2022-2023學年云南師大附中物理高二下期中質(zhì)量檢測試題含解析

2022-2023學年云南師大附中物理高二下期中質(zhì)量檢測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下面哪一組單位屬于國際單位制的基本單位（）A．kg、m/s2、℃ B．kg、N、s C．m、kg、s D．C、kg、mol2、閉合金屬線圈置于勻強磁場中磁感應(yīng)強度隨時間變化的關(guān)系如圖所示，規(guī)定垂直紙面向里為磁場的正方向。則0~2s內(nèi)線圈中感應(yīng)電流的方向為（）A．順時針B．逆時針C．先順時針后逆時針D．先逆時針后順時針3、兩個做勻變速直線運動的物體,物體A的加速度,物體B的加速度,則可以確定A．物體A加速度大于物體B加速度 B．物體B加速度大于物體A加速度C．物體A的速度大于物體B的速度 D．物體B的速度大于物體A的速度4、一定質(zhì)量的氣體，壓強保持不變，下列過程可以實現(xiàn)的是()A．溫度升高，體積增大B．溫度升高，體積減小C．溫度不變，體積增大D．溫度不變，體積減小5、如圖所示，足夠長的傳送帶以恒定的速率逆時針運動，一質(zhì)量為m的物塊以大小為的初速度從左輪中心正上方的P點沖上傳送帶，從此時起到物塊再次回到P點的過程中，下列說法正確的是A．合力對物塊的沖量大小一定為2mv2B．合力對物塊的沖量大小一定為2mv1C．合力對物塊的沖量大小可能為零D．合力對物塊做的功可以有為零6、如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為20∶1，原線圈接正弦交流電源，副線圈接入“220V，60W”燈泡一只，且燈泡正常發(fā)光，則()A．電流表的示數(shù)為AB．電源輸出功率為1200WC．電流表的示數(shù)為AD．原線圈端電壓為11V二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在光電效應(yīng)實驗中，某同學用同一光電管在不同實驗條件下得到了三條光電流與電壓之間的關(guān)系曲線（甲光、乙光、丙光），如圖所示，則可判斷出（）A．三種光中，丙光的頻率最大B．乙光的波長等于甲光的波長C．乙光對應(yīng)的截止頻率大于丙光對應(yīng)的截止頻率D．甲光對應(yīng)的飽和光電流大于丙光對應(yīng)的飽和光電流8、下列說法正確的有（）A．全息照片的拍攝利用了光的衍射原理B．較弱的聲音也可以振碎玻璃杯，是因為玻璃杯和聲波發(fā)生了共振C．在干涉現(xiàn)象中，振動加強點的位移可能比減弱點的位移小D．鳴笛汽車駛近路人的過程中，路人聽到的聲波頻率與該波源的頻率相比減小9、如圖，兩束單色光A、B分別沿半徑方向由空氣射入半圓形玻璃磚，出射時合成一束復(fù)色光P，下列說法正確的是（）A．A光的頻率大于B光的頻率B．A光穿過玻璃磚的時間短C．用同一裝置做雙縫干涉實驗，A光條紋間距小D．兩種單色光由玻璃射向空氣時，A光的臨界角較大10、如圖所示，質(zhì)量為m的小球用兩細線懸掛于A、B兩點，小球可視為質(zhì)點，水平細線OA長L1，傾斜細線OB長為L2，與豎直方向夾角為θ，現(xiàn)兩細線均繃緊，小球運動過程中不計空氣阻力，重力加速度為g，下列論述中正確的是（）A．在剪斷OA現(xiàn)瞬間，小球加速度大小為gtanθB．剪斷OA后，小球?qū)砘財[動，小球運動到B點正下方時細線拉力大小為C．剪斷OB線瞬間，小球加速度大小為gsinθD．剪斷OB線后，小球從開始運動至A點正下方過程中，重力功率先增大后減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為判斷線圈繞向，可將靈敏電流計G與線圈L連接，如圖所示．己知線圈由a端開始繞至b端：當電流從電流計G左端流入時，指針向左偏轉(zhuǎn)．（1）將磁鐵N極向下從線圈上方豎直插入L時，發(fā)現(xiàn)指針向左偏轉(zhuǎn)．俯視線圈，其繞向為____________（填：“順時針”或“逆時針”）．（2）當條形磁鐵從圖中的虛線位置向右遠離L時，指針向右偏轉(zhuǎn)．俯視線圈，其繞向為____________（填：“順時針”或“逆時針”）．12．（12分）在“測定玻璃的折射率”實驗中：(1)為了取得較好的實驗效果，下列操作正確的是_______A．大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離盡量小些．B．選擇的入射角應(yīng)盡量小些．C．大頭針應(yīng)垂直地插在紙面上．D．必須選用上下表面平行的玻璃磚．(2)某同學在測量入射角和折射角時，由于沒有量角器，在完成了光路圖以后，以O(shè)點為圓心，OA為半徑畫圓，交OO′延長線于C點，過A點和C點作垂直法線的直線分別交于B點和D點，如圖甲所示，若他測得AB＝6cm，CD＝4cm，則可求出玻璃的折射率n＝__________．(3)某同學在畫界面時，不小心將兩界面aa′、bb′間距畫得比玻璃磚寬度大些，如圖乙所示，則他測得的折射率______(選填“偏大”“偏小”或“不變”)．四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，粗糙的水平面連接一個豎直平面內(nèi)的半圓形光滑軌道，其半徑為R=0.1m，半圓形軌道的底端放置一個質(zhì)量為m=0.1kg的小球B，水平面上有一個質(zhì)量為M=0.3kg的小球A以初速度v0=4.0m/s開始向著木塊B滑動，經(jīng)過時間t=0.80s與B發(fā)生彈性碰撞。設(shè)兩小球均可以看作質(zhì)點，它們的碰撞時間極短，且已知木塊A與桌面間的動摩擦因數(shù)μ=0.25，求：(1)兩小球碰前A的速度；(2)球碰撞后A，B的速度大??；(3)小球B運動到最高點C時對軌道的壓力。14．（16分）一矩形線圈，在勻強磁場中繞垂直磁感線的對稱軸轉(zhuǎn)動，形成如圖所示的交變電動勢圖象，試根據(jù)圖象求出：（1）線圈轉(zhuǎn)動的角速度；（2）電動勢的有效值；（3）t=1.0×10?2s時，線圈平面和磁場方向的夾角．15．（12分）如圖（a）所示，將質(zhì)量為0.5kg的木塊放在固定的水平長木板上，用力沿水平方向拉木塊，拉力從零開始逐漸增大，分別用力傳感器采集拉力和木塊所受到的摩擦力，并用計算機繪制出摩擦力f隨拉力F的變化圖線如圖（b）所示。（1）求木塊與長木板間的動摩擦因數(shù)；（2）若木塊在恒定的水平拉力F作用下，以a=3m/s2的加速度從靜止開始沿長木板做勻加速直線運動，拉力F應(yīng)為多大（3）在第（2）問中的拉力F作用t1=2s后撤去，求木塊整個運動過程的平均速度大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

國際單位制總共規(guī)定七個物理量，分別是長度、質(zhì)量、時間、電流、熱力學溫度、物質(zhì)的量、發(fā)光強度，對應(yīng)的單位分別是m、kg、s、A、K、mol、cd，故只有選項C正確。故選C。2、A【解析】

內(nèi)磁場垂直紙面向里且在減小，所以穿過閉合線圈的磁通量在減小，根據(jù)“增反減同”可知，感應(yīng)電流的磁場方向垂直紙面向里，根據(jù)“右手螺旋定則”可知，線圈中產(chǎn)生順時針的感應(yīng)電流；內(nèi)場垂直紙面向外且在增大，所以穿過閉合線圈的磁通量在增大，根據(jù)“增反減同”可知，感應(yīng)電流的磁場方向垂直紙面向里，根據(jù)“右手螺旋定則”可知，線圈中產(chǎn)生順時針的感應(yīng)電流；故選A。3、B【解析】試題分析：因為物體A的加速度aA=3m/s2，物體B的加速度aB=-5m/s2，負號代表減速，正號代表加速，數(shù)值代表大小，故物體B加速度大于物體A加速度，選項A錯誤，B正確；加速度并不一定其速度一定大，還受初速度與時間的限制，故選項CD均錯誤．考點：速度與加速度的關(guān)系．4、A【解析】試題分析：根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程PVT溫度升高，壓強P不變，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程PVT=C，可知，體積增大，這個過程可以實現(xiàn)，A正確；根據(jù)PVT5、D【解析】若v1＞v1，物塊在傳送帶上先向右做勻減速直線運動，速度減為零后再返回做勻加速直線運動，達到速度v1后做勻速直線運動，可知物塊再次回到P點的速度大小為v1，規(guī)定向左為正方向，根據(jù)動量定理得，合外力的沖量I合=mv1-m（-v1）=mv1+mv1．根據(jù)動能定理知，合外力做功W合＝mv11?mv11；若v1＜v1，物塊在傳送帶上先向右做勻減速直線運動，速度減為零后再返回做勻加速直線運動，物塊再次回到P點的速度大小為v1，規(guī)定向左為正方向，根據(jù)動量定理得，合外力的沖量為：I合=mv1-m（-v1）=1mv1；根據(jù)動能定理知，合外力做功為：W合＝mv11?mv11＝2．故D正確，ABC錯誤．故選D．6、C【解析】

ACD．燈泡正常發(fā)光，所以副線圈兩端的電壓為220V，根據(jù)可得副線圈中的電流為根據(jù)公式可得原線圈中的電壓為根據(jù)可得原線圈中的電流為即電流表示數(shù)為A，故AD錯誤，C正確；B．原副線圈中的電功率相等，所以電源的輸出功率為60W，故B錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】

根據(jù)eU截=mvm2=hγ-W，入射光的頻率越高，對應(yīng)的截止電壓U截越大．甲光、乙光的截止電壓相等且小于丙光的截止電壓，所以甲光、乙光的頻率相等且小于丙光的頻率；故A正確．甲光、乙光的頻率相等，則波長相等，選項B正確；同一金屬，截止頻率是相同的，故C錯誤．由圖可知，甲光對應(yīng)的飽和光電流大于丙光對應(yīng)的飽和光電流，選項D正確；故選ABD.8、BC【解析】

A．全息照片的拍攝利用了光的干涉原理，A錯誤；B．玻璃杯也在振動，有其固有振動頻率，當聲波頻率和玻璃杯振動的固有頻率相同時，發(fā)生共振，可以震碎玻璃杯，B正確；C．在干涉現(xiàn)象中，振動加強點指的是振幅加強了，振動加強點的位移可能比減弱點的位移小，故C正確；D．根據(jù)多普勒效應(yīng)可知，鳴笛汽車駛近路人的過程中，路人聽到的聲波頻率與該波源的頻率相比增大，D錯誤。故選BC。9、BD【解析】

A．從圖中我們可以看出，A光的入射角要比B光的入射角要大，它們的折射角相同。根據(jù)（此處θ1指的是折射角，θ2指的是入射角）可知B的折射率大，所以B的頻率大，故A錯誤；B．由知，在玻璃磚中，vB＜vA，兩種光在玻璃通過的路程都是半徑，所以A光穿過玻璃磚的時間短，故B正確；C．因為B的頻率大于A的頻率，所以B的波長小，根據(jù)條紋間距公式可知，B光比A光條紋間距小，故C錯誤；D．兩種單色光由玻璃射向空氣時，臨界角的正弦B的折射率大，所以，CB＜CA，故D正確。故選BD。10、BD【解析】

A．剪斷細線AO的瞬間，小球開始做豎直面內(nèi)的圓周運動，其線速度為零，所以沿半徑方向的加速度為零，只有沿切線方向的加速度。由牛頓第二定律有，沿半徑方向沿切線方向解得故A錯誤；B．剪斷AO后，設(shè)小球運動到B點正下方時的速度大小為v，由動能定理得在最低點，設(shè)小球運動到B點正下方時細線拉力大小為F，由牛頓第二定律得聯(lián)立解得故B正確；C．剪斷OB線瞬間，小球做自由落體運動，加速度為g，故C錯誤；D．剪斷OB線后，設(shè)小球與水平方向的夾角為θ時，速度為v1，則此時重力的瞬時功率根據(jù)數(shù)學知識可知，當0<θ<90°時，重力功率P先增大后減小，故D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）順時針，（2）逆時針，【解析】（1）由楞次定律知感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場方向向上，感應(yīng)電流由a經(jīng)G流向b，再由安培定則知線圈繞向如圖所示，為順時針．（2）由楞次定律知感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場方向向上，感應(yīng)電流由b經(jīng)G流向a，再由安培定則知線圈繞向為逆時針．12、C1.5偏小【解析】

(1)A、大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當大些時，相同的距離誤差，引起的角度誤差會減小，角度的測量誤差會小些，故A錯誤；B、為了減小測量的相對誤差，選擇的入射角應(yīng)盡量大些，效果會更好，故B錯誤；C、為了準確確定入射光線和折射光線，大頭針應(yīng)垂直地插在紙面上，故C正確；D、作插針法測定折射率時，玻璃磚上下表面不一定要平行，故D錯誤；故選C．(2)圖中作為入射光線，是折射光線，設(shè)光線在玻璃磚上表面的入射角為i，折射角為r，則由幾何知識得到：，又，則折射率：(3)用插針法“測定玻璃磚折射率”的實驗原理是折射定律某同學畫出的ab和cd都比實際側(cè)面向外側(cè)平移了一些，但在畫光路圖時，將入射點、出射點分別確定在ab、cd上，如圖,實線表示實際的光路圖，虛線表示乙同學畫圖時光路圖，入射角測量沒有誤差，而折射角偏大，則根據(jù)折射定律得知，測出的折射率n將偏?。军c睛】為了取得較好的實驗效果，根據(jù)實驗原理分析可以知道：玻璃磚上下表面不一定要平行，選擇的入射角應(yīng)盡量大些，大頭針應(yīng)垂直地插在紙面上，大頭針P1和P2及P3和P4之間的距離適當大些，這樣可以減小測量的相對誤差；根據(jù)幾何知識求出入射角和折射角的正弦值，再求解折射率；根據(jù)折射定律，分析入射角和折射角的誤差，即可分析折射率的誤差．四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)；(2)，；(3)，方向豎直向上【解析】

(1)碰前對A由動量定理有解得(2)對A、B研究，碰撞前后動量守恒，即碰撞前后動能保持不變聯(lián)立解得(3)因為B球在軌道上機械能守恒，則有解得在最高點C對小球B有解得由牛頓第三定律知：小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?，方向豎直向上。14、（1）105rad/s（2）14.1V（3）【解析】

（1）由