福建省泉州市泉港區(qū)南埔中學高三物理月考試題含解析

福建省泉州市泉港區(qū)南埔中學高三物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選題）關于牛頓第一定律，下述說法中正確的是(

)①由于在宇宙中不存在不受力的物體，因此牛頓第一定律只是理想定律，并不具有任何實際意義②牛頓第一定律揭示了在宇宙中任何物體都具有慣性③牛頓第一定律告訴我們，力不是維持物體慣性的原因，力是改變物體慣性的原因④牛頓第一定律告訴我們，力不是維持物體運動的原因，力是改變物體運動狀態(tài)的原因A.①③

B.②④

C.①④

D.②③參考答案：B2.如圖，木板可繞固定的水平軸O轉動。木板從水平位置OA緩慢轉到OB位置，木板上的物塊始終相對于木板靜止。在這一過程中，物塊的重力勢能增加了2J。用FN表示物塊受到的支持力，用Ff表示物塊受到的靜摩擦力。則在這一過程中

A.FN和Ff對物塊都不做功B.FN對物塊做功2J，F(xiàn)f對物塊不做功C.FN對物塊不做功，F(xiàn)f對物塊做功2J、D.FN和Ff對物塊所做功的代數(shù)和為0參考答案：B3.人騎自行車下坡，坡長l=500m，坡高h=8m，人和車總質(zhì)量為100kg，下坡時初速度為4m/s，人不踏車的情況下，到達坡底時車速為10m/s，g取10m/s2，則下坡過程中阻力所做的功為（

）

A、-400J

B、-3800J

C、-50000J

D、-4200J參考答案：B4.（多選）如圖所示，A、C和B、C是兩個固定的斜面，斜面的頂端A、B在同一豎直線上．甲、乙兩個小物體在同一豎直線上．甲、乙兩個小物塊分別從斜面AC和BC頂端由靜止開始下滑，質(zhì)量分別是m1、m2（m1＜m2），與斜面間的動摩擦因數(shù)均為μ．若甲、乙滑至底端C的過程中克服摩擦力做的功分別是W1、W2，所需時間分別是t1、t2．甲、乙滑至底端C時速度分別是v1、v2，動能分別是EK1、EK2，則（）A．EK1＞EK2B．v1＞v2C．W1＜W2D．t1＜t2參考答案：考點：動能定理的應用．專題：動能定理的應用專題．分析：應用動能定理求出物體到達底端的動能，然后比較動能大小，根據(jù)動能的計算公式求出物體的速度，然后比較大?。挥晒Φ挠嬎愎角蟪隹朔Σ亮λ龅墓?，然后比較功的大?。挥膳ｎD第二定律與運動學公式求出物體的運動時間，然后比較時間大?。獯穑航猓篈、設斜面的傾角為θ，斜面水平長度為L，由動能定理得：mgLtanθ﹣μmgcosθ=EK1﹣0，EK1=mgL（tanθ﹣μ），m1＜m2，θ1＞θ2，無法判斷兩物體動能大小，故A錯誤；B、EK1=mgL（tanθ﹣μ）=mv2，v=，θ1＞θ2，v1＞v2，故B正確；C、克服摩擦力做的功W=μmgcosθ×=μmgL，∵m1＜m2，∴W1＜W2，故C正確；D、由牛頓第二定律得：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma，=at2，t=====，其中：tanβ=μ，sinα是增函數(shù)，角越大，sinα越大，由于θ1＞θ2，則sin（2θ1﹣β）＞sin（2θ2﹣β），分母越大，分數(shù)的值越小，因此：t1＜t2，故D正確；故選：BCD．點評：熟練應用動能定理、功的計算公式、牛頓第二定律、運動學公式即可正確解題．5.（多選題）橫截面為直角三角形的兩個相同斜面如圖所示緊靠在一起，固定在水平面上，它們的傾角都是30°．小球從左邊斜面的頂點以不同的初速度向右平拋，最后落在斜面上．其中三個小球的落點分別是a、b、c，已知落點a最低，落點c最高．圖中三小球比較，下列判斷正確的是（）A．落在a點的小球的初速度最大B．落在a點的小球飛行過程中速度的變化量最大C．改變小球拋出時初速度大小，落在左邊斜面時小球的瞬時速度方向不變D．改變小球拋出時初速度大小，落在右邊斜面時小球的瞬時速度方向可能與斜面垂直參考答案：BC【考點】平拋運動．【分析】三個小球做的都是平拋運動，平拋運動可以分解為水平方向上的勻速直線運動和豎直方向上的自由落體運動，物體的運動的時間是由豎直方向上下落的高度決定的．可列式進行分析．【解答】解：A、三個小球做的都是平拋運動，從圖中可以發(fā)現(xiàn)落在c點的小球下落的高度最小，水平位移最大，由h=gt2，可知，t=，所以落在c點的小球飛行時間最短，由x=v0t知：落在c點的小球的初速度最大，故A錯誤；B、小球做的是平拋運動，加速度都是g，速度的變化量為△v=at=gt，所以，運動的時間長的小球速度變化量的大，所以a球的速度變化量最大，故B正確；C、設左側斜面的傾角為α，小球落在左邊斜面上時，有tanα=，得t=設落在左邊斜面時小球的瞬時速度方向與水平方向的夾角為β．則tanβ==2tanα，所以β是一定的，故落在左邊斜面時小球的瞬時速度方向不變，故C正確；D、對于落在b、c兩點的小球，豎直速度是gt，水平速度是v，然后斜面的夾角是arctan0.5，要合速度垂直斜面，把兩個速度合成后，需要=tanθ，即v=0.5gt，那么在經(jīng)過t時間的時候，豎直位移為0.5gt2，水平位移為vt=（0.5gt）?t=0.5gt2即若要滿足這個關系，需要水平位移和豎直位移都是一樣的，顯然在圖中b、c是不可能完成的，因為在b、c上水平位移必定大于豎直位移，所以落到兩個斜面上的瞬時速度都不可能與斜面垂直，故D錯誤．故選：BC二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.某同學利用數(shù)碼相機研究豎直上拋小球的運動情況．數(shù)碼相機每隔0.05s拍照一次，如圖是小球上升過程的照片，圖中所標數(shù)據(jù)為實際距離，則：（所有計算結果保留兩位小數(shù)）①圖中t5時刻小球的速度v5=4.08m/s．②小球上升過程中的加速度a=10.04m/s2．③t6時刻后小球還能上升的高度h=0.64m．參考答案：考點：豎直上拋運動．分析：根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出t5時刻小球的速度．根據(jù)勻變速直線運動在連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量求出小球上升的加速度．根據(jù)速度位移公式求出t5時刻小球與最高點的距離，從而求出t6時刻后小球還能上升的高度．解答：解：①t5時刻小球的速度．②根據(jù)△x=aT2，運用逐差法得，=10.04m/s2．③t5時刻小球與最高點的距離：，則t6時刻后小球還能上升的高度：h=0.83﹣0.19=0.64m．故答案為：①4.08②10.04③0.64．點評：解決本題的關鍵是掌握勻變速直線運動的運動學公式和推論，并能靈活運用．7.某種物質(zhì)分子間作用力表達式，則該物質(zhì)固體分子間的平均距離大約為

；液體表面層的分子間的距離比

（填“大”或“小“）。參考答案：⑵

大分子之間的作用力等于0時，由，所以：，故，液體表面層分子之間表現(xiàn)為引力，故分子間距離大于平衡距離。8.如圖所示，輕繩一端系在質(zhì)量為m的物體A上，另一端與套在粗糙豎直桿MN上的輕圓環(huán)B相連接；現(xiàn)用水平力F拉住繩子上一點O，使物體A及圓環(huán)B靜止在圖中虛線所在的位置；現(xiàn)稍微增加力F使O點緩慢地移到實線所示的位置，這一過程中圓環(huán)B仍保持在原來位置不動；則此過程中，圓環(huán)對桿摩擦力F1___

_____(填增大、不變、減小)，圓環(huán)對桿的彈力F2___

_____(填增大、不變、減小)。參考答案：不變，

增大；設圓環(huán)B的質(zhì)量為M；以整體為研究對象，分析受力，如圖，根據(jù)平衡條件得F2=F①F1=（M+m）g②由②可知，桿對圓環(huán)的摩擦力F1大小保持不變，由牛頓第三定律分析圓環(huán)對桿摩擦力F1也保持不變；再以結點為研究對象，分析受力，如圖2；根據(jù)平衡條件得到，F(xiàn)=mgtanθ，當O點由虛線位置緩慢地移到實線所示的位置時，θ增大，則F增大，而F2=F，則F2增大9.（6分）一個原子中含有

個質(zhì)子，含有

個中子，含有

個電子。參考答案：92；146；9210.某次光電效應實驗中，測得某金屬的入射光的頻率和反向遏制電壓Uc的值如表所示．（已知電子的電量為e=1.6×10﹣19C）Uc/V0.5410.6370.7410.8090.878?/1014Hz5.6645.8886.0986.3036.501根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)，作出了Uc﹣ν圖象，如圖所示，則根據(jù)圖象求出：①這種金屬的截止頻率為4.27×1014Hz；（保留三位有效數(shù)字）②普朗克常量6.3×10﹣34Js．（保留兩位有效數(shù)字）參考答案：：解：由愛因斯坦光電效應方程：hγ=W+Ek得：hγ=hγc+eUc變形得：Uc=（γ﹣γc）；由題圖可知，Uc=0對應的頻率即為截止頻率γc，得：γc=4.27×1014Hz圖線的斜率為：==3.93×10﹣15V?s

代入電子電量計算得：h=6.3×10﹣34J?s故答案為：4.27×1014，6.3×10﹣34．【解析】11.平行光a垂直射向一半徑為R的玻璃半球的平面，其截面如圖所示，發(fā)現(xiàn)只有P、Q之間所對圓心角為60°的球面上有光射出，則玻璃球對a光的折射率為

▲

，若僅將a平行光換成b平行光，測得有光射出的范圍增大，設a、b兩種色光在玻璃球中的速度分別為va和vb，則va

▲

vb（選填“>”、“<”或“=”）．參考答案：12.一簡諧橫波沿x軸正向傳播，t=0時刻的波形如圖（a）所示，x=0.30m處的質(zhì)點的振動圖線如圖（b）所示，該質(zhì)點在t=0時刻的運動方向沿y軸_________（填“正向”或“負向”）。已知該波的波長大于0.30m，則該波的波長為_______m。參考答案：正向，0.8m，根據(jù)圖（b）可知，圖線在t=0時的切線斜率為正，表示此時質(zhì)點沿y軸正向運動；質(zhì)點在圖（a）中的位置如圖所示。設質(zhì)點的振動方程為(cm)，當t=0時，,可得.當時，y=2cm達到最大。結合圖（a）和題意可得，解得13.（選修3-5）（3分）如圖甲是α、β、γ三種射線穿透能力的示意圖，圖乙是工業(yè)上利用射線的穿透性來檢查金屬內(nèi)部傷痕的示意圖，根據(jù)甲圖信息可知圖乙中的檢查是利用

射線。參考答案：答案：（3分）三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.2004年1月25日，繼“勇氣”號之后，“機遇”號火星探測器再次成功登陸火星．人類為了探測距離地球大約3.0×105km的月球，也發(fā)射了一種類似四輪小車的月球探測器．它能夠在自動導航系統(tǒng)的控制下行走，且每隔10s向地球發(fā)射一次信號，探測器上還裝著兩個相同的減速器(其中一只是備用的)，這種減速器可提供的最大加速度為5m/s2，某次探測器的自動導航系統(tǒng)出現(xiàn)故障，從而使探測器只能勻速前進而不再避開障礙物．此時地球上的科學家只能對探測器進行人工遙控操作．下表為控制中心的顯示屏上的數(shù)據(jù)：

已知控制中心的信號發(fā)射和接收設備工作速度極快．科學家每次分析數(shù)據(jù)并輸入命令至少需要3s.問：(1)經(jīng)過數(shù)據(jù)分析，你認為減速器是否執(zhí)行了命令？(2)假如你是控制中心的工作人員，采取怎樣的措施？加速度滿足什么條件？請計算說明．

參考答案：(1)未執(zhí)行命令(2)立即輸入命令，啟動另一個備用減速器，加速度a>1m/s2，便可使探測器不與障礙物相碰．

15.（4分）一束單色光由左側時的清水的薄壁圓柱比，圖為過軸線的截面圖，調(diào)整入射角α，光線拾好在不和空氣的界面上發(fā)生全反射，已知水的折射角為，α的值。

參考答案：解析：當光線在水面發(fā)生全放射時有，當光線從左側射入時，由折射定律有，聯(lián)立這兩式代入數(shù)據(jù)可得。四、計算題：本題共3小題，共計47分16.光滑水平地面上停放著一輛質(zhì)量的平板車，質(zhì)量可視為質(zhì)點的小滑塊靜放在車左端，滑塊與平板車之間的動摩擦因數(shù)，如下圖所示，一水平向右的推力作用在滑塊M上，使M、m一起向右加速（相對靜止），時撤去F，平板車繼續(xù)向右運動一段時間后與豎直墻壁發(fā)生碰撞，設碰撞時間極短且碰后車以原速率反彈，滑塊與平板車之間的最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，平板車足夠長，以至滑塊不會從平板車右端滑落（g?。?，問：（1）平板車第一次與墻壁碰撞后能向左運動的最大距離s多大？此時滑塊的速度多大？（2）平板車第二次與墻壁碰撞前的瞬間速度多大？（3）為使滑塊不會從平板車右端滑落，平板車l至少要有多長？參考答案：解：（1）設第一次碰墻前M、m的共同速度為，由動量定理得，則有（2分）（其它列式正確的同樣給分）第一次碰墻后到第二次碰前車和滑塊組成的系統(tǒng)動量守恒車向左運動速度減為0時，由于，滑塊仍在向右運動，設此時滑塊的速度為，車離墻的距離為s（2分）（2分）以車為研究對象，根據(jù)動能定理（2分）（2分）（2）第一次碰撞后車運動到速度為零時，滑塊仍有向右的速度，滑動摩擦力使車以相同的加速度重新向右加速，如果車的加速過程持續(xù)到與墻第二次相碰，則加速過程位移也為s，可算出第二次碰前瞬間的速度大小也為2m/s，系統(tǒng)的總動量將大于第一次碰墻后的動量，這顯然是不可能的，可見在第二次碰撞前車已停止加速，即第二次碰墻前一些時間車和滑塊已相對靜止。設車與墻第二次碰撞前瞬間速度為，則（2分）（2分）（3）車每次與墻碰撞后一段時間內(nèi)，滑塊都會相對車有一段向右的滑動，由于兩者相互摩擦，系統(tǒng)的部分機械能轉化為內(nèi)能，車與墻多次碰撞后，最后全部機械能都轉化為內(nèi)能，車停在墻邊，滑塊相對車的總位移設為l，則有（2分）代入數(shù)據(jù)解得（2分）17.一質(zhì)量為M=4.0kg、長度為L=3.0m的木板B，在大小為8N、方向水平向右的拉力F作用下，以v0=2.0m/s的速度沿水平地面做勻速直線運動，某一時刻將質(zhì)量為m=1.0kg的小鐵塊A（可視為質(zhì)點）輕輕地放在木板上的最右端，如圖所示。若鐵塊與木板之間沒有摩擦，求：二者經(jīng)過多長時間脫離。（重力加速度