甘肅省武威十八中物理高一第一學期期末復習檢測試題含解析

甘肅省武威十八中物理高一第一學期期末復習檢測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、關于速度和加速度的概念，下列說法正確的是()A.物體的加速度越大，速度越大B.物體的速度變化越大，加速度越大C.物體的加速度為零，速度一定為零D.物體的速度變化率越大，加速度越大2、如圖所示，位于水平桌面上的木板P，上面疊放一物塊Q，用水平細繩將Q與豎直墻壁相連．已知Q與P、P與桌面之間動摩擦因數(shù)均為，木板P與物塊Q的質量分別是2m和m，若用一水平向右的力F把P勻速拉出，則F的大小為（）A.2μmg B.3μmgC.4μmg D.5μmg3、兩個小車在水平面上做加速度相同的勻減速直線運動，若它們的初速度之比為1∶2，它們運動的最大位移之比()A.1∶2 B.1∶4C.1∶ D.2∶14、2018年國際田聯(lián)世界挑戰(zhàn)賽于北京時間6月23日凌晨在馬德里站如期舉行．如圖所示，蘇炳添在百米大戰(zhàn)中，以獲得冠軍，再次平了亞洲記錄，成為當之無愧的“亞洲第一飛人”．據(jù)悉蘇炳添的起跑反應時間是，也是所有選手中最快的一個．下列說法正確的是A.蘇炳添的起跑反應時間，指的是時刻B.在研究蘇炳添的起跑技術動作時不可以將他看作質點C.蘇炳添這次比賽的平均速度大小為D.以其他運動員為參考系，蘇炳添總是靜止的5、物體在以下三個力作用下，可能做勻速直線運動是（）A.1N、6N、8N B.1N、6N、4NC.7N、2N、6N D.5N、9N、15N6、圖中彈簧秤、繩和滑輪的重量以及繩與滑輪間的摩擦均不計，物體的重力都是G，在甲、乙、丙三種情況下，彈簧秤的讀數(shù)分別是F1、F2、F3，則（）A.F1=F2=F3 B.F3=F1>F2C.F3>F1=F2 D.F1>F2=F37、圖甲中，質量為M的長木板靜置于光滑水平面上，其上放置一質量為m的小滑塊．當木板受到隨時間t變化的水平拉力F作用時，其加速度a與F的關系如圖乙所示．取g＝10m/s2，則（）A.滑塊的質量m＝4kgB.木板的質量M＝2kgC.當F＝8N時，滑塊加速度為3m/s2D.滑塊與木板間的動摩擦因素為0.18、質量為的小球置于傾角為300的光滑固定斜面上，勁度系數(shù)為的輕彈簧一端系在小球上，另一端固定在豎直墻上的P點，小球靜止于斜面上，彈簧軸線與豎直方向的夾角為300，如圖所示．?。畡tA.彈簧對小球拉力大小為B.小球對斜面的壓力的大小為10NC.彈簧的伸長量為10cmD.彈簧被剪斷的瞬間，小球的加速度大小為9、半圓柱體P放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的豎直擋板MN，在P和MN之間放有一個光滑均勻的小圓柱體Q，整個裝置處于靜止。如圖所示是這個裝置的縱截面圖。若用外力使MN保持豎直，緩慢地向右移動，在Q落到地面以前，發(fā)現(xiàn)P始終保持靜止。在此過程中，下列說法中正確的是（）A.Q所受的合力始終為零 B.地面對P的摩擦力逐漸增大C.P、Q間的彈力先減小后增大 D.MN對Q的彈力逐漸減小10、下列有關曲線運動的說法中，正確的是A.曲線運動的速度一定是變化的B.做曲線運動的物體受到的合外力可以為零C.曲線運動有可能加速度不變D.做曲線運動的物體所受的合外力一定是變化的11、如圖所示，質量為m1和m2的兩物塊放在光滑的水平地面上（m1>m2）。用輕質彈簧將兩物塊連接在一起。當用水平向右的力F作用在m1上時，兩物塊均以加速度a做勻加速運動，此時彈簧伸長量為x。若用水平向左的力F'作用在m2上時，兩物塊均以加速度a'＝2a做勻加速運動，此時彈簧伸長量為x'。則下列關系正確的是（）A.F'＝2F B.x'<2xC.F'>2F D.x'>2x12、如圖所示，水平地面上的木板M上放著小物塊m，M上的右端固定一豎直擋板，擋板與m間有一處于壓縮狀態(tài)的輕彈簧，整個裝置處于靜止狀態(tài)，下列說法中正確的是（）A.M對m的摩擦力方向向右B.m對M摩擦力方向向左C.地面對M的摩擦力方向向右D.地面對M無摩擦力作用二．填空題(每小題6分，共18分)13、圖1為驗證牛頓第二定律的實驗裝置示意圖。圖中打點計時器的電源為50Hz的交流電源，打點的時間間隔用Δt表示。在小車質量未知的情況下，某同學設計了一種方法用來研究“在外力一定的條件下，物體的加速度與其質量間的關系”。（1）完成下列實驗步驟中的填空：①平衡小車所受的阻力：小吊盤中不放物塊，調(diào)整木板右端的高度，用手輕撥小車，直到打點計時器打出一系列________的點；②按住小車，在小吊盤中放入適當質量的物塊，在小車中放入砝碼；③打開打點計時器電源，釋放小車，獲得帶有點跡的紙帶，在紙帶上標出小車中砝碼的質量m；④按住小車，改變小車中砝碼的質量，重復步驟③；⑤在每條紙帶上清晰的部分，每5個間隔標注一個計數(shù)點，測量相鄰計數(shù)點的間距s1，s2，…，求出與不同m相對應的加速度a；⑥以砝碼質量m為橫坐標，為縱坐標，在坐標紙上做出—m關系圖線，若加速度與小車和砝碼的總質量成反比，則與m處應成_________關系（填“線性”或“非線性”）。（2）完成下列填空：（?。┍緦嶒炛?，為了保證在改變小車中砝碼的質量時，小車所受的拉力近似不變，小吊盤和盤中物塊的質量之和應滿足的條件是_________；（ⅱ）設紙帶上三個相鄰計數(shù)點的間距為s1、s2、s3，a可用s1、s3和Δt表示為a=_____；圖2為用米尺測量某一紙帶上的s1、s3的情況，由圖可讀出s1=_____mm，s3=____mm，由此求得加速度的大小a=_____m/s2。（ⅲ）圖3為所得實驗圖線的示意圖。設圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，若牛頓定律成立，則小車受到的拉力為___________，小車的質量為___________14、(1)圖為“探究兩個互成角度力的合成規(guī)律”的實驗裝置示意圖，橡皮條的一端固定在木板上A位置，另一端系有輕質小圓環(huán)；輕質細繩OB和OC一端系在小圓環(huán)上，另一端分別系在彈簧測力計的掛鉤上．現(xiàn)用彈簧測力計通過細繩拉動小圓環(huán)，使橡皮條沿平行木板平面伸長至O位置．對于上述實驗過程，下列說法中正確的是_______A．只需要記錄彈簧測力計的示數(shù)B.OB和OC繩拉力的方向應與木板平面平行C．只需要記錄OB和OC繩的長度和彈簧測力計拉力方向D．需要記錄兩個彈簧測力計的示數(shù)和拉力方向(2)該實驗中某同學在坐標紙上畫出了如圖所示的兩個已知力F1和F2，圖中小正方形的邊長表示2N，兩力的合力用F表示，F(xiàn)1、F2與F的夾角分別為θ1和θ2，下列說法正確的是______A．F1＝4NB．F＝12NC．θ1＝45°D．θ1<θ215、在“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中，某同學進行實驗的主要步驟是：a．如圖甲所示，將橡皮筋的一端固定在木板上的A點，另一端拴上兩根繩套，每根繩套分別連著一個彈簧測力計b．沿著兩個方向拉彈簧測力計，將橡皮筋的活動端拉到某一位置，將此位置標記為O點，讀取此時彈簧測力計的示數(shù)，分別記錄兩個拉力F1、F2的大?。霉P在兩繩的拉力方向上分別標記a、b兩點，并分別將其與O點連接，表示兩力的方向c．再用一個彈簧測力計將橡皮筋的活動端仍拉至O點，記錄其拉力F的大小并用上述方法記錄其方向（1）用一個彈簧測力計將橡皮筋的活動端仍拉至O點，這樣做的目的是_______（2）圖乙是在白紙上根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出的力的圖示，其中_______是F1和F2合力的實際測量值（填F或F′）（3）實驗中一次測量如圖丙所示，兩個測力計M、N的拉力方向互相垂直，即α+β=90°，若保持測力計M的讀數(shù)不變，當角α由圖中所示的值逐漸減小時，要使橡皮筋的活動端仍在O點，可采用的辦法是_______A．增大N的讀數(shù)，減小β角B．減小N的讀數(shù)，減小β角C．減小N的讀數(shù)，增大β角D．增大N的讀數(shù)，增大β角三．計算題(22分)16、（12分）如圖所示，一個長L=2m的薄木板A靜置在水平地面上，一可視為質點的小物塊B放在木板A的最左端，并處于靜止狀態(tài)。已知A、B的質量分別為3kg和2kg，木板和小物塊之間的動摩擦因數(shù)μ1=0.4，木板和地面的動摩擦因數(shù)μ2=0.1，小物塊與地面的動摩擦因數(shù)μ3=0.5，重力加速度g=10m/s2，現(xiàn)用水平恒力F=12N作用在B上。求：（1）力F開始作用瞬間，小物塊B和薄木板A的加速度大?。?）從力F開始作用到小物塊B從薄木板A上掉下來所需時間（3）從力F開始作用經(jīng)過5s時，薄木板A最右端與小物塊B之間的距離17、（10分）如圖所示，三條輕繩結于O點，輕彈簧水平拉輕繩，OA繩與墻成37°角，OC繩下端掛一放在水平地面上質量m=1.2kg的物體，物體處于靜止狀態(tài)．輕彈簧的彈力F=3.3N，勁度系數(shù)k=100N/m．（取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）彈簧伸長量；（2）繩子OC的拉力大??；（3）物體對地面的壓力

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】A．物體的加速度越大，速度不一定越大，選項A錯誤；B．根據(jù)可知，物體的速度變化越大，加速度不一定越大，選項B錯誤；C．物體的加速度為零，速度不一定為零，例如勻速直線運動，選項C錯誤；D．根據(jù)可知物體的速度變化率越大，加速度越大，選項D正確；故選D.2、C【解析】對Q物塊，設跨過定滑輪的輕繩拉力為T，木塊Q與P間的滑動摩擦力為：f=μmg①根據(jù)共點力平衡條件有：T=f②對木塊P受力分析，P受拉力F，Q對P向左的摩擦力f，地面對P物體向左的摩擦力f′，根據(jù)共點力平衡條件，有：F=f+f′③地面對P物體向左的摩擦力為：f′=μ(3m)g④由①～④式可以解得：F=4μmg故選C。3、B【解析】當兩小車速度為零時即末速度為零，發(fā)生的位移最大，根據(jù)位移速度公式可得又因為它們的初速度之比為1∶2，所以他們運動的最大位移比為A．1∶2，與結論不相符，選項A錯誤；B．1∶4，與結論相符，選項B正確；C．1∶，與結論不相符，選項C錯誤；D．2∶1，與結論不相符，選項D錯誤；故選B.4、B【解析】A．蘇炳添的起跑反應時間，指的是一段時間間隔，故指的是時間；故A錯誤；B．研究起跑動作時，運動員的肢體動作是不能忽略的；故大小和形狀不能忽略；不能看作質點，故B正確；C．蘇炳添的位移是100米，成績?yōu)?，所以平均速度為：，故C錯誤；D．各運動員的速度不同，以其他運動員為參照物，蘇炳添是運動的，故D錯誤；5、C【解析】AB．1N和6N的合力范圍為5N≤F合≤7N8N和4N力不在這個范圍內(nèi)，合力不能取零，三個力不可能平衡，物體就不可能做勻速直線運動，故AB錯誤；C．7N和2N的合力范圍為5N≤F合≤9N6N的力在這個范圍內(nèi)，合力能取零，三個力可能平衡，物體就可能做勻速直線運動，故C正確；D．5N和9N的合力范圍為4N≤F合≤14N15N的力不在這個范圍內(nèi)，合力不能取零，三個力不可能平衡，物體就不可能做勻速直線運動，故D錯誤。故選C。6、A【解析】甲圖：物體靜止，彈簧的拉力乙圖：對物體為研究對象，作出的力圖如下由圖可知，是等腰三角形，由幾何關系得丙圖：以動滑輪研究對象，受力如圖由幾何知識得因此故A正確，BCD錯誤。故選A。7、ABD【解析】當拉力較小時，m和M保持相對靜止一起做勻加速直線運動，當拉力達到一定值時，m和M發(fā)生相對滑動，結合牛頓第二定律，運用整體和隔離法分析【詳解】A、B項：當F等于6N時，加速度為：a=1m/s2，對整體分析，由牛頓第二定律有：F=（M+m）a，代入數(shù)據(jù)解得：M+m=6kg，當F大于6N時，根據(jù)牛頓第二定律得：，圖象斜率，解得：M=2kg，滑塊的質量m=4kg，故A、B正確；C、D項：根據(jù)F大于6N的圖線知，F(xiàn)=4時，a=0，即：0=，解得μ=0.1，，當F=8N時，長木板的加速度為：a=2m/s2；根據(jù)μmg=ma′得：滑塊的加速度為a′=μg=1m/s2，故C錯誤，D正確故選ABD【點睛】本題考查牛頓第二定律與圖象的綜合，知道滑塊和木板在不同拉力作用下的運動規(guī)律是解決本題的關鍵，掌握處理圖象問題的一般方法，通常通過圖線的斜率和截距入手分析8、CD【解析】小球靜止于斜面上，設小球受的彈簧拉力為，設斜面對小球的支持力為，設彈簧的伸長量為，對小球受力分析如圖，則：、、聯(lián)立解得：、A：小球受的彈簧拉力為，故A項錯誤B：斜面對小球的支持力為，據(jù)牛頓第三定律，小球對斜面的壓力的大小為．故B項錯誤C：彈簧伸長量，故C項正確D：彈簧被剪斷的瞬間，小球受重力、斜面對小球的支持力，小球將沿斜面下滑，則：，解得：．故D項正確9、AB【解析】先對Q受力分析，受重力、P對Q的支持力和MN對Q的支持力，如圖根據(jù)共點力平衡條件，有N2=mgtanθ再對P、Q整體受力分析，受重力、地面支持力、MN擋板對其向左的支持力和地面對其向右的支持力，如圖根據(jù)共點力平衡條件，有f=N2N=（M+m）g故f=mgtanθMN保持豎直且緩慢地向右移動過程中，角θ不斷變大，故f變大，N不變，N1變大，N2變大，P、Q受到的合力始終為零；故選AB。10、AC【解析】曲線運動的速度方向時時刻刻在變化著，所以速度一定變化，A正確，因為速度一定變化，所以一定存在加速度，根據(jù)牛頓第二定律可得，合力一定不為零，B錯誤，平拋運動是曲線運動，其加速度等于重力加速度，恒定不變，合力恒定不變，C正確，D錯誤故選AC考點：考查了對曲線運動的理解點評：本題關鍵是對質點做曲線運動的條件的考查，勻速圓周運動，平拋運動等都是曲線運動，對于它們的特點要掌握住11、AD【解析】AC．以兩個物體整體為研究對象，由牛頓第二定律得F=(m1+m2)a①F′=2(m1+m2)a②可得F′=2FA正確，C錯誤；BD．當用水平向右的力F作用在m1上時，由①得以m2為研究對象，由牛頓第二定律可得若用水平向左力F'作用在m2上時，由②得以m1為研究對象，由牛頓第二定律得可得因為m1>m2B錯誤，D正確。故選AD。12、ABD【解析】AB.對m受力分析，m受到重力、支持力、水平向左的彈簧的彈力，根據(jù)平衡條件知，M對m的摩擦力方向向右．根據(jù)牛頓第三定律得：m對M的摩擦力方向向左，故A正確，B正確；CD.對整體受力分析，在豎直方向上受到重力和支持力平衡，若地面對M有摩擦力，則整體合力不為零，故地面對M無摩擦力作用，故C錯誤，D正確本題該選ABD。二．填空題(每小題6分，共18分)13、①.均勻②.線性③.遠小于小車和小車中砝碼的質量之和④.⑤.24.1⑥.47.3⑦.1.16⑧.⑨.【解析】（1）①[1]平衡摩擦力的標準為小車可以勻速運動，打點計時器打出的紙帶點跡間隔均勻；⑥[2]根據(jù)牛頓第二定律解得故與m成線性關系；（2）（i）[3]設小車的質量為M，小吊盤和盤中物塊的質量為m，設繩子上拉力為F，以整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有解得以M為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有當時有，即只有時才可以認為繩對小車的拉力大小等于小吊盤和盤中物塊的重力，所以為了保證在改變小車中砝碼的質量時，小車所受的拉力近似不變，小吊盤和盤中物塊的質量之和應該遠小于小車和砝碼的總質量。（ⅱ）[4]設紙帶上三個相鄰計數(shù)點的間距為s1、s2、s3，由勻變速直線運動的推論得即解得[5][6]圖2為用米尺測量某一紙帶上的s1、s3的情況，由圖可讀出s1=24.1mm，s3=47.3mm；[7]由此求得加速度的大?。á＃8][9]設小車質量為M，小車受到外力為F，由牛頓第二定律有解得所以圖象的斜率為解得縱軸截距為解得14、①.BD②.BC【解析】(1)本實驗中采用了兩個力合力與一個力效果相同來驗證的平行四邊形定則，效果的相同是通過拉橡皮筋產(chǎn)生大小和方向相同的形變量來實現(xiàn)的數(shù)據(jù)處理時：我們需要畫出力的大小和方向，所以力要盡量大些可減小測量誤差對實驗的影響，拉橡皮筋時要拉的盡量長一點，了解誤差產(chǎn)生的原因即可正確解答；(2)根據(jù)平行四邊形定則作出合力，從而確定合力的大小和分力與合力的夾角【詳解】(1)A、實驗中需記錄彈簧測力計拉力的大小和方向還有結點的位置，故A錯誤，C錯誤；B項：為保證拉力的方向為在紙面上畫出的方向，OB和OC繩拉力的方向應與木板平面平行，故B正確；D項：為了在紙面上出力的圖示，所以需要記錄兩個彈簧測力計的示數(shù)和拉力方向，故D正確故選BD