2020-2021學(xué)年高一物理下學(xué)期期末測(cè)試卷（粵教版）01（全解全析）

2020-2021學(xué)年下學(xué)期期末測(cè)試卷01

高一物理

全解全析

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AAACDCCDABBCADBD

1.A【解析】AD.第谷對(duì)行星的運(yùn)動(dòng)進(jìn)行了大量的觀察和記錄，開(kāi)普勒把這些數(shù)據(jù)歸納成簡(jiǎn)潔的三定律，

揭示了行星運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，A正確，D錯(cuò)誤；B.伽利略通過(guò)理想斜面實(shí)驗(yàn)證實(shí)了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，

B錯(cuò)誤；C.卡文迪許通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)出了萬(wàn)有引力常量，C錯(cuò)誤。

y2V2

2.A【解析】根據(jù)牛頓第二定律得〃7gtanO=〃2—解得tan0==0.10

RgR

3.A［解析］設(shè)細(xì)繩與豎直方向夾角為仇對(duì)物塊Tcos8=mgN+TsmO=marrACD.由Teos。=mg

可知，隨著轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度增大，繩的張力保持不變，但不可能為零，選項(xiàng)A正確，CD錯(cuò)誤；

B.當(dāng)滿足mgtan。時(shí)，桶對(duì)物塊的彈力N=0,選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

4.C【解析】根據(jù)功能關(guān)系知道：人做的功都轉(zhuǎn)化成了系統(tǒng)的動(dòng)能，即，小、，“2和人的動(dòng)能

卬=g加2+J（加+町）V|2

5.D【解析】A.。繩的張力不可能為零，因?yàn)樾∏蜃鰟蛩賵A周運(yùn)動(dòng)其合外力提供向心力，則豎直方向的合

力為0,則〃繩在豎直方向的分力與重力大小相等方向相反，所以A錯(cuò)誤；

B.當(dāng)6繩伸直時(shí)，。繩的張力為7；=上”有普；=加。）解得此時(shí)角速度為。=、』一但是角速度

sin。tan。丫/tan。

0>J—時(shí)，“繩與水平方向夾角不變，則。繩的張力隨角速度的增大保持不變，所以B錯(cuò)誤；C.當(dāng)

V/tan。

角速度?！獣r(shí)，〃繩中存在張力，所以C錯(cuò)誤；D.當(dāng)兩根繩都伸直時(shí)，繼續(xù)增大角速度，。繩的

V/tan

張力保持不變，則。繩張力越來(lái)越大則b繩先斷，所以D正確；

6.C【解析】A.根據(jù)開(kāi)普勒第三定律，飛船在軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)，軌跡的半長(zhǎng)軸越大周期越大，運(yùn)行的周期為

笫>4>ZA錯(cuò)誤；B.飛船在P點(diǎn)從軌道H變軌到軌道I,需要在P點(diǎn)向前方噴氣，減速做向心運(yùn)動(dòng)，

B錯(cuò)誤；C.根據(jù)4=一，軌道H經(jīng)過(guò)P點(diǎn)和軌道I經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)的萬(wàn)有引力大小相等，所以加速度大小相

m

等，C正確；D.若軌道I貼近火星表面，根據(jù)牛頓第二定律(?粵=加32HM=21成3解得0=孕匚

R34TTG

D錯(cuò)誤。

7.C【解析】設(shè)桌面為零勢(shì)能面，開(kāi)始時(shí)鏈條的重力勢(shì)能為g當(dāng)鏈條剛脫離桌面時(shí)的重力

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勢(shì)能￡=~>ng-L故重力勢(shì)能的變化量△￡=/—&=mgL

8.D【解析】AB.小球做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有L=]g戶

得出，=欄因?yàn)橄侣涓叨认嗤云綊佭\(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，由幾何關(guān)系可知，小球的落地點(diǎn)離4越近，

則小球在水平方向的位移越小，所以小球在時(shí)，不是拋出的最小值，落在G時(shí)水平位移最大，最大位移為

正方形的對(duì)角線的長(zhǎng)度，即為夜L，由=得％=癡='詬m/s為拋出速度的最大值，故AB錯(cuò)

誤；CD.由幾何關(guān)系可得8。的中點(diǎn)離A,最近，Bi或。離4最遠(yuǎn)，故初速度的最小值與最大值的比為

1：母,故D正確，C錯(cuò)誤。

9.AB【解析】ACD.AB共軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相等，BC兩點(diǎn)靠傳送帶傳動(dòng)，則線速度大小相等，根據(jù)片

27r

可知①6：coc=rc：rs=2：3所以3A：COB：(DC=2：2：3根據(jù)7=可知北：與：(=3:3:2根據(jù)@=2?〃

co

可知如:〃B：%=2:2:3故A正確；CD錯(cuò)誤；B.AB共軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相等，有卜：u肝以：—1：2

BC兩點(diǎn)的線速度大小相等，則胴：加：vc=l：2：2

2

10.BC【解析】根據(jù)向心加速度公式a=3，=L

可知當(dāng)角速度3保持不變時(shí)，。與/?成正比；當(dāng)線速度v保持不變時(shí)，。與r成反比。綜上所述并結(jié)合題圖

可知甲球運(yùn)動(dòng)時(shí)，角速度大小保持不變：乙球運(yùn)動(dòng)時(shí)，線速度大小保持不變，故BC正確，AD錯(cuò)誤。

11.AD【解析】B.物體的加速度=神，

-V

物體在傳送帶上的劃痕長(zhǎng)等于物體在傳送帶上的相對(duì)位移，物塊達(dá)到速度V所需的時(shí)間t=—

“g

1v12v2v2

物塊的位移%=-at2=--傳送帶的位移馬=vt=——物體在傳送帶上的劃痕長(zhǎng)了=々-王=——

22〃g4g2〃g

2

AC.傳送帶克服摩擦力做功有=F(x2^mv電動(dòng)機(jī)多做的功就等于傳送帶克服摩擦力做的功，B錯(cuò)誤

A正確；D.電動(dòng)機(jī)增加的功率即為克服摩擦力做功的功率，大小為P=

12.BD【解析】A.小球在空中飛行的時(shí)間由其豎直方向的高度決定，落至C、。過(guò)程中豎直位移相同，

故時(shí)間相同，A中的“均不同”說(shuō)法錯(cuò)誤，故A錯(cuò)誤；B.小球落在8、C兩點(diǎn)都是在斜面上，故位移與水平

方向的夾角相同，設(shè)斜面夾角為6,速度與水平方向的夾角為a,由平拋運(yùn)動(dòng)的推論tana=2tan。因?yàn)樾?/p>

球落到8、C兩點(diǎn)時(shí)，位移與水平方向的夾角相同，所以速度方向均相同，故B正確；C.若小球落到C、

。兩點(diǎn)，由/z=gg/得出，=楞高度相同，下落的時(shí)間相同，由題可知水平位移之比為1：2,由％

1,

可得兩次拋出的初速度之比為1:2,故C錯(cuò)誤；D.小球落至8、。兩點(diǎn)，豎直位移之比為1:3,由。=]gf2

得得出用時(shí)之比為1：百,水平位移之比為1：6,由％=%/可得兩次拋出的初速度之比為6：6，

故D正確。

13.0.1（2分）1.5（2分）2.5（2分）

【解析】（1）[1]在豎直方向上有

\h=gT2=21

解得

T=0.1s

（2）⑵水平方向

x=v0T—31

解得

%=1.5m/s

（3）[3]8點(diǎn)時(shí)豎直分速度

OI

%=77=2Om/s

B點(diǎn)的速度

+V2

vB=7Vo=2.5m/s

14.D（2分）交流（2分）0.90（3分）不同意（2分）

【解析】（1）UJA.實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源，后釋放小車，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.橡皮筋只在小車開(kāi)始運(yùn)動(dòng)階段對(duì)小車做功，當(dāng)橡皮筋恢復(fù)到原長(zhǎng)后，對(duì)小車不做功，選項(xiàng)B錯(cuò)誤;

C.由于橡皮筋對(duì)小車的力是變力，則伸長(zhǎng)加倍時(shí)，功要變?yōu)?倍，故C錯(cuò)誤；

D.通過(guò)增加橡皮筋的條數(shù)可以使橡皮筋對(duì)小車做的功成整數(shù)倍增加，選項(xiàng)D正確；

故選Do

（2）⑵為完成該實(shí)驗(yàn)，需要220V的交流電源。

（3）[3]小車獲得的最大速度為

%3.60x10-2

v=—=-------------m/s=0.90m/s

IT0.04

（4）[4]不同意；原因：實(shí)驗(yàn)中只能知道橡皮筋的根數(shù)，并不能測(cè)出橡皮筋彈力所做功的具體數(shù)值。

15.（1）1.2nVs；（3分）（2）2.4N；（3分）（3）5rad/s（3分）

【解析】

（1）小物體的線速度大小為

v-cor

u=4x0.3m/s=1.2m/s

（2）小物體所受靜摩擦力的大小為

f^=F^=tnorr

代值解得

4=2.4N

（3）當(dāng)靜摩擦力達(dá)到最大值時(shí)，圓盤的角速度最大。則

Z?ax=mco'r

以x=〃，〃g

解得

com=5rad/s

16.（1）3.4m/s；（5分）（2）3.4xl03m/s（5分）

【解析】（1）設(shè)星球表面的重力加速為g,根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有

解得

2v-tan370

g=--0---------=3.4m/s2

t

（2）根據(jù)重力提供向心力有

m?v2

mg----

R

v=JgR=，34x3.4xl()6=3.4x103mzs

17.（1）40N；（5分）（2）1m或」m；（5分）（3）1.5J（5分）

8

【解析】（1）當(dāng)滑塊靜止在光滑斜面上時(shí)，根據(jù)平衡條件可得

tan53。=旦

mg

解得

F?-mgtan53°=40N

（2）滑塊從8到C運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，由動(dòng)能定理可得

2

w112

f’B9

若%>%，則滑塊減速，有

一〃mg.L=；m%_gmv；［

解得