安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版

安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版高考物理二模試卷題號一二三四五總分得分一、單項選擇題（本大題共5小題，共30.0分）1.快中子增殖反應(yīng)堆是一種新式的核反應(yīng)堆，運行時一方面耗資裂變?nèi)剂螾u，一方面又生成 Pu，真切耗資的是在熱中子反應(yīng)堆中不能夠利用的且在天然鈾中占99.2%以上的 U．在反應(yīng)堆中， U吸取 Pu裂變反應(yīng)釋放的快中子后變成A.B.C.D.

U， U很不牢固，經(jīng)過 β衰變后變成 Pu，則以下說法正確的選項是（ ）U與 U的中子數(shù)同樣U比 Pu少一其中子該核反應(yīng)堆輸出能量的反應(yīng)是聚變反應(yīng)U衰變成 Pu時經(jīng)過2次β衰變2019年1月3日10時26分,嫦娥四號探測器成功軟著陸在月球反面預(yù)選地域。發(fā)射后,嫦娥四號探測器經(jīng)過約110小時奔月翱翔,到達(dá)月球周邊,成功推行近月制動,順利達(dá)成“太空剎車”,被月球捕獲,進(jìn)入距離月球表面高度為h的環(huán)月軌道。若忽略月球自轉(zhuǎn),月球的半徑為 R,將嫦娥四號探測器的環(huán)月軌道視為圓形軌道 ,運動周期為T,引力常量為 G,不計因燃料耗資而損失的質(zhì)量 ,則以下說法正確的選項是 ()嫦娥四號在軌道上的速度與月球的第一宇宙速度之比是嫦娥四號在軌道上的速度與月球的第一宇宙速度之比是嫦娥四號在軌道上的加速度與月球表面的重力加速度之比是嫦娥四號在軌道上的加速度與月球表面的重力加速度之比是3. 以下列圖，在豎直的墻壁正前面有一個點 D，點D到墻壁的水平距離是d，從D點以不同樣的初速度水平拋出一個小球（視為質(zhì)點），每次都能夠擊中墻壁，若是要想使小球以最小的動能擊中墻壁，則平拋小球的初速度是（ ）A. B. C.2一河流兩岸平行，水流速率恒定為v1，某人劃船過河船相對靜水的速率為v2，v2＞v1，設(shè)人以最短的時間t1過河時，渡河的位移為d1；以最短的位移d2過河時，所用的時間為t2．則以下說法正確的選項是（）A.=，=B.=，=C.=，=D.=，=安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第1頁。第1頁，共14頁安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第1頁。以下列圖，質(zhì)量為m、帶有半圓形軌道的小車靜止在圓滑的水平川面上，其水平直徑AB的長度為2R，現(xiàn)將質(zhì)量也為m的小球從距A點正上方為 h的地址由靜止釋放，爾后由 A點進(jìn)入半圓形軌道后從 B點沖出，在空中上升的最大高度為 h（不計空氣阻力），則（ ）A.小球沖出B點后做斜上拋運動B.小球第二次進(jìn)入軌道后恰能運動到 A點C.小球第一次到達(dá) B點時，小車的位移大小是 RD.小球第二次經(jīng)過軌道戰(zhàn)勝摩擦力所做的功等于 mgh二、多項選擇題（本大題共 4小題，共 23.0分）以下列圖，豎直平面內(nèi)有固定的半徑為R的圓滑絕緣圓形軌道，水平勻強(qiáng)電場平行于軌道平面向左， PQ分別為軌道上的最高點、最低點，M、N分別是軌道上與圓心等高的點。質(zhì)量為 m、電荷量為 q的帶正電小球（可視為質(zhì)點）在軌道內(nèi)運動，已知重力加速度為 g，場強(qiáng)E= ，要使小球能沿軌道做完滿的圓周運動，則以下說法正確的選項是（ ）小球在軌道上運動時，動能最小的地址，電勢能最大B.小球在軌道上運動機(jī)會械能最大的地址必然在 M點C.小球過Q、P點受軌道彈力大小的差值為 6mgD.小球過Q、P點受軌道彈力大小的差值為 7.5mg以下列圖，水平界線下有垂直于豎直平面向里的勻強(qiáng)磁場，將一個質(zhì)量為m、邊長為l的正方形金屬導(dǎo)線框（導(dǎo)線粗細(xì)平均），從距離界線上方必然的高度處由靜止釋放，導(dǎo)線框恰好勻速進(jìn)入磁場?，F(xiàn)用同樣的金屬導(dǎo)線做成邊長為原來兩倍的正方形導(dǎo)線框，使該正方形下邊從同高度處由靜止釋放，重力加速度為g，導(dǎo)線框向來在豎直平面內(nèi)運動則（）A.導(dǎo)線框勻速進(jìn)入磁場B.導(dǎo)線框減速進(jìn)入磁場C.導(dǎo)線框進(jìn)入磁場的過程中產(chǎn)生的焦耳熱是4mglD.導(dǎo)線框進(jìn)入磁場的過程中流過導(dǎo)線框截面的電荷量是第一次進(jìn)入磁場時的2倍8.以下列圖是回旋加速器的表示圖，置于真空中的D型金屬盒的半徑為R兩D型盒接在高頻交流電源上磁感覺強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場與金屬盒的盒面垂直粒子經(jīng)過D1、D2狹縫間的電壓大小恒為U，若中心粒子源A處產(chǎn)生的質(zhì)量為m，電荷量為+q的粒子，能夠被D1、D2狹縫間的電場不斷加速。帶電粒子的初速度為零不考慮相對論效應(yīng)，則以下說法正確的選項是（）粒子在回旋加速器中的加速次數(shù)與粒子的比荷成正比粒子在回旋加速器中相鄰軌道半徑之差保持不變帶電粒子在D2盒中第n個半圓的半徑是rn=若加速器的輸出端的等效電流是I，則輸出平均功率是9. 以下說法正確的選項是（ ）一個系統(tǒng)與另一個系統(tǒng)達(dá)到熱平衡時，這兩個系統(tǒng)都處于平衡態(tài)理想氣體的壓強(qiáng)是由氣體分子間斥力產(chǎn)生的物體的溫度越高，物體的每一個分子熱運動動能越大安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第2頁。第2頁，共14頁安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第2頁。D.E.

必然質(zhì)量的理想氣體對外界做功時，它的內(nèi)能有可能增大密閉容器內(nèi)的理想氣體隨著溫度的高升，其壓強(qiáng)增大，內(nèi)能增大三、填空題（本大題共1小題，共4.0分）10.以下列圖是一列簡諧橫波在t0=0時辰的波形，此時刻質(zhì)點P的速度為v，經(jīng)過t=0.2s后，它的速度大小、方向第一次與v同樣，再經(jīng)過△t=1.0s后，它的速度大小、方向第二次與v同樣，則這列簡諧橫波的流傳方向是向______（選填“左”或“右”）傳播，波速是______，若某時辰N質(zhì)點到達(dá)波谷處，則Q質(zhì)點必然到達(dá)______（選填“波峰”“波谷”或“平衡地址”）處，從圖示位置開始計時，在t=3s時，質(zhì)點M偏離平衡地址的位移為______，運動方向是______（選填“向上”“向下”“向左”或“向右”）。四、實驗題（本大題共2小題，共15.0分）“碰撞中的動量守恒”實驗裝置以下列圖，讓質(zhì)量為m1的小球A從斜面上某處自由滾下， 與靜止在支柱上質(zhì)量為m2的小球B發(fā)生對心碰撞，兩球的半徑均為r，對心碰撞剎時，兩球心的連線保持在水平方向上。（1）本實驗設(shè)計思想的巧妙之處是用______的測量替代______的測量（2）實驗中兩球的質(zhì)量關(guān)系必然滿足______（3）碰撞中，若是動量守恒，則滿足______12.某同學(xué)為精確測量某金屬圓柱的電阻，設(shè)計了如圖甲所示的電路圖。現(xiàn)在需要兩個量程為200mA的電流表，但實驗室供應(yīng)的器材中，一個電流表的量程為100mA，內(nèi)阻為12Ω，別的一個電流表的量程為200mA（1）現(xiàn)將量程為 100mA的電流表擴(kuò)大為 200mA，則應(yīng)該 （填“串”或“并”）聯(lián)一個阻值 R′=______Ω的電阻。（2）圖中E為學(xué)生電源、G為矯捷電流計、A1代表量程為100mA電流表A（圖中未畫出）改裝后的電流表、A2為量程為200mA的電流表、123均R為電阻箱、R與R為滑動變阻器、R0為定值電阻、S為開關(guān)、RX為待測金屬圓柱，還有導(dǎo)線若干，這些器材全部由實驗室供應(yīng)。詳盡的實驗操作以下：A．依照如圖甲所示的電路圖連接好實驗器材；B．將滑動變組器R2的滑片、滑動變阻器R3的滑片均調(diào)至合適地址，閉合開關(guān)S；C．調(diào)整R3，漸漸增大輸出電壓，并屢次調(diào)整R1和R2使矯捷電流計G的示數(shù)為零，此時量程為100mA的電流表A的示數(shù)為I1，A2的示數(shù)為I2，電阻箱的示數(shù)為R1；D．實驗達(dá)成，整理器材。①實驗步驟B中滑動變阻器R3的滑片應(yīng)調(diào)至最______（填“左”或“右”）端；②屢次調(diào)整R1和R2使矯捷電流計G示數(shù)為零的目的是______③某次測量時量程為100mA的電流表A的指針地址如圖乙所示，則此時經(jīng)過R2的電流為______mA3）待測金屬圓柱RX的阻值為______（用所測物理量的字母表示）4）電流表A1、A2的內(nèi)阻對測量結(jié)果______（填“有”或“無”）影響安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第3頁。第3頁，共14頁安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第3頁。五、計算題（本大題共 4小題，共 52.0分）以下列圖，質(zhì)量mA=2kg的木板A被鎖定在傾角為30°的光滑斜面的頂端，質(zhì)量為mB=1kg的可視為質(zhì)點的物塊B恰能在木板A上勻速下滑?，F(xiàn)讓物塊B以v0=7.5m/s的初速度從木板的上端下滑，同時清除對木板A的鎖定。g取10m/s2，斜面足夠長。求：（1）要使物塊B不從木板A上滑落下來，則木板A的長度最少為多少；（2）在物塊B不從木板A上滑落的前提下，系統(tǒng)損失的機(jī)械能最多是多少。質(zhì)量均為m、電荷量分別為q和-q（q＞0）的帶電小球M、N先后以同樣的初速度沿水平方向射向正前面電場強(qiáng)度為E=的有界電場（電場在豎直方向上足夠長），有界電場的水平寬度是D，電場方向水平向右。在電場的右邊緊鄰著一個B= 的勻強(qiáng)磁場（足夠大），方向垂直紙面向里。已知N進(jìn)入電場后，恰好沒有從電場的右界線走開電場； M進(jìn)入電場后，恰能做直線運動。不計空氣阻力，重力加速度大小為 g。求：1）兩帶電小球的初速度大??；2）帶電小球N進(jìn)出電場時的豎直方向上的距離3）帶電小球M進(jìn)入右邊的磁場后，能獲得的最大動能15.以下列圖，兩端張口的汽缸在水平方向上固定，A、B是兩個厚度不計的活塞，可在汽缸內(nèi)無摩擦地滑動，其面積分別為S1=20cm2、S2=10cm2，它們之間用一根細(xì)桿連接，B經(jīng)過水平方向上的稍微繩繞過定滑輪與重物C連接，靜止時汽缸中氣體的溫度T=600K，壓強(qiáng)150×1052，p=1.2×10Pa，汽缸兩部分的氣柱長均為L，已知大氣壓強(qiáng)p=1Pa，g取10m/s缸內(nèi)氣體可看作理想氣體。求：①重物C的質(zhì)量；②若要保持汽缸內(nèi)的壓強(qiáng)不變，汽缸內(nèi)溫度的變化范圍是多少安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第4頁。第4頁，共14安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第4頁。已知一個橫截面積是正三角形的三棱鏡，邊長為60cm，一束單色光從空氣入射到棱鏡的AB面的中點上，經(jīng)AB和AC兩個面折射后從AC面進(jìn)入空氣。當(dāng)出射角i′和入射角i相等時，出射光輝相關(guān)于人射光輝偏轉(zhuǎn)的角度θ=30°，如圖所示，已知光速c=3.0×108m/s。求①棱鏡對該束單色光的折射率；②該束單色光在棱鏡中流傳的時間（取=1.4，結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第5頁。第5頁，共14頁安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第5頁。答案和解析1.【答案】D【解析】解：A、同位素是擁有同樣的質(zhì)子數(shù)和不同樣的中子數(shù)，故A錯誤。B、U有146其中子，Pu有145其中子，故B錯誤。C、該核反應(yīng)堆輸出能量的反應(yīng)為裂變反應(yīng)，故C錯誤。D、依照質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，U經(jīng)過2次β衰變生成Pu，故D正確。應(yīng)選：D。β衰變，電荷數(shù)增加1，質(zhì)量數(shù)不變，依照電荷數(shù)、質(zhì)量數(shù)的變化求出β衰變次數(shù)，根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒寫出核反應(yīng)方程。本題綜合觀察了原子結(jié)構(gòu)、衰變，會依照電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒寫出核反應(yīng)方程。β衰變，電荷數(shù)增加1，質(zhì)量數(shù)不變，鈾239衰變成钚239，電荷數(shù)增2，質(zhì)量數(shù)不變，知發(fā)生了2次β衰變。2.【答案】C【解析】【解析】依照萬有引力等于向心力列式，求解嫦娥四號在軌道上的速度與月球的第一宇宙速度之比。依照萬有引力定律和牛頓第二定律結(jié)合求嫦娥四號在軌道上的加速度與月球表面的重力加速度之比。解決本題的要點要掌握萬有引力等于向心力這一基本思路，要知道月球的第一宇宙速度即為近月衛(wèi)星的運行速度?！窘獯稹緼B、依照萬有引力等于向心力得： G =m，得v= ，因此嫦娥四號在軌道上的速度與月球的第一宇宙速度之比是 ，故AB錯誤；CD、依照G =ma，得a= ，因此嫦娥四號在軌道上的加速度與月球表面的重力加速度之比是 ，故C正確，D錯誤。應(yīng)選：C。3.【答案】B【解析】解：以下列圖，依照平拋運動的規(guī)律可得：tanθ=2tanα= = =v= =聯(lián)立解得：v=當(dāng) 時，即v0= 時v有最小值，故 B正確，ACD錯誤。應(yīng)選：B。依照平拋運動的推論獲得速度方向偏向角的正切值， 再依照速度的合成與分解求解末速安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第6頁。第6頁，共14頁安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第6頁。度的大小，依照數(shù)學(xué)方法求解速度的最小值滿足的條件即可。本題主若是觀察了平拋運動的規(guī)律，知道平拋運動能夠分解為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動；解決本題的要點知道分運動和合運動擁有等時性。4.【答案】C【解析】解：船頭垂直河岸出發(fā)時，過河時間最短，即 ，過河位移 ，船以最短的位移過河時， ，聯(lián)立解得， ， ，故ABD錯誤，C正確。應(yīng)選：C。依照靜水中船速垂直河岸時，渡河時間最短，當(dāng)合速度垂直河岸時，渡河位移最短，結(jié)合運動學(xué)公式，即可求解。觀察矢量的合成法規(guī)，掌握最短時間與最短位移的方法，注意 v2＞v1是解題的要點。5.【答案】C【解析】解：A、小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向系統(tǒng)動量守恒，開始系統(tǒng)在水平方向動量為零，小球走開小車時兩者水平速度相等，由于系統(tǒng)在水平方向初動量為零，在水平方向，由動量守恒定律可知，系統(tǒng)末狀態(tài)在水平方向動量也為零，即小球走開小車時小車與小球在水平方向的速度為零， 小球走開小車時的速度方向豎直向上， 小球走開小車后做豎直上拋運動，故 A錯誤；BD、從小球開始下落到小球走開小車上升到最高點過程，由能量守恒定律得：mgh=W+mg h，則小球第一次經(jīng)過軌道時，戰(zhàn)勝摩擦力做功： W=mgh，小球第二次通過軌道時，由于在對應(yīng)地址處速度變小，因此小車給小球的彈力變小，摩擦力變小，克服摩擦力做功小于 mgh，小球第二次進(jìn)入軌道后能夠從 A點沖出軌道，故 BD錯誤；C、小球第一次到達(dá) B點時，設(shè)小車的位移大小為 x，則小球的位移大小為： 2R-x，系統(tǒng)在水平方向動量守恒， 以向右為正方向，由動量守恒定律得：mv-mV=0，即m -m=0，解得：x=R，即小球第一次到達(dá) B點時，小車的位移大小是 R，故C正確；應(yīng)選：C。水平川面圓滑，系統(tǒng)水平方向動量守恒，則知小球走開小車后做豎直上拋運動，下來時還會落回小車中，依照動能定理求出小球在小車中轉(zhuǎn)動時摩擦力做功。第二次小球在小車中轉(zhuǎn)動時，對應(yīng)地址處速度變小，因此小車給小球的彈力變小，摩擦力變小，摩擦力做功變小，據(jù)此解析答題。本題觀察了動量守恒定律的應(yīng)用，解析清楚小球與小車的運動過程是解題的要點，要注意系統(tǒng)水平方向動量守恒，但總動量其實不守恒。6.【答案】BC【解析】【解析】帶正電小球在電勢最高點的地址電勢能最大， 而在等效最高點小球動能最小； 依照能量守恒解析機(jī)械能最大地址；依照動能定理和牛頓第二定律解析Q、P兩點彈力從而求解彈力差。本題觀察帶電小球在復(fù)合場中的圓周運動，要點是找到等效最高點，爾后利用動能定理、能量守恒定律、牛頓第二定律列式求解即可?！窘獯稹堪不帐〗鲜８呖嘉锢矶Ｔ嚲斫馕霭嫒墓?4頁，當(dāng)前為第7頁。第7頁，共14頁安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第7頁。A.依照等效場知識可得，電場力與重力的合力大小為： ，則 ，以下列圖：，，即θ=37°，當(dāng)小球恰好經(jīng)過C點關(guān)于O點對稱的D點時，就能達(dá)成完滿的圓周運動，小球在D點時的動能最小，但其實不是電勢能的最大地址，小球電勢能的最大地址在N點，故A錯誤；B.小球在軌道上運動過程中，能量守恒，小球在M點的地址電勢能最小，因此小球在M點的機(jī)械能最大，故B正確；CD.在PQ點依照牛頓第二定律得：，，從Q到P點，由動能定理得：，聯(lián)立解得：FQ-FP=6mg，故C正確，D錯誤；應(yīng)選BC。7.【答案】ACD【解析】解：AB、導(dǎo)線框進(jìn)入磁場時，依照平衡條件可得：mg=，其中m=ρ密S?4l，電阻為：R=整理可得：v=，可見勻速的速度與線框的邊長沒關(guān)，用同樣的金屬導(dǎo)線做成邊長為原來兩倍的正方形導(dǎo)線框，使該正方形下邊從同高度處由靜止釋放，導(dǎo)線框勻速進(jìn)入磁場，故A正確、B錯誤；C、金屬導(dǎo)線做成邊長為原來兩倍，質(zhì)量變成原來的2倍，即為2m，依照功能關(guān)系可得導(dǎo)線框進(jìn)入磁場的過程中產(chǎn)生的焦耳熱是Q=-WA=4mgl，故C正確；D、依照電荷量的經(jīng)驗公式可得：q===，其中S是導(dǎo)線的橫截面積，因此可知經(jīng)過線框的電荷量與l成正比，導(dǎo)線框進(jìn)入磁場的過程中流過導(dǎo)線框截面的電荷量是第一次進(jìn)入磁場時的2倍，故D正確。應(yīng)選：ACD。依照平衡條件獲得勻速的速度與線框的邊長沒關(guān)；金屬導(dǎo)線做成邊長為原來兩倍，質(zhì)量變成原來的2倍，依照功能關(guān)系求解；依照電荷量的經(jīng)驗公式結(jié)合電阻定律求解電荷量與邊長的關(guān)系。關(guān)于電磁感覺問題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，依照牛頓第二定律或平衡條件列出方程；另一條是能量，解析涉及電磁感覺現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)變問題，依照動能定理、功能關(guān)系等列方程求解。8.【答案】ACD安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第8頁。第8頁，共14頁安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第8頁。【解析】解：A．粒子每次被加速獲得的能量E=qU，粒子最后獲得的動能是=，加速次數(shù)=∝，故A正確；B．粒子在磁場中做圓周運動的軌道半徑是=，其中n是粒子經(jīng)過電場加速的次數(shù)，顯然相等半徑之差是變化的，故B錯誤；C．粒子在D2盒中第n個半徑對應(yīng)的加速次數(shù)是（2n-1）次，由（2n-1）qU=和得：，故C正確；D．設(shè)t時間內(nèi)有N個粒子從加速器輸出，形成的等效電流，則平均功率=，故D正確；應(yīng)選：ACD。依照題意找到每一次加速獲得的動能，再找到最大動能即可求加速次數(shù)；依照圓周運動的公式求出半徑表達(dá)式；依照電流的定義求出電流，再求解平均功率；回旋加速器是一個組合場問題，要知道在回旋加速器中電場是用于加速，而磁場是改變運動方向，并且知道是加速一次進(jìn)行半個圓周運動，做題時要弄清楚加速和做圓周運動的次數(shù)關(guān)系。要依照題意選擇合適的公式求功率，這就要求平時要熟記公式。9.【答案】ADE【解析】解：A、依照熱力學(xué)第零定律，一個系統(tǒng)與另一個系統(tǒng)達(dá)到熱平衡時，這兩個系統(tǒng)都處于平衡態(tài)，故A正確。B、理想氣體分子之間沒有斥力和引力，氣體壓強(qiáng)是由分子的密集度和分子平均動能決定，故B錯誤。C、物體的溫度越高，分子的平均動能增大，依照氣體分子速率分布曲線圖可知，其實不是物體的每一個分子熱運動動都增大，故 C錯誤。、依照熱力學(xué)第必然律，必然質(zhì)量的理想氣體對外界做功，但氣體和外界的熱交換不明確，全部它的內(nèi)能有可能增大，故 D正確。E、依照理想氣體狀態(tài)方程 =C，密閉容器內(nèi)的理想氣體隨著溫度的高升， 其壓強(qiáng)增大；依照熱力學(xué)第必然律 △U=W+Q，體積不變，氣體對外不做功（ W=0），溫度高升（ Q＞0），分子平均動能增大，內(nèi)能增大，故 E正確。應(yīng)選：ADE。依照熱力學(xué)第零定律，一個系統(tǒng)與另一個系統(tǒng)達(dá)到熱平衡時，這兩個系統(tǒng)都處于平衡態(tài)；理想氣體分子之間沒有斥力和引力；物體的溫度越高，分子的平均動能增大，但其實不是物體的每一個分子熱運動動都增大；依照熱力學(xué)第必然律，氣體和外界的熱交換不明確，內(nèi)能的增量也不確定； 依照理想氣體狀態(tài)方程 =C，密閉容器內(nèi)的理想氣體隨著溫度的高升，其壓強(qiáng)增大；依照熱力學(xué)第必然律 △U=W+Q，能夠判斷內(nèi)能的變化。本題觀察了分子間的相互作用力、溫度是分子平均動能的標(biāo)志、物體的內(nèi)能、熱力學(xué)第必然律、理想氣體狀態(tài)方程等知識點。這種題型知識點廣，多以基礎(chǔ)為主，只要平時多安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第9頁。第9頁，共14頁安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第9頁。加積累，難度不大。10.【答案】右 10m/s 波峰 -10cm 向上【解析】解：由題意可知，質(zhì)點 P在t0=0時辰向上振動，波向 x軸正向流傳，即向右傳播，周期 T=1.2s，波速v==10m/s，NQ的間距是半波長，若 N在波谷，則 Q必然在波峰。當(dāng)t=3s時，即2.5T，故從圖示地址開始（ M質(zhì)點向下振動），經(jīng) 3s，質(zhì)點M偏離平衡地址 10cm，即位移是-10cm，且向上振動。故答案為：右； 10m/s；波峰；-10cm；向上。由圖讀出波長 λ=12m。依照圖示時辰質(zhì)點 P的速度為 v，經(jīng)過0.2s它的速度大小、方向第一次與v同樣，質(zhì)點P運動到關(guān)于平衡地址對稱的地址，再經(jīng)過1.0s它的速度大小、方向第二次與v同樣時，回到原來地址，達(dá)成一次全振動，則P振動的周期T=1.2s，而且圖示時辰P點的運動沿y軸正方向，可判斷出波沿+x方向流傳，求出波速。據(jù)時間與周期的關(guān)系求質(zhì)點M偏離平衡地址的位移。本題觀察了顛簸規(guī)律，解題的要點在于解析質(zhì)點P的振動情況，確定P點的運動方向和周期。觀察掌握振動與顛簸聯(lián)系的能力。11.【答案】水平位移初速度m1＞m2m1OP=m1OM+m2（ON-2r）【解析】解：（1）小球走開軌道后做平拋運動，由于拋出點的高度同樣，小球在空中的運動時間相等，小球的水平位移與初速度成正比，能夠用小球的水平位移代替初速度。（2為防范兩球碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，即：m1＞m2；（3）兩球碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以水平向右為正方向，由動量守恒定律得：m1v0=m1v1+m2v2，小球走開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度同樣，在空中的運動時間t相等，兩邊同時乘以時間t得：m1v0t=m1v1t+m2v2t即：m1OP=m1OM+m2（ON-2r）；故答案為：（1）水平位移；初速度；（ 2）m1＞m2；（3）m1OP=m1OM+m2（ON-2r）。1）小球走開軌道后做平拋運動，能夠用小球的水平位移代替其初速度。2）為防范碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量。3）依照平拋運動規(guī)律與動量守恒定律求出實驗需要考據(jù)的表達(dá)式。利用平拋運動考據(jù)動量守恒定律的實驗注意事項：（1）前提條件：保證碰撞是一維的，即保證兩物體在碰撞從前沿同素來線運動，碰撞此后還沿這條直線運動。（ 2）利用斜槽進(jìn)行實驗，入射球質(zhì)量要大于被碰球質(zhì)量，即 m1＞m2，防范碰后 m1被反彈。1）并，122）①左；②使R和R兩端的電壓相等；③1603）；12（4）無【解析】解：（1）要將量程為 100mA，內(nèi)阻為 12Ω的電流表量程擴(kuò)大為 I=200mA，由電流表的改裝原理可知，應(yīng)并聯(lián) R'= =12Ω的電阻；2）①閉合開關(guān)前，調(diào)治滑動變阻器R3的滑片滑至最左端，保護(hù)電路中的元件；②調(diào)治電流計G的示數(shù)為零，目的是使R1和R2兩端的電壓相等；③依照電表的改裝原理可知，經(jīng)過電阻R2的電流應(yīng)該是量程為100mA的電流表A的刻度上讀數(shù)的2倍，即160mA；3）依照2I1R1=I2R2，獲得待測金屬圓柱的電阻為：RX=4）從表達(dá)式能夠看出電流表A1、A2的內(nèi)阻對測量結(jié)果較沒有影響。安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第10頁。第10頁，共14頁安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第10頁。故答案為：（1）并，12；（2）①左；②使R1和R2兩端的電壓相等；③1603）；；（4）無1）把電流表擴(kuò)大量程要并聯(lián)一個電阻進(jìn)行分流；2）為了能夠保護(hù)電路元件，分壓連接方式應(yīng)該從最左端開始；當(dāng)電流計為零時，兩電阻的電壓相等；依照改裝后的電流特點可計算出R2的電流；本題觀察了電學(xué)實驗，解題的要點是認(rèn)識電流表的改裝原理及電流計為零時意味著上下兩電路電壓相等。13.B的重力沿【答案】解：（1）由題意，物塊B勻速下滑，B碰到的滑動摩擦力等于斜面向下的分力，即f=mBgsin30，°清除鎖定后，A的加速度為a，則有ABAamgsin30+m°gsin30=m°可得：a=7.5m/s2。設(shè)經(jīng)過時間t后，A與B達(dá)到共同速度，即有：t==1=1s木板A的最小長度為：L=v0t-==×1m=3.75m；（2）A、B系統(tǒng)損失最多的機(jī)械能是在A、B達(dá)到共同速度的時辰，今后A、B一起在圓滑的斜面上加速下滑，機(jī)械能守恒，損失的機(jī)械能轉(zhuǎn)變成A、B系統(tǒng)的內(nèi)能，即為：△E損失B=Q=fL=mgsin30L°解得：△E損失=18.75J。答：（1）要使物塊B不從木板A上滑落下來，則木板A的長度最少為3.75m；（2）在物塊B不從木板A上滑落的前提下，系統(tǒng)損失的機(jī)械能最多是18.75J。【解析】（1）當(dāng)B與A的速度相等，且B滑到A的下端時木板A的長度最短。依照牛頓第二定律求得A的加速度，依照速度相等求出運動時間，再由位移公式和位移關(guān)系求木板A的最小長度。2）在物塊B不從木板A上滑落的前提下，系統(tǒng)損失的機(jī)械能最多等于系統(tǒng)戰(zhàn)勝摩擦力做功，由功能關(guān)系求解。本題觀察功能關(guān)系、牛頓第二定律及運動學(xué)公式，要注意正確解析物理過程，對所選研究對象做好受力解析，掌握隱含的臨界條件：速度相等。14.【答案】解：（1）因題目所給的條件是N恰好沒有從電場的右界線走開電場，說明N在水平方向上剛到達(dá)電場的右界線時水平速度恰好減為零。則D=ax表示N在電場中的水平方向上的加速度大小，又 ax= = ，聯(lián)立以上兩式得 v0=2）安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第11頁。第11頁，共14頁安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第11頁。設(shè)N在電場中運動的時間是 t，且最后從電場的左側(cè)走開電場，因此t=2×=設(shè)M進(jìn)入電場時，速度方向與水平方向的夾角是 θ，M進(jìn)入電場后，恰能做直線運動，則 tanθ==2，得vy=v0tanθ=2v0從進(jìn)入電場到走開電場時，在豎直方向上的距離是y=vyt+ =2v0×+化簡后得 y=16D3）設(shè)M剛進(jìn)入磁場時速度為 v’，水均分速度與豎直分速度分別為 v與v，v= =v=vtanθ=2由v產(chǎn)生的洛倫茲力的大小是F洛=qBv=q× =mg方向豎直向上， 正好平衡重力，另一個分速度 v將使小球 M在磁場中做勻速圓周運動，由于洛倫茲力不做功，只有重力做功，因此小球 M運動四分之一個周期時，到達(dá)運動軌跡的最低點，將獲得最大動能。由v決定的半徑是R= = =4D（2）分）安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第12頁。第12頁，共14頁安徽省江南十校高考物理二模試卷解析版全文共14頁，當(dāng)前為第12頁。設(shè)小球M能獲得的最大動能是 Ekm，依照動能定理mg×4D=Ekm-因此最大動能是 Ekm=9mgD答：（1）兩帶電小球的初速度大小為 ；（2）帶電小球 N進(jìn)出電場時的豎直方向上的距離為 16D（3）帶電小球 M進(jìn)入右邊的磁場后，能獲得的最大動能為 9mg