2021屆山東省高考物理壓軸模擬試卷附答案詳解

2021屆山東省高考物理壓軸模擬試卷

一、單選題（本大題共8小題，共24.0分）

1.河寬d=60m,水流速度/=3m/s,小船在靜水中的速度以=4m/s,要使它渡河的時(shí)間最短，

最短時(shí)間是（）

A.10秒B.12秒C.15秒D.20秒

2.物體做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，會(huì)受到向心力的作用，下列關(guān)于向心力的說法正確的是（）

A.向心力一定由物體所受的合外力來提供

B.向心力與向心加速度的方向可能不同

C.向心力是恒力，因?yàn)橄蛐牧偸茄匕霃街赶驁A心且大小不變

D.向心力與線速度的方向始終垂直，所以向心力不會(huì)改變線速度的大小

3.如圖所示，水平地面上的物體4在斜向上的拉力F作用下，向右作勻速直?”?,

線運(yùn)動(dòng)，貝女）

A.物體4可能不受地面支持力的作用

B.物體4可能受到三個(gè)力的作用

C.物體4受到滑動(dòng)摩擦力的大小為Feos。

D.水平地面對(duì)4的支持力的大小為Fsin。

4.下列說法中正確的是（）

A.液體與大氣相接觸時(shí)，表面層內(nèi)分子所受其他分子的作用表現(xiàn)為相互吸引

B.空氣的相對(duì)濕度等于空氣中所含水蒸氣的壓強(qiáng)

C.隨著分子間距增大，分子間引力和斥力均減小，分子勢(shì)能也隨著減小

D.液體中的擴(kuò)散現(xiàn)象是由于液體的對(duì)流形成的

5.如圖所示，a、b、c是一條電場(chǎng)線上的三個(gè)點(diǎn)，電場(chǎng)線的方向由a到c.a、-4-------------------S~?

b間的距離等于b、C間的距離.用Sa、（Pb、佐和Ea、%、&分別表示三點(diǎn)的電勢(shì)和場(chǎng)強(qiáng)，可以

判定（）

A.（Pa-<Pb=<Pb-<PcB.<pa><pb>（pc

C.Ea>Eb>EcD.Ea=Eb=Ec

6.關(guān)于光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)，下列說法正確的是（）

A.只有入射光的波長(zhǎng)大于金屬的極限波長(zhǎng)，光電效應(yīng)才能產(chǎn)生

B.在光電效應(yīng)中，對(duì)同種金屬而言，遏止電壓與入射光的頻率無關(guān)

C.光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)都說明光具有粒子性

D.光電效應(yīng)說明光具有粒子性，康普頓效應(yīng)說明光具有波動(dòng)性

7.如圖所示，一金屬棒AC在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞平行于磁感應(yīng)強(qiáng)度方向的軸（過。點(diǎn)）

勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，04=20C=23磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向里，金

屬棒轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為3、電阻為r,內(nèi)、外兩金屬圓環(huán)分別與C、4、D良好接

觸并從4、。各引出一接線柱與外電阻R相接（沒畫出），兩金屬環(huán)圓心皆為。且

電阻均不計(jì)，則（）

A.金屬棒中有從4到。的感應(yīng)電流

B.外電阻R中的電流為/=察黑

C.當(dāng)r=2R時(shí)，外電阻消耗功率最大

D.金屬棒4。間電壓為翳黑

8.如圖所示，一輕質(zhì)彈簧一端固定在墻上，另一端拴連置于光滑地面上的木塊4質(zhì)量為6的子彈

以速度％沿水平方向射入木塊A后留在木塊內(nèi)，現(xiàn)將子彈、木塊、彈簧視為一系統(tǒng)，則從子彈開

始射向木塊到彈簧壓縮至最短的過程中（）

/

A.動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒B.動(dòng)量不守恒，機(jī)械能不守恒

C.動(dòng)量不守恒，機(jī)械能守恒D.動(dòng)量守恒，機(jī)械能不守恒

二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）

9.如圖所示是一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)的波形圖，此時(shí)PQ質(zhì)點(diǎn)位移相

同，若波的傳播速度為2m/s,此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P向上振動(dòng).下列說法正確

的是（）

A.質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)周期為0.2s,傳播方向向x軸正方向

B.經(jīng)過任意時(shí)間，質(zhì)點(diǎn)Q和P的振動(dòng)情況總是相同的

C.經(jīng)過△t=0.4s,質(zhì)點(diǎn)P向右移動(dòng)0.8m

D.經(jīng)過△t=0.4s,質(zhì)點(diǎn)P通過的路程為0.2m

E.該波遇到尺寸為0.5m的障礙物時(shí)能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象.

10.如圖所示，兩個(gè)內(nèi)壁光滑、半徑不同的半球形碗，放在不同高度,

的水平面上，使兩碗口處于同一水平面.將質(zhì)量相同的兩小球（小

球半徑遠(yuǎn)小于碗的半徑）分別從兩個(gè)碗的邊緣由靜止釋放，當(dāng)兩球分別通過碗的最低點(diǎn)時(shí)（）

A.兩小球的向心加速度大小相等B.兩小球?qū)ν氲膲毫Υ笮〔幌嗟?/p>

C.兩小球的動(dòng)能相等D.兩小球機(jī)械能相等

11.如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比2：n2=10：1,&=/?2=200,C為電容器.已

知加在原線圈兩端的正弦式交變電流的電壓隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，貝乂）

A.交流電的頻率為100Hz

B.副線圈中交流電壓表的示數(shù)為20魚V

C.電阻％消耗的電功率為20加

D.通過/?2的電流不為零

12.如圖所示電路中，電建閉合后將滑動(dòng)變阻器島的滑片向上滑動(dòng)，下

列說法正確的是（）

A.電流表的示數(shù)變大

B.電阻%消耗的功率減小

C.電壓表的示數(shù)降低

D.滑動(dòng)變阻器兩端的電壓升高

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共14.0分）

13.在淼究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系》實(shí)驗(yàn)中。

（1）某組同學(xué)用如圖所示裝置，采用控制變量的方法，來研究小車質(zhì)量不變的情況下，小車的加速度

與小車受到力的關(guān)系。下列措施中不需要或不正確的是。

A.首先要平衡摩擦力，使小車受到合力就是細(xì)繩對(duì)小車的拉力

區(qū)平衡摩擦力的方法就是，在塑料小桶中添加祛碼，使小車能勻速滑動(dòng)

C每次改變拉小車?yán)蠖夹枰匦缕胶饽Σ亮?/p>

D實(shí)驗(yàn)中通過在塑料桶中增加祛碼來改變小車受到的拉力

￡.實(shí)驗(yàn)中應(yīng)先放小車，然后再開打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源

(2)圖乙是用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器研究小車的勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)所打出的一條紙帶。4、B、C、D、E為我們

在紙帶上所選的計(jì)數(shù)點(diǎn)。已知相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未畫出。則打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下C點(diǎn)時(shí)小車的

瞬時(shí)速度為m/s,小車的加速度大小為m/s2.

(3)某組同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，畫出了a-F的關(guān)系圖線如圖丙，請(qǐng)分析圖線不經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn)的原因是:

SBZ.用內(nèi)

14.硅光電池是一種可將光能轉(zhuǎn)換為電能的器件.某同學(xué)用圖1所示電路探究硅光電池的路端電壓U

與總電流/的關(guān)系.圖中R。為已知定值電阻，電壓表視為理想電壓表.

(1)若電壓表眩的讀數(shù)為比,則/=.

(2)實(shí)驗(yàn)一：用一定強(qiáng)度的光照射硅光電池，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，通過測(cè)量得到該電池的U-/曲線a.見

圖2所示，由此可知電池內(nèi)阻一(填''是"或“不是”)常數(shù)，電動(dòng)勢(shì)為一K.

(3)實(shí)驗(yàn)二：減小實(shí)驗(yàn)一中光的強(qiáng)度，重復(fù)實(shí)驗(yàn)，測(cè)得U-/曲線b,見圖2所示.若路端電壓為2.0也

則外電路中電阻為—0,外電路消耗的電功率為—小勿(計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

四、計(jì)算題(本大題共4小題，共46.0分)

15.如圖所示，半徑為R的半球形陶罐，固定在可以繞豎直軸旋轉(zhuǎn)的」

水平轉(zhuǎn)臺(tái)上，轉(zhuǎn)臺(tái)轉(zhuǎn)軸與過陶罐球心。的對(duì)稱軸0。'重合.轉(zhuǎn)臺(tái)川域1I

以一定角速度3勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，一質(zhì)量為譏的小物塊落入陶罐內(nèi)，經(jīng)

過一段時(shí)間后，小物塊隨陶罐一起轉(zhuǎn)動(dòng)且相對(duì)罐壁靜止，它和。也

點(diǎn)的連線與0。'之間的夾角9為60。.重力加速度大小為g.

(1)若轉(zhuǎn)臺(tái)處于靜止，求物體所受到的支持力和摩擦力;

(2)若3=3o，小物塊受到的摩擦力恰好為零，求30.

16.如圖甲所示，4端封閉、B端開口、內(nèi)徑均勻的玻璃管長(zhǎng)L=100CM,其中有一段長(zhǎng)九=15cm的

水銀柱把一部分空氣封閉在玻璃管中。當(dāng)玻璃管水平放置時(shí)，封閉氣柱4長(zhǎng)〃=40cm?，F(xiàn)把玻

璃管緩慢旋轉(zhuǎn)至豎直，如圖乙所示，再把開口端向下插入水銀槽中，玻璃管下端空氣柱被水銀

封閉，且整個(gè)過程中沒有漏氣，當(dāng)4端氣柱長(zhǎng)〃2=30cm時(shí)，系統(tǒng)處于靜止平衡。已知大氣壓

強(qiáng)p°=75cmHg,整個(gè)過程溫度不變，試求：(各個(gè)狀態(tài)下氣柱的長(zhǎng)度可用圖中標(biāo)出的字母表示

)

(1)玻璃管旋轉(zhuǎn)至豎直位置時(shí)，4端空氣柱的長(zhǎng)度〃1；

(2)如圖丙所示，最后槽內(nèi)水銀進(jìn)入玻璃管內(nèi)的水銀柱的長(zhǎng)度d(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)；

(3)在圖乙所示情況下，將玻璃管下端開口直接封閉，如圖丁所示，并使溫度逐漸升高，則在升溫過

程中玻璃管內(nèi)的水銀柱會(huì)不會(huì)發(fā)生移動(dòng)？請(qǐng)通過簡(jiǎn)要的計(jì)算分析說明。

17.足夠長(zhǎng)木板靜止放置在水平桌面上，木塊力、B靜止放置在長(zhǎng)木板上，木塊C固定在長(zhǎng)木板上。

木塊4和B的質(zhì)量啊=ms=m，木塊C的質(zhì)量為me=2m,長(zhǎng)木板的質(zhì)量為m,木塊A、B與木

板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為去木塊間的距離均為d,若給木塊4一個(gè)

水平向右的初速度%=河運(yùn).已知木塊間碰撞后均粘在一起以共同速度運(yùn)動(dòng)，且碰撞時(shí)間極

短，木塊可看作質(zhì)點(diǎn)。最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g。求：

(1)4與B碰撞后瞬間的速度；

(2)AB與C碰撞后瞬間ABC共同的速度。

ABC

?I?~~I.

18.細(xì)繩的一端固定在天花板上，另一端懸掛質(zhì)量為m的小球，小球經(jīng)推動(dòng)后緊貼在光滑的水平桌

面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖，已知繩長(zhǎng)L,繩與豎直線的夾角為仇試求：

(1)小球受到幾個(gè)力的作用？

(2)為使小球不離開桌面，小球的運(yùn)動(dòng)周期應(yīng)滿足什么條件？

(3)若小球不離開桌面時(shí)，每秒鐘完成n次圓周運(yùn)動(dòng)，此時(shí)繩對(duì)小球的拉力多大?

參考答案及解析

1.答案：c

解析：解：當(dāng)船以靜水中的速度垂直河岸過河的時(shí)候渡河時(shí)間最短，故最短時(shí)間t=己==15s,

故C正確，ABC錯(cuò)誤。

故選:Co

船航行時(shí)速度為靜水中的速度與河水流速二者合速度，當(dāng)以靜水中的速度垂直河岸過河的時(shí)候渡河

時(shí)間最短。

本題考查小船渡河模型，要注意正確理解合運(yùn)動(dòng)和分運(yùn)動(dòng)的關(guān)系，知道過河時(shí)間取決于沿垂直河岸

方向上的速度。

2.答案：D

解析：解：4、如果物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則物體所受的合外力提供向心力；如果是非勻速圓周運(yùn)動(dòng)，

就是合外力在指向圓心方向的分力提供向心力，故A錯(cuò)誤；

2、根據(jù)牛頓第二定律可知，向心力與向心加速度方向相同，故B錯(cuò)誤；

C、向心力始終指向圓心，方向不斷改變，根據(jù)力的矢量性原則可知向心力不是恒力，故C錯(cuò)誤；

。、向心力始終與速度垂直，永不做功，故只能改變速度的方向，不能改變速度的大小，故力正確。

故選：D。

做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體必須要有一個(gè)指向圓心的合外力，此力可以由一個(gè)力提供，也可以由幾個(gè)力

的合力提供；根據(jù)牛頓第二定律可知，向心力與向心加速度方向相同；由于始終指向圓心，故方向

不斷變化；因?yàn)橄蛐牧Ψ较蚺c線速度方向垂直，所以向心力作用只改變線速度方向，不改變線速度

大小。

本題考查了對(duì)向心力概念的深刻理解，向心力曲線運(yùn)動(dòng)這一章的難點(diǎn)也是重點(diǎn)，學(xué)生常常以為向心

力是物體所受的某一力，所以解題關(guān)鍵是搞清向心力的來源。

3.答案:C

解析：解：4、物體在水平方向必定受到摩擦力的作用，所以物體受重力、拉力、支持力和摩擦力處

于平衡，知物體一定受四個(gè)力的作用。故A8錯(cuò)誤。

C、根據(jù)共點(diǎn)力平衡得：/=幾?！臁?故。正確。

D、物體4受到的支持力與尸在豎直方向的分力的合力等于重力，即：N=mg-Fsin。.故。錯(cuò)誤。

故選：Co

物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，知物體所受的合力為零，根據(jù)共點(diǎn)力平衡分析拉力和摩擦力的合力方向.

解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，通過共點(diǎn)力平衡進(jìn)行分析求解.

4.答案:A

解析：解：4、液體與大氣相接觸時(shí)，表面層內(nèi)分子間距離較大，所受其他分子的作用表現(xiàn)為相互吸

引，故A正確；

B、相對(duì)濕度為某--被測(cè)蒸氣壓與相同溫度下的飽和蒸氣壓的比值的百分?jǐn)?shù)，故8錯(cuò)誤：

C、隨著分子間距增大，分子間引力和斥力均減??；若分子力表現(xiàn)為引力，則分子距離變大時(shí)分子力

做負(fù)功，則分子勢(shì)能增加，故C錯(cuò)誤；

。、液體中的擴(kuò)散現(xiàn)象是由于液體分子無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)造成的，故。錯(cuò)誤。

故選：4。

液體與大氣相接觸時(shí)，表面層內(nèi)分子間距離較大；根據(jù)相對(duì)濕度的定義判斷；隨著分子間距增大，

分子間引力和斥力均減小，根據(jù)分子力做功判斷分子勢(shì)能的變化；擴(kuò)散現(xiàn)象是由于液體分子無規(guī)則

熱運(yùn)動(dòng)造成的。

本題是選修模塊3—3的內(nèi)容，是熱力學(xué)的基礎(chǔ)知識(shí)，理解記憶是主要的學(xué)習(xí)方法，要盡量得高分。

5.答案：B

解析：解：

ACD.只有勻強(qiáng)電場(chǎng)中Uab=9a-9b=Edab，這個(gè)關(guān)系成立，其余電場(chǎng)由于E是變化的，故這個(gè)關(guān)

系不成立，該題只有一條電場(chǎng)線，不能確定電場(chǎng)線的分布情況，無法比較場(chǎng)強(qiáng)的大小，故無法比較

兩點(diǎn)間電勢(shì)差關(guān)系，故A錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤，。錯(cuò)誤.

B、沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，可以比較電勢(shì)高低，根據(jù)電場(chǎng)線方向可知0a>9b>0c，故8正確.

故選:B.

本題根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，判斷電勢(shì)關(guān)系；電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小.根

據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)差的關(guān)系U=Ed,定性分析電勢(shì)差的關(guān)系.

本題考查了電場(chǎng)線和電勢(shì)、電場(chǎng)強(qiáng)度以及電勢(shì)差之間的關(guān)系，尤其注意公式U=Ed的適用條件以及

公式中各個(gè)物理量的含義.

6.答案：C

解析：解：4根據(jù)光電效應(yīng)方程嶼-喘入射光的波長(zhǎng)必須小于極限波長(zhǎng)，才能發(fā)生光電

效應(yīng)。故A錯(cuò)誤。

B、根據(jù)光電效應(yīng)方程以皿二八:一八六,可知入射光的頻率影響的是光電子的最大初動(dòng)能，入射光的

440

頻率越大，光電子的最大初動(dòng)能越大，結(jié)合可知對(duì)同種金屬而言，遏止電壓與入射光

的頻率有關(guān)。故B錯(cuò)誤。

CD、光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)都說明光具有粒子性，故C正確，。錯(cuò)誤。

故選:Co

根據(jù)光電效應(yīng)方程=hy-W0,可知道光電子的最大初動(dòng)能與什么因素有關(guān).v=以逸出功%=

h%=帙，光電效應(yīng)方程可寫成EKm=若一味發(fā)生光電效應(yīng)的條件是">%或/w>%，與入射

光的強(qiáng)度無關(guān).

解決本題的關(guān)鍵熟練掌握光電效應(yīng)方程=hv-%或Exm=八：-八點(diǎn)要知道在入射光頻率一定

時(shí)，單位時(shí)間內(nèi)從金屬中逸出的光電子個(gè)數(shù)與入射光的強(qiáng)度成正比.

7.答案：B

解析：

根據(jù)右手定則判斷感應(yīng)電流的方向.根據(jù)公式E=：BZ<23求出金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，即可求得

外電阻R的電流/.結(jié)合電源的內(nèi)外電阻相等時(shí)輸出功率最大，棒力0間電壓是4。的外電壓+0。棒的電

壓，依據(jù)歐姆定律，即可求解.

本題是法拉第電磁感應(yīng)定律應(yīng)用的延伸情況，對(duì)于轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式E=巳8〃口,

要在理解的基礎(chǔ)上記住，并要明確電路中內(nèi)外電阻與功率的關(guān)系，運(yùn)用歐姆定律解答.

解：4、根據(jù)右手定則判斷可知：金屬棒中有從。到4的感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤.

B、金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=TB(2L)23-[8L23=|B〃3

外電阻R中的電流為/=9=舞。?故B正確.

C、根據(jù)電源的內(nèi)外電阻相等時(shí)輸出功率最大，則知當(dāng)r'=：r=R時(shí)外電阻消耗功率最大，故C錯(cuò)

誤.

D、金屬棒A0間電壓為U=IR+^BL2a)=鬻與+.故。錯(cuò)誤.

22(3/?+r)Z

故選：B.

8.答案：B

解析：解：從子彈開始射向木塊到彈簧壓縮至最短的過程中，由于墻壁對(duì)彈簧有作用力，系統(tǒng)的合

外力不為零，則系統(tǒng)的動(dòng)量不守恒。

由于子彈射入木塊過程中，二者之間存在著摩擦，要產(chǎn)生內(nèi)能，故此過程機(jī)械能不守恒，故AC￡＞錯(cuò)

誤，8正確。

故選：B。

系統(tǒng)所受的合外力為零時(shí)，系統(tǒng)動(dòng)量守恒。只有重力或只有彈力做功時(shí)，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，根據(jù)系

統(tǒng)受力情況與做功情況判斷系統(tǒng)動(dòng)量與機(jī)械能是否守恒。

解決本題的關(guān)鍵要掌握系統(tǒng)動(dòng)量守恒的條件和機(jī)械能守恒的條件，要知道當(dāng)系統(tǒng)只有動(dòng)能和勢(shì)能之

間相互轉(zhuǎn)化時(shí)，系統(tǒng)機(jī)械能守恒。

9.答案:ABE

解析：解：4、據(jù)題此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P向上振動(dòng)，根據(jù)“上下坡法”可知波的傳播方向沿x軸的正方向。由

圖知波長(zhǎng)則周期為：T-=-=—s=0.2s,故正確。

4=0.4m,v2A

8、P、Q兩質(zhì)點(diǎn)相距一個(gè)波長(zhǎng)，振動(dòng)步調(diào)總是一致，振動(dòng)情況總是相同。故8正確。

C、質(zhì)點(diǎn)P只在自己平衡位置附近上下振動(dòng)，并不向右移動(dòng)，故C錯(cuò)誤。

。、質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)在一個(gè)周期內(nèi)通過的路程等于4倍的振幅，因At=0.4s=27,所以質(zhì)點(diǎn)P通

過的路程為S=84=8x5cm=40cm=0.4m?故。錯(cuò)誤。

E、因?yàn)椴ㄩL(zhǎng)等于0.4加，則該波遇到尺寸為0.5巾的障礙物時(shí)能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象。故E正確。

故選：ABE.

根據(jù)質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向，通過“上下坡法”判斷波的傳播方向.讀出波長(zhǎng)，由波速公式求解波的周期，

即為質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)周期.質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期內(nèi)振動(dòng)的路程等于4倍的振幅，P、Q兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的平衡位置相

距一個(gè)波長(zhǎng)，振動(dòng)步調(diào)一致.當(dāng)障礙物的尺寸與波長(zhǎng)差不多或比波長(zhǎng)小時(shí)能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象.

解決本題的關(guān)鍵能夠從波的圖象中得出波長(zhǎng)，知道波長(zhǎng)、波速、周期的關(guān)系，以及掌握質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)

方向和波傳播方向的關(guān)系.

10.答案：AD

解析：解：AD,兩小球下滑過程中，只有重力做功，故機(jī)械能均守恒，初始時(shí)兩球位于同一水平面

上，且動(dòng)能都為零，則初始時(shí)機(jī)械能相等，下滑的過程中各自的機(jī)械能不變，所以兩球到達(dá)底部時(shí)，

兩球的機(jī)械能一定相等.

對(duì)任一小球，由機(jī)械能定恒可知mgr=gnuA解得：〃=，5萬.小球通過碗的最低點(diǎn)時(shí)，向心加速

度為a=?=2g,可知，兩小球的向心加速度大小相等，故4。正確.

B、在碗底，由牛頓第二定律有F—mg=可得，F(xiàn)=3mg,兩球受碗的支持力相等，故兩球

球?qū)ν氲膲毫ο嗟龋?錯(cuò)誤.

C、動(dòng)能：Ek=mgr,故兩小球的動(dòng)能不相等，故C錯(cuò)誤.

故選：AD

兩小球下滑的過程中，均只有重力做功，故機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律可得出小球在碗底的動(dòng)

能和速度；由向心力公式分析小球?qū)ν氲椎膲毫Υ笮?

本題關(guān)鍵是對(duì)小球下滑過程運(yùn)用機(jī)械能守恒定律列式求速度，再對(duì)小球經(jīng)過碗底時(shí)，合力充當(dāng)向心

力列式求解支持力.本題的結(jié)果最好在理解的基礎(chǔ)上記?。篎與半徑無關(guān).

11.答案：CD

解析：解：4、根據(jù)變壓器原理可知原副線圈中電流的周期、頻率相同，周期為0.02s、頻率為50赫

茲，故A錯(cuò)誤；

B、由圖乙可知原線圈最大電壓為U7n=200V^V,有效值為200V,再根據(jù)原副線圈的電壓之比等于

匝數(shù)之比可知副線圈電壓的為20V,電表讀數(shù)為有效值，故為20V,故8錯(cuò)誤；

C、根據(jù)正弦交流電的峰值和有效值關(guān)系并聯(lián)電路特點(diǎn)可知電阻％的電功率P=半=招皿=20W,

故C正確；

。、因?yàn)殡娙萜饔型ń涣?、阻直流的作用，則有電流通過/?2和電容器，即電流不為零，故。正確；

故選：CD.

由周期可以知頻率，電壓表讀數(shù)為電壓有效值，由電壓與匝數(shù)成反比可以求得副線圈的電壓的大小，

由電功率計(jì)算公式求功率：電容器的作用是通交流隔直流.

本題需要掌握交流電的產(chǎn)生和描述，知道：電表讀數(shù)為有效值，變壓器的電壓之比和匝數(shù)比之間的

關(guān)系，同時(shí)對(duì)于電容器的作用要了解.

12.答案：ABD

解析：解：4、電建閉合后將滑動(dòng)變阻器心的滑片向上滑動(dòng)，&接入電路的電阻變大，R。與％并聯(lián)

的總電阻變大，根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律知：Ro與％并聯(lián)部分的電壓變大，則電流表的示數(shù)變大，故

A正確。

B、&與當(dāng)并聯(lián)的總電阻變大，外電路總電阻變大，總電流變小，通過燈的電流減小，則電阻&消

耗的功率減小，故B正確。

C、總電流變小，電源的內(nèi)電壓減小，則路端電壓升高，所以電壓表的示數(shù)升高，故C錯(cuò)誤。

D、&與%并聯(lián)部分的電壓變大，則飛兩端的電壓升高，故。正確。

故選：ABD.

根據(jù)Ro接入電路的電阻變化，分析總電阻的變化，確定總電流的變化，結(jié)合串聯(lián)電路分壓規(guī)律分析

并聯(lián)部分電壓的變化，來分析電流表的示數(shù)變化情況。根據(jù)總電流的變化分析電阻％消耗的功率的

變化。根據(jù)路端電壓的變化分析電壓表示數(shù)的變化。

本題按“局部—整體一局部”的思路進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析，掌握閉合電路歐姆定律和部分電路歐姆定律是分

析的理論依據(jù)。

13.答案：BCE0.30.4平衡摩擦力過度

解析：解：(1)4、實(shí)驗(yàn)首先要平衡摩擦力，使小車受到合力就是細(xì)繩對(duì)小車的拉力，故A正確；

8、平衡摩擦力的方法就是，小車與紙帶相連，小車前面不掛小桶，把小車放在斜面上給小車一個(gè)初

速度，看小車能否做勻速直線運(yùn)動(dòng)；故B錯(cuò)誤；

C、由于平衡摩擦力之后有Mgsin。="Mgcos。，故tern。=〃.所以只要傾角不變，無論外界條件如何

改變，例如改變小車的質(zhì)量或者改變拉力，小車所受的滑動(dòng)摩擦力都等于小車的重力沿斜面的分力，

故每次改變拉小車?yán)?，不需要重新平衡摩擦力，故C錯(cuò)誤；

。、實(shí)驗(yàn)中，要保證塑料桶和所添加祛碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，這樣才能使得塑料桶和所添

加祛碼的總重力近似等于細(xì)繩對(duì)小車的拉力，所以實(shí)驗(yàn)中通過在塑料桶中增加祛碼來改變小車受到

的拉力，故。正確；

從實(shí)驗(yàn)中應(yīng)先接通電源，后放開小車，故E錯(cuò)誤；

故選:BCE

(3)XBD=84.00mm—24.00mjn=60.00mm=0.06m'

勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于這段時(shí)間的平均速度，故生=察=舞m/s=0.3m/s

xAC=52.00mm=0.052m

xCE=120.00mm—52.00mm=68.00mm=0.068m

根據(jù)逐差法可得a=等潸=竺鬻詈m/s2=OAm/s2

(3)由圖象可知，a-尸圖象在a軸上有截距，這是由于平衡摩擦力過度造成的.

故答案為：(l)BCE；(2)0.3；0.4；(3)平衡摩擦力過度。

(1)探究加速度與力的關(guān)系實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要平衡摩擦力，平衡摩擦力時(shí)，要求小車在無動(dòng)力的情況下平

衡摩擦力，不需要掛任何東西.平衡摩擦力時(shí)，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即：mgsind=

nmgcosd,可以約掉m,只需要平衡一次摩擦力.操作過程是先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源，再放開小

車；

(2)勻變速直線運(yùn)動(dòng)，中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于這段時(shí)間的平均速度，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公

式△x=aK可以求出加速度的大?。?/p>

(3)實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)平衡摩擦力，沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，a-F圖象在F軸上有截距；平衡摩擦

力過度，在a-F圖象的a軸上有截距.

該題考查了實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理分析，知道實(shí)驗(yàn)原理及注意事項(xiàng)即可正確解題；探究加速

度與力、質(zhì)量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)時(shí)，要平衡小車受到的摩擦力，不平衡摩擦力、或平衡摩擦力不夠、或過

平衡摩擦力，小車受到的合力不等于鉤碼的重力.要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)

問題的能力，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識(shí)的理解與應(yīng)用.

14.答案：答;不是;2.6;4x10。0.1

解析：試題分析：(1)電阻時(shí)兩端的電壓為%,由歐姆定律求出電流.

(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律［/=9-什可知，電池的U-/曲線的斜率大小等于電源的內(nèi)阻，縱軸截距

等于電池的電動(dòng)勢(shì)，由圖看出電池的內(nèi)阻不是常數(shù).

(3)由圖示圖象求出電壓對(duì)應(yīng)的電流，然后由歐姆定律求出電阻，然后由P=U/求出功率.

(1)若電壓表彩的讀數(shù)為%,則/=蹺.

(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律［/=^-什可知，電池的U-/曲線的斜率大小等于電源的內(nèi)阻，縱軸截距

等于電池的電動(dòng)勢(shì)，由圖看出，該電池的U-/圖線是曲線，則知該電池的內(nèi)阻不是常數(shù)，電動(dòng)勢(shì)為

E=2.6V.

(3)由圖2b所示圖線可知，當(dāng)路端電壓為2.0U時(shí)，電路電流/=50〃4，外電路中電阻：R外=*=4x

IO",外電路消耗的電功率為P=1/7=2x50x10-6=1*10-4〃=0AmW.

答：⑴勤(2)不是；2.6；(3)4X104；0.1.

15.答案：解：(1)若轉(zhuǎn)臺(tái)處于靜止，物體處于平衡狀態(tài)，受力分析如圖所示，根據(jù)力的平衡條件

》軸上合力為0：FNsin600=Ffcos60°

y軸上合力為0：FNCOS60°4-Ffsin60°=mg

聯(lián)立解得：FN=}mg,"二粵.

N/2

(2)當(dāng)摩擦力為零，支持力和重力的合力提供向心力，受力分析如圖所示，有

由牛頓第二定律得：mgtan60°=ma)QR,

解得：3。=Jg.

答：(1)若轉(zhuǎn)臺(tái)處于靜止，物體所受到的支持力為!mg,摩擦力為警；

(2)小物塊受到的摩擦力恰好為零時(shí)的角速度為后.

解析：(1)若轉(zhuǎn)臺(tái)處于靜止，則物體處于平衡狀態(tài)，根據(jù)力的平衡條件求解；

(2)若3=3°,小物塊受到的摩擦力恰好為零，靠重力和支持力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定

律求出角速度的大小.

解決本題的關(guān)鍵搞清物塊做圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來源，結(jié)合牛頓第二定律，抓住豎直方向上合力為零，

水平方向上的合力提供向心力進(jìn)行求解.

16.答案：解：(1)玻璃管旋轉(zhuǎn)至豎直，4端空氣柱的長(zhǎng)度變?yōu)椤?

4中氣體的壓強(qiáng)變?yōu)椋簆xi=Po-P"=60cmHg

對(duì)4部分氣體，由玻意耳定律：p0LA=PAILA1

代入數(shù)據(jù)解得：LA1=50cm

(2)旋轉(zhuǎn)至豎直8段氣柱長(zhǎng)LBI=L-LA1-h=100-50-15cm=35cm,

玻璃管插入水銀槽：

對(duì)4部分氣體分析，由玻意耳定律：PAI^AI=PA2LA2

代入數(shù)據(jù)解得解得：pA2=lOOcmHg

對(duì)B部分氣體：PB=Po,PB2=PA2+Ph=UScmHg

由玻意耳定律：PBLB=PB2^B2

代入數(shù)據(jù)解得：LB2=23cm

最后槽內(nèi)水銀進(jìn)入玻璃管內(nèi)的水銀柱的長(zhǎng)度：

d=L—h—LA2—LB2—32cm

(3)設(shè)升溫后上下部分氣體體積不變，則由查理定律可得：

p_w

TT+AT*

氣體壓強(qiáng)的變化量：Ap=p'_p=彳p,

由于△7、T都相等，且△T>0,PA<PB^可知△也<△2'，所示水銀柱向上移動(dòng),

室溫逐漸升高過程中玻璃管內(nèi)的水銀柱會(huì)向上移動(dòng)。

答：(1)玻璃管旋轉(zhuǎn)至豎直位置時(shí)，4端空氣柱的長(zhǎng)度〃1為50cm；

(2)如圖丙所示，最后槽內(nèi)水銀進(jìn)入玻璃管內(nèi)的水銀柱的長(zhǎng)度d為32cm；

(3)室溫逐漸升高過程中玻璃管內(nèi)的水銀柱會(huì)向上移動(dòng)。

解析：(1)4端氣體溫度不變，發(fā)生等溫變化，根據(jù)題意求出氣體狀態(tài)參量，應(yīng)用玻意耳定律求出4端

空氣柱的長(zhǎng)度。

(2)氣體溫度保持不變，氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)題意求出氣體狀態(tài)參量，對(duì)4、B兩部分氣體應(yīng)用

玻意耳定律求出氣體末狀態(tài)體積，然后求出九

(3)假設(shè)氣體體積不變，應(yīng)用查理定律求出溫度升高后氣體壓強(qiáng)變化情況，然后判斷水銀柱的移動(dòng)方

向。

本題考查了氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用，根據(jù)題意分析清楚氣體狀態(tài)變化過程是解題的前提與關(guān)鍵，分析

清楚氣體狀態(tài)變化過程求出氣體狀態(tài)參量應(yīng)用玻意耳定律與查理定律即可解題。

17.答案：解：(1)木塊4與長(zhǎng)木板間的滑動(dòng)摩擦力為左長(zhǎng)木板與地面間的滑動(dòng)摩擦力為片=

X5mg=nmg,

由于/1=；2,所以4在長(zhǎng)木板上運(yùn)動(dòng)時(shí)長(zhǎng)木板靜止；

木塊4滑到B處時(shí)的速度為力根據(jù)動(dòng)能定理可得：

,11

—Hmga.=-mv2--mv02

解得：v=4d林gd,

A和B碰撞過程中動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：

mv=2mv1,

解得：v1=2j〃gd；

(2)4和B碰撞后一起減速向右運(yùn)動(dòng)過程中，長(zhǎng)木板和C向前加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可得：

4和B的加速度大小為