物理2018屆高考考點(diǎn)通關(guān)練第一輪復(fù)習(xí)打包老師搜集

高考總復(fù)習(xí)首選用卷·物理第一部分考點(diǎn)通關(guān)練考點(diǎn)29電動(dòng)勢(shì)閉合電路歐姆定律考點(diǎn)名片考點(diǎn)細(xì)研究：(1)閉合電路歐姆定律、電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻；(2)電路的動(dòng)態(tài)變化分析；(3)電路的故障分析等。其中考查到的如：2016

年全國(guó)卷Ⅱ第17

題、2016

年北京高考第19

題、

2016

年江蘇高考第8

題、2015

年山東高考第22

題、2015

年北京高考第24

題、2014

年天津高考第2

題、2013

年安徽高考第19

題、2013

年江蘇高考第4

題等。備考正能量：本考點(diǎn)選擇題中的熱點(diǎn)題型如：正確運(yùn)用伏安特性曲線(xiàn)，含容電路分析、電源的功率、效率、電路的動(dòng)態(tài)變化分析；實(shí)驗(yàn)題中運(yùn)用閉合電路歐姆定律求解電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；在解答題中多以電磁感應(yīng)相結(jié)合。試題靈活性較大，與數(shù)學(xué)結(jié)合比較緊密。預(yù)計(jì)今后高考考查以上規(guī)律的幾率比較大，應(yīng)引起足夠重視。第1步狂刷小題·練基礎(chǔ)一、基礎(chǔ)與經(jīng)典將一電動(dòng)勢(shì)為

E，內(nèi)阻為

r

的電池，與外電路連接，構(gòu)成一個(gè)閉合電路，用

R表示外電路電阻，I表示電路的總電流，下列說(shuō)法正確的是(

)由U

外＝IR

可知，外電壓隨I

的增大而增大由U

內(nèi)＝Ir

可知，電源兩端的電壓隨I

的增大而增大由U

外＝E－Ir可知，電源輸出電壓隨輸出電流I

的增大而減小由

P＝IU

外可知，電源的輸出功率

P

隨輸出電流

I的增大而增大解析用該電源和小燈泡組成閉合電路時(shí)，兩圖象的交點(diǎn)即為小燈泡實(shí)際工作的電壓值和電流值，電源的輸出功率是UI＝2×2

W＝4

W，電源的總功率是EI＝3×2

W＝

6

W。選項(xiàng)D

正確。解析

Raccd與

R

串聯(lián)，電流

I＝UabRac＋Rcd，對(duì)輸出端電壓

U

＝U＝IRcd

cd＝

UabRcdRac＋Rcdnab＝Uab，即輸入端電壓為

U

＝nU，故A

項(xiàng)正確。解析分析電路的連接方式可知，R1

與L1

并聯(lián)；R2與R3

先并聯(lián)再與電流表、R4

串聯(lián)，然后與L2

并聯(lián)。發(fā)現(xiàn)燈L1

變亮，燈L2

變暗，說(shuō)明L1

兩端的電壓變大，L2

兩端的電壓變小，若R1

斷路時(shí)，外電路總電阻變大，總電流減小，L2

所在部分電阻不變，故L2

變暗，電流表讀數(shù)變小，L1

電壓增大，故L1

變亮，A

正確；如果R2

斷路，則燈L2變亮，燈L1

變暗，與現(xiàn)象不符，B

錯(cuò)誤；若R3

短路或R4短路，外電路總電阻減小，總電流增大，L1電壓增大，L2部分電壓減小，L2

電流減小，而電流表示數(shù)變大，與電流表示數(shù)變小不符，C、D

錯(cuò)誤。A．|ΔU1|<|ΔU2|，|ΔU2|>|ΔU3|

U1

I

ΔU1

ΔI

B.

不變，

變小

U2

I

ΔU2

ΔI

C.

變大，

變大

U3

I

ΔU3

ΔI

D.

變大，

變大解析本題考查恒定電流的知識(shí)，意在考查電路的動(dòng)態(tài)分析。滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P

向下滑動(dòng)時(shí)，R2接入電路中的電阻增大，因而電流減小，由E＝Ur＋U1＋U2

可知，

Ur

和U1

均減小，U2

增大，因而|ΔU1|<|ΔU2|，由U3＝U1＋U2

可知U3

增大，U1

減小，因而|ΔU2|>|ΔU3|，選項(xiàng)A

正確；

U1

ΔU1

U2

I

1

ΔI

1

I

＝R

為定值，

＝R

為定值，選項(xiàng)

B

錯(cuò)誤；

＝ΔU2

ΔI

R2，則變大，據(jù)

U2＝E－I(r＋R1)，

＝r＋R1

為定值，

U3選項(xiàng)

C

錯(cuò)誤；

＝R

＋R

，則增大，據(jù)

U

＝E－Ir，

ΔU3

I

1

2

3

ΔI

＝r

為定值，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。解析

由閉合電路歐姆定律得

U＝E－Ir，輸出功率為P＝UI＝EI－I2r，故有EI1－I2r＝EI

－I2r，整理得I

＋I(xiàn)1

2

2

1

2Er＝，故A

錯(cuò)誤，2B正確；根據(jù)電功率表達(dá)式得，P

＝I

R0

1

1＝I2R

，且I

＝2

2

1R1＋r2，I

＝E

ER2＋r1

2，代入整理得R

R

＝r2，故C、D

錯(cuò)誤。U2選項(xiàng)A

正確。R0

是純電阻，所以其消耗的電功率PR0＝R0，因全電路的總電壓即電源電動(dòng)勢(shì)E

一定，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P由A

端向B

端滑動(dòng)時(shí)，外電阻增大，總電流減小，內(nèi)電壓減小，外電壓升高，R0

上消耗的電功率也一直增大，選項(xiàng)B

正確，C

錯(cuò)誤。討論可變電阻R

上消耗的電功率的變化情況時(shí)，可以把定值電阻R0

當(dāng)做電源內(nèi)電阻的一部分，r＋R0r2即電源的等效內(nèi)電阻為

r′＝

rR0

＝

，這時(shí)可變電阻

R

上消耗的電功率相當(dāng)于外電路消耗的功率，即等效電源的輸出功率。根據(jù)P

出-R

外圖象可以看出，隨著滑片P

由A

端向r2B

端的滑動(dòng)，在R

的阻值增大到之前，可變電阻R

上消耗r2的電功率是一直增大的；當(dāng)R＝時(shí)，可變電阻R

上消耗的電功率達(dá)到最大值，滑片P

再繼續(xù)向B

端滑動(dòng)，則可變電阻R

上消耗的電功率就會(huì)逐漸減小，故選項(xiàng)D

錯(cuò)誤。A．當(dāng)R＝R1－r

時(shí)，R1

消耗的功率最大B．R

消耗的最大功率可能為E24(r＋R1)C．當(dāng)R＝0

時(shí)，R1

消耗的功率最大D．外電路消耗的最大功率為E2R11(r＋R

)2解析因?yàn)閞<R1<Rmax，計(jì)算R

的最大功率時(shí)，可把

R1＋r

等效為電源的內(nèi)阻，此時(shí)可能出現(xiàn)Rmax大于、等于或小于R1＋r，因此當(dāng)R＝R1＋r

時(shí)R

的最大功率可能為E24(r＋R1)，故B

選項(xiàng)正確；計(jì)算R1

的最大功率，只需要回路中電流最大，此時(shí)R＝0，R1

消耗的功率為E2R1(r＋R1)2，故A選項(xiàng)錯(cuò)誤、C

選項(xiàng)正確；計(jì)算外電路消耗的最大功率時(shí)，

R1＋R

越接近r

的值對(duì)應(yīng)外電路的功率越大，當(dāng)R＝0

時(shí)，外電路的最大功率就等于R1

的最大功率，故選項(xiàng)D

正確。A．R

的阻值為1000

ΩB．R

的阻值為1333

ΩC．通過(guò)R

的電流為1.5

mAD．通過(guò)R

的電流為2.0

mA2端的電壓為U1＝

×1

3解析電路中四個(gè)電阻阻值相等，開(kāi)關(guān)S

斷開(kāi)時(shí)，外電路的連接等效為圖1，由于不計(jì)電池的內(nèi)阻，設(shè)每個(gè)定值電阻的阻值為R，根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)可知，電容器兩2R2R＋R5E＝1E；當(dāng)開(kāi)關(guān)S

閉合后，外電3路的連接等效為圖2，則電容器兩端的電壓為解析

開(kāi)關(guān)

S

閉合后，外電路的總電阻為

R＝10

Ω，路端電壓U＝R＋rE

R＝1212×10

V＝10

V，A

項(xiàng)正確；電源的總功率P＝E2R＋r＝12 W，B

項(xiàng)錯(cuò)誤；由于兩條支路的電流20ba均為

I′＝10

A＝0.5

A，因此

a、b

兩點(diǎn)間的電壓為

U

＝0.5×(15－5)V＝5

V，C

項(xiàng)正確；a、b

兩點(diǎn)用導(dǎo)線(xiàn)連接后，外電阻R′＝2×5×155＋15Ω＝7.5

Ω，因此電路中的總電流I＝ER′＋r9.5＝

12

A＝1.26

A，D

項(xiàng)錯(cuò)誤。解析 由閉合電路歐姆定律可知：增大

R1

阻值會(huì)使總電阻增大，總電流減小內(nèi)電壓減小，R1

兩端電壓增大，則電容器兩板間電壓增大，板間電場(chǎng)強(qiáng)度增大，油滴受電場(chǎng)力增大，油滴向上運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)

A

錯(cuò)誤；電路穩(wěn)定時(shí)

R2

中無(wú)電流，R2

阻值變化對(duì)電路無(wú)任何影響，則選項(xiàng)

B

正確；只增大板間距離

d，會(huì)使板間電場(chǎng)強(qiáng)度減小，油滴將向下運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)

C

錯(cuò)誤；斷開(kāi)開(kāi)關(guān)

S，電容器放電，油滴將向下運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)

D

錯(cuò)誤?；琍

向右滑動(dòng)，電源輸出功率一直減小滑片P

向右滑動(dòng)，電源輸出功率一直增大斷開(kāi)S2，電源輸出功率達(dá)到最大值滑片P

置于最右端時(shí)，電源輸出功率仍為P002則P

＝I

RE29并＝

(W)；當(dāng)滑片在最右端時(shí)，R′＝R

＝1

Ω，電流I′＝ER′＋r3＝E(A)，電源的輸出功率P′＝I′2R′E2＝

9

(W)＝P0，D正確。A．D．直線(xiàn)a

表示電源的總功率PE-I

圖線(xiàn)B．曲線(xiàn)c

表示電源的輸出功率PR-I

圖線(xiàn)C．電源的電動(dòng)勢(shì)E＝3

V，內(nèi)電阻r＝1

Ω電源的最大輸出功率Pm＝2

W解析

電源的總功率

PE＝EI，其圖象對(duì)應(yīng)

a，故

A

正確；電源的輸出功率PR＝EI－I2r，對(duì)應(yīng)圖象b，B

錯(cuò)誤；電源內(nèi)部發(fā)熱消耗的功率Pr＝I2r，對(duì)應(yīng)圖象c，由圖中數(shù)據(jù)得，E·2＝8,22r＝8，則E＝4

V，r＝2

Ω，C

錯(cuò)誤；電源的最大輸出E2功率Pm＝4r＝2

W，D

正確。開(kāi)關(guān)S

斷開(kāi)時(shí)，a、b

兩點(diǎn)電勢(shì)相等開(kāi)關(guān)S

閉合后，a、b

兩點(diǎn)間的電流是2

A開(kāi)關(guān)S

斷開(kāi)時(shí)C1

帶的電荷量比開(kāi)關(guān)S

閉合后C1

帶的電荷量大不論開(kāi)關(guān)

S

斷開(kāi)還是閉合，C1

帶的電荷量總比

C2帶的電荷量大解析S

斷開(kāi)時(shí)外電路處于斷路狀態(tài)，兩電阻中無(wú)電流通過(guò)，電阻兩端電勢(shì)相等，由圖知a

點(diǎn)電勢(shì)與電源負(fù)極電勢(shì)相等，而b

點(diǎn)電勢(shì)與電源正極電勢(shì)相等，A

錯(cuò)誤。S

斷開(kāi)時(shí)兩電容器兩端電壓都等于電源電動(dòng)勢(shì)，而C1>C2，由Q＝CU

知此時(shí)Q1>Q2，當(dāng)S

閉合時(shí)，穩(wěn)定狀態(tài)下C1

與R1

并聯(lián)，C2

與R2

并聯(lián)，電路中電流I＝ER1＋R2＝2

A，此時(shí)兩電阻兩端電壓分別為

U1＝IR1

＝6

V、U2

＝IR2

＝12

V，則此時(shí)兩電容器所帶電荷量分別為Q1′＝C1U1＝3.6×10－5

C、Q2′＝C2U2＝3.6×10－5

C，對(duì)電容器C1

來(lái)說(shuō)，S

閉合后其兩端電壓減小，所帶電荷量也減小，故B、C

正確，D錯(cuò)誤。解析

當(dāng)電鍵

S1

斷開(kāi)、S2

閉合時(shí)，電路中電流

I1＝ER＋r20

1，P

＝I

R＝E2(R＋r)2R。當(dāng)S1

閉合、S2

斷開(kāi)時(shí)，電路中電流I2＝E2E24R＋r

(4R＋r)，P0＝I2×4R＝

2×4R。聯(lián)立解得：r＝2R，E＝3P0R。當(dāng)S1、S2

都斷開(kāi)時(shí)，電源的總功率為P＝E2R1＋R2＋R3＋r＝P0，C

項(xiàng)正確。解析圖中A1、A2

并聯(lián)，兩端電壓相等，又因A1、A2

是由兩個(gè)相同的電流計(jì)改裝而成，所以A1、A2

的指針偏轉(zhuǎn)角度相同，即偏轉(zhuǎn)角度之比為1∶1，再結(jié)合其量程可知

A1、A2

的讀數(shù)之比為5∶1，B、C

正確。第2步精做大題·練能力(1)電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；定值電阻R2的阻值；滑動(dòng)變阻器的最大阻值。答案

(1)20

V 20

Ω (2)5

Ω(3)300

Ω解析

(1)將題圖乙中

AB

線(xiàn)延長(zhǎng)，交

U

軸于

20

V處，交

I

軸于

1.0

A

處，所以電源的電動(dòng)勢(shì)為

E＝20

V，內(nèi)阻

rE＝

I

＝20

Ω。(2)當(dāng)

P

滑到

R3

的右端時(shí)，電路參數(shù)對(duì)應(yīng)圖乙中的

B2

2點(diǎn)，即U

＝4

V、I

＝0.8

A2，得R

＝U2I2＝5

Ω。(3)當(dāng)P

滑到R3

的左端時(shí)，由圖乙知此時(shí)U

外＝16

V，I總＝0.2

A，所以R

外＝80

Ω。因?yàn)镽外＝

R1R3R1＋R32＋R

，所以滑動(dòng)變阻器的最大阻值為R3＝300

Ω。已知單位時(shí)間內(nèi)從

A

板逸出的電子數(shù)為

N，電子逸出時(shí)的最大動(dòng)能為

Ekm。元電荷為

e。求A

板和B

板之間的最大電勢(shì)差Um，以及將a、b短接時(shí)回路中的電流I

短；圖示裝置可看作直流電源，求其電動(dòng)勢(shì)E

和內(nèi)阻r；(3)在a

和b

之間連接一個(gè)外電阻時(shí)，該電阻兩端的電壓為U。外電阻上消耗的電功率設(shè)為P；單位時(shí)間內(nèi)到達(dá)B

板的電子，在從A

板運(yùn)動(dòng)到B

板的過(guò)程中損失的動(dòng)能之和設(shè)為ΔEk。請(qǐng)推導(dǎo)證明：P＝ΔEk。(注意：解題過(guò)程中需要用到、但題目沒(méi)有給出的物理量，要在解題中做必要的說(shuō)明)答案

(1

Ekm

Ekm

Ekm)

e

Ne

(2)

e

Ne2(3)見(jiàn)解析解析

(1)由動(dòng)能定理，Ekm＝eUm，可得

Um＝Ekme，短路時(shí)所有逸出電子都到達(dá)B

板，故短路電流I

短＝Ne。(2)電源的電動(dòng)勢(shì)等于斷路時(shí)的路端電壓，即上面求出的Umm，所以

E＝U

＝kme，電源內(nèi)阻r＝E

EI短＝Ne2Ekm。(3)外電阻兩端的電壓為U，則電源兩端的電壓也是U。由動(dòng)能定理，一個(gè)電子經(jīng)電源內(nèi)部電場(chǎng)后損失的動(dòng)能

ΔEke＝eU。設(shè)單位時(shí)間內(nèi)有N′個(gè)電子到達(dá)B

板，則損失的動(dòng)能之和ΔEk＝N′ΔEke＝N′eU。根據(jù)電流的定義，此時(shí)電源內(nèi)部的電流I＝N′e，此時(shí)流過(guò)外電阻的電流也是I＝N′e，外電阻上消耗的電功率P＝IU＝N′eU，所以P＝ΔEk。(1)滑動(dòng)變阻器最大值R；當(dāng)滑片