢慢向左推動(dòng)B，使A遲緩高升，設(shè)各接觸面均圓滑，則該過程中2A.A和B均受三個(gè)力作用而平衡B.B對(duì)桌面的壓力大變小C.A對(duì)B的壓力越來越小D.推力F的大小不變【答案】D【剖析】【詳解】先以A為研究對(duì)象，剖析受力情況：重力、墻的彈力和斜面的支持力三個(gè)力，B受到重力、A的壓力、地面的支持力和推力F四個(gè)力．故A錯(cuò)誤．當(dāng)B向左搬動(dòng)時(shí)，B對(duì)A的支持力和墻對(duì)A的支持力方向均不變，依照平衡條件得悉，這兩個(gè)力大小保持不變．則A對(duì)B的壓力也保持不變．對(duì)整體剖析受力以以下列圖，由平衡條件得悉，F(xiàn)=N1，擋板對(duì)A的支持力N1不變，則推力F不變．桌面對(duì)整體的支持力N=G總，保持不變．則B對(duì)桌面的壓力不變．故D正確，ABC錯(cuò)誤．應(yīng)選D．一中子與一質(zhì)量數(shù)為A（A＞1）的原子核發(fā)生彈性正碰．若碰前原子核靜止，則碰撞前與碰撞后中子的速率之比為（）A1A14AD.A.1B.1C.1)2AA(A2(A1)【答案】A【剖析】3設(shè)中子的質(zhì)量為m，由于發(fā)生的是彈性正碰，動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒，規(guī)定初速度的方向?yàn)檎较?，有：mv1=mv2+Amv，121212mv1＝mv+?Amv2222v1A1．故A正確，BCD錯(cuò)誤．應(yīng)選A．聯(lián)立兩式解得：A1v2點(diǎn)睛：解決此題的重點(diǎn)知道彈性碰撞的過程中動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，與非彈性碰撞不同樣，非彈性碰撞機(jī)械能不守恒.【此處有視頻，請(qǐng)去附件查察】5.如圖是位于x軸上某點(diǎn)的電荷在直線PQ右側(cè)的電勢(shì)隨x變化的圖線，a、b是x軸上的兩點(diǎn)，過P點(diǎn)垂直于x軸的直線PQ和x軸是該曲線的漸近線，則以下說法正確的選項(xiàng)是（）A.能夠判斷出OP間的各點(diǎn)電勢(shì)均為零B.能夠判斷出a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度C.能夠判斷出P點(diǎn)左側(cè)與右側(cè)的電場(chǎng)方向均為x軸正方向D.負(fù)查驗(yàn)電荷在a點(diǎn)的電勢(shì)能小于在b點(diǎn)的電勢(shì)能【答案】D【剖析】【詳解】AC．由題意，過P點(diǎn)垂直于x軸的直線PQ和x軸是該電勢(shì)曲線的漸近線，因此產(chǎn)生該電場(chǎng)的點(diǎn)電荷是正電荷，位于P點(diǎn)。因此P點(diǎn)左側(cè)的電場(chǎng)的電勢(shì)與P點(diǎn)因此的電勢(shì)是對(duì)稱的，OP間的各點(diǎn)電勢(shì)均不為零，P點(diǎn)左側(cè)的電場(chǎng)方向?yàn)閤軸負(fù)方向。故AC錯(cuò)誤；B．電勢(shì)φ與位移x圖線的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，則知a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故B錯(cuò)誤。D．由圖可知a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)，依照電勢(shì)能的公式：?=qφ，因此負(fù)查驗(yàn)電荷在a點(diǎn)的電勢(shì)能小于在b點(diǎn)的電勢(shì)能。故D正確；應(yīng)選D。6.以以下列圖，K1、K2閉合時(shí)，一質(zhì)量為m、帶電量為q的液滴，靜止在電容器的A、B兩4平行金屬板間，現(xiàn)保持K1閉合，將K2斷開，爾后將B板向下平移到圖中虛線地點(diǎn)，則下列說法正確的選項(xiàng)是（）電容器的電容減小A板電勢(shì)比電路中Q點(diǎn)電勢(shì)高液滴將向下運(yùn)動(dòng)液滴的電勢(shì)能增大【答案】AB【剖析】S試題剖析：依照C，當(dāng)間距d增大時(shí)，其余條件不變，則致使電容變小，故A正確；4kdK1、K2閉合時(shí)A、Q電勢(shì)相等，保持K1閉合，將K2斷開，將B板向下平移一段距離，板間場(chǎng)強(qiáng)不變，因此A板與地間的電勢(shì)差U增大，即A板電勢(shì)高升，而Q點(diǎn)的電勢(shì)不變，因此A板電勢(shì)比電路中Q點(diǎn)電勢(shì)高，故B正確；依照EUS與C，相聯(lián)合可得d4kd4kQE，由于電量、正對(duì)面積不變，進(jìn)而確定電場(chǎng)強(qiáng)度也不變，因此液滴仍保持靜止，S故C錯(cuò)誤；依照電場(chǎng)力與重力平衡可知，液滴帶負(fù)電，由于B板的搬動(dòng)，致使液滴的電勢(shì)高升，因此其電勢(shì)能減小，故D錯(cuò)誤．考點(diǎn)：帶電粒子在混淆場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)、電容【名師點(diǎn)睛】此題重點(diǎn)確定電容器的電量可否變化．掌握CQU與，再由ES4kQUd，相聯(lián)合可得CE，并學(xué)會(huì)經(jīng)過電荷的電性與電勢(shì)的變化來確定電勢(shì)能4kdS的變化．7.以以下列圖，半徑為r的圓形地域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感覺強(qiáng)度大小為B，磁場(chǎng)界線上A點(diǎn)有一粒子源，絡(luò)繹不絕地向磁場(chǎng)發(fā)射各樣方向(均平行于紙面)且速度大小相等的帶正電的粒子(重力及粒子間的相互作用不計(jì))，已知粒子的比荷為k，速度大小為2kBr，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為( )5A.B.C.D.kB2kB3kB4kB【答案】C【剖析】mv2kBr試題剖析：粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為：R2r；當(dāng)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間qBBk最長(zhǎng)時(shí)，其軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角最大，此時(shí)弦長(zhǎng)最大，其最大值為磁場(chǎng)圓的直徑2r，故Tmt，應(yīng)選C.63qB3kB考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng).8.可見光光子的能量在1．61eV～3．10eV范圍內(nèi)．以以下列圖，氫原子從第4能級(jí)躍遷到低能級(jí)的過程中，依照氫原子能級(jí)圖可判斷（）從第4能級(jí)躍遷到第3能級(jí)將釋放出紫外線B.從第4能級(jí)躍遷到第3能級(jí)放出的光子，比從第4能級(jí)直接躍遷到第1能級(jí)放出的光子波長(zhǎng)更長(zhǎng)C.從第4能級(jí)躍遷到第3能級(jí)放出的光子，比從第4能級(jí)直接躍遷到第2能級(jí)放出的光子頻次更高D.氫原子從第4能級(jí)躍遷到第3能級(jí)時(shí)，原子要吸取必然頻次的光子，原子的能量增加【答案】B【剖析】試題剖析：可見光光子的能量在1．61eV～3．10eV范圍內(nèi)．那么紫外線能量大于3．10eV，而從第4能級(jí)躍遷到第3能級(jí)放出能量為△E=1．51-0．85=0．66eV，因此不可以能是紫外線，6故A錯(cuò)誤；n=4和

n=1間的能級(jí)差最大，則輻射的光子頻次最高，波長(zhǎng)最小，因此從第

4能級(jí)躍遷到第

3能級(jí)放出的光子，比從第

4能級(jí)直接躍遷到第

1能級(jí)放出的光子波長(zhǎng)更長(zhǎng)，

故B正確；n=4和n=3間的能級(jí)差小于n=4和n=2間的能級(jí)差，則從n=4能級(jí)躍遷到n=3能級(jí)放出的光子的頻次小于從

n=4能級(jí)躍遷到

n=2能級(jí)放出的光子的頻次，

故C錯(cuò)誤；當(dāng)原子從第4能級(jí)躍遷到第

3能級(jí)時(shí)，放出必然頻次的光子，原子的能量減小，故

D錯(cuò)誤．考點(diǎn)：觀察了氫原子躍遷【名師點(diǎn)睛】能級(jí)間躍遷輻射或吸取的能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，掌握公式cEm

En

hv

h

，能級(jí)差越大，輻射的光子頻次越高，波長(zhǎng)越小，進(jìn)而即可求解9.以以下列圖，

M為固定在水平桌面上的出缺口的方形木塊，

abed為半徑是

R的四分之三光滑圓弧形軌道，

a為軌道的最高點(diǎn)，

de面水平且有必然長(zhǎng)度

.今將質(zhì)量為

m的小球在

d點(diǎn)的正上方高為

h處由靜止釋放，讓其自由下落到

d處切入軌道內(nèi)運(yùn)動(dòng)，不計(jì)空氣阻力，則

（）A.只需h大于，釋放后小球就能經(jīng)過a點(diǎn)RB.只需改變h大小，就能使小球經(jīng)過a點(diǎn)后，既可能落回軌道內(nèi)，又可能落到de面上C.不論怎樣改變h的大小，都不可以能使小球經(jīng)過a點(diǎn)后落回軌道內(nèi)D.調(diào)治h的大小，能夠使小球飛出de面之外（即e的右側(cè)）【答案】CD【剖析】【詳解】A．小球恰能經(jīng)過a點(diǎn)的條件是小球的重力供應(yīng)向心力，依照牛頓第二定律：的mgmv2R解得：vgR依照動(dòng)能定理：712mg（hR）mv得：h=1.5R可知只有知足h≥1.5，釋放后小球才能經(jīng)過a點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；RBC．小球走開a點(diǎn)時(shí)做平拋運(yùn)動(dòng)，用平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)：x=vt豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)：R=1gt2，2解得：x=＞，2RR故不論怎樣改變h的大小，都不可以能使小球經(jīng)過a點(diǎn)后落回軌道內(nèi)，則B錯(cuò)誤，C正確。D．只需改變h的大小，就能改變小球抵達(dá)a點(diǎn)的速度，就有可能使小球經(jīng)過a點(diǎn)后，落在de之間或之外。故D正確。應(yīng)選CD。—單匝矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生正弦式交變電流，其電動(dòng)勢(shì)的變化規(guī)律如圖a所示，當(dāng)調(diào)整線圈轉(zhuǎn)速后，電動(dòng)勢(shì)的變化規(guī)律如圖b所示.以下對(duì)于這兩個(gè)正弦式交變電流的說法正確的選項(xiàng)是（）從圖線可算出穿過線圈磁通量的最大值線圈先后兩次轉(zhuǎn)速之比為2:3在圖線a和b中，t=0時(shí)刻穿過線圈的磁通量均為零D.圖線b電動(dòng)勢(shì)的剎市價(jià)表達(dá)式為E=l00sin【答案】AD【剖析】

100t3【詳解】A．由圖讀出a電壓最大值m，依照周乞求解角速度，據(jù)電動(dòng)勢(shì)最大值公式m=UEBSω8能夠求出穿過線圈磁通量的最大值，故A正確；B．由圖讀出兩電流周期之比為Ta：Tb=0.4s：0.6s=2：3，而T=1/n，則線圈先后兩次轉(zhuǎn)速之比為3：2．故B錯(cuò)誤；C．t=0時(shí)刻兩個(gè)正弦式電流的感覺電動(dòng)勢(shì)剎市價(jià)均為零，線圈都與磁場(chǎng)垂直，穿過線圈的磁通量都最大。故C錯(cuò)誤；D．依照E=BSω=2πnBS，則ab電動(dòng)勢(shì)最大值之比為3:2，則圖線b的最大值為100V，角速m2100度為，因此圖線b電動(dòng)勢(shì)的剎市價(jià)表達(dá)式為T3e=100sin100πt（V）3故D正確。應(yīng)選AD。以以下列圖是發(fā)電廠經(jīng)過升壓變壓器進(jìn)行高壓輸電，湊近用戶端時(shí)再經(jīng)過降壓變壓器降壓給用戶供電的表示圖，圖中變壓器均可視為理想變壓器，電表均為理想溝通電表.設(shè)發(fā)電廠輸出的電壓必然，兩條輸電線總電阻用0表示，并且電阻不變.變阻器R相當(dāng)于用戶用電器R的總電阻.當(dāng)用電器增加時(shí)，相當(dāng)于R變小，則當(dāng)用電進(jìn)入頂峰時(shí)()電壓表V1、V2的讀數(shù)均不變，電流表A2的讀數(shù)增大，電流表A1的讀數(shù)減小電壓表V3、V4的讀數(shù)均減小，電流表A2的讀數(shù)增大，電流表A3的讀數(shù)增大電壓表V2、V3的讀數(shù)之差與電流表A2的讀數(shù)的比值不變線路耗費(fèi)功率增大【答案】BCD【剖析】【詳解】因發(fā)電廠的輸出電壓必然，因此可知升壓變壓器的原線圈的電壓不變，即V1不變，U1n1即電壓表V2的示數(shù)不變；進(jìn)入用電頂峰，由可知升壓變壓器的副線圈的電壓不變，U2n2電阻R降低，假定電壓表V4得電壓不變，I3U4A3n3I3可知電流表得電流增大，由可Rn4I29知電流表降壓變壓器得輸入端得電流增大，即電流表A2的示數(shù)增大，由I1n2可知輸入電I2n1流I1增大，即電流表A1示數(shù)增加；由U3U2I2R0可知降壓變壓器原線圈的電壓U3降低，即電壓表U3n3可知降壓變壓器的副線圈的電壓降低，即V4降低，故AD錯(cuò)V3降低，由U4n4誤，BC正確．12.以以下列圖，電阻不計(jì)、間距為l的圓滑平行金屬導(dǎo)軌水平放置于磁感覺強(qiáng)度為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌左端接必然值電阻R．質(zhì)量為m、電阻為r的金屬棒MN置于導(dǎo)軌上，碰到垂直于金屬棒的水平外力F的作用由靜止開始運(yùn)動(dòng)，外力F與金屬棒速度v的關(guān)系是F=F0+kv（F0、k是常量），金屬棒與導(dǎo)軌向來垂直且接觸優(yōu)秀．金屬棒中感覺電流為i，碰到的安培力大小為FA，電阻R兩頭的電壓為UR，感覺電流的功率為P，它們隨時(shí)間t變化圖象可能正確的有A.B.C.D.【答案】BC【剖析】【剖析】對(duì)金屬棒受力剖析，依照法拉第電磁感覺定律、閉合電路歐姆定律和牛頓第二定律得出F合表達(dá)式，分情況討論加快度的變化情況，分三種情況討論：勻加快運(yùn)動(dòng)，加快度減小的加快，加快度增加的加快，再聯(lián)合圖象詳細(xì)剖析．10【詳解】設(shè)金屬棒在某一時(shí)刻速度為v，由題意可知，感覺電動(dòng)勢(shì)EBLv，環(huán)路電流IEBLv，RrRr即Iv；安培力，方向水平向左，即F安B2L2vBIL，RrF安v；R兩頭電壓URIRBLRv，Rr即URv；感覺電流功率PEIB2L2v2，Rr即Pv2．剖析金屬棒運(yùn)動(dòng)情況，由力合成和牛頓第二定律可得：F合FF安F0kvB2L2vF0B2L2Rr(k)v，RrF合，由于金屬棒從靜止出發(fā)，因此F00，且F合0，即a0，加快度即加快度am的方向水平向右．B2L210F0vat，（）若R，F(xiàn)合F，即a，金屬棒水平向右做勻加快直線運(yùn)動(dòng)．有rm說明vt，也即是It，F(xiàn)安t，URtPt2，因此在此情況下沒有選項(xiàng)符合．，B2L2，F(xiàn)合隨v增大而增大，即a隨v增大而增大，說明金屬棒做加快度增大（2）若krR的加快運(yùn)動(dòng)，速度與時(shí)間呈指數(shù)增加關(guān)系，依照四個(gè)物理量與速度關(guān)系可知B選項(xiàng)符合；B2L2，F(xiàn)合隨v增大而減小，即a隨v增大而減小，說明金屬棒在做加快度減（3）若krR11小的加快運(yùn)動(dòng)，直到加快度減小為0后金屬棒做勻速直線運(yùn)動(dòng)，依照四個(gè)物理量與速度關(guān)系可知C選項(xiàng)符合．【點(diǎn)睛】【此處有視頻，請(qǐng)去附件查察】第II卷（非選擇題，共52分）二、非選擇題（包括必考題和選考題兩部分，共52分.第13-16題為必考題，每個(gè)試題考生都必定作答.第17，18題為選考題，考生依照要求作答）（―）必考題（此題共4小題，共40分）用圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，考證m1、m2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒．m2從高處由靜止開始下落，m1上拖著的紙帶打出一系列的點(diǎn)，對(duì)紙帶上的點(diǎn)跡進(jìn)行測(cè)量，即可考證機(jī)械能守恒定律．圖丙給出的是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個(gè)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)打點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖丙所示．已知m1=50g、m2=150g，取g=9.8m/s2，則（結(jié)果均保存兩位有效數(shù)字）（1）在紙帶上打下記數(shù)點(diǎn)5時(shí)的速度=_____m/s；v（2）在0～5過程中系統(tǒng)動(dòng)能的增量△E=_____J，系統(tǒng)勢(shì)能的減少量△E=_____J；KP（3）若某同學(xué)作出1v2h圖象如圖乙所示，則當(dāng)?shù)氐闹亓涌於萭=_____m/s22【答案】(1).2.4(2).0.58(3).0.59(4).9.7【剖析】【詳解】(1)[1]由于每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)沒有畫出，因此相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔=0.1s，依照在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的剎時(shí)速度大小等于該過程中的平均速度，T可知打第5個(gè)點(diǎn)時(shí)的速度為：v=0.21600.2640m/s=2.4m/s20.1(2)[2][3]物體的初速度為零，因此動(dòng)能的增加量為：12Ek1(m1m2)v5210.22.42J0.58J22重力勢(shì)能的減小量等于物體重力做功，故EPWmgh0.59J(3)[4]依照機(jī)械能守恒可知mgh1mv22即有1v2gh2因此1v2h圖像中圖像的斜率表示重力加快度，由圖可知，斜率k=9.7，故當(dāng)?shù)氐膶?shí)質(zhì)重2力加快度g9.7m/s2。14.某實(shí)驗(yàn)小組要測(cè)定一電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r．實(shí)驗(yàn)器材有：一只DIS電流傳感器(可視為理想電流表，測(cè)得的電流用I表示)，一只電阻箱(阻值用R表示)，一只開關(guān)和導(dǎo)線若干．該實(shí)驗(yàn)小組同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)和采集數(shù)據(jù)．（1）小組設(shè)計(jì)該實(shí)驗(yàn)原理表達(dá)式是_______(用E、r、I、R表示)；2）小組在閉合開關(guān)以前，應(yīng)先將電阻箱阻值調(diào)至_____(選填“最大值”、“最小值”或“隨意值”)，在實(shí)驗(yàn)過程中，將電阻箱調(diào)至圖乙所示地點(diǎn)，則此時(shí)電阻箱接入電路的阻值為____Ω；（3）小組依照實(shí)查采集到的數(shù)據(jù)作出如圖丙所示的1－R圖象，則由圖象求得，該電源的I電動(dòng)勢(shì)E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω(結(jié)果均保存兩位有效數(shù)字)．【答案】(1).E＝I(R＋r)(2).最大值(3).25(4).6.0(5.8～6.2均可)13(5).2.4(2.3～2.5均可)【剖析】【詳解】(1)[1]由圖可知,本實(shí)驗(yàn)采用的是電流表與電阻箱測(cè)定電動(dòng)勢(shì)，故表達(dá)式應(yīng)為EI(Rr)；(2)[2]為了保證電路中的安全，電阻箱應(yīng)從最大值開始慢慢減小，故開始時(shí)應(yīng)調(diào)到最大值；[3]由圖可知，電阻箱接入電阻應(yīng)為25Ω；(3)[4][5]由閉合電路歐姆定律可知：11rIERE由數(shù)學(xué)知識(shí)可知圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為r0.4，圖象的斜率為1411，故EE2246E6.0V，r2.4Ω；【此處有視頻，請(qǐng)去附件查察】以以下列圖為某工廠的貨物傳達(dá)裝置，傾斜運(yùn)輸帶AB(與水平面成α＝37°)與一斜面BC(與水平面成θ＝30°)圓滑連結(jié)，B點(diǎn)到C點(diǎn)的距離為L(zhǎng)＝0.6m，運(yùn)輸帶運(yùn)行速度恒為v0＝5m/s，A點(diǎn)到B點(diǎn)的距離為x＝4.5m，現(xiàn)將一質(zhì)量為m＝0.4kg的小物體輕輕放于A點(diǎn)，物體恰巧能抵達(dá)最高點(diǎn)C點(diǎn)，已知物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1＝，求：(g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，空氣阻力不計(jì))小物體運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度v的大??；小物體與運(yùn)輸帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；小物體從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)所經(jīng)歷時(shí)間t.【答案】（1）3m/s.（2）7/8（3）3.4s【剖析】【詳解】(1)設(shè)小物體在斜面上的加快度為a1，運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的速度為v，由牛頓第二定律得mgsinθ＋μ1mgcosθ＝ma114由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式知v2＝2a1L，聯(lián)立解得v＝3m/s.(2)由于v<v0，因此小物體在運(yùn)輸帶上素來做勻加快運(yùn)動(dòng)，設(shè)加快度為a2，則由牛頓第二定律知mgcosα－mgsinα＝ma2又由于v2＝2a2x，聯(lián)立解得(3)小物體從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)經(jīng)歷時(shí)間，從B運(yùn)動(dòng)到C經(jīng)歷時(shí)間聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)得小物體從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)所經(jīng)歷的時(shí)間t＝t1＋t2＝3.4s.以以下列圖，M、N為兩塊帶等量異種電荷的平行金屬板，兩板間電壓可取從零到某一最大值之間的各樣數(shù)值。靜止的帶電粒子帶電荷量為＋q，質(zhì)量為m（不計(jì)重力），從點(diǎn)P經(jīng)電場(chǎng)加快后，從小孔Q進(jìn)入N板右側(cè)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)所區(qū)，磁感覺強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向外，CD為磁場(chǎng)界線上的一絕緣板，它與N板的夾角θ＝45°，孔Q到板的下端C的距離為L(zhǎng)，當(dāng)M、N兩板間電壓取最大值時(shí)，粒子恰垂直打在CD板上，求：1）兩板間電壓的最大值Um；2）CD板上可能被粒子打中地域的長(zhǎng)度s；（3）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間tm?！敬鸢浮浚?）兩板間電壓的最大值Um為qB2L2；2m（2）CD板上可能被粒子打中的地域的長(zhǎng)度x為(22)L；（3）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間tm為m。qB【剖析】【剖析】（1）粒子恰巧垂直打在CD板上，依照粒子的運(yùn)動(dòng)的軌跡，能夠求得粒子運(yùn)動(dòng)的半徑，由半15徑公式能夠求得電壓的大小；（2）當(dāng)粒子的運(yùn)動(dòng)的軌跡恰巧與CD板相切時(shí)，這是粒子能達(dá)到的最下邊的邊緣，在由幾何關(guān)系能夠求得被粒子打中的地域的長(zhǎng)度．3）打在QE間的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)，均為半周期，依照周期公式即可求解。【詳解】（1）M、N兩板間電壓取最大值時(shí)，粒子恰垂直打在CD板上，因此圓心在C點(diǎn)，CH=QC=L，故半徑R1=L，又因qvBmv12R1qUm1mv122因此qB2L2Um2m（2）設(shè)軌跡與CD板相切于K點(diǎn)，半徑為R2，在△AKC中：sin45R2LR2因此R2(21)L即KC長(zhǎng)等于R2(21)L因此CD板上可能被粒子打中的地域即為HK的長(zhǎng)度xHKR﹣RL﹣(21)L(22)L12（3）打在QE間的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)，均為半周期：2mTqB因此tm1Tm2qB16【點(diǎn)睛】此題觀察帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，要掌握住半徑公式、周期公式，畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡后，幾何關(guān)系就比較顯然了。（二）選考題（共12分，請(qǐng)考生從給出的2道題中任選一題作答