遼寧省鞍山市一般高中協(xié)作校2022-2023學(xué)年高一下學(xué)期7月期末考試物理試題（掃描版含答案）

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本、亦小S接時，電容器充電且上極板電勢牧低代只網(wǎng).，澳戶」

,B,S接2時電容器放電且放電電流從左往右經(jīng)過定值電阻R,中次心小洲

物理試卷：安：

A“別C保持S接山，將上極板豎直向上平移少許，板間電壓不變，場強減小，“.{

D.保持S接1，將上極板水平向左平移少許，板間電壓不變，場強減小方

考試時間75分鐘滿分100分：簽贊

5.天宮空問站是我國的中個空間站系統(tǒng)，：將在2022年完成空間站的在軌建造：天宮空間

站的軌道高度約為400km,地球同步衛(wèi)星的軌道高度約為3600km。若天宮空問站及地球同

一、選擇題（共10小題，共46分；其中17題只有”個正確答案，

步衛(wèi)星的運行軌道均近似為圓軌道，則下列關(guān)于天宮空間站和地球同步衛(wèi)星的說法正確的是

每題4分：8-10題有多個正確答案，每題6分，漏選得3分，錯選不

2.

得分。)

A天宮空間站運行速度介于第一字由速度和第二字宙速度之間哈益

以：

s:B:天宮空問站及地球同步衛(wèi)星的運行速度均小于第一字宙速度，：

1.在物理學(xué)的發(fā)展進(jìn)程中，許多科學(xué)家做出了重要貢獻(xiàn)，下列敘述符合史實的是（）

A.伽利略第一次在實驗室里測出了萬有引力常量G的數(shù)值

4C天宮空間站的運行周期大于地球同步衛(wèi)星的運行周期，

…注

B.胡克總結(jié)出了行星運動的規(guī)徘，并發(fā)現(xiàn)了萬有引力定使

0:天宮空間站的向心加速度小于地球同步衛(wèi)星的向心加速度

C.法拉第最早引入了電場概念，并提出用電場線表示電場

6.將質(zhì)量為0.5kg的小球以9s的速度從某一高度水平拋出，落地點距拋出點的水平距

離為10.8m。若不計一切阻力，重力加速度g取0m3,則米球從拋出至落地過程中重力做

D.華頓建立了真空中光速在不同慣性參考系中大小相同的假說

功的平均功率為(·)

2.·某區(qū)域電場線分布如圖所示。將同一負(fù)的試探電荷先后置于、b兩點，電勢能分別為E

A.30W

B.45W

C.60w7n.75w

和E,電荷所受電場力大小分別為F,和B,則（口

a。

E

7.如圖所示，質(zhì)量為m的物塊（視為質(zhì)點）放囹在水平轉(zhuǎn)盤上，物塊與轉(zhuǎn)軸的距離為L:

A.Epe>Ep,F<FB.EpoEptFa

物塊與轉(zhuǎn)軸之間用一根不可伸長、水平輕繩相連·（轉(zhuǎn)盤靜止時，輕繩剛好伸直但張力為零），

物塊與轉(zhuǎn)盤向的最大靜摩擦力為物塊重力的k倍；重力加速度為g。當(dāng)物塊與轉(zhuǎn)盤共同以角

C.Ew<Ew,E<rD.E<E的，月芝F溶cii:s

3.將一個帶電荷量為內(nèi)+2.0×10C的點電荷從無限遠(yuǎn)處（電勢為零）移動到P點，電場

速度

8均速轉(zhuǎn)動時，繩的張力關(guān)術(shù)為。j,1度0

方做功0×10，期P點的電鶉為及)

冠中計激R對八g

甘大，區(qū)9小大3

A.1.5kmg

B.2kmg

A.35VB.-35VC.70VD.-70V

4.如圖所示，E為電源，C為電容器，R為定值電陰，S為單刀雙

C.3kmg

D.4kmg

擲開關(guān)則49“，行d

:8G：)-6

8?，F(xiàn)在很多景區(qū)都有懸空大茶壺這一景觀，如圖甲所示，一把大茶壺不慚向下“倒

水)半端批

水”，大茶壺似乎沒有任何支掠而懸空，小明參觀后回到自己的Y實驗工坊：嘗試做

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物理答案

一、選擇題（共10小題，共46分；其中1-7題只有一個正確答案，每題4分；8-10題有多個正確答案，每題6分，漏選得3分，錯選不得分。）

12345678910

CDACBABADBCACD

二、非選擇題（共5小題，共54分）

11.（每空2分）（1）C（2）B（3）3∶2

12.（每空2分）（1）A（2），（3）②

13.（12分）（1）根據(jù)題意，設(shè)物塊到達(dá)C、D點時的速度分別為、，由牛頓第二定律有

從C到D的過程中，由機械能守恒定律有

在C點，由牛頓第二定律有

聯(lián)立解得

方向豎直向上，由牛頓第三定律可知，物塊運動至C點時對半圓軌道的壓力為

方向豎直向下

（2）根據(jù)題意，由A到C運動過程中，由動能定理有

聯(lián)立解得

14.（12分）(1)設(shè)帶電微粒經(jīng)加速電場加速后速度為v1,根據(jù)動能定理:

qU1=(2分)

解得:v1==1.0×104m/s(2分)

(2)帶電微粒在偏轉(zhuǎn)電場中只受靜電力作用,做類平拋運動。

水平方向有L=v1t,得t=(1分)

設(shè)電子在偏轉(zhuǎn)電場中運動的加速度為a,射出電場時豎直方向的速度為v2,

則加速度a=(2分)

v2=at=(2分)

tanθ=(2分)

聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得:U2=100V(1分)

15.（16分）(1)C剛滑上A時,設(shè)C的加速度大小為aC,

根據(jù)牛頓第二定律有mCaC=μmCg,(2分)

解得aC=5m/s2,方向水平向左。(2分)

(2)C在A上滑動過程中,A、B、C三者組成的系統(tǒng)動量守恒,設(shè)C離開A時,A、B的速度大小為vAB,

則根據(jù)動量守恒定律有mCvC1=mCvC2+(mA+mB)vAB,(2分)

解得vAB=1m/s。

設(shè)木板A的長度為L,

則根據(jù)能量守恒定律有μmCgL=mC-mC-(mA+mB),(2分)

解得L=0.8m。(1分)

(3)假設(shè)C可以滑到B的頂端,易知此時B和C在水平方向上達(dá)到共同速度vBC,根據(jù)動量守恒定律有mCvC2+mBvAB=(mB+mC)vBC,(1分)

解得vBC=3m/s。

設(shè)此時C在豎直方向的速度大小為vCy,則根據(jù)能量守恒定律有

mC+mB=mC(+)+mB+mCgR,(2分)

解得vCy=1m/s。

由此可知C將先從B的頂端離開C,

且離開時的速度大小為v1==m/s,(1分)

C離開B后由于二者