xx省xx市xx中學(xué)高三上學(xué)期周練各科試卷（.）（高補(bǔ)班）含解析

2016-2017學(xué)年xx省xx市xx中學(xué)高三（上）周練物理試卷（11.25）（高補(bǔ)班）一、單項(xiàng)選擇題1．如圖所示，線圈L的自感系數(shù)很大，且其直流電阻可以忽略不計(jì)，電源電動勢為E，內(nèi)阻不計(jì)，L1、L2是兩個完全相同的小燈泡，定值電阻R，開關(guān)S閉合和斷開的過程中，燈L1、L2的亮度變化情況是（燈絲不會斷）（）A．S閉合，L1先亮后逐漸變暗，L2后亮且亮度逐漸變亮B．S閉合，L1先亮且亮度不變，L2后亮且亮度逐漸變亮C．S斷開，L1立即熄滅，L2亮一下才逐漸熄滅D．S斷開，L1閃亮一下逐漸熄滅，L2逐漸熄滅2．如圖所示，固定的水平長直導(dǎo)線中通有電流I，矩形線框與導(dǎo)線在同一豎直平面內(nèi)，且一邊與導(dǎo)線平行．線框由靜止釋放，在下落過程中（）A．穿過線框的磁通量保持不變B．線框中感應(yīng)電流方向保持不變C．線框所受安掊力的合力為零D．線框的機(jī)械能不斷增大3．某物體以30m/s的初速度豎直上拋，不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2，5s內(nèi)物體的（）A．路程為65mB．位移大小為25m，方向向上C．速度改變量的大小為10m/sD．平均速度大小為13m/s，方向向上4．如圖所示，在水平地面上O點(diǎn)正上方不同高度的A、B兩點(diǎn)分別水平拋出一小球，如果兩球均落在同一點(diǎn)C上，則兩小球（）A．落地的速度大小可能相等 B．落地的速度方向可能相同C．落地的速度大小不可能相等 D．落地的速度方向不可能相同5．將面積是0.5m2的導(dǎo)線環(huán)放在勻強(qiáng)磁場中，環(huán)面與磁場方向垂直．已知穿過這個導(dǎo)線環(huán)的磁通量是2.0×10﹣2wb，則該磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為（）A．4.0×10﹣2T B．1.0×10﹣2T C．25T D．2.0×10﹣2T6．如圖所示，A、B兩物體從地面上某點(diǎn)正上方不同高度處，同時做自由落體運(yùn)動．已知A的質(zhì)量比B的質(zhì)量大，下列說法正確的是（）A．A、B可能在空中相撞B．A、B落地時的速度相等C．下落過程中，A、B速度變化的快慢相同D．從開始下落到落地，A、B的平均速度相等7．同學(xué)們利用圖所示的裝置通過實(shí)驗(yàn)探究，得到了在彈性限度內(nèi)彈簧的彈力與彈簧伸長量的關(guān)系．下列說法中能反映正確探究結(jié)果的是（）A．彈簧的彈力與彈簧的伸長量成正比B．彈簧的彈力與彈簧的伸長量成反比C．彈簧的彈力與彈簧的伸長量的平方成正比D．彈簧的彈力與彈簧的伸長量的平方成反比8．下列說法正確的是（）A．陰雨天，空氣相對濕度較小B．分子間距離越小，分子間作用力越小C．氣體體積是指所有氣體分子體積的總和D．氣體壓強(qiáng)是大量氣體分子碰撞器壁的結(jié)果9．如圖所示的電路中，電源電動勢為E，電源內(nèi)阻為r，閉合開關(guān)S，待電流達(dá)到穩(wěn)定后，將滑動變阻器的滑動觸頭P從圖示位置向a端移動一些，則待電流再次達(dá)到穩(wěn)定后，與P移動前相比（）A．電容器C的電荷量減小B．小燈泡L變亮C．電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變大D．電源的總功率變大10．兩個相同的負(fù)電荷和一個正電荷附近的電場線分布如圖所示．c是兩負(fù)電荷連線的中點(diǎn)，d點(diǎn)在正電荷的正上方，c、d到正電荷的距離相等，則下列說法正確的是（）A．a(chǎn)點(diǎn)的電場強(qiáng)度比b點(diǎn)的大B．a(chǎn)點(diǎn)的電勢比b點(diǎn)的高C．將正電荷從c點(diǎn)移到d點(diǎn)，電場力做正功D．將正電荷從c點(diǎn)移到d點(diǎn)，電勢能增大11．如圖所示，質(zhì)量為m的木塊A，放在斜面B上，若A和B在水平地面上以相同的速度向左做勻速直線運(yùn)動，則A和B之間的相互作用力大小為（）A．mg B．mgsinθ C．mgcosθ D．不能確定12．如圖為地磁場磁感線的示意圖．在北半球地磁場的豎直分量向下．飛機(jī)在我國上空勻速巡航，機(jī)翼保持水平，飛行高度不變．由于地磁場的作用，金屬機(jī)翼上有電勢差．設(shè)飛行員左方機(jī)翼末端處的電勢為U1，右方機(jī)翼末端處的電勢為U2，（）A．若飛機(jī)從東往西飛，U2比U1高B．若飛機(jī)從西往東飛，U2比U1高C．若飛機(jī)從南往北飛，U1比U2高D．若飛機(jī)從北往南飛，U2比U1高13．在如圖所示電路中，A、B間的電壓保持一定，UAB=6V，電阻R1=R2=4Ω，R3=2Ω．那么（）A．開關(guān)S斷開時，R3兩端電壓是3VB．開關(guān)S接通時，R3通過的電流是1.5AC．開關(guān)S斷開時，R1通過的電流是0.75AD．開關(guān)S接通時，R1兩端電壓是4V14．如圖所示，兩個質(zhì)量相等的物體沿同一高度、傾角不同的兩光滑斜面頂端從靜止自由下滑，到達(dá)斜面底端，兩個物體具有的相同物理量是（）A．下滑的過程中重力的沖量 B．下滑的過程中彈力的沖量C．下滑的過程中合力的沖量 D．剛到達(dá)底端時的動量大小15．如圖（a）所示，AB是某電場中的一條電場線，若有一電子以某一初速度且僅在電場力的作用下，沿AB由點(diǎn)A運(yùn)動到點(diǎn)B，所經(jīng)位置的電勢隨距A點(diǎn)的距離變化的規(guī)律如圖（b）所示．以下說法正確的是（）A．該電場是勻強(qiáng)電場B．電子在A、B兩點(diǎn)的速度vA＜vBC．A、B兩點(diǎn)的電勢φA＞φBD．電子在A、B兩點(diǎn)的電勢能EpA＜EpB16．如圖粗糙水平面上靜放一質(zhì)量為M的粗糙斜面，斜面上一質(zhì)量為m的物塊恰能相對斜面靜止．若現(xiàn)物塊以某初速度沿斜面上滑，斜面仍靜止．已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則（）A．物塊可能做勻速運(yùn)動B．物塊對斜面的作用力的合力小于mgC．地面對斜面的支持力等于（M+m）gD．地面對斜面的摩擦力水平向左17．兩個物體A和B，質(zhì)量分別為2m和m，用跨過定滑輪的輕繩相連，A靜止于水平地面上，如圖所示，θ=30°，不計(jì)摩擦，則以下說法正確的是（）A．繩上拉力大小為mgB．物體A對地面的壓力大小為mgC．物體A對地面的摩擦力大小為mgD．地面對物體A的摩擦力方向向右18．關(guān)于功的概念，以下說法正確的是（）A．力是矢量，位移是矢量，所以功也是矢量B．功有正、負(fù)之分，若某個力對物體做負(fù)功，表明這個力對該物體的運(yùn)動起阻礙作用C．若某一個力對物體不做功，說明該物體一定沒有位移D．合力的功等于各分力做的功的矢量和19．關(guān)于行星繞太陽的運(yùn)動，下列說法正確的是（）A．所有行星都在同一橢圓軌道上繞太陽運(yùn)動B．行星繞太陽運(yùn)動時，行星位于橢圓軌道的焦點(diǎn)上C．離太陽越近的行星，公轉(zhuǎn)周期越短D．所有行星軌道半長軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的二次方的比值都相等20．甲、乙兩個物體從同一地點(diǎn)、沿同一直線同時做直線運(yùn)動，其v﹣t圖象如圖所示，則（）A．1s時甲和乙相遇B．0～6s內(nèi)甲乙相距最大距離為1mC．2～6s內(nèi)甲相對乙做勻速直線運(yùn)動D．4s時乙的加速度方向反向二、計(jì)算題21．如圖甲所示，光滑且足夠長的金屬導(dǎo)軌MN、PQ平行地固定的同一水平面上，兩導(dǎo)軌間距L=0.20m，兩導(dǎo)軌的左端之間連接的電阻R=0.40Ω，導(dǎo)軌上停放一質(zhì)量m=0.10kg的金屬桿ab，位于兩導(dǎo)軌之間的金屬桿的電阻r=0.10Ω，導(dǎo)軌的電阻可忽略不計(jì)．整個裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.50T的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向豎直向下．現(xiàn)用一水平外力F水平向右拉金屬桿，使之由靜止開始運(yùn)動，在整個運(yùn)動過程中金屬桿始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，若理想電壓表的示數(shù)U隨時間t變化的關(guān)系如圖乙所示．求金屬桿開始運(yùn)動經(jīng)t=5.0s時，（1）通過金屬桿的感應(yīng)電流的大小和方向；（2）金屬桿的速度大??；（3）外力F的瞬時功率．22．如圖所示，半徑為、質(zhì)量為m的小球用兩根不可伸長的輕繩a、b連接（繩子的延長線經(jīng)過球心），兩輕繩的另一端系在一根豎直桿的A、B兩點(diǎn)上，A、B兩點(diǎn)相距為l，當(dāng)兩輕繩伸直后，A、B兩點(diǎn)到球心的距離均為l．當(dāng)豎直桿以自己為軸轉(zhuǎn)動并達(dá)到穩(wěn)定時（輕繩a、b與桿在同一豎直平面內(nèi)）．求：（1）豎直桿角速度ω為多大時，小球恰好離開豎直桿？（2）當(dāng)豎直桿角速度ω=2時，輕繩a的張力Fa為多大？

2016-2017學(xué)年xx省xx市xx中學(xué)高三（上）周練物理試卷（11.25）（高補(bǔ)班）參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題1．如圖所示，線圈L的自感系數(shù)很大，且其直流電阻可以忽略不計(jì)，電源電動勢為E，內(nèi)阻不計(jì)，L1、L2是兩個完全相同的小燈泡，定值電阻R，開關(guān)S閉合和斷開的過程中，燈L1、L2的亮度變化情況是（燈絲不會斷）（）A．S閉合，L1先亮后逐漸變暗，L2后亮且亮度逐漸變亮B．S閉合，L1先亮且亮度不變，L2后亮且亮度逐漸變亮C．S斷開，L1立即熄滅，L2亮一下才逐漸熄滅D．S斷開，L1閃亮一下逐漸熄滅，L2逐漸熄滅【考點(diǎn)】自感現(xiàn)象和自感系數(shù)．【分析】電感在線圈中電流發(fā)生變化時會產(chǎn)生一種阻礙作用，當(dāng)電流增大時會產(chǎn)生反向電動勢使電流緩慢增大，在接通瞬間看作是電阻極大；當(dāng)電流減小時，會產(chǎn)生同向電動勢，使電流緩慢減小，相當(dāng)于電源．【解答】解：A、B、當(dāng)S閉合瞬時，燈L1獲得電壓，立刻發(fā)光，且亮度不變，而燈L2隨著線圈L電流的增加，L2電流逐漸增大，變得更亮；故A錯誤，B正確；C、D、S斷開瞬時，L1中電流消失，而L2中由于電感中產(chǎn)生一個與電流同向的自感電動勢，故燈L1、L2的一起漸漸熄滅，由于通過L2的電流小于L1，因此L1不會亮一下逐漸熄滅．故CD錯誤．故選：B．2．如圖所示，固定的水平長直導(dǎo)線中通有電流I，矩形線框與導(dǎo)線在同一豎直平面內(nèi)，且一邊與導(dǎo)線平行．線框由靜止釋放，在下落過程中（）A．穿過線框的磁通量保持不變B．線框中感應(yīng)電流方向保持不變C．線框所受安掊力的合力為零D．線框的機(jī)械能不斷增大【考點(diǎn)】楞次定律；安培力．【分析】根據(jù)磁能量形象表示：當(dāng)線框下落過程中穿過磁場中某一面積的磁感線的條數(shù)判斷磁能量的變化；用楞次定律研究感應(yīng)電流的方向；用左手定則分析安培力，根據(jù)能量守恒定律研究機(jī)械能的變化．【解答】解：A、線框在下落過程中，所在磁場減弱，穿過線框的磁感線的條數(shù)減小，磁通量減?。蔄錯誤．B、下落過程中，因?yàn)榇磐侩S線框下落而減小，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的磁場與原磁場方向相同，不變，所以感應(yīng)電流的方向不變，故B正確．C、線框左右兩邊受到的安培力平衡抵消，上邊受的安培力大于下邊受的安培力，安培力合力不為零．故C錯誤．D、由于安培力做負(fù)功，致使機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，線框中產(chǎn)生電能，機(jī)械能減?。蔇錯誤故選：B．3．某物體以30m/s的初速度豎直上拋，不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2，5s內(nèi)物體的（）A．路程為65mB．位移大小為25m，方向向上C．速度改變量的大小為10m/sD．平均速度大小為13m/s，方向向上【考點(diǎn)】豎直上拋運(yùn)動．【分析】根據(jù)上升的位移大小和下降的位移大小求出路程的大小，從而得出位移的大小和方向，根據(jù)速度時間公式求出速度的變化量，結(jié)合平均速度的推論求出平均速度．【解答】解：A、物體上升到最高點(diǎn)的時間，則下降的時間t2=2s，上升的位移大小，下降的位移大小，則路程s=x1+x2=45+20m=65m．故A正確．B、位移的大小x=x1﹣x2=45﹣20m=25m，方向向上，故B正確．C、速度的變化量△v=gt=10×5m/s=50m/s，故C錯誤．D、5s末的速度v=v0﹣gt=30﹣50m/s=﹣20m/s，則平均速度的大小，方向向上，故D錯誤．故選：AB．4．如圖所示，在水平地面上O點(diǎn)正上方不同高度的A、B兩點(diǎn)分別水平拋出一小球，如果兩球均落在同一點(diǎn)C上，則兩小球（）A．落地的速度大小可能相等 B．落地的速度方向可能相同C．落地的速度大小不可能相等 D．落地的速度方向不可能相同【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動．【分析】平拋運(yùn)動軌跡為拋物線，速度方向?yàn)樵擖c(diǎn)的切線方向，平拋運(yùn)動水平方向做勻速直線運(yùn)動，豎直方向?yàn)樽杂陕潴w運(yùn)動，設(shè)出水平方向和豎直方向的位移，運(yùn)用平拋運(yùn)動的基本規(guī)律表示出落地的速度即可求解．【解答】解：設(shè)水平位移OC為x，豎直位移BO為H，AO為h，則從A點(diǎn)拋出時的速度為，從B點(diǎn)拋出時的速度為，則從A點(diǎn)拋出的小球落地時的速度為：，從B點(diǎn)拋出的小球落地時的速度為：，令=，解得，即當(dāng)時，兩者速度大小相等，故A正確，C錯誤；平拋運(yùn)動軌跡為拋物線，速度方向?yàn)樵擖c(diǎn)的切線方向，分別從AB兩點(diǎn)拋出的小球軌跡不同，在C點(diǎn)的切線方向也不同，所以落地時方向不可能相同，故B錯誤，D正確．故選AD5．將面積是0.5m2的導(dǎo)線環(huán)放在勻強(qiáng)磁場中，環(huán)面與磁場方向垂直．已知穿過這個導(dǎo)線環(huán)的磁通量是2.0×10﹣2wb，則該磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為（）A．4.0×10﹣2T B．1.0×10﹣2T C．25T D．2.0×10﹣2T【考點(diǎn)】磁感應(yīng)強(qiáng)度．【分析】閉合導(dǎo)線處在勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)環(huán)面與磁場垂直時，穿過環(huán)的磁通量Φ=BS，變形求出B．【解答】解：閉合導(dǎo)線環(huán)在勻強(qiáng)磁場中，環(huán)面與磁場垂直時，穿過環(huán)的磁通量Φ=BS，則B==T=4.0×10﹣2T．故A正確，BCD錯誤．故選：A．6．如圖所示，A、B兩物體從地面上某點(diǎn)正上方不同高度處，同時做自由落體運(yùn)動．已知A的質(zhì)量比B的質(zhì)量大，下列說法正確的是（）A．A、B可能在空中相撞B．A、B落地時的速度相等C．下落過程中，A、B速度變化的快慢相同D．從開始下落到落地，A、B的平均速度相等【考點(diǎn)】自由落體運(yùn)動．【分析】重力加速度與物體的質(zhì)量無關(guān)；自由落體運(yùn)動的初速度為0，加速度等于當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，故利用根?jù)v2=2gh可得物體落地時的速度，根據(jù)h=，即可求出物體下落的時間．【解答】解：A、由于不計(jì)空氣的阻力，故物體僅受重力，則物體的加速度a==g，故物體的加速度與物體的質(zhì)量無關(guān)，下落過程中，A、B速度變化的快慢相同，A、B不可能在空中相撞．故A錯誤，C正確．B、根據(jù)v2=2gh可得物體落地時的速度v=，由于兩物體從不同高度開始自由下落，故到達(dá)地面時速度不相同．故B錯誤．D、自由落體運(yùn)動是初速度等于0的勻加速直線運(yùn)動，所以平均速度：即平均速度是落地速度的一半，兩個物體落地的速度不相等，所以平均速度也不相等．故D錯誤．故選：C．7．同學(xué)們利用圖所示的裝置通過實(shí)驗(yàn)探究，得到了在彈性限度內(nèi)彈簧的彈力與彈簧伸長量的關(guān)系．下列說法中能反映正確探究結(jié)果的是（）A．彈簧的彈力與彈簧的伸長量成正比B．彈簧的彈力與彈簧的伸長量成反比C．彈簧的彈力與彈簧的伸長量的平方成正比D．彈簧的彈力與彈簧的伸長量的平方成反比【考點(diǎn)】探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系．【分析】本題研究彈簧的彈力與彈簧伸長量的關(guān)系，根據(jù)胡克定律進(jìn)行分析即可．【解答】解：根據(jù)胡克定律可知，發(fā)生彈性形變時，彈簧的彈力與彈簧伸長量成正比，不是成反比，也不是與伸長量的平方成正比．故A正確，BCD錯誤．故選：A．8．下列說法正確的是（）A．陰雨天，空氣相對濕度較小B．分子間距離越小，分子間作用力越小C．氣體體積是指所有氣體分子體積的總和D．氣體壓強(qiáng)是大量氣體分子碰撞器壁的結(jié)果【考點(diǎn)】氣體壓強(qiáng)的微觀意義；分子間的相互作用力．【分析】絕對濕度是指單位體積的空氣中含有水蒸汽重量的實(shí)際數(shù)值．飽和濕度是指在一定的氣壓和一定的溫度的條件下、單位體積的空氣中能夠含有水蒸汽的極限數(shù)值．空氣相對濕度空氣中的絕對濕度與同溫度下的飽和絕對濕度的比值．【解答】解：A、陰雨天，空氣中的絕對濕度大，所以導(dǎo)致空氣相對濕度較大，故A錯誤．B、分子間作用力與分子間距離關(guān)心如圖，實(shí)線所示，分子間距為r0時，分子間的作用力為零，距離減小，表現(xiàn)為斥力，距離增大，表現(xiàn)為引力，所以說分子間距離越小，分子間作用力越小這種說法錯誤，故B錯誤．C、氣體體積是指所有氣體分子所達(dá)到的空間的體積，故C錯誤．D、氣體壓強(qiáng)產(chǎn)生原因是大量分子頻繁地碰撞器壁，就對器壁產(chǎn)生持續(xù)、均勻的壓力．所以從分子動理論的觀點(diǎn)看來，氣體的壓強(qiáng)就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力．故D正確．故選：D9．如圖所示的電路中，電源電動勢為E，電源內(nèi)阻為r，閉合開關(guān)S，待電流達(dá)到穩(wěn)定后，將滑動變阻器的滑動觸頭P從圖示位置向a端移動一些，則待電流再次達(dá)到穩(wěn)定后，與P移動前相比（）A．電容器C的電荷量減小B．小燈泡L變亮C．電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變大D．電源的總功率變大【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律．【分析】電路穩(wěn)定時，電容器相當(dāng)于開關(guān)斷開，電容器的電壓等于變阻器兩端的電壓．將滑動變阻器的滑動觸頭P向a端移動一些，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，由歐姆定律分析電流和變阻器的電壓變化，再分析兩電表和電容器電荷量的變化．【解答】解：A、將滑動變阻器的滑動觸頭P向a端移動一些，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，由閉合電路歐姆定律分析可知：總電流減小，內(nèi)電壓減小，則路端電壓增大．即電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變大，電流達(dá)到穩(wěn)定后，電容器的電壓等于變阻器兩端的電壓．變阻器的電壓UR=E﹣I（RL+r），I減小，UR增大，電容器電量增大．故A錯誤，C正確．B、總電流減小，小燈泡L的實(shí)際功率減小，將變暗．故B錯誤．D、電源的總功率為P=EI，I減小，則P減小．故D錯誤．故選：C10．兩個相同的負(fù)電荷和一個正電荷附近的電場線分布如圖所示．c是兩負(fù)電荷連線的中點(diǎn)，d點(diǎn)在正電荷的正上方，c、d到正電荷的距離相等，則下列說法正確的是（）A．a(chǎn)點(diǎn)的電場強(qiáng)度比b點(diǎn)的大B．a(chǎn)點(diǎn)的電勢比b點(diǎn)的高C．將正電荷從c點(diǎn)移到d點(diǎn)，電場力做正功D．將正電荷從c點(diǎn)移到d點(diǎn)，電勢能增大【考點(diǎn)】電場線；電勢能．【分析】根據(jù)電場線的疏密判斷場強(qiáng)的大?。鶕?jù)電場線的方向判斷電荷的正負(fù)．順著電場線電勢逐漸降低，由電場線的方向可判斷電勢的正負(fù)．【解答】解：A、由圖看出，a點(diǎn)處電場線比b點(diǎn)處電場線密，則a點(diǎn)的場強(qiáng)大于b點(diǎn)的場強(qiáng)，故A正確．B、電場線從正電荷到負(fù)電荷，沿著電場線電勢降低，所以b點(diǎn)的電勢比a點(diǎn)的高，故B錯誤；C、正電荷到c點(diǎn)的平均場強(qiáng)大于正電荷到d點(diǎn)的平均場強(qiáng)，根據(jù)U=Ed可知，正電荷到c點(diǎn)電勢降低的多，所以c點(diǎn)的電勢比d點(diǎn)的低，所以將正電荷從c點(diǎn)移到d點(diǎn)，電勢能增大，則電場力做負(fù)功，所以C錯誤，D正確；故選：AD11．如圖所示，質(zhì)量為m的木塊A，放在斜面B上，若A和B在水平地面上以相同的速度向左做勻速直線運(yùn)動，則A和B之間的相互作用力大小為（）A．mg B．mgsinθ C．mgcosθ D．不能確定【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用．【分析】選A為研究對象，則A受到重力、支持力、靜摩擦力三個力，由于A和B一起做勻速直線運(yùn)動，故A處于平衡狀態(tài)，即A的重力、支持力、靜摩擦力三力的合力為0．A和B之間的作用力為支持力和摩擦力的合力．【解答】解：選A為研究對象，則A受到重力、支持力、靜摩擦力三個力，由于A和B一起做勻速直線運(yùn)動，故A處于平衡狀態(tài)，即A的重力、支持力、靜摩擦力三力的合力為0；其中支持力和摩擦力是B作用于A的，故A和B之間的相互作用力的大小就等于支持力和摩擦力的合力的大?。闪Φ暮铣芍R知：若有N個力的合力為0，其中任意一個力的大小都等于另外N﹣1個力的合力的大小，故摩擦力與支持力的合力的大小等于重力的大小．故A正確，BCD錯誤．故選：A．12．如圖為地磁場磁感線的示意圖．在北半球地磁場的豎直分量向下．飛機(jī)在我國上空勻速巡航，機(jī)翼保持水平，飛行高度不變．由于地磁場的作用，金屬機(jī)翼上有電勢差．設(shè)飛行員左方機(jī)翼末端處的電勢為U1，右方機(jī)翼末端處的電勢為U2，（）A．若飛機(jī)從東往西飛，U2比U1高B．若飛機(jī)從西往東飛，U2比U1高C．若飛機(jī)從南往北飛，U1比U2高D．若飛機(jī)從北往南飛，U2比U1高【考點(diǎn)】右手定則；地磁場．【分析】由于地磁場的存在，當(dāng)飛機(jī)在北半球水平飛行時，兩機(jī)翼的兩端點(diǎn)之間會有一定的電勢差，相當(dāng)于金屬棒在切割磁感線一樣．由右手定則可判定電勢的高低．【解答】解：當(dāng)飛機(jī)在北半球飛行時，由于地磁場的存在，且地磁場的豎直分量方向豎直向下，由于判定感應(yīng)電動勢的方向的方法與判定感應(yīng)電流的方向的方法是相同的，由低電勢指向高電勢，由右手定則可判知，在北半球，不論沿何方向水平飛行，都是飛機(jī)的左方機(jī)翼電勢高，右方機(jī)翼電勢低，即總有U1比U2高．故C正確，ACD錯誤．故選：C13．在如圖所示電路中，A、B間的電壓保持一定，UAB=6V，電阻R1=R2=4Ω，R3=2Ω．那么（）A．開關(guān)S斷開時，R3兩端電壓是3VB．開關(guān)S接通時，R3通過的電流是1.5AC．開關(guān)S斷開時，R1通過的電流是0.75AD．開關(guān)S接通時，R1兩端電壓是4V【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律；歐姆定律．【分析】首先認(rèn)識電路的結(jié)構(gòu)：開關(guān)S斷開時，R2與R3串聯(lián)；開關(guān)S接通時，電阻R1與R2并聯(lián)后再與R3串聯(lián)．根據(jù)歐姆定律求解．【解答】解：A、C開關(guān)S斷開時，R2與R3串聯(lián)；R3兩端電壓為U3=UAB=V=4V；R1通過的電流是0；故A、C錯誤．B、D開關(guān)S接通時，電阻R1與R2并聯(lián)后再與R3串聯(lián)．R1與R2并聯(lián)電阻為R并==2ΩR3通過的電流是I==A=1.5A，R1兩端電壓U1=IR并=1.5×2V=3V，故B正確，D錯誤．故選：B．14．如圖所示，兩個質(zhì)量相等的物體沿同一高度、傾角不同的兩光滑斜面頂端從靜止自由下滑，到達(dá)斜面底端，兩個物體具有的相同物理量是（）A．下滑的過程中重力的沖量 B．下滑的過程中彈力的沖量C．下滑的過程中合力的沖量 D．剛到達(dá)底端時的動量大小【考點(diǎn)】動量定理．【分析】分析物體的受力情況及運(yùn)動情況，由沖量的定義可求得各力的沖量，由速度變化得出動量的關(guān)系【解答】解：A、物體在下滑中只有重力做功，而重力做功只與高度差有關(guān)，故兩種情況下重力做功相等，到達(dá)底部時速度大小相等，故動量大小相等；因初末速度相等，故平均速度大小相等，由于xx個斜面長度大，故物體在xx個斜面上用時要長；故下滑過程中重力的沖量不同；故A錯誤D正確；B、由圖可知，彈力F=mgcosθ，故xx個斜面上的彈力要大，而時間要長，故xx種情況下的，彈力的沖量要大；故B錯誤；C、由動量定理可知，合外力的沖量等于動量的變化，而落地時的速度大小相等，方向不同，故合外力的沖量不同；故選：D15．如圖（a）所示，AB是某電場中的一條電場線，若有一電子以某一初速度且僅在電場力的作用下，沿AB由點(diǎn)A運(yùn)動到點(diǎn)B，所經(jīng)位置的電勢隨距A點(diǎn)的距離變化的規(guī)律如圖（b）所示．以下說法正確的是（）A．該電場是勻強(qiáng)電場B．電子在A、B兩點(diǎn)的速度vA＜vBC．A、B兩點(diǎn)的電勢φA＞φBD．電子在A、B兩點(diǎn)的電勢能EpA＜EpB【考點(diǎn)】電勢能；電勢．【分析】根據(jù)φ﹣x圖象的斜率大小等于電場強(qiáng)度，分析場強(qiáng)的變化，判斷電場的性質(zhì)．由圖看出，電勢逐漸降低，可根據(jù)順著電場線方向電勢降低，判斷出電場線的方向，確定電勢的高低，由電場力做功正負(fù)，分析速度的大小并判斷電子電勢能的變化．【解答】解：A、φ﹣x圖象的斜率大小等于電場強(qiáng)度，由幾何知識得知，圖象切線的斜率不斷減小，則從A到點(diǎn)B場強(qiáng)減小，則有EA＞EB．所以該電場是非勻強(qiáng)電場，故A錯誤；BD、根據(jù)順著電場線方向電勢降低，知電場線的方向從A到B，電子所受的電場力從B到A，則電子在A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)的過程中，電場力做負(fù)功，電子的動能減小，速度減小，而電子的電勢能增大．即有vA＞vB，EPA＜EPB．故B錯誤，D正確．C、由圖看出，電勢逐漸降低，φA＞φB，故C正確．故選：CD．16．如圖粗糙水平面上靜放一質(zhì)量為M的粗糙斜面，斜面上一質(zhì)量為m的物塊恰能相對斜面靜止．若現(xiàn)物塊以某初速度沿斜面上滑，斜面仍靜止．已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則（）A．物塊可能做勻速運(yùn)動B．物塊對斜面的作用力的合力小于mgC．地面對斜面的支持力等于（M+m）gD．地面對斜面的摩擦力水平向左【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用．【分析】物塊恰好相對斜面靜止，受力平衡，靜摩擦力方向向上，物塊以某初速度沿斜面上滑時，滑動摩擦力方向向下，合力沿斜面向下，做勻減速直線運(yùn)動，把物體和斜面體看成一個整體，整體加速度可分解為豎直向下和水平向左的加速度，結(jié)合牛頓xx定律分析即可．【解答】解：A、物塊恰好相對斜面靜止，受力平衡，設(shè)斜面傾角為θ，則有mgsinθ=μmgcosθ，現(xiàn)物塊以某初速度沿斜面上滑，根據(jù)牛頓xx定律得：a=，方向沿斜面向下，做勻減速直線運(yùn)動，故A錯誤；B、斜面對物體的支持力大小和方向都不變，摩擦力的大小不變，方向與原來相反，但仍與支持力垂直，根據(jù)平行四邊形定值可知，合力大小不變，仍等于重力，根據(jù)牛頓第三定律可知，物塊對斜面的作用力的合力等于mg，故B錯誤；C、把物體和斜面體看成一個整體，整體加速度可分解為豎直向下和水平向左的加速度，則豎直方向合力向下，地面對斜面的支持力小于（M+m）g，水平方向合力向左，地面對斜面的摩擦力水平向左，故C錯誤，D正確；故選：D17．兩個物體A和B，質(zhì)量分別為2m和m，用跨過定滑輪的輕繩相連，A靜止于水平地面上，如圖所示，θ=30°，不計(jì)摩擦，則以下說法正確的是（）A．繩上拉力大小為mgB．物體A對地面的壓力大小為mgC．物體A對地面的摩擦力大小為mgD．地面對物體A的摩擦力方向向右【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用．【分析】先以B為研究對象根據(jù)平衡條件求出繩子的拉力；然后以A為研究對象受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件求出支持力和摩擦力的大小．【解答】解：A、先以B為研究對象，受重力和拉力，根據(jù)平衡條件，有：T=mg，故A錯誤；BCD、再對物體A受力分析，受重力、支持力、拉力和向左的靜摩擦力，如圖所示：根據(jù)平衡條件，有：水平方向：Tcosθ=f，豎直方向：N+Tsinθ=2mg，將T=mg代入，有：f=mg，N=mg；結(jié)合牛頓第三定律，物體A對地面的壓力大小為mg，物體A對地面的摩擦力大小為mg，故BD錯誤，C正確；故選：C18．關(guān)于功的概念，以下說法正確的是（）A．力是矢量，位移是矢量，所以功也是矢量B．功有正、負(fù)之分，若某個力對物體做負(fù)功，表明這個力對該物體的運(yùn)動起阻礙作用C．若某一個力對物體不做功，說明該物體一定沒有位移D．合力的功等于各分力做的功的矢量和【考點(diǎn)】功的計(jì)算．【分析】既有大小也有方向，運(yùn)算時遵循平行四邊形定則的物理量是矢量，并不是說有正負(fù)之分的物理量就是矢量．做功包含的兩個必要因素是：作用在物體上的力，物體在力的方向上通過一定的位移．根據(jù)W=Flcosα求解．【解答】解：A、功是標(biāo)量，只有大小沒有方向，所以A錯誤；B、功有正、負(fù)之分，但功的正負(fù)不是表示方向，是表示力對物體的做功效果，若某個力對物體做負(fù)功，表明這個力對該物體的運(yùn)動起阻礙作用，所以B正確；C、若力的方向與位移方向垂直，則該力不做功，但是有位移，故C錯誤；D、力是標(biāo)量，合力的功等于各分力做的功的代數(shù)和，故D錯誤；故選：B．19．關(guān)于行星繞太陽的運(yùn)動，下列說法正確的是（）A．所有行星都在同一橢圓軌道上繞太陽運(yùn)動B．行星繞太陽運(yùn)動時，行星位于橢圓軌道的焦點(diǎn)上C．離太陽越近的行星，公轉(zhuǎn)周期越短D．所有行星軌道半長軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的二次方的比值都相等【考點(diǎn)】開普勒定律．【分析】開普勒xx定律是太陽系中的所有行星圍繞太陽運(yùn)動的軌道都是橢圓，太陽處在所有橢圓的一個焦點(diǎn)上．開普勒第三定律中的公式=k，可知半長軸的三次方與公轉(zhuǎn)周期的二次方成正比，從而即可求解．【解答】解：A、行星繞太陽運(yùn)動做橢圓軌道運(yùn)動，并不是所有行星都在一個橢圓上，故A錯誤．B、由開普勒xx定律可知：行星繞太陽運(yùn)動做橢圓軌道運(yùn)動，太陽在橢圓的一個焦點(diǎn)上，故B錯誤．C、由開普勒第三定律可知：=k，故可知離太陽越近的行星，公轉(zhuǎn)周期越短，故C正確．D、由開普勒第三定律可知：=k，所有行星軌道半長軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的二次方的比值都相等，故D正確．故選：CD．20．甲、乙兩個物體從同一地點(diǎn)、沿同一直線同時做直線運(yùn)動，其v﹣t圖象如圖所示，則（）A．1s時甲和乙相遇B．0～6s內(nèi)甲乙相距最大距離為1mC．2～6s內(nèi)甲相對乙做勻速直線運(yùn)動D．4s時乙的加速度方向反向【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動的圖像；勻變速直線運(yùn)動的速度與時間的關(guān)系．【分析】v﹣t圖象中，傾斜的直線表示勻變速直線運(yùn)動，斜率表示加速度，圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移．在時間軸上方的位移為正，下方的面積表示位移為負(fù)，看物體是否改變運(yùn)動方向就看速度圖象是否從時間軸的上方到時間軸的下方．【解答】解：A．由圖象可知：在t=1s時，甲乙速度相等，位移不等，沒有相遇，故A錯誤；B．圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，由圖象可知，6s末甲乙相距最遠(yuǎn)，最遠(yuǎn)距離x=，故B錯誤；C．甲乙兩個物體在2﹣6內(nèi)圖象的斜率相同，所以加速度相同，則甲相對乙做勻速直線運(yùn)動，故C正確；D．乙物體在2﹣6內(nèi)圖象的斜率相同，所以加速度是相同的，沒有反向，故D錯誤．故選：C．二、計(jì)算題21．如圖甲所示，光滑且足夠長的金屬導(dǎo)軌MN、PQ平行地固定的同一水平面上，兩導(dǎo)軌間距L=0.20m，兩導(dǎo)軌的左端之間連接的電阻R=0.40Ω，導(dǎo)軌上停放一質(zhì)量m=0.10kg的金屬桿ab，位于兩導(dǎo)軌之間的金屬桿的電阻r=0.10Ω，導(dǎo)軌的電阻可忽略不計(jì)．整個裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.50T的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向豎直向下．現(xiàn)用一水平外力F水平向右拉金屬桿，使之由靜止開始運(yùn)動，在整個運(yùn)動過程中金屬桿始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，若理想電壓表的示數(shù)U隨時間t變化的關(guān)系如圖乙所示．求金屬桿開始運(yùn)動經(jīng)t=5.0s時，（1）通過金屬桿的感應(yīng)電流的大小和方向；（2）金屬桿的速度大小；（3）外力F的瞬時功率．【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；閉合電路的歐姆定律；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化．【分析】（1）根據(jù)圖象在t=0.5s時，通過電壓和電阻的大小求出通過電阻R的電流大小，根據(jù)右手定則判斷出感應(yīng)電流的方向．（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律求出感應(yīng)電動勢的大小，結(jié)合切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢公式E=BLv求出金屬桿切割的速度．（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律，結(jié)合E=BLv求出電壓表讀數(shù)與v的關(guān)系式，通過U﹣t的關(guān)系得出v﹣t的關(guān)系，從而求出金屬桿的加速度，根據(jù)牛頓xx定律求出外力F的大小，再根據(jù)P=Fv求出外力的瞬時功率．【解答】解：（1）由圖象可知，t=5.0s時，U=0.40V．此時電路中的電流（即通過金屬桿的電流）I=用右手定則判斷出，此時電流的方向由b指向a．（2）金屬桿產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=I（R+r）=0.50V因E=BLv，所以0.50s時金屬桿的速度大小v==5.0m/s（3）金屬桿速度為v時，電壓表的示數(shù)應(yīng)為．由圖象可知，U與t成正比，由于R、r、B及L均與不變量，所以v與t成正比，即金屬桿應(yīng)沿水平方向向右做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動．金屬桿運(yùn)動的加速度a=．根據(jù)牛頓xx定律，在5.0s末時對金屬桿有：F﹣BIL=ma，解得F=0.20N．此時F的瞬時功率P=Fv=1.0W．答：（1）通過金屬桿的感應(yīng)電流的大小為1.0A，方向由b指向a．（2）金屬桿的速度大小為5.0m/s．（3）外力F的瞬時功率為1.0W．22．如圖所示，半徑為、質(zhì)量為m的小球用兩根不可伸長的輕繩a、b連接（繩子的延長線經(jīng)過球心），兩輕繩的另一端系在一根豎直桿的A、B兩點(diǎn)上，A、B兩點(diǎn)相距為l，當(dāng)兩輕繩伸直后，A、B兩點(diǎn)到球心的距離均為l．當(dāng)豎直桿以自己為軸轉(zhuǎn)動并達(dá)到穩(wěn)定時（輕繩a、b與桿在同一豎直平面內(nèi)）．求：（1）豎直桿角速度ω為多大時，小球恰好離開豎直桿？（2）當(dāng)豎直桿角速度ω=2時，輕繩a的張力Fa為多大？【考點(diǎn)】向心力；牛頓xx定律．【分析】（1）小球恰離開豎直桿時，受重力和拉力，拉力的豎直分力與重力平衡，水平分力提供向心力；（2）由向心力公式可明確此時繩是否張緊，再根據(jù)向心力公式列式即可明確此時繩a的拉力．【解答】（1）小球恰好離開豎直桿時，小球與豎直桿間的作用力為零，設(shè)此時輕繩a與豎直桿間的夾角為α，由題意可知sinα=，r=沿半徑：Fasinα=mω2r垂直半徑：Facosα=mg聯(lián)立解得ω=2．（2）若角速度ω再增大，小球?qū)㈦x開豎直桿，在輕繩b恰伸直前，設(shè)輕繩a與豎直桿的夾角為β，此時小球做圓周運(yùn)動的半徑為r=lsinβ沿半徑：Fasinβ=mω2r，垂直半徑：Facosβ=mg聯(lián)立解得Fa=mω2l當(dāng)輕繩b恰伸直時，β=60°，此時ω=由于ω=2＞故輕繩b已拉直，小球做圓周運(yùn)動的半徑為r=lsin60°沿半徑：Fasin60°+Fbsin60°=mω2r垂直半徑：Facos60°=Fbcos60°+mg聯(lián)立解得Fa=mlω2+mg，代入數(shù)據(jù)解得：Fa=3mg答：（1）豎直桿角速度ω為2時，小球恰好離開豎直桿？（2）當(dāng)豎直桿角速度ω=2時，輕繩a的張力Fa為3mg．

2017年1月23日2016-2017學(xué)年xx省xx市xx中學(xué)高三（上）周練物理試卷（高補(bǔ)班）（12.16）一、單項(xiàng)選擇題1．如圖所示，在電路兩端加上正弦交流電，保持電壓最大值不變，使頻率減小，發(fā)現(xiàn)各燈的亮暗情況是：燈1變亮，燈2變暗，燈3不變，則M、N、L中所接元件可能是（）A．M為電阻，N為電容器，L為電感線圈B．M為電容器，N為電感線圈，L為電阻C．M為電感線圈，N為電容器，L為電阻D．M為電阻，N為電感線圈，L為電容器2．關(guān)于氣體的壓強(qiáng)，下列說法正確的是（）A．氣體的壓強(qiáng)是由氣體分子間的吸引和排斥產(chǎn)生的B．氣體分子的平均速率增大，氣體的壓強(qiáng)一定增大C．氣體的壓強(qiáng)等于器壁單位面積、單位時間所受氣體分子沖量的大小D．當(dāng)某一容器自由下落時，容器中氣體的壓強(qiáng)將變?yōu)榱?．如圖所示，水平細(xì)線NP與斜拉細(xì)線OP把質(zhì)量為m的小球維持在位置P，OP與豎直方向夾角為θ，這時斜拉細(xì)線中的張力為TP，作用于小球的合力為FP；若剪斷NP，當(dāng)小球擺到位置Q時，OQ與豎直方向夾角也為θ，細(xì)線中的張力為TQ，作用于小球的合力為FQ，則（）A．TP=TQ，F(xiàn)P=FQ B．TP=TQ，F(xiàn)P＞FQ C．TP＜TQ，F(xiàn)P=FQ D．TP＞TQ，F(xiàn)P＜FQ4．如圖所示，磁場B方向、通電直導(dǎo)線中電流I的方向，以及通電直導(dǎo)線所受磁場力F的方向，其中正確的是（）A． B． C． D．5．類比是一種有效的學(xué)習(xí)方法，通過歸類和比較，有助于掌握新知識，提高學(xué)習(xí)效率．在類比過程中，既要找出共同之處，又要抓住不同之處．某同學(xué)對機(jī)械波和電磁波進(jìn)行類比，總結(jié)出下列內(nèi)容，其中不正確的是（）A．機(jī)械波的頻率、波長和波速三者滿足的關(guān)系，對電磁波也適用B．機(jī)械波和電磁波都能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象C．機(jī)械波的傳播依賴于介質(zhì)，而電磁波可以在真空中傳播D．機(jī)械波既有橫波又有縱波，而電磁波只有縱波6．在下列物體運(yùn)動中，機(jī)械能守恒的是（）A．加速向上運(yùn)動的運(yùn)載火箭 B．被勻速吊起的集裝箱C．光滑曲面上自由運(yùn)動的物體 D．在粗糙水平面上運(yùn)動的物體7．如圖所示，a、b間接入電壓u=311sin314t（V）的正弦交流電，變壓器右側(cè)部分為一火警報(bào)警系統(tǒng)原理圖，其中R2為用半導(dǎo)體熱敏材料制成的傳感器（當(dāng)溫度升高時，其阻值將減小），所有電表均為理想電表，電流表A2為值班室的顯示器，顯示通過R1的電流，電壓表V2顯示加在報(bào)警器上的電壓（報(bào)警器未畫出），R3為一定值電阻．當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時，以下說法中正確的是（）A．A1的示數(shù)增大，A2的示數(shù)增大B．V1的示數(shù)不變，V2的示數(shù)減小C．A1的示數(shù)增大，A2的示數(shù)不變D．V1的示數(shù)減小，V2的示數(shù)減小8．給平行板電容器充電，斷開電源后A極板帶正電，B極板帶負(fù)電．板間一帶電小球C用絕緣細(xì)線懸掛，如圖所示．小球靜止時與豎直方向的夾角為θ，則（）A．若將B極板向右平移稍許，電容器的電容將減小B．若將B極板向下平移稍許，A、B兩板間電勢差將增大C．若將B極板向下平移稍許，夾角θ將變大D．輕輕將細(xì)線剪斷，小球?qū)⒆鲂睊佭\(yùn)動9．在光滑平面中，有一轉(zhuǎn)動軸垂直于此平面，交點(diǎn)O的上方h處固定一細(xì)繩的一端，繩的另一端固定一質(zhì)量為m的小球B，繩長AB=l＞h，小球可隨轉(zhuǎn)動軸轉(zhuǎn)動并在光滑水平面上做勻速圓周運(yùn)動，如圖所示，要使球不離開水平面，轉(zhuǎn)動軸轉(zhuǎn)速的最大值是（）A． B．π C． D．2π10．下列說法中正確的是（）A．α粒子散射實(shí)驗(yàn)證明了原子核還可以再分B．天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)揭示了原子的核式結(jié)構(gòu)C．分別用X射線和綠光照射同一金屬表面都能發(fā)生光電效應(yīng)，則用X射線照射時光電子的最大初動能較大D．基態(tài)氫原子吸收一個光子躍遷到激發(fā)態(tài)后，可能發(fā)射多種頻率的光子11．如圖所示為兩個物體A和B在同一直線上沿同一方向同時開始運(yùn)動的v﹣t圖線，已知在第3s末兩個物體在途中相遇，則（）A．A、B兩物體是從同一地點(diǎn)出發(fā)B．3s內(nèi)物體A的平均速度比物體B的大C．A、B兩物體在減速段的加速度大小之比為3：1D．t=1s時，兩物體xx次相遇12．如圖所示，在樓道內(nèi)傾斜天花板上安裝燈泡．將一根輕繩的兩端分別固定在天花板上的a、b兩點(diǎn)，另取一根輕繩將燈泡懸掛在O點(diǎn)，繩Oa水平，整個裝置靜止．現(xiàn)保持O點(diǎn)位置不變，對燈泡施加一個水平向右的拉力，使它稍向右移動一小段距離，兩繩中拉力F1和F2的變化情況是（）A．F1減小 B．F1不變 C．F2減小 D．F2不變13．如圖所示，閉合開關(guān)S后，A燈與B燈均發(fā)光，當(dāng)滑動變阻器的滑片P向左滑動時，以下說法中正確的是（）A．A燈變暗 B．B燈變亮C．電源的輸出功率可能減小 D．電源的總功率可能增大14．一平行電容器兩極板之間充滿云母介質(zhì)，接在恒壓直流電源上，若將云母介質(zhì)移出，則電容器（）A．極板上的電荷量變大，極板間的電場強(qiáng)度變大B．極板上的電荷量變小，極板間的電場強(qiáng)度變大C．極板上的電荷量變大，極板間的電場強(qiáng)度不變D．極板上的電荷量變小，極板間的電場強(qiáng)度不變15．以下說法正確的是（）A．牛頓在前人研究基礎(chǔ)上總結(jié)出萬有引力定律，并測出引力常量為GB．亞里士多德發(fā)現(xiàn)了力是改變物體運(yùn)動狀態(tài)的原因C．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象D．安培發(fā)現(xiàn)了磁場對運(yùn)動電荷的作用規(guī)律；洛倫茲發(fā)現(xiàn)了磁場對電流的作用規(guī)律16．關(guān)于電阻和電阻率的說法中，正確的是（）A．導(dǎo)體對電流的阻礙作用叫做導(dǎo)體的電阻，因此只有導(dǎo)體中有電流通過時才有電阻B．由R=可知導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體兩端的電壓成正比，跟導(dǎo)體中的電流成反比C．將一根導(dǎo)線等分為二，則半根導(dǎo)線的電阻和電阻率都是原來的二分之一D．某些金屬合金和化合物的電阻率隨溫度的降低突然減小為零，這種現(xiàn)象叫做超導(dǎo)現(xiàn)象17．如圖所示，實(shí)線為電場線，一帶電粒子在電場中的運(yùn)動軌跡如虛線所示，下列說法中正確的是（）A．粒子一定帶正電B．粒子受到的電場力做正功C．粒子在B點(diǎn)的電勢能大于在A點(diǎn)的電勢能D．粒子在B點(diǎn)的加速度大18．一個物體在幾個力的作用下處于平衡狀態(tài)，若使其中一個向東的力逐漸減小，直至為零，則在此過程中物體的加速度（）A．方向一定向東，且逐漸增大 B．方向一定向西，且逐漸增大C．方向一定向西，且逐漸減小 D．方向一定向東，且逐漸減小19．玻璃杯同一高度下落下，掉在水泥地上比掉在草地上容易碎，這是由于玻璃杯與水泥地撞擊的過程中（）A．玻璃杯的動量較大 B．玻璃杯受到的沖量較大C．玻璃杯的動量變化較大 D．玻璃杯的動量變化較快20．下列說法正確的是（）A．法拉第通過精心設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，首先發(fā)現(xiàn)電與磁存在聯(lián)系B．法拉第首先提出了分子電流假說C．我們周圍的一切物體都在輻射電磁波D．一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)，可能是因?yàn)檫@束光的頻率太大二、計(jì)算題21．某人在離地面h=20m高處以水平速度v0=15m/s拋出一個質(zhì)量m=1kg的小球，不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2．求：（1）小球在空中飛行的時間？（2）小球落地點(diǎn)離拋出點(diǎn)的水平位移？（3）小球在落地簽瞬間重力的瞬時功率是多少？22．如圖所示，為了測定氣墊導(dǎo)軌上滑塊的加速度，滑塊上安裝了寬度為3.0cm的遮光板，如圖所示，滑塊在牽引力作用下先后勻加速通過兩個光電門，配套的數(shù)字毫秒計(jì)記錄了遮光板通過xx個光電門的時間為△t1=0.30s，通過xx個光電門的時間為△t2=0.10s，遮光板從開始遮住xx個光電門到開始遮住xx個光電門的時間為△t=2.0s．（1）滑塊通過xx個光電門的速度是多少？（2）滑塊通過xx個光電門的速度是多少？（3）滑塊的加速度是多少？

2016-2017學(xué)年xx省xx市xx中學(xué)高三（上）周練物理試卷（高補(bǔ)班）（12.16）參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題1．如圖所示，在電路兩端加上正弦交流電，保持電壓最大值不變，使頻率減小，發(fā)現(xiàn)各燈的亮暗情況是：燈1變亮，燈2變暗，燈3不變，則M、N、L中所接元件可能是（）A．M為電阻，N為電容器，L為電感線圈B．M為電容器，N為電感線圈，L為電阻C．M為電感線圈，N為電容器，L為電阻D．M為電阻，N為電感線圈，L為電容器【考點(diǎn)】自感現(xiàn)象和自感系數(shù)．【分析】線圈的感抗與交流電的頻率成正比，電容器的容抗與頻率成反比，而電阻與頻率沒有關(guān)系．交流電頻率減小，燈泡變暗，阻抗變大，變亮，阻抗變?。窘獯稹拷猓航涣麟婎l率減小，燈1變亮，阻抗變小，說明M是電感線圈；燈2變暗，阻抗變大，說明N為電容器．燈3亮度不變，說明L為電阻，故C正確，ABD錯誤．故選：C．2．關(guān)于氣體的壓強(qiáng)，下列說法正確的是（）A．氣體的壓強(qiáng)是由氣體分子間的吸引和排斥產(chǎn)生的B．氣體分子的平均速率增大，氣體的壓強(qiáng)一定增大C．氣體的壓強(qiáng)等于器壁單位面積、單位時間所受氣體分子沖量的大小D．當(dāng)某一容器自由下落時，容器中氣體的壓強(qiáng)將變?yōu)榱恪究键c(diǎn)】封閉氣體壓強(qiáng)；氣體壓強(qiáng)的微觀意義．【分析】氣體壓強(qiáng)產(chǎn)生的原因：分子熱運(yùn)動不斷撞擊容器壁產(chǎn)生壓力．壓力與分子熱運(yùn)動速度以及撞擊頻率有關(guān)．【解答】解：A：氣體壓強(qiáng)產(chǎn)生的原因是分子熱運(yùn)動不斷撞擊容器壁產(chǎn)生壓力．并且氣體分子間的距離大于10r0，分子間的作用力可忽略．故A錯誤．B：壓強(qiáng)與分子熱運(yùn)動速度以及撞擊頻率有關(guān)，如果氣體分子的平均速率增大，但體積變大，撞擊頻率可能會很?。詺怏w的壓強(qiáng)不一定增大．故B錯誤．C：，器壁單位時間所受氣體分子沖量的大小就是力F的大小，又因?yàn)槭菃挝幻娣e，可認(rèn)為是1，所以氣體的壓強(qiáng)等于器壁單位面積、單位時間所受氣體分子沖量的大?。蔆正確．D：當(dāng)某一容器自由下落時，雖然處于失重狀態(tài)，但分子熱運(yùn)動不會停止，所以分子仍然不斷撞擊容器壁產(chǎn)生壓力，故壓強(qiáng)不為零．故D錯誤．故選：C3．如圖所示，水平細(xì)線NP與斜拉細(xì)線OP把質(zhì)量為m的小球維持在位置P，OP與豎直方向夾角為θ，這時斜拉細(xì)線中的張力為TP，作用于小球的合力為FP；若剪斷NP，當(dāng)小球擺到位置Q時，OQ與豎直方向夾角也為θ，細(xì)線中的張力為TQ，作用于小球的合力為FQ，則（）A．TP=TQ，F(xiàn)P=FQ B．TP=TQ，F(xiàn)P＞FQ C．TP＜TQ，F(xiàn)P=FQ D．TP＞TQ，F(xiàn)P＜FQ【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用．【分析】小球在P點(diǎn)時受力平衡，則合力為零；對小球受力分析可得出細(xì)線中的張力；小球在Q點(diǎn)沿繩方向受力平衡，則沿線的拉力等于重力沿繩的分力，此時物體有沿切線的分力，故合力不為零．【解答】解：在P點(diǎn)小球受力平衡，由受力分析可知，TP=；合力為零；在Q點(diǎn)時，TQ=mgcosθ，此時合力為mgsinθ；因sinθ及cosθ均小于1，故TP＞TQ，因P點(diǎn)合力為零，故FP＜FQ故選D．4．如圖所示，磁場B方向、通電直導(dǎo)線中電流I的方向，以及通電直導(dǎo)線所受磁場力F的方向，其中正確的是（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】左手定則．【分析】熟練應(yīng)用左手定則是解決本題的關(guān)鍵，在應(yīng)用時可以先確定一個方向，然后逐步進(jìn)行，如可先讓磁感線穿過手心，然后通過旋轉(zhuǎn)手，讓四指和電流方向一致或讓大拇指和力方向一致，從而判斷出另一個物理量的方向，用這種程序法，防止弄錯方向．【解答】解：A、如圖所示，由安培定則可知，安培力方向垂直于電流方向向上，故A錯誤；B、如圖所示，由安培定則可知，電流方向與磁場方向平行，因此不受安培力作用，故B錯誤；C、如圖所示，由安培定則可知，安培力方向豎直向下，故C正確；D、如圖所示，由安培定則可知，安培力垂直于導(dǎo)線向外，故D錯誤．故選C．5．類比是一種有效的學(xué)習(xí)方法，通過歸類和比較，有助于掌握新知識，提高學(xué)習(xí)效率．在類比過程中，既要找出共同之處，又要抓住不同之處．某同學(xué)對機(jī)械波和電磁波進(jìn)行類比，總結(jié)出下列內(nèi)容，其中不正確的是（）A．機(jī)械波的頻率、波長和波速三者滿足的關(guān)系，對電磁波也適用B．機(jī)械波和電磁波都能產(chǎn)生干涉和衍射現(xiàn)象C．機(jī)械波的傳播依賴于介質(zhì)，而電磁波可以在真空中傳播D．機(jī)械波既有橫波又有縱波，而電磁波只有縱波【考點(diǎn)】波長、頻率和波速的關(guān)系；機(jī)械波；波的干涉和衍射現(xiàn)象；電磁波的產(chǎn)生．【分析】本題實(shí)際考察了機(jī)械波和電磁波的區(qū)別和聯(lián)系，它們雖然都是波，但是產(chǎn)生機(jī)理是不同的．【解答】解：A、波長、波速、頻率的關(guān)系對任何波都是成立的，對電磁波當(dāng)然成立，故A正確；B、干涉和衍射是波的特性，機(jī)械波、電磁波都是波，這些特性都具有，故B正確；C、機(jī)械波是機(jī)械振動在介質(zhì)中傳播形成的，所以機(jī)械波的傳播需要介質(zhì)而電磁波是交替變化的電場和磁場由近及遠(yuǎn)的傳播形成的，所以電磁波傳播不需要介質(zhì)，故C正確；D、機(jī)械波既有橫波又有縱波，但是電磁波只能是橫波，其證據(jù)就是電磁波能夠發(fā)生偏振現(xiàn)象，而偏振現(xiàn)象是橫波才有的，D項(xiàng)錯誤．本題選錯誤的，故選D．6．在下列物體運(yùn)動中，機(jī)械能守恒的是（）A．加速向上運(yùn)動的運(yùn)載火箭 B．被勻速吊起的集裝箱C．光滑曲面上自由運(yùn)動的物體 D．在粗糙水平面上運(yùn)動的物體【考點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律．【分析】物體機(jī)械能守恒的條件是只有重力或者是彈簧的彈力做功，機(jī)械能等于勢能與動能之和，根據(jù)機(jī)械能守恒條件和機(jī)械能的概念進(jìn)行判斷．【解答】解：A、加速向上運(yùn)動的運(yùn)載火箭，動能和重力勢能都增加，兩者之和即機(jī)械能必定增加，故A錯誤．B、被勻速吊起的集裝箱動能不變，而重力勢能增加，兩者總和即機(jī)械能必定增加，故B錯誤．C、光滑曲面上自由運(yùn)動的物體，曲面對物體的支持力不做功，只有重力對物體做功，其機(jī)械能守恒，故C正確．D、在粗糙水平面上運(yùn)動的物體做減速運(yùn)動，重力勢能不變，而動能減少，兩者總和即機(jī)械能必定減小，故D錯誤．故選：C7．如圖所示，a、b間接入電壓u=311sin314t（V）的正弦交流電，變壓器右側(cè)部分為一火警報(bào)警系統(tǒng)原理圖，其中R2為用半導(dǎo)體熱敏材料制成的傳感器（當(dāng)溫度升高時，其阻值將減小），所有電表均為理想電表，電流表A2為值班室的顯示器，顯示通過R1的電流，電壓表V2顯示加在報(bào)警器上的電壓（報(bào)警器未畫出），R3為一定值電阻．當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時，以下說法中正確的是（）A．A1的示數(shù)增大，A2的示數(shù)增大B．V1的示數(shù)不變，V2的示數(shù)減小C．A1的示數(shù)增大，A2的示數(shù)不變D．V1的示數(shù)減小，V2的示數(shù)減小【考點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理．【分析】和閉合電路中的動態(tài)分析類似，可以根據(jù)R2的變化，確定出總電路的電阻的變化，進(jìn)而可以確定總電路的電流的變化的情況，再根據(jù)電壓不變，來分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況．【解答】解：當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時，R2的電阻減小，導(dǎo)致電路的總的電阻減小，所以電路中的總電流將會增加，A1測量的是原線圈中的總的電流，由于副線圈的電流增大了，所以原線圈的電流A1示數(shù)也要增加；由于電源的電壓不變，原副線圈的電壓也不變，所以V1的示數(shù)不變，由于副線圈中電流增大，R3的電壓變壓變大，所以V2的示數(shù)要減小，即R1的電壓也要減小，所以A2的示數(shù)要減小，所以ACD錯誤．B正確．故選：B．8．給平行板電容器充電，斷開電源后A極板帶正電，B極板帶負(fù)電．板間一帶電小球C用絕緣細(xì)線懸掛，如圖所示．小球靜止時與豎直方向的夾角為θ，則（）A．若將B極板向右平移稍許，電容器的電容將減小B．若將B極板向下平移稍許，A、B兩板間電勢差將增大C．若將B極板向下平移稍許，夾角θ將變大D．輕輕將細(xì)線剪斷，小球?qū)⒆鲂睊佭\(yùn)動【考點(diǎn)】電容器的動態(tài)分析．【分析】根據(jù)電容的決定式C=，分析電容的變化．電容器的電量不變，由U=，分析板間電勢差的變化．根據(jù)E=，U=，C=，結(jié)合分析場強(qiáng)E的變化，判斷θ的變化．輕輕將細(xì)線剪斷，小球?qū)⒀刂亓εc電場力的合力方向沿作勻加速直線運(yùn)動．【解答】解：A、若將B極板向右平移稍許，d增大，根據(jù)C=，得知電容將減小．故A正確．B、C若將B極板向下平移稍許，正對面積S減小，根據(jù)C=，得知電容將減?。娙萜鞯碾娏縌不變，由U=，分析得知板間電勢差增大，由E=得知，E增大，小球所受的電場力增大，θ將變大．故B、C正確．D、輕輕將細(xì)線剪斷，小球?qū)⒀刂亓εc電場力的合力方向做勻加速直線運(yùn)動．故D錯誤．故選ABC9．在光滑平面中，有一轉(zhuǎn)動軸垂直于此平面，交點(diǎn)O的上方h處固定一細(xì)繩的一端，繩的另一端固定一質(zhì)量為m的小球B，繩長AB=l＞h，小球可隨轉(zhuǎn)動軸轉(zhuǎn)動并在光滑水平面上做勻速圓周運(yùn)動，如圖所示，要使球不離開水平面，轉(zhuǎn)動軸轉(zhuǎn)速的最大值是（）A． B．π C． D．2π【考點(diǎn)】向心力．【分析】要使球不離開水平面，臨界情況是對水平面的壓力為零，靠拉力和重力的合力提供向心力，結(jié)合牛頓xx定律求出轉(zhuǎn)動軸的最大角速度，從而得出轉(zhuǎn)速的最大值．【解答】解：當(dāng)小球?qū)λ矫娴膲毫榱銜r，有：Tcosθ=mg，Tsinθ=mlsinθω2，解得最大角速度為：ω=，則最大轉(zhuǎn)速為：n=．故A正確，BCD錯誤．故選：A10．下列說法中正確的是（）A．α粒子散射實(shí)驗(yàn)證明了原子核還可以再分B．天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)揭示了原子的核式結(jié)構(gòu)C．分別用X射線和綠光照射同一金屬表面都能發(fā)生光電效應(yīng)，則用X射線照射時光電子的最大初動能較大D．基態(tài)氫原子吸收一個光子躍遷到激發(fā)態(tài)后，可能發(fā)射多種頻率的光子【考點(diǎn)】光電效應(yīng)；粒子散射實(shí)驗(yàn)；原子核的人工轉(zhuǎn)變．【分析】α粒子散射實(shí)驗(yàn)提出原子核式結(jié)構(gòu)；天然放射現(xiàn)象揭示了原子核復(fù)雜結(jié)構(gòu)；當(dāng)發(fā)生光電效應(yīng)時，入射光的頻率越大，則最大初動能越大；原子吸收能量后，躍遷到激發(fā)態(tài)，因不穩(wěn)定，則向基態(tài)躍遷，從而會發(fā)射多種頻率的光子，從而即可求解．【解答】解：A、α粒子散射實(shí)驗(yàn)提出原子核式結(jié)構(gòu)，故A錯誤；B、天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)揭示了原子核的復(fù)雜結(jié)構(gòu)，故B錯誤；C、X射線的頻率大于綠光，當(dāng)都能發(fā)生光電效應(yīng)時，則用X射線照射時光電子的最大初動能較大，故C正確；D、當(dāng)基態(tài)的氫原子吸收一個光子躍遷到激發(fā)態(tài)后，因不穩(wěn)定，則會向基態(tài)躍遷，可能發(fā)射多種頻率的光子，故D正確；故選：CD．11．如圖所示為兩個物體A和B在同一直線上沿同一方向同時開始運(yùn)動的v﹣t圖線，已知在第3s末兩個物體在途中相遇，則（）A．A、B兩物體是從同一地點(diǎn)出發(fā)B．3s內(nèi)物體A的平均速度比物體B的大C．A、B兩物體在減速段的加速度大小之比為3：1D．t=1s時，兩物體xx次相遇【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動的圖像；勻變速直線運(yùn)動的速度與時間的關(guān)系．【分析】由圖象的“面積”讀出兩物體在3s內(nèi)的位移不等，而在第3s末兩個物體相遇，可判斷出兩物體出發(fā)點(diǎn)不同，相距的距離等于位移之差．根據(jù)圖象的斜率表示加速度，求出加速度之比．【解答】解：A、由圖象的“面積”讀出兩物體在3s內(nèi)的位移不等，而在第3s末兩個物體相遇，可判斷出兩物體出發(fā)點(diǎn)不同．故A錯誤．B、由圖象的“面積”讀出兩物體在3s內(nèi)B的位移大于A的位移，則B的平均速度大于A的平均速度．故B錯誤．C、圖象的斜率表示加速度，則A在減速過程的加速度大小a1==2m/s2，B在減速過程的加速度大小a2==1m/s2．故C錯誤．D、由圖象的“面積”表示位移可知，1﹣3s內(nèi)B的位移xB=×（4+2）×2=6m．A的位移xA=×2×2+2×2=6m，且第3s末兩個物體在途中相遇，所以t=1s時，兩物體相遇，故D正確．故選：D．12．如圖所示，在樓道內(nèi)傾斜天花板上安裝燈泡．將一根輕繩的兩端分別固定在天花板上的a、b兩點(diǎn)，另取一根輕繩將燈泡懸掛在O點(diǎn)，繩Oa水平，整個裝置靜止．現(xiàn)保持O點(diǎn)位置不變，對燈泡施加一個水平向右的拉力，使它稍向右移動一小段距離，兩繩中拉力F1和F2的變化情況是（）A．F1減小 B．F1不變 C．F2減小 D．F2不變【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用．【分析】先對燈泡進(jìn)行分析，得出燈泡對繩子的拉力，然后對O點(diǎn)受力分析，受三個拉力，根據(jù)平衡條件并結(jié)合分解法列式求解即可．【解答】解：設(shè)燈泡為C．先選擇燈泡為研究對象，開始時燈泡受到重力和繩子的拉力，所以繩子的拉力等于燈泡的重力；設(shè)對燈泡施加一個水平向右的拉力后設(shè)OC與豎直方向之間的拉力為θ，如圖，則：選擇節(jié)點(diǎn)O點(diǎn)為研究對象，則O點(diǎn)受到三個力的作用處于平衡狀態(tài)，受力如圖，由圖可知，在豎直方向：F2沿豎直方向的分力始終等于FCcosθ=mg，而且F2的方向始終不變，所以F2始終不變；沿水平方向：F1的大小等于F2沿水平方向的分力與FC沿水平方向分力的和，由于FC沿水平方向分力隨θ的增大而增大，所以F1逐漸增大．可知四個選項(xiàng)中只有D正確．故選：D．13．如圖所示，閉合開關(guān)S后，A燈與B燈均發(fā)光，當(dāng)滑動變阻器的滑片P向左滑動時，以下說法中正確的是（）A．A燈變暗 B．B燈變亮C．電源的輸出功率可能減小 D．電源的總功率可能增大【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律．【分析】當(dāng)滑動變阻器的滑片P向左滑動時，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電流的變化，即可知道B燈亮度的變化．根據(jù)并聯(lián)部分電壓的變化，分析A燈亮度的變化．由P=EI分析電源總功率的變化．【解答】解：滑片P向左滑動時，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電路中總電流減小，則B燈變暗．總電流減小，路端電壓增大，B燈電壓減小，則A燈的電壓增大，則A燈變亮．由P=EI得知，電源的總功率減?。蔆正確．故選C14．一平行電容器兩極板之間充滿云母介質(zhì)，接在恒壓直流電源上，若將云母介質(zhì)移出，則電容器（）A．極板上的電荷量變大，極板間的電場強(qiáng)度變大B．極板上的電荷量變小，極板間的電場強(qiáng)度變大C．極板上的電荷量變大，極板間的電場強(qiáng)度不變D．極板上的電荷量變小，極板間的電場強(qiáng)度不變【考點(diǎn)】電容器的動態(tài)分析．【分析】電容器始終與恒壓直流電源相連，則電容器兩端間的電勢差不變，將云母介質(zhì)移出后介電常數(shù)減小，根據(jù)電容器介電常數(shù)的變化判斷電容的變化以及電場強(qiáng)度的變化．【解答】解：電容器接在恒壓直流電源上，則電容器兩端的電勢差不變．將云母介質(zhì)移出后，介電常數(shù)減小，根據(jù)電容的決定式C=知，介電常數(shù)減小，電容減?。捎陔妷翰蛔儯鶕?jù)C=可知，電荷量Q減小．由于電容器的電壓不變，板間的距離d不變，根據(jù)E=可知，極板間的電場強(qiáng)度不變．所以ABC錯誤，D正確；故選：D15．以下說法正確的是（）A．牛頓在前人研究基礎(chǔ)上總結(jié)出萬有引力定律，并測出引力常量為GB．亞里士多德發(fā)現(xiàn)了力是改變物體運(yùn)動狀態(tài)的原因C．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象D．安培發(fā)現(xiàn)了磁場對運(yùn)動電荷的作用規(guī)律；洛倫茲發(fā)現(xiàn)了磁場對電流的作用規(guī)律【考點(diǎn)】物理學(xué)史．【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可．【解答】解：A、牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，卡文迪許測出了引力常量．故A錯誤．B、亞里士多德認(rèn)為力是維持物體運(yùn)動的原因，伽利略發(fā)現(xiàn)了力是改變物體運(yùn)動狀態(tài)的原因．故B錯誤．C、法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象．故C正確．D、洛倫茲發(fā)現(xiàn)了磁場對運(yùn)動電荷的作用規(guī)律，安培發(fā)現(xiàn)了磁場對電流的作用規(guī)律．故D錯誤．故選：C16．關(guān)于電阻和電阻率的說法中，正確的是（）A．導(dǎo)體對電流的阻礙作用叫做導(dǎo)體的電阻，因此只有導(dǎo)體中有電流通過時才有電阻B．由R=可知導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體兩端的電壓成正比，跟導(dǎo)體中的電流成反比C．將一根導(dǎo)線等分為二，則半根導(dǎo)線的電阻和電阻率都是原來的二分之一D．某些金屬合金和化合物的電阻率隨溫度的降低突然減小為零，這種現(xiàn)象叫做超導(dǎo)現(xiàn)象【考點(diǎn)】電阻定律；歐姆定律．【分析】知道電阻是導(dǎo)體對電流的阻礙作用，影響電阻大小的因素有：材料、長度、橫截面積、溫度，與通過導(dǎo)體的電流和導(dǎo)體兩端的電壓無關(guān)．【解答】解：A、電阻是導(dǎo)體對電流的阻礙作用，是導(dǎo)體本身的一種特性；其大小與導(dǎo)體的材料、長度、橫截面積、溫度有關(guān)；而與導(dǎo)體兩端有無電壓、電壓高低，導(dǎo)體中有無電流、電流大小無關(guān)，故AB錯誤；C、導(dǎo)線的電阻率有材料本身的特性決定，與導(dǎo)體的電阻、橫截面積、長度無關(guān)，將一根導(dǎo)線等分為二，則半根導(dǎo)線的電阻是原來的一半，但電阻率不變，故C錯誤；D、由超導(dǎo)現(xiàn)象的定義知，某些金屬、合金和化合物的電阻率隨溫度的降低會突然減小為零，這種現(xiàn)象叫做超導(dǎo)現(xiàn)象，故D正確．故選：D．17．如圖所示，實(shí)線為電場線，一帶電粒子在電場中的運(yùn)動軌跡如虛線所示，下列說法中正確的是（）A．粒子一定帶正電B．粒子受到的電場力做正功C．粒子在B點(diǎn)的電勢能大于在A點(diǎn)的電勢能D．粒子在B點(diǎn)的加速度大【考點(diǎn)】電場強(qiáng)度；電勢能．【分析】解這類題是思路：根據(jù)帶電粒子運(yùn)動軌跡判定電場力方向，然后根據(jù)電性判斷電場線方向，根據(jù)電場力做功判斷電勢能的變化．【解答】解：A、由粒子的運(yùn)動軌跡彎曲方向可知，帶電粒子受電場力大致斜向左下方，與電場強(qiáng)度方向相反，故粒子帶負(fù)電，故A錯誤；B、由于不知道是從A到B，還是從B到A，故電場力做功的正負(fù)無法判斷，故B錯誤；C、沿著電場線電勢逐漸降低，等勢面與電場線垂直，可以知道A點(diǎn)電勢高，負(fù)電荷在電勢高的點(diǎn)電勢能低，故C正確；D、A點(diǎn)電場線密集，故電場強(qiáng)，電場力大，故加速度大，故D錯誤；故選C．18．一個物體在幾個力的作用下處于平衡狀態(tài)，若使其中一個向東的力逐漸減小，直至為零，則在此過程中物體的加速度（）A．方向一定向東，且逐漸增大 B．方向一定向西，且逐漸增大C．方向一定向西，且逐漸減小 D．方向一定向東，且逐漸減小【考點(diǎn)】牛頓xx定律．【分析】根據(jù)共點(diǎn)力的平衡的條件可以知道物體的合力的情況，由牛頓xx定律可以知道物體的加速度的變化，進(jìn)而可以判斷物體的運(yùn)動的情況．【解答】解：根據(jù)共點(diǎn)力的平衡的條件可知，向東的力其余力的合力大小相等，方向相反．當(dāng)向東的一個力F的值逐漸減小到零時，其余力的合力的大小由零逐漸增大，所以物體將在合力的作用下一直向西運(yùn)動，由牛頓xx定律可知，物體的加速度逐漸增大．故B正確．故選：B．19．玻璃杯同一高度下落下，掉在水泥地上比掉在草地上容易碎，這是由于玻璃杯與水泥地撞擊的過程中（）A．玻璃杯的動量較大 B．玻璃杯受到的沖量較大C．玻璃杯的動量變化較大 D．玻璃杯的動量變化較快【考點(diǎn)】動量定理．【分析】根據(jù)碰撞前后的速度變化可知動量變化及沖量的關(guān)系，由動量定理可得出沖力的變化，從而找出易碎的原因．【解答】解：玻璃杯從同一高度下落，落地前的速度大小相等，故落地前的動量相等；而最后的速度均為零；故說明動量的變化一定相等；由動量定理可知沖量也一定相等；但由于掉在水泥地上的時間較短，則說明玻璃杯掉在水泥地上動量變化較快，從而導(dǎo)致沖擊力較大；使玻璃杯易碎；故D正確，ABC錯誤；故選D．20．下列說法正確的是（）A．法拉第通過精心設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，首先發(fā)現(xiàn)電與磁存在聯(lián)系B．法拉第首先提出了分子電流假說C．我們周圍的一切物體都在輻射電磁波D．一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)，可能是因?yàn)檫@束光的頻率太大【考點(diǎn)】光電效應(yīng)；電磁感應(yīng)現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)過程．【分析】法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，而奧斯特首次發(fā)現(xiàn)電與磁存在聯(lián)系；安培提出了分子電流假說；一切物體都能輻射電磁波；依據(jù)光電效應(yīng)條件，即可判定．【解答】解：A、法拉第通過精心設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，而首先發(fā)現(xiàn)電與磁存在聯(lián)系是奧斯特．故A錯誤．B、安培首先提出了分子電流假說．故B錯誤．C、自然界的任何物體都向外輻射紅外線，溫度越高，輻射電磁波的本領(lǐng)越強(qiáng)，因此一切物體都在輻射電磁波．故C正確．D、一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)，可能是因?yàn)檫@束光的頻率太小，即這束光的頻率太?。蔇錯誤．故選：C．二、計(jì)算題21．某人在離地面h=20m高處以水平速度v0=15m/s拋出一個質(zhì)量m=1kg的小球，不計(jì)空氣阻力，g取10m/s2．求：（1）小球在空中飛行的時間？（2）小球落地點(diǎn)離拋出點(diǎn)的水平位移？（3）小球在落地簽瞬間重力的瞬時功率是多少？【考點(diǎn)】功率、平均功率和瞬時功率；平拋運(yùn)動．【分析】（1）根據(jù)平拋運(yùn)動的高度求出時間；（2）通過平拋運(yùn)動的初速度和時間求出水平位移；（3）先計(jì)算出根據(jù)P=Fv求解重力的平均功率；【解答】解：（1）由有：s=2s（2）水平位移為：x=v0t=15m/s×2s=30m（3）落地時小球豎直方向的分速度：vy=gt=10×2=20m/s落地時重力的瞬時功率：P=mgvy=1×10×20=200W答：（1）小球在空中飛行的時間為2s（2）小球落地點(diǎn)離拋出點(diǎn)的水平位移為30m．（3）小球在落地簽瞬間重力的瞬時功率是200W；22．如圖所示，為了測定氣墊導(dǎo)軌上滑塊的加速度，滑塊上安裝了寬度為3.0cm的遮光板，如圖所示，滑塊在牽引力作用下先后勻加速通過兩個光電門，配套的數(shù)字毫秒計(jì)記錄了遮光板通過xx個光電門的時間為△t1=0.30s，通過xx個光電門的時間為△t2=0.10s，遮光板從開始遮住xx個光電門到開始遮住xx個光電門的時間為△t=2.0s．（1）滑塊通過xx個光電門的速度是多少？（2）滑塊通過xx個光電門的速度是多少？（3）滑塊的加速度是多少？【考點(diǎn)】測定勻變速直線運(yùn)動的加速度．【分析】因?yàn)闃O短時間內(nèi)的平均速度等于瞬時速度，根據(jù)平均速度的定義式求出滑塊通過xx個和xx個光電門的瞬時速度，結(jié)合加速度的定義式求出滑塊的加速度．【解答】解：滑塊通過光電門的時間極短，可將平均速度看成瞬時速度．（1）滑塊通過xx個光電門的速度；（2）滑塊通過xx個光電門的速度；（3）滑塊的加速度a=．答：滑塊通過xx個光電門的速度是0.1m/s；（2）滑塊通過xx個光電門的速度是0.3m/s；（3）滑塊的加速度是0.1m/s2．

2017年1月23日2016-2017學(xué)年xx省xx市xx中學(xué)高三（上）周練物理試卷（高補(bǔ)班）（12.2）一、選擇題1．下列有關(guān)對氣體的理解正確的是（）A．常溫常壓下，一定質(zhì)量的氣體，保持體積不變，壓強(qiáng)將隨溫度的增大而增大B．容器內(nèi)一定質(zhì)量的理想氣體體積不變，溫度升高，則單位時間內(nèi)撞擊容器壁的分子數(shù)增加C．對于一定量的氣體，當(dāng)其溫度降低時，速率大的分子數(shù)目減少，速率小的分子數(shù)增加D．氣體總是很容易充滿整個容器，這是分子間存在斥力的宏觀表現(xiàn)2．質(zhì)量為m的長方形木塊靜止在傾角為θ的斜面上，斜面對木塊的支持力和摩擦力的合力方向應(yīng)該是（）A．沿斜面向下 B．垂直于斜面向上C．沿斜面向上 D．豎直向上3．如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為12V，燈泡L上標(biāo)有“6V12W”字樣，電動機(jī)線圈的電阻RM=0.50Ω．若燈泡恰能正常發(fā)光，以下說法中正確的是（）A．電動機(jī)的輸入功率為14WB．電動機(jī)的輸出功率為12WC．電動機(jī)的熱功率為2.0WD．整個電路消耗的電功率為22W4．南北朝傅翕曾寫下這樣一首詩：“空手把鋤頭，步行騎水牛．人在橋上走，橋流水不流．”其中“橋流水不流”一句應(yīng)理解成其選擇的參考系是（）A．水 B．橋 C．人 D．地面5．如圖所示，輕彈簧的兩端各受10N拉力F作用，彈簧平衡時伸長了5cm（在彈性限度內(nèi)），那么下列說法中正確的是（）A．該彈簧的勁度系數(shù)k=200N/mB．該彈簧的勁度系數(shù)k=400N/mC．根據(jù)公式k=，彈簧的勁度系數(shù)k會隨彈簧彈力F的增大而增大D．彈簧所受的合力為10N6．如圖所示，細(xì)繩豎直拉緊，小球和光滑斜面上接觸，并處于靜止?fàn)顟B(tài)，則小球受到的力是（）A．重力、繩的拉力 B．重力、繩的拉力、斜面的彈力C．重力、斜面的彈力 D．繩的拉力、斜面的彈力7．關(guān)于物體受到的力，下列說法正確的是（）A．輕繩對物體的拉力是由物體的形變產(chǎn)生的，其方向指向輕繩收縮的方向B．相互接觸的物體間一定有彈力作用C．形狀規(guī)則的物體的重心不一定在它的幾何中心上D．書對桌面的壓力就是書的重力8．用手握住一個油瓶（瓶始終處于豎直方向），如圖所示．下列說法正確的是（）A．瓶中油越多，手必須握得越緊B．手握得越緊，油瓶受到的摩擦力越大C．不管手握得有多緊，油瓶受到的摩擦力總是一定的D．以上說法都正確9．下列說法正確的有（）A．普朗克曾經(jīng)大膽假設(shè)：振動著的帶電微粒的能量只能是某一最小能量值ε的整數(shù)倍，這個不可再分的最小能量值ε叫做能量子B．α粒子散射實(shí)驗(yàn)中少數(shù)α粒子發(fā)生了較大偏轉(zhuǎn)，這是盧瑟福猜想原子核式結(jié)構(gòu)模型的主要依據(jù)之一C．由玻爾理論可知，氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，要輻射一定頻率的光子，同時電子的動能減小，電勢能增大D．在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，用同種頻率的光照射不同的金屬表面，從金屬表面逸出的光電子的最大初動能Ek越大，則這種金屬的逸出功W0越小E．若γ光子與一個靜止的自由電子發(fā)生作用，則γ光子被電子散射后波長會變小，速度可能不變化10．如圖，航天飛機(jī)在完成太空任務(wù)后，在A點(diǎn)從圓形軌道Ⅰ進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ，B為軌道Ⅱ上的近地點(diǎn)，關(guān)于航天飛機(jī)的運(yùn)動，下列說法中正確的有（）A．在軌道Ⅱ上經(jīng)過A的速度小于經(jīng)過B的速度B．在軌道Ⅱ上經(jīng)過A的速度等于在軌道Ⅰ上經(jīng)過A的速度C．在軌道Ⅱ上運(yùn)動的周期等于在軌道Ⅰ上運(yùn)動的周期D．在軌道Ⅱ上經(jīng)過A的加速度小于在軌道Ⅰ上經(jīng)過A的加速度11．水平面上兩物體A、B通過一根跨