2021屆河南省高考物理仿真模擬試卷(5月份)(含答案解析)

2021屆河南省高考物理仿真模擬試卷（5月份）

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

1.皮帶傳送機(jī)的皮帶與水平方向的夾角為a,如圖所示，將質(zhì)量為機(jī)的小心夕

物塊放在皮帶傳送機(jī)上,隨皮帶一起向下以加速度a做勻加速直線運(yùn)動，

則（）..........

A.小物塊受到的支持力的方向不一定垂直于皮帶指向物塊

B.小物塊受到的靜摩擦力的方向一定沿皮帶斜向下；

C.小物塊受到的靜障擦力的大小可能等于mgsina

D.小物塊受到的重力和摩擦力的合力的方向一定沿斜面方向

2.質(zhì)量為5噸的汽車，以10m/s的速率通過半徑為20根的凸形橋面最高點(diǎn)時，汽車對橋面的壓力

大小是:（g=10m/s2）（）

A.4.9x104/VB.2.5x104/VC.7.5x104/VD.0

3.關(guān)于在大氣中水平勻速飛行的民航飛機(jī)與沿圓形軌道繞地球運(yùn)動的人造衛(wèi)星，下列敘述中正解

的是（）

A.民航飛機(jī)上乘客受地球的重力是零

B.人造衛(wèi)星內(nèi)的設(shè)備受地球萬有引力為零，因此處于失重狀態(tài)

C.飛機(jī)在空中水平勻速航行時不需要耗用燃料提供的動力

D.人造衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動時不需要耗用燃料提供的動力

4.如圖所示，一均勻帶正電絕緣細(xì)圓環(huán)水平固定，環(huán)心為。點(diǎn).帶正電的小球A：

從。點(diǎn)正上方的A點(diǎn)由靜止釋放，穿過圓環(huán)中心0,并通過關(guān)于。與A點(diǎn)對尸—JI\

稱的A點(diǎn)，取。點(diǎn)為重力勢能零點(diǎn).關(guān)于小球從4點(diǎn)運(yùn)動到4'點(diǎn)的過程中，小

I

A'i

球的加速度4、重力勢能EpG、機(jī)械能E、電勢能EpE隨位置變化的情況，下列

說法中正確的是（）

A.從A到。的過程中a一定先增大后減小，從O到小的過程中〃一定先減小后增大

B.從A到。的過程中0G小于零，從。到4的過程中EpG大于零

C.從4到。的過程中E隨位移增大均勻減小，從。到A的過程中E隨位移增大均勻增大

D.從A到0的過程中與￡隨位移增大非均勻增大，從0到A的過程中隨位移增大非均勻減

小

5.在鉛球比賽中，某同學(xué)投擲鉛球出手時速度大小為％,離開地面高度力，落地的速度大小為匕，

水平距離為S,鉛球質(zhì)量為〃7,投擲質(zhì)量為〃?，投擲鉛球力的大小為F,則該同學(xué)在投擲鉛球時

做的功為（

A.FSB.mgh+^mVgC.說D.-mvl

二、多選題（本大題共4小題，共23.0分）

6.下面關(guān)于光的波粒二象性的說法中，正確的說法是（）

A.大量光子產(chǎn)生的效果往往顯示出波動性，個別光子產(chǎn)生的效果往往顯示出粒子性

B.頻率越大的光其粒子性越顯著，頻率越小的光其波動性越顯著

C.光在傳播時往往表現(xiàn)出的波動性，光在跟物質(zhì)相互作用時往往表現(xiàn)出粒子性

D.光不可能同時既具有波動性，又具有粒子性

7.如圖所示，接在照明電路中的自耦變壓器的副線圈上通過輸電線接有三廠昌―n

L,

個燈泡4、42和人，輸電線的等效電阻為R當(dāng)滑動觸頭尸向上移動一段一幅T<n3

距離后，下列說法正確的是（）.-----1—士

A,等效電阻R上消耗的功率變小B.三個燈泡都變亮

C.原線圈兩端的輸入電壓減小D.原線圈中電流表示數(shù)減小

8.如圖所示,長為4a、寬為a的矩形導(dǎo)體框ABCD豎直固定，虛線EF到導(dǎo)體框AB邊的距離為

在虛線EF下方存在方向垂直于導(dǎo)體框所在平面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為瓦導(dǎo)體棒

的材料、粗細(xì)與導(dǎo)體框相同，單位長度的電阻為，?，F(xiàn)將導(dǎo)體棒從與導(dǎo)體框邊重合的位置由

靜止釋放（兩者始終接觸良好且保持垂直），進(jìn)入磁場時的加速度剛好為0,此后用豎直方向的外

力控制導(dǎo)體棒一直向下做勻速運(yùn)動，重力加速度為g,貝女）

X

B

X

A.導(dǎo)體棒的質(zhì)量m=喀回

B.從導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場到出磁場的過程中，導(dǎo)體棒中電流的最小值/mE=第

C.從開始到導(dǎo)體棒出磁場的過程中，電路中產(chǎn)生的焦耳熱。=逆色亞

26r

D.從導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場到出磁場的過程中，外力方向始終不變

9.下列說法正確的是（）

A.當(dāng)人們感到潮濕時，空氣的絕對濕度一定較大

B.處于完全失重的水滴呈球形，是液體表面張力作用的結(jié)果

C.水蒸氣的壓強(qiáng)不再發(fā)生變化，說明蒸發(fā)和液化達(dá)到動態(tài)平衡

D.晶體一定有規(guī)則的幾何形狀，形狀不規(guī)則的金屬一定是非晶體

E.一定質(zhì)量的理想氣體體積不變時，溫度越高，單位時間內(nèi)器壁單位面積受到氣體分子撞擊的

次數(shù)越多

三、填空題（本大題共1小題，共4.0分）

10.（1）空間中存在一列向右傳播的簡諧橫波，波速為2m/s,在t=0時刻的波形如圖甲所示.試寫

出x=2.0m處質(zhì)點(diǎn)的位移--時間關(guān)系表達(dá)式；

（2）若空間中存在振幅不同，波速相同的兩列機(jī)械波相向傳播，它們的周期均為T,t=0時刻兩列波

的波形如圖乙所示，請定性畫出％=:時刻的波形圖（在答題紙上劃線處自行畫出）

4

四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）

11.利用圖1所示裝置可以做力學(xué)中的許多實(shí)驗(yàn)

a/m.s'1

(1)以下說法正確的是

A.利用此裝置“研究勻變速直線運(yùn)動”時，必須設(shè)法消除小車和木板間的摩擦力的影響

員利用此裝置探究“小車的加速度與合外力的關(guān)系”：當(dāng)小車與車中祛碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)大于小桶及桶

中祛碼的總質(zhì)量時，才可以認(rèn)為繩對小車的拉力大小約等于小桶及桶中祛碼的總重力

C.利用此裝置探究“小車的加速度與質(zhì)量的關(guān)系”并用圖象法處理數(shù)據(jù)時，如果畫出的a-M關(guān)系圖

象不是直線，就可以確定加速度和質(zhì)量成反比

(2)如圖所示的裝置做“探究加速度與力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)：小車擱置在水平放置的長木板上，紙帶連

接車尾并穿過打點(diǎn)計時器，用來測小車的加速度a,小桶通過細(xì)線對小車施拉力?

I.某次實(shí)驗(yàn)得到的一條紙帶如圖2所示，從比較清晰的點(diǎn)起，每五個打印點(diǎn)取一個點(diǎn)作為計數(shù)點(diǎn),

分別標(biāo)為0、1、2、3、4.測得0、1兩計數(shù)點(diǎn)間距離Si=30,001機(jī),3、4兩計數(shù)點(diǎn)間距離54=48.0mm,

則小車的加速度為rn/s2.(結(jié)果取兩位有效數(shù)字)

口.在保持小車質(zhì)量不變的情況下，改變對小車?yán)Ξa(chǎn)的大小，測得小車所受拉力尸和加速度a的數(shù)

據(jù)如下表：

F/N0.200.300.400.500.60

a/(ms-2)0.100.210.290.410.50

①根據(jù)測得的數(shù)據(jù)，在圖3中作出a-F圖象.

②由圖象可知，小車與長木板之間的最大靜摩擦力大小為N.(結(jié)果取兩位有效數(shù)字)

③若要使作出的a-F圖線過坐標(biāo)原點(diǎn)，需要調(diào)整實(shí)驗(yàn)裝置，可采取以下措施中的

人增加小車的質(zhì)量&減小小車的質(zhì)量

C.適當(dāng)墊高長木板的右端D.適當(dāng)增加小桶內(nèi)祛碼質(zhì)量.

12.在一次課外實(shí)踐活動中，某課題研究小組收集到數(shù)碼相機(jī)、手機(jī)等電子產(chǎn)品中的一些舊電池以

及從廢舊收音機(jī)上拆下的電阻、電容、電感線圈等電子元件.現(xiàn)從這些材料中選取兩個待測元

件，一是電阻&（約為2k。），二是手機(jī)中常用的鋰電池（電動勢E標(biāo)稱值為3.7V,允許最大放電

電流為10064）.在操作臺上還準(zhǔn)備了如下實(shí)驗(yàn)器材:

A.電壓表（量程4匕電阻即約為4.O/C0）

8.電流表4式量程100〃源，內(nèi)阻不計）

C.電流表人2（量程2〃出，內(nèi)阻不計）

D滑動變阻器Ri（0?2W2,額定電流0.14）

￡電阻箱/?2（0?999.90）

F.開關(guān)S一只，導(dǎo)線若干.

（1）為了測定電阻扁的阻值，小組的一位成員設(shè)計了如圖1所示的電路原理圖，所選取的相應(yīng)器材（電

源用待測的鋰電池）均標(biāo)在圖上，其器材選取中有不妥之處，你認(rèn)為應(yīng)該怎樣調(diào)整？

（2）如果在實(shí)際操作過程中，發(fā)現(xiàn)滑動變阻器飛、電壓表已損壞，用余下的器材測量鋰電池的電動勢

E和內(nèi)阻r.

①請你在圖2方框中畫出實(shí)驗(yàn)電路原理圖（標(biāo)注所用器材符號）；

②該實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中取得多組數(shù)據(jù)，然后作出如圖3所示的線性圖象處理數(shù)據(jù)，則電源電

動勢為匕內(nèi)阻為n.

五、簡答題（本大題共1小題，共3.0分）

13.如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy中，在），軸右側(cè)和y=-x的上方區(qū)域有沿），軸負(fù)方向的勻強(qiáng)

電場，電場強(qiáng)度大小為E,在x軸下方向和y=-％的左側(cè)區(qū)域有垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁

場，在坐標(biāo)原點(diǎn)處沿x軸正向射出一束質(zhì)量為〃?、電荷量為q的帶正電的粒子，這束粒子第一

次出電場的范圍在y=-%上的P、。兩點(diǎn)之間，OP=L,OQ=2L,從尸點(diǎn)出電場的粒子第一

次在磁場中運(yùn)動的軌跡剛好與y軸相切，不計粒子的重力，不計粒子間的相互作用，求：

（1）粒子從。點(diǎn)射出的速度大小范圍;

（2）勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大??；

(3)試分析：第一次從。點(diǎn)射出電場的粒子，第一次在磁場中運(yùn)動會不會穿過y軸，說明理由。

y二T

六、計算題(本大題共3小題，共30.0分)

14.如圖所示，水平面上固定一個傾角為。=37。的足夠長斜面，斜面頂

端有一光滑的輕質(zhì)定滑輪，跨過定滑輪的輕細(xì)繩兩端分別連接物塊A日6X、

和B(兩物塊均可視為質(zhì)點(diǎn))，其中物塊A的質(zhì)量為叫,=0.8kg,物塊

8的質(zhì)量為me=1.2kg.一輕質(zhì)彈簧下端固定在斜面底端，彈簧處于原長時上端位于斜面上的C

點(diǎn).初始時物塊A到C點(diǎn)的距離為L=0.5m.現(xiàn)給A、B—大小為幾=3rn/s的初速度使A開始

沿斜面向下運(yùn)動，8向上運(yùn)動.若物塊B始終未到達(dá)斜面頂端，物塊A與斜面間的動摩擦因數(shù)

為〃=0.5,sin370=0.6,cos37°=0.8,取g=lOm/s2,空氣阻力不計.

(1)試求物塊A向下剛運(yùn)動到C點(diǎn)時的速度大??；

(2)若彈簧的最大壓縮量為4x=0.2m,試求彈簧的最大彈性勢能Epm；

(3)在(2)的基礎(chǔ)上，若物塊B剛開始運(yùn)動時離水平面的高度h=0.6m,求當(dāng)物塊3落地后，物塊4

能夠上升的最大高度.

15.使一定質(zhì)量的理想氣體按如圖甲中箭頭所示的順序變化，圖中8c段//atm

(1)已知?dú)怏w在狀態(tài)A的溫度為二=300K,求氣體在狀態(tài)B、C和。的溫2'"V"li'.

度是多少？o'-10203040\/￡

(2)將上述變化過程在圖乙了-7圖象中表示出來(標(biāo)明A、B、C、。四點(diǎn)，并用箭頭表示變化方向)。

16.一列波以60。的入射角入射到兩種介質(zhì)的交界面上，反射波剛好與折射波垂直，反射角和折射角

分別是多大？

【答案與解析】

1.答案：C

解析：解：A、小物體受到的支持力為彈力，方向一定垂直于皮帶指向物體，故A錯誤；

B、由于物體加速度大小未知，由牛頓第二定律列方程得：mgsina+f=ma,故靜摩擦力的方向不

能確定，故8錯誤

C、由牛頓第二定律列方程得：mgsina+f—ma,te/=mgsina—ma^f-ma—mgsina,所以

C正確

物體受重力、支持力和靜摩擦力作用，三力合力沿傳送帶平面向下，而彈力必與此平面垂直，

小物塊受到的重力和摩擦力的合力的方向一定不沿斜面方向，故。錯誤

故選C

質(zhì)量為旭的物體放在皮帶傳送機(jī)上，隨皮帶一起以向下加速度做勻加速直線運(yùn)動，受重力、支持力

和靜摩擦力作用下運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律列方程討論解決

解決本題的關(guān)鍵能夠正確地進(jìn)行受力分析，抓住物體的加速度與傳送帶相同，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)

行求解.

2.答案：B

解析：解：在最高點(diǎn)，汽車由重力和支持力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二產(chǎn)

定律得：IcJ

mg-FN=m-+

解得FN=m(g-9)=5000x(10-：)N=2.5x104N.

由牛頓第三定律知，通過最高點(diǎn)時汽車對橋面的壓力為2.5X104N,故B正確，ACD錯誤。

故選：B.

汽車在最高點(diǎn)靠重力和支持力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出支持力的大小，從而得出

汽車對橋面的壓力大小.

解決本題的關(guān)鍵搞清汽車做圓周運(yùn)動向心力的來源，結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行求解.

3.答案：D

解析：解：A、民航飛機(jī)上的乘客受重力和支持力，兩個力的合力為零，故A錯誤.

8、人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動，僅受萬有引力，處于完全失重狀態(tài).故8錯誤.

C、飛機(jī)在空中勻速飛行需要耗用燃料提供的動力.故C錯誤.

。、人造衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動靠地球的引力提供向心力，不需要耗用燃料提供動力.故。正確.

故選。.

飛機(jī)勻速飛行，合力為零，人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動，靠萬有引力提供向心力.

解決本題的關(guān)鍵知道飛機(jī)勻速飛行處于平衡狀態(tài)，人造衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動不是平衡狀態(tài)，靠萬有

引力提供向心力.

4.答案：D

解析：解：小球運(yùn)動過程的示意圖如圖所示.

A、圓環(huán)中心的場強(qiáng)為零，無窮遠(yuǎn)處場強(qiáng)也為零，則小球從A到圓環(huán)中心的過程中，場強(qiáng)可能先增大

后減小，也可能一直減小，則小球所受的電場力可能先增大后減小方向豎直向上，也可能一直減小

方向向上，由牛頓第二定律得知，重力不變，則加速度可能先減小后增大，也可能一直增大.故4

錯誤.

8、小球從A到圓環(huán)中心的過程中，重力勢能昂6=爪9八，小球穿過圓環(huán)后，EpG=-mgh,故8錯

誤.

C、由于圓環(huán)所產(chǎn)生的是非勻強(qiáng)電場，小球下落的過程中，電場力做功與下落的高度之間是非線性關(guān)

系，電勢能變化與下落高度之間也是非線性關(guān)系，故C錯誤

。、小球從A到圓環(huán)中心的過程中，電場強(qiáng)度非勻強(qiáng)電場，電場力做負(fù)功但不是均勻變化的，機(jī)械

能減小，但不是均勻減小，小球穿過圓環(huán)后，同理，故。正確.

故選：D

畫出小球運(yùn)動的示意圖，通過分析小球受到的電場力可能的情況，來確定合力情況，再由牛頓第二

定律分析加速度情況.由Ep=mgh分析重力勢能的變化情況.根據(jù)電場力做功情況，分析小球機(jī)械

能的變化和電勢能的變化情況

本題難點(diǎn)是運(yùn)用極限法分析圓環(huán)所產(chǎn)生的場強(qiáng)隨距離變化的關(guān)系.機(jī)械能要根據(jù)除重力以外的力做

功情況，即電場力情況進(jìn)行分析

5.答案：D

解析：解：對鉛球出手前后運(yùn)用動能定理得，勿=：巾詔-0=[m詔。

對整個過程研究，有：W+mgh=,解得W=說一mg八.故。正確，A、B、C錯誤。

故選：Do

根據(jù)鉛球出手前后的初末動能，結(jié)合動能定理求出投擲鉛球時做功的大小。

運(yùn)用動能定理解題關(guān)鍵選擇好研究的過程，分析過程中有哪些力做功，然后根據(jù)動能定理列式求解，

基礎(chǔ)題。

6.答案：ABC

解析：分析：光子既有波動性又有粒子性，波粒二象性中所說的波是一種概率波，對大量光子才有

意義.波粒二象性中所說的粒子，是指其不連續(xù)性，是一份能量.個別光子的作用效果往往表現(xiàn)為

粒子性；大量光子的作用效果往往表現(xiàn)為波動性.光的波粒二象性是指光有時表現(xiàn)為波動性，有時

表現(xiàn)為粒子性.

解析：

A、光既具有粒子性，又具有波動性，大量的光子波動性比較明顯，個別光子粒子性比較明顯，故A

正確；

8、在光的波粒二象性中，頻率越大的光其粒子性越顯著，頻率越小的光其波動性越顯著，故8正確；

C、光在傳播時往往表現(xiàn)出的波動性，光在跟物質(zhì)相互作用時往往表現(xiàn)出粒子性，故C正確；

。、光的波粒二象性是指光有時表現(xiàn)為波動性，有時表現(xiàn)為粒子性，二者是統(tǒng)一的，故。錯誤.

故選ABC.

7.答案：AD

解析：解：A、由于原線圈電壓不變，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比得，隨著滑動觸頭P向上移動一段距離

后，即原線圈匝數(shù)增加，導(dǎo)致副線圈電壓減小，則等效電阻R上消耗的功率變小，故A正確；

8、由A選項(xiàng)可知，電壓減小，則三個燈泡都變暗，故B錯誤；

C、原線圈兩端的輸入電壓不變，故C錯誤；

。、由A選項(xiàng)可知，電壓減小，則電流變小，所以原線圈的電流也變小，故。正確；

故選：AD

根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，可確定當(dāng)滑動觸頭尸向上移動一段距離后，由于原線圈的輸入電壓不變，

則可知，副線圈電壓變化、燈泡的亮暗、電線上消耗的功率及副線圈上的電流.

理解原副線圈的電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，原線圈的電流隨著副線圈電流變化而變化；

并根據(jù)閉合電路歐姆定律來分析動態(tài)變化.

8.答案：AB

解析：解:4、導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場前做自由落體運(yùn)動，設(shè)剛進(jìn)入磁場時的速度為V,則v==廊,

導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場時所受安培力：F安培=Bia=手，

導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場時加速度為零，則所受合力為零，則^9=竺番，

導(dǎo)體棒是電源，內(nèi)阻為〃，外電路為導(dǎo)體框上、下兩部分并聯(lián)電路,

電路總電阻R=ar+'二”=2.6ar,

2ar+8ar

解得：山=隼運(yùn)，故A正確；

8、當(dāng)導(dǎo)體棒運(yùn)動到導(dǎo)體框中間位置時，電路總電阻最大，

最大總電阻Rmax=ar+=3.5ar,此時電路電流最小，

電路最小電流Anin=3—==2與：°,故8正確；

K

maxssarIT

C、設(shè)導(dǎo)體棒在磁場中運(yùn)動過程電路產(chǎn)生的焦耳熱為Q,外力做功為w,導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動，動能的

變化量為0，由動能定理得：

7

-mga+W—Q=0,

解得：Q=/+35BB、呵故C錯誤；

D,設(shè)到CO邊距離為：a的位置為E'F'位置，導(dǎo)體棒在所和E'F'兩個位置時，電路的電阻相等，由

題意可知，導(dǎo)體棒在在EF位置時受到的安培力等于重力，則導(dǎo)體棒在E'F'位置時所受重力也等于安

培力，導(dǎo)體棒做勻速運(yùn)動，則其所受合力為0,導(dǎo)體棒從EF向下運(yùn)動到￡戶位置過程中，電阻先增

大后減小，電流先減小后增大，安培力先減小后增大，則外力尸先增大后減小，方向始終向上；導(dǎo)

體棒從E'F'向下運(yùn)動，電阻變小，電流變大，安培力變大，大于重力，則外力向下，外力方向發(fā)生

改變，故。錯誤。

故選：AB.

導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場前做自由落體運(yùn)動，求出導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場時的速度，根據(jù)安培力公式求出導(dǎo)體棒

進(jìn)入磁場時受到的安培力，應(yīng)用平衡條件求出金屬棒的質(zhì)量；當(dāng)導(dǎo)體棒運(yùn)動到導(dǎo)軌中間位置時電路

總電阻最大，電路電流最小，應(yīng)用歐姆定律求出電路最小電流；分析清楚導(dǎo)體棒的運(yùn)動過程，應(yīng)用

動能定理求出回路產(chǎn)生的焦耳熱；根據(jù)導(dǎo)體棒運(yùn)動過程分析清楚其受力情況，判斷外力方向是否變

化。

本題是電磁感應(yīng)與電路、力學(xué)相結(jié)合的一道綜合題，難度較大，根據(jù)題意分析清楚導(dǎo)體棒的運(yùn)動過

程是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用安培力公式、平衡條件、動能定理即可解題。

9.答案：BCE

解析：解：A、在一定溫度條件下，空氣的相對濕度越大，水蒸發(fā)越慢，人就感到越潮濕，故當(dāng)人們

感到潮濕時，空氣的相對濕度一定較大，但絕對濕度不一定大，故A錯誤；

8、處于完全失重狀態(tài)時，由于液體表面張力作用而水滴形成球形，故B正確；

C、水蒸氣達(dá)到飽和時，水蒸氣的壓強(qiáng)，不再變化，水的蒸發(fā)與水蒸氣的液化達(dá)到平衡，是一種動態(tài)

平衡，水蒸氣仍然液化。故C正確；

。、單晶體一定有規(guī)則的幾何形狀，而多晶體與非晶體沒有天然的規(guī)則的幾何形狀。故。錯誤；

E、氣體體積不變時，溫度越高，由pV=CT知，氣體的壓強(qiáng)越大，由于單位體積內(nèi)氣體分子數(shù)不變，

分子平均動能增大，所以單位時間內(nèi)容器壁單位面積受到氣體分子撞擊的次數(shù)越多。故E正確；

故選：BCE。

空氣的相對濕度越大，水蒸發(fā)越慢，人就感到越潮濕：液體表面張力是由于液體表面分子間距大于

平衡間距，分子力表現(xiàn)為引力造成的；水蒸氣達(dá)到飽和時，水蒸氣的壓強(qiáng)，不再變化，水的蒸發(fā)與

水蒸氣的液化達(dá)到平衡；多晶體的形狀也不一定是規(guī)則的；氣體的壓強(qiáng)與分子平均動能和分子數(shù)密

度有關(guān)。

該題主要考查表面張力以及相對濕度、絕對濕度、晶體、非晶體、氣體壓強(qiáng)等概念，屬于了解的內(nèi)

容，多看課本，多加積累即可。

10.答案:x=-5sin2nt^cm)

解析：解：⑴由圖讀出振幅A=5cm,波長4=2m,則周期T=?=|=1s,角頻率3=半=2nrad/s.

波向右傳播，圖示時刻x=2.0m處質(zhì)點(diǎn)振動方向沿y軸負(fù)方向，則x=2.0m處質(zhì)點(diǎn)的位移-時間關(guān)系

表達(dá)式為：

y——5sin3t(cm)——5sin27rt'(cm)；

(2)在寸刻，兩列波都向前傳播;個波長，所以波峰在虛線處相遇，振幅等于兩列波振幅之和，

畫出波形如圖：

故答案為：(l)y=-5sin3t(cm)(2)如圖.

(1)由波形圖讀出振幅和波長，求出周期，再求角頻率.寫出x=2.0m處質(zhì)點(diǎn)的位移-時間關(guān)系表達(dá)

式.

(2)根據(jù)波傳播的距離，分析波疊加的結(jié)果.

波疊加時的位移等于兩列波的位移之和.

a/m/s2

解析：解：(1)4、此裝置可以用來研究勻變速直線運(yùn)動，但不需要平衡摩擦力，故A錯誤.

8、探究“小車的加速度與合外力的關(guān)系”：當(dāng)小車與車中祛碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)大于小桶及桶中祛碼的總

質(zhì)量時，才可以認(rèn)為繩對小車的拉力大小約等于小桶及桶中祛碼的總重力，故8正確.

C、曲線的種類有雙曲線、拋物線、三角函數(shù)曲線等多種，所以若a-m圖象是曲線，不能斷定曲線

是雙曲線，即不能斷定加速度與質(zhì)量成反比，應(yīng)畫出a-三圖象，故C錯誤.

m

故選：B

(2)I.每隔五個打印點(diǎn)取一個計數(shù)點(diǎn)，所以2,3兩計數(shù)點(diǎn)間的時間間隔為7=0.1s,

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論△尤=a72,有:

2

s4—Si=3aT,

0.048-0.030

所以解得:a=—0.60m/s2

0.03

口.①在a-F圖象中根據(jù)所給的數(shù)據(jù)描點(diǎn).作圖，如圖所示:

②當(dāng)拉力大于等于最大靜摩擦?xí)r，物體開始運(yùn)動，由上問所得a-F圖象可知當(dāng)拉力等于0.10N時物

體開始運(yùn)動，故最大靜摩擦力為0.10N.

③若要使作出的a-F圖線過坐標(biāo)原點(diǎn)即繩子的拉力就等于小車所受的合外力，故需要平衡摩擦力,

其方法是適當(dāng)墊高長木板的右端.故C正確.

故選：C.

故答案為：(1)8；(2)I.0.60；口.①如圖所示；②0.10;③C。

(1)利用圖示小車紙帶裝置可以完成很多實(shí)驗(yàn)，在研究勻變速直線運(yùn)動時不需要平衡摩擦力，在探究

“小車的加速度與質(zhì)量的關(guān)系”和探究“功與速度變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)時，需要平衡摩擦力，當(dāng)小車

與車中祛碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)大于小桶及桶中祛碼的總質(zhì)量時，才可以認(rèn)為繩對小車的拉力大小約等于小

桶及桶中祛碼的總重力；

(2)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論公式△x=aX可以求出加速度的大??；當(dāng)拉力大于等于最大靜摩擦

時，物體開始運(yùn)動：a-尸圖線過坐標(biāo)原點(diǎn)即繩子的拉力就等于小車所受的合外力，故需要平衡摩擦

力，其方法是適當(dāng)墊高長木板的右端.

只要真正掌握了實(shí)驗(yàn)原理就能順利解決此類實(shí)驗(yàn)題目，而實(shí)驗(yàn)步驟，實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的處理都與實(shí)驗(yàn)原理

有關(guān)，故要加強(qiáng)對實(shí)驗(yàn)原理的學(xué)習(xí)和掌握，要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問題的

能力，在平時練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識的理解與應(yīng)用.

12.答案：用&替換&3.57

解析：解：(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律，當(dāng)滑動變阻器短路時，電流為：/=系=7^焉，故用電

I-TKQITZUUU

流表&量程太大，讀數(shù)不準(zhǔn)確；

故答案為：用4替換

(2)①如圖所示

反,S

^2^。??J

②根據(jù)閉合電路歐姆定律，電流的表達(dá)式為：/=念，則：7=^r+7，

結(jié)合圖象可以得到：r=7/2,E=3.5V

故答案為：(1)用4替換①；(2)①如圖所示；②3.5；7.

(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律，估算出電路中電流的范圍，從而得到電流表量程偏大.

(2)①滑動變阻器可以用電阻箱替換，由于電阻箱的電阻可以直接讀出，因而可以不用電壓表；

②先推導(dǎo)出電阻R與電流關(guān)系的一般表達(dá)式，然后結(jié)合圖象得到數(shù)據(jù).

本題關(guān)鍵要從實(shí)驗(yàn)要求中的安全、準(zhǔn)確、操作方便的角度進(jìn)行分析，難度適中.

13.答案：解：(1)設(shè)第一次從P點(diǎn)射出電場的粒子初速度大小為火,從。射出電場的粒子初速度大

小為外，粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，則有：

當(dāng)心=9由，

4=工藝用

22m1

V2,

—?2L=V2t2^

(2)從P點(diǎn)出電場的粒子運(yùn)動軌跡如圖所示，設(shè)粒子進(jìn)磁場時速度方向與

x軸正向的夾角為6,根據(jù)幾何關(guān)系有tan。=2,

設(shè)粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑為根據(jù)幾何關(guān)系知:

%+qsin=會,

解得6=湍3

設(shè)粒子運(yùn)動到P點(diǎn)的速度大小為小,根據(jù)動能定理有

r,V2,1,1

QE—L=-mVp--mvf2,

根據(jù)牛頓第二定律有：q%B=m?

聯(lián)立兩式解得:

(3)設(shè)從。點(diǎn)射出電場的粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑為上，粒子到。點(diǎn)的速度為外，

根據(jù)動能定理有：qExV2Z,=|mvQ-

根據(jù)牛頓第二定律有：qvQB=m，

解得：「2=(5-275)3

由于萬+r2sind=L<yX2L,

因此此粒子第一次在磁場中運(yùn)動不會穿過y軸。

答：(1)粒子從。點(diǎn)射出的速度大小范圍為：J要

(2)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為(當(dāng)+手)

(3)由于上+r2s譏。=L<yX2L,因此此粒子第一次在磁場中運(yùn)動不會穿過y軸。

解析：(1)設(shè)第一次從尸點(diǎn)射出電場的粒子初速度大小為力,從。射出電場的粒子初速度大小為外,

粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，根據(jù)位移與時間關(guān)系列方程分別求出力和以，從而知初速度的大小范

圍；

(2)畫出從P點(diǎn)出電場的粒子運(yùn)動軌跡如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系知半徑，根據(jù)動能定理和牛頓第二定

律列方程求解B；

(3)設(shè)從。點(diǎn)射出電場的粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑為上，粒子到。點(diǎn)的速度為頂，根據(jù)動能定

理和牛頓第二定律列方程求解半徑上，然后根據(jù)幾何關(guān)系判定粒子第一次在磁場中運(yùn)動會不會穿過y

軸。

本題主要考查了帶電粒子在混合場中運(yùn)動的問題，要求同學(xué)們能正確分析粒子的受力情況，再通過

受力情況分析粒子的運(yùn)動情況，熟練掌握圓周運(yùn)動及類平拋運(yùn)動的基本公式，難度適中。

14.答案：解：(1)設(shè)物塊A向下剛運(yùn)動到C點(diǎn)時的速度大小為v,則由動能定理得：

1,1,

z

mAgLsin6—^mAgcosd-L—mBgL=-(mA+mB)v--(mA+mB)VQ

代入數(shù)據(jù)解得：v=J^m/s

(2)當(dāng)彈簧的壓縮量達(dá)到最大時，此時物塊A、8的速度均為零，對兩個物體及彈簧組成的系統(tǒng)，運(yùn)

用能量守恒定律得：

|(mA+mB)Vo+mAg(L+△x)sin0=iimAgcosd-(L+△x)+mBg{L+△x)+Epm.

代入數(shù)據(jù)解得：Epm=1.72;

(3)由題意可知，物塊A沿斜面向下運(yùn)動，壓縮彈簧后再沿斜面向上運(yùn)動，在從物塊A開始運(yùn)動到A、

8返回原處的過程中，只有摩擦力做功不為零，設(shè)A、8返回原處時的速度大小為M,由動能定理得：

1?1.

z

-(mA+me)v--(mA+mB')VQ——iimAgcos0-2(L+△x)

此后物塊A沿斜面向上運(yùn)動，設(shè)物塊B剛剛到達(dá)地面時的速度大小為則由動能定理得：

11

m2

2(.A+-~(jnA+m^v'=mBgh—mAghsin9—ptmAgcosS-h.

之后物塊A上升到最高點(diǎn)的過程中，不再受繩子的拉力作用，設(shè)物塊A能夠上升的最大高度為“，

由動能定理得：

H1