福建省泉州市高三上學(xué)期物理質(zhì)量監(jiān)測試卷（一）

高三上學(xué)期物理質(zhì)量監(jiān)測試卷（一）一、單選題1.玻璃杯從同一高度自由落下，掉在水泥地板上易破碎，而掉在草地上不易破碎，這是由于玻璃杯（

）A.

剛接觸草地時的動量較小

B.

剛接觸草地時的動量較大

C.

與草地碰撞過程中的動量變化較慢

D.

與草地碰撞過程中的動量變化較快2.2021年6月17日，“神舟十二號”飛船成功發(fā)射，順利將聶海勝、劉伯明、湯洪波3名航天員送入太空，并與“天和”核心艙順利對接，如圖所示對接前，它們在離地面高約為的同一軌道上一前一后繞地球做勻速圓周運動，則此時“神舟十二號”與“天和”核心艙（

）A.

均處于平衡狀態(tài)

B.

向心加速度均小于

C.

運行周期均大于

D.

運行速度均大于3.氫原子的能級圖如圖所示。一群氫原子處于的能級，躍遷到的能級時輻射出某一頻率的光，用此光照射某金屬板，發(fā)生光電效應(yīng)，測得光電子的最大初動能為，則該金屬的逸出功為（

）A.

B.

C.

D.

4.如圖，正方形區(qū)域存在方向垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，O、P分別為、邊的中點。a點有一質(zhì)子源，持續(xù)沿方向發(fā)射速率不同的質(zhì)子。一段時間后，有些質(zhì)子分別從b點、O點、P點射出，不計重力及質(zhì)子間的相互作用，則（

）A.

從b點和O點射出的質(zhì)子速率之比為2：1

B.

從P點和O點射出的質(zhì)子速率之比為2：1

C.

從b點和O點射出的質(zhì)子在磁場中運動的時間之比為2：1

D.

從O點和P點射出的質(zhì)子在磁場中運動的時間之比為2：1二、多選題5.如圖為奧運會撐桿跳高比賽情景圖，在運動員撐桿上升過程中（

）A.

運動員對桿的作用力與桿對運動員的作用力總是大小相等

B.

運動員對桿的作用力改變了運動員的運動狀態(tài)

C.

運動員始終處于失重狀態(tài)

D.

運動員的機(jī)械能不斷變化6.如圖，交流發(fā)電機(jī)的矩形線圈在勻強(qiáng)磁場中繞垂直磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為6：1，副線圈并聯(lián)兩燈泡a、b，電壓表示數(shù)為，不計發(fā)電機(jī)線圈的電阻，電表均為理想電表。下列說法正確的是（

）A.

燈泡兩端電壓的最大值為

B.

當(dāng)發(fā)電機(jī)線圈平面與磁場垂直時，電壓表示數(shù)為0

C.

若燈泡a燒斷，電流表示數(shù)將變大

D.

若燈泡a燒斷，燈泡b的亮度不變7.如圖為自行車氣嘴燈及其結(jié)構(gòu)圖，彈簧一端固定在A端，另一端栓接重物，當(dāng)車輪高速旋轉(zhuǎn)時，重物由于離心運動拉伸彈簧后才使觸點M、N接觸，從而接通電路，LED燈就會發(fā)光。下列說法正確的是（

）A.

安裝時A端比B端更靠近氣嘴

B.

轉(zhuǎn)速達(dá)到一定值后LED燈才會發(fā)光

C.

增大重物質(zhì)量可使LED燈在較低轉(zhuǎn)速下也能發(fā)光

D.

勻速行駛時，若LED燈轉(zhuǎn)到最低點時能發(fā)光，則在最高點時也一定能發(fā)光8.如圖，光滑絕緣細(xì)桿豎直固定，桿上套有一帶正電小環(huán)，與桿相距為d的豎直方向上固定等量異種點電荷和，兩點電荷相距為?，F(xiàn)將小環(huán)從與等高處由靜止釋放，經(jīng)過桿上與兩點電荷距離相等的O點時速度大小為v，則小環(huán)（

）A.

經(jīng)過O點時與桿間的作用力為零

B.

經(jīng)過關(guān)于O點對稱的上、下兩點時加速度相同

C.

經(jīng)過關(guān)于O點對稱的上、下兩點時機(jī)械能相等

D.

經(jīng)過與等高處時速度大小為三、填空題9.如圖，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)過狀態(tài)B變化到狀態(tài)C，已知狀態(tài)A的壓強(qiáng)為，則狀態(tài)B的壓強(qiáng)

；B到C過程中氣體

（選填“吸熱”“放熱”或“與外界無熱交換”）．10.一列簡諧橫波在時刻的波形如圖甲所示，圖乙為質(zhì)點A的振動圖象，則這列波的波速大小為

，在的時間內(nèi)，質(zhì)點P通過的路程

（選填“大于”“等于”或“小于”）質(zhì)點Q通過的路程。四、實驗題11.某小組利用圖甲和圖乙探究平拋運動。（1）在圖甲中，讓小球A沿軌道滑下，離開軌道末端（末端水平）時撞開輕質(zhì)接觸式開關(guān)S，被電磁鐵吸住的小球B同時自由下落，觀察到兩球同時著地．改變整個裝置的高度H做同樣的實驗，觀察到A、B兩球總是同時落地。該實驗現(xiàn)象說明了________；（2）通過另一實驗裝置描出小球做平拋運動的部分軌跡如圖乙，該小組在軌跡上取水平距離相等的三點a、b、c，則小球從a到b的時間與從b到c的時間________（選填“相等”或“不相等”）。測得，它們之間的豎直距離分別為、，取，則小球的水平初速度大小為________。12.某同學(xué)要測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻，實驗室提供如下器材：待測干電池（電動勢E約，內(nèi)阻r約）電流計G（滿偏電流，內(nèi)阻）電流表A（量程，內(nèi)阻約）滑動變阻器（最大阻值）定值電阻定值電阻開關(guān)S和導(dǎo)線若干（1）為了把電流計G改裝成量程為的電壓表，應(yīng)________。A.將與電流計G串聯(lián)

B.將與電流計G并聯(lián)

C.將與電流計G串聯(lián)

D.將與電流計G并聯(lián)（2）在盡可能減小實驗誤差的情況下，請在虛線框內(nèi)將實驗電路原理圖補(bǔ)充完整；（3）以表示電流計G的示數(shù)，表示電流表A的示數(shù)，若已測出電源的內(nèi)阻為r，則電動勢________（用上述所給符號表示）。五、解答題13.小型四旋翼無人機(jī)是一種能夠垂直起降的遙控飛行器，目前得到越來越廣泛的應(yīng)用如圖，一架質(zhì)量的無人機(jī)從地面上由靜止開始豎直向上起飛，勻加速上升，歷時已知無人機(jī)運動過程中受到的空氣阻力大小恒為自身重力的0.2倍，g取。求該過程（1）無人機(jī)的加速度大小及末速度大??；（2）無人機(jī)受到的升力大小。14.如圖，兩根固定的光滑平行導(dǎo)軌、的傾角為，導(dǎo)軌間距為L，M、兩端接有阻值為R的電阻．在導(dǎo)軌間長度為L、寬度為d的長方形區(qū)域內(nèi)有勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于導(dǎo)軌平面向上。一質(zhì)量為m的金屬桿從導(dǎo)軌上的位置1由靜止釋放，恰好能勻速穿過整個磁場區(qū)域。已知重力加速度大小為g，桿和導(dǎo)軌的電阻均不計，兩者始終垂直且接觸良好。（1）求位置1與磁場上邊界間的距離；（2）若桿從磁場外導(dǎo)軌上某位置2由靜止釋放，到達(dá)磁場下邊界時加速度恰好為零，穿過磁場區(qū)域過程中電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為Q，求位置2與位置1間的距離。15.如圖，傾角的足夠長光滑絕緣斜面固定在水平向右的勻強(qiáng)電場中，一質(zhì)量為m、電荷量為的小滑塊A放在斜面上，恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)．質(zhì)量也為m的不帶電小滑塊B從斜面上與A相距為L的位置由靜止釋放，下滑后與A多次發(fā)生彈性正碰，每次碰撞時間都極短，且沒有電荷轉(zhuǎn)移，已知重力加速度大小為g。求：（1）斜面對A的支持力大小和勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大??；（2）兩滑塊發(fā)生第1次碰撞到發(fā)生第2次碰撞的時間間隔；（3）在兩滑塊發(fā)生第1次碰撞到發(fā)生第5次碰撞的過程中，A的電勢能增加量。

答案解析部分一、單選題1.【答案】C【解析】【解答】AB．杯子從同一高度下落，故到達(dá)地面的速度相等，著地時的動量一定相等，A、B不符合題意；CD．杯子與地面接觸后速度減為零，故動量的變化相等，由于掉在落在草地上的作用時間比落在水泥地上的時間長，因此與草地接觸過程的動量變化慢，C符合題意，D不符合題意；故答案為：C。

【分析】利用速度位移公式可以判別落地動量相同，且動量變化量相同，結(jié)合動量定理可以比較動量變化的快慢。2.【答案】B【解析】【解答】A．“神舟十二號”與“天和”核心艙在軌道上做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，因此“神舟十二號”與“天和”核心艙所受合外力不為零，不處于平衡狀態(tài)，A不符合題意；B．物體在表面上時，萬有引力提供重力，則有解得“神舟十二號”與“天和”核心艙在軌道上，則有解得由于“神舟十二號”與“天和”核心艙半徑較大，因此B符合題意；C．由于“神舟十二號”與“天和”核心艙的軌道半徑小于地球同步衛(wèi)星的軌道半徑，因此“神舟十二號”與“天和”核心艙的周期小于地球同步衛(wèi)星的周期，即“神舟十二號”與“天和”核心艙運行周期均小于，C不符合題意；D．“神舟十二號”與“天和”核心艙繞地球轉(zhuǎn)動，因此運行速度小于第一宇宙速度，即運行速度均小于，D不符合題意；故答案為：B。

【分析】由于引力提供衛(wèi)星的向心力做勻速圓周運動，所以衛(wèi)星不處于平衡狀態(tài)；利用引力形成重力可以求出重力加速度的大??；利用牛頓第二定律可以求出加速度的大小；利用軌道半徑的大小可以比較周期的大小和線速度的大小。3.【答案】A【解析】【解答】由的能級，躍遷到的能級時輻射出某一頻率的光有用此光照射某金屬板，發(fā)生光電效應(yīng)，測得光電子的最大初動能為代入數(shù)據(jù)可得所以A符合題意；BCD不符合題意；故答案為：A。

【分析】利用能級躍遷產(chǎn)生的能量結(jié)合光電效應(yīng)方程其光電子的最大初動能可以求出逸出功的大小。4.【答案】B【解析】【解答】AB．設(shè)正方形邊長為，帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，則有解得由幾何關(guān)系可得

解得從b點和O點射出的質(zhì)子速率之比為從P點和O點射出的質(zhì)子速率之比為A不符合題意，B符合題意；CD．由幾何關(guān)系可得從b點、O點和P點射出的質(zhì)子在磁場中運動的時間之比為CD不符合題意；故答案為：B。

【分析】利用幾何關(guān)系可以求出軌道半徑的大小結(jié)合牛頓第二定律可以求出運動速率的比值；利用運動軌跡所對圓心角的大小可以比較運動的時間。二、多選題5.【答案】A,D【解析】【解答】A．運動員對桿的作用力與桿對運動員的作用力是一對相互作用力，總是大小相等方向相反，A符合題意；B．運動員對桿的作用力改變了桿的形狀和運動狀態(tài)，B不符合題意；C．運動員起跳以后有一個加速上升階段，加速度方向向上，處于超重狀態(tài)，當(dāng)桿對運動員的彈力小于重力以后到運動員達(dá)到最高點的過程中，加速度方向向下，處于失重狀態(tài)，所以運動員是先處于超重狀態(tài)，再處于失重狀態(tài)，C不符合題意；D．在運動員撐桿上升過程中，除了重力外，還有桿一直對運動員做功，所以運動員的機(jī)械能不斷變化，D符合題意。故答案為：AD。

【分析】運動員和桿之間的作用力屬于相互作用其大小相等方向相反；桿對運動員的作用力改變了運動員的運動狀態(tài)；利用加速度的方向可以判別運動員的超重和失重；利用彈力做功可以判別機(jī)械能不斷改變。6.【答案】A,D【解析】【解答】A．根據(jù)理想變壓器電壓關(guān)系有解得所以燈泡兩端電壓的最大值為則A符合題意；B．電壓表示數(shù)為電壓的有效值，所以不為0，所以B不符合題意；C．若燈泡a燒斷，但是根據(jù)理想變壓器的電壓關(guān)系，副線圈兩端的電壓保持不變，所以副線圈的總電流減小了，根據(jù)原副線圈總功率不變的關(guān)系，所以電流表示數(shù)將變小，所以C不符合題意；D．若燈泡a燒斷，但是根據(jù)理想變壓器的電壓關(guān)系，副線圈兩端的電壓保持不變，則燈泡b的亮度不變，所以D符合題意；故答案為：AD。

【分析】利用匝數(shù)之比可以求出燈泡兩端電壓的大小；電壓表顯示有效值所以不等于0；當(dāng)燈泡a斷開時，副線圈電阻增大其輸出電流和輸入電流減?。挥捎陔妷翰蛔兯云錈襞萘涟当３植蛔?。7.【答案】B,C【解析】【解答】A．要使重物做離心運動，M、N接觸，則A端應(yīng)靠近圓心，因此安裝時A端比B端更遠(yuǎn)離氣嘴，A不符合題意；B．轉(zhuǎn)速越大，所需向心力越大，彈簧拉伸的越長，M、N接觸時燈就會發(fā)光，B符合題意；C．燈在最低點時解得因此增大重物質(zhì)量可使LED燈在較低轉(zhuǎn)速下也能發(fā)光，C符合題意；D．燈在最低點時燈在最高點時勻速行駛時，在最低點時彈簧對重物的彈力大于在最高點時對重物的彈力，因此勻速行駛時，若LED燈轉(zhuǎn)到最低點時能發(fā)光，則在最高點時不一定能發(fā)光，D不符合題意；故答案為：BC。

【分析】利用物體做離心運動其燈泡才會發(fā)光所以其B端靠近氣嘴；利用離心運動可以判別轉(zhuǎn)速越大其燈泡才能發(fā)亮；利用牛頓第二定律可以求出角速度的表達(dá)式進(jìn)而判別可以增大重物的質(zhì)量導(dǎo)致燈發(fā)光；利用牛頓第二定律可以判別燈泡發(fā)光的速度大小。8.【答案】A,B,D【解析】【解答】A．根據(jù)等量異種電荷的電場分布可知，在其連線的垂直平分線上的O點的場強(qiáng)豎直向下，則此時環(huán)與桿間的作用力為零，A符合題意；B．根據(jù)等量異種電荷的電場分布可知，關(guān)于O點對稱的上、下兩點電場強(qiáng)度大小相等，電場力豎直向下的分量相等，則經(jīng)過關(guān)于O點對稱的上、下兩點時加速度相同，B符合題意；C．因小環(huán)從上向下運動時，電場力一直做正功，則機(jī)械能增加，即經(jīng)過關(guān)于O點對稱的上、下兩點時機(jī)械能不相等，C不符合題意；D．因為從開始運動到到達(dá)O點，再從O點達(dá)到與等高處時，電場力做功相等，根據(jù)動能定理解得經(jīng)過與等高處時速度大小為D符合題意。故答案為：ABD。

【分析】利用電場線分布可以判別電場力的方向，利用水平方向不受力可以判別經(jīng)過O點時其小環(huán)與桿的作用力等于0；利用牛頓第二定律可以比較加速度的大?。焕秒妶隽ψ龉梢员容^機(jī)械能的大??；利用動能定理可以求出速度的大小。三、填空題9.【答案】；放熱【解析】【解答】由題圖可知，從狀態(tài)A經(jīng)過狀態(tài)B為等溫變化，則有已知解得由題圖可知，B到C過程中，溫度降低，內(nèi)能減少，即體積變小，則外界對氣體做功，即由熱力學(xué)第一定律可知即氣體放熱。

【分析】利用等溫變化可以求出氣體的壓強(qiáng)；利用熱力學(xué)第一定律結(jié)合內(nèi)能的變化可以判別氣體的熱傳遞情況。10.【答案】5；小于【解析】【解答】根據(jù)圖甲可知波長為根據(jù)乙圖可知周期為這列波的波速大小為根據(jù)振動圖像可知A點開始向y軸的正方向振動，根據(jù)上下坡法是可知，在的時間內(nèi)，質(zhì)點P向上振動通過其通過的路程為4cm，質(zhì)點Q先向y軸的正方向振動到達(dá)最大位移，再向振動，其平均速率較質(zhì)點P的小，所以其通過的路程小于4cm。

【分析】利用波長和周期可以求出波速的大??；利用振動的時間及質(zhì)點的位置可以判別質(zhì)點運動的路程大小。四、實驗題11.【答案】（1）平拋運動在豎直方向上的分運動是自由落體運動

（2）相等；1.60【解析】【解答】（1）該實驗現(xiàn)象說明了平拋運動在豎直方向上的分運動是自由落體運動；

（2）根據(jù)平拋運動的特點，在水平方向上做勻速直線運動，有所以有小球從a到b的時間與從b到c的時間相等；在豎直方向有水平方向有代入數(shù)據(jù)解得【分析】（1）兩個小球同時落地說明平拋運動在豎直方向為自由落體運動；

（2）利用平拋運動的位移公式可以判別運動的時間，結(jié)合豎直方向的鄰差公式可以求出初速度的大小。

12.【答案】（1）C

（2）

（3）【解析】【解答】（1）為了把電流計G改裝成量程為的電壓表需要串聯(lián)一個大的電阻，則有

所以C符合題意；ABD不符合題意；故答案為：C。（2）在盡可能減小實驗誤差的情況下，電路采用伏安法外接法，電壓表需要用改裝后的電表表示，電路圖如圖所示根據(jù)閉合電路歐姆定律可知

整理得【分析】（1）利用電壓表的量程結(jié)合歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻的大?。?/p>

（2）利用改裝后的電壓表已知內(nèi)阻，所以其伏安法實驗外接法；

（3）利用閉合電路的歐姆定律可以求出電動勢的大小。

五、解答題13.【答案】（1）解：設(shè)無人機(jī)勻加速上升的加速度大小為a，末速度大小為v，則聯(lián)立解得

（2）解：設(shè)無人機(jī)受到的升力大小F，根據(jù)牛頓第二定律，有且聯(lián)立解得【解析】【分析】（1）無人機(jī)向上做勻加速直線運動，利用位移公式可以求出上升的加速度，結(jié)合速度公式可以求出速度的大??；

（2）無人機(jī)向上做勻加速直線運動，利用牛頓第二定律可以求出升力的大小。

14.【答案】（1）解：設(shè)桿到達(dá)磁場上邊界時的速度大小為v，由機(jī)械能守恒定律得導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的電動勢由閉合電路歐姆定律得桿受到的安培力大小桿勻速穿過磁場區(qū)域，有解得

（2）解：設(shè)位置2與磁場上邊界的距離為，由于桿到達(dá)磁場下邊界時加速度恰好為零，故桿到達(dá)磁場下邊界時速度大小仍為v，由能量守恒定律有又解得【解析】【分析】（1）ab剛還沒進(jìn)入磁場時，利用機(jī)械能守恒定律可以求出進(jìn)入磁場速度的表達(dá)式，結(jié)合動生電動勢及平衡方