云南省元江第一中學2024屆物理高二上期中復習檢測試題含解析

云南省元江第一中學2024屆物理高二上期中復習檢測試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某人用繩子通過定滑輪拉物體A，A穿在光滑的豎直桿上，人以速度v0勻速向下拉繩，當物體A到達如圖所示位置時，繩與豎直桿的夾角為θ，則物體A實際運動的速度是()A． B．C．v0cosθ D．v0sinθ2、有一個電風扇，額定電壓為U，額定功率為P，電動機線圈的電阻為R，把它接入電壓為U的電路中，下列計算時間t內產生熱量的方法中正確的是A． B．Q=PtC． D．以上三種方法均正確3、如圖所示，是一個由電池、電阻R、開關S與平行板電容器組成的串聯電路，開關閉合，平行板電容器內一帶電液滴靜止，則A．減小電容器兩極板間距離，液滴向下運動B．減小電容器兩極板間距離，電容器的電容變小C．減小電容器兩極板間距離，電阻R中有從b流向a的電流D．若開關斷開再減小電容器兩極板間距離，液滴向下運動4、如圖所示，一直流電動機與阻值的電阻串聯在電源上，電源電動勢，內阻，用理想電壓表測出電動機兩端電壓U=10V，已知電動機線圈電阻，則下列說法中正確的是()A．通過電動機的電流為10A B．通過電動機的電流為C．電動機的熱功率為2W D．電動機的輸出功率為16W5、如圖,電源電動勢為E,內阻為r,不計電壓表和電流表的內阻對電路的影響。當開關閉合后,兩燈均能發(fā)光.在將滑動變阻器的滑片向右滑動的過程中,下列說法正確的是()A．小燈泡L1、L2均變暗B．小燈泡L1、L2均變亮C．流過滑動變阻器的電流變大D．電流表A的讀數變小,電壓表V的讀數變大6、如圖所示，abcd為水平放置的平行“”形光滑金屬導軌,間距為l，導軌間有垂直于導軌平面的勻強磁場，磁感應強度大小為B，導軌電阻不計．已知金屬桿MN傾斜放置，與導軌成θ角，單位長度的電阻為r,保持金屬桿以速度v沿平行于cd的方向滑動(金屬桿滑動過程中與導軌接觸良好)．則()A．電路中感應電動勢的大小為B．電路中感應電流的大小為C．金屬桿所受安培力的大小為D．金屬桿的發(fā)熱功率為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖所示電路中，電源電動勢為12V，電源內阻為l.0Ω，電路中的電阻R0為1.5Ω，小型直流電動機M的內阻為0.5Ω，閉合開關S后，電動機轉動，電流表的示數為2.0A．則以下判斷中正確的是A．電動機的輸出功率為14WB．電動機兩端的電壓為7.0VC．電動機產生的熱功率2.0WD．電源輸出的電功率為24W8、一平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地．兩板間有一個負試探電荷固定在P點，如圖(甲)所示，以C表示電容器的電容、E表示兩板間的場強、表示P點的電勢，Ep表示負電荷在P點的電勢能，若正極板保持不動，將負極板緩慢向P點移動一小段距離x0的過程中，在圖(乙)中，各物理量與負極板移動距離x的關系圖象中正確的是A． B． C． D．9、對于有恒定電流通過的導體，下列說法正確的是A．導體內部的電場強度為零B．導體是個等勢體C．導體兩端有恒定的電壓存在D．通過導體某個截面的電量在任意相等的時間內都相等10、如圖在光滑四分之一圓弧軌道的頂端a點，質量為m的物塊(可視為質點)由靜止開始下滑，經圓弧最低點b滑上粗糙水平面，圓弧軌道在b點與水平軌道平滑相接，物塊最終滑至c點停止．若圓弧軌道半徑為R，物塊與水平面間的動摩擦因數為μ，下列說法正確的是()A．物塊滑到b點時的速度為B．c點與b點的距離為C．物塊滑到b點時對b點的壓力是3mgD．整個過程中物塊機械能損失了mgR三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖甲所示，為某同學測繪額定電壓為2.5V的小燈泡的I—U特性曲線的實驗電路圖．①根據電路圖甲，用筆畫線代替導線，將圖乙中的實驗電路連接完整_______．②開關S閉合之前，圖甲中滑動變阻器的滑片應該置于_____端（選填“A”、“B”或“AB中間”）③實驗中測得有關數據如下表：根據表中的實驗數據，在圖丙中畫出小燈泡的I—U特性曲線_________．12．（12分）水果電池的內阻一般較大。某同學使用如圖所示電路，測量一只水果電池的電動勢和內阻。在實驗中測得幾組I、U數據，做出U－I圖象，由圖象可知，該水果電池的電動勢為E=______V，內阻為r=______Ω。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如下圖所示,分布在半徑為r的圓形區(qū)域內的勻強磁場,磁感應強度為B,方向垂直紙面向里．電量為q、質量為m的帶正電的粒子從磁場邊緣A點沿圓的半徑AO方向射入磁場,離開磁場時速度方向偏轉了60°角．試確定:①粒子做圓周運動的半徑;②粒子的入射速度;③粒子在磁場中運動的時間．14．（16分）如圖所示，某空間存在水平向右的勻強電場，現將一套有小球的細直桿放入勻強電場中，小球孔徑略大于細桿直徑，桿足夠長，如圖所示，小球的質量為1kg，帶電量為2×10-4C，球與桿間的滑動摩擦因數為0.1．（取g＝10m/s2）（1）當桿在水平方向上固定時（如圖虛線所示），調節(jié)電場強度的大小，使電場強度E為2×104N/C，求此時小球受到的摩擦力f1的大?。?）若調節(jié)細桿使桿與水平方向間夾角θ為37°并固定（如圖實線所示），調節(jié)電場強度的大小，使E為2×101N/C，求小球從靜止出發(fā)在細桿上2秒內通過位移的大?。?sin37°=0.6，cos37°=0.8)（3）當電場強度為零時，調節(jié)細桿與水平方向之間的夾角θ（0＜θ＜90°），然后固定，使小球從桿的底端以速率v0沿桿上滑．試通過計算、分析，說明在不同的夾角θ情況下，小球在桿上可能的運動情況．15．（12分）如圖所示，電源電動勢E=8V，內阻為r=2．5Ω，“3V，3W”的燈泡L與電動機M串聯接在電源上，燈泡剛好正常發(fā)光，電動機剛好正常工作，電動機的線圈電阻R=2．5Ω．求：（2）通過電動機的電流；（2）電源的輸出功率；（3）電動機的輸出功率．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】

將A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，如圖所示，拉繩子的速度等于A沿繩子方向的分速度，根據平行四邊形定則得，實際速度．故A正確，BCD錯誤．2、A【解題分析】

A.根據電功率公式P=UI，可得電路中的電流；由焦耳定律Q=I2Rt，得時間t內產生的熱量，故A正確.B.Pt為電風扇消耗的總能量，選項B錯誤；C.電風扇不是純電阻電路，則，選項C錯誤；D.由以上分析可知，選項D錯誤.3、C【解題分析】A、減小電容器兩極板間的距離，因為電壓不變，場強增大，電場力增大，液滴向上運動，故A錯誤；

B、根據電容的決定式，C=εS4πkd，減小極板距離，電容器的電容變大，故B錯誤；

C、減小極板距離，電容變大，根據Q=CU知電壓變大，電容器充電，電阻R中有從b流向a的電流，故C正確；

D、斷開開關時，電容器的電荷量不變，根據E=U點睛：根據電容的決定式判斷電容的變化，根據電容的定義式分析板間電壓的變化，根據推論分析板間場強的變化，確定電荷能否保持靜止，確定電容器是處于充電還是放電狀態(tài)，判斷電路中電流的方向。4、D【解題分析】

AB、根據歐姆定律得回路中的電流，故AB錯誤；CD、電動機發(fā)熱消耗的功率，電動機的輸入功率為，則輸出功率：，故D正確，C錯誤；故選D．5、D【解題分析】

將滑動變阻器的滑片逐漸向右滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻增大，分析外電路總電阻的變化，由歐姆定律判斷干路電流的變化，即可知道電流表示數的變化和路端電壓的變化，即可知道電壓表讀數的變化．分析并聯部分電壓的變化，判斷L1燈亮度的變化?！绢}目詳解】將滑動變阻器的滑片逐漸向右滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻增大，并聯部分的電阻增大，外電路總電阻增大，則干路電流減小，故L2燈變暗，電流表讀數變小。電源的內電壓減小，則路端電壓增大，電壓表讀數變大根據串聯電路分壓特點可知，并聯部分電壓增大，則L1燈變亮由上分析可知，流過滑動變阻器的電流等于燈L2的電流減去燈L1的電流，所以流過滑動變阻器的電流一定減小，綜上所述，故應選：D。【題目點撥】本題是一道閉合電路的動態(tài)分析題，分析清楚電路結構，明確各電路元件的連接方式、靈活應用歐姆定律公式是正確解題的關鍵。6、B【解題分析】

A、導體棒切割磁感線產生感應電動勢，故A錯誤；B、感應電流的大小，故B正確；C、所受的安培力為，故C錯誤；D、金屬桿的熱功率，故D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解題分析】試題分析：電路為串聯電路，電源內電壓，電阻的電壓為，所以電動機兩端電壓為，選項B對．電動機產生的熱功率選項C正確；電動機的輸出功率為總功率減去熱功率即，選項A錯誤；電源的路端電壓為，所以電源輸出的電功率為，選項D錯誤．考點：串并聯電路歐姆定律8、CD【解題分析】

A．當負極板右移時d減小，由：可以知道C與d成反比，圖象不能為一次函數圖象；故A錯誤;B．由：可以知道：則：故E與d無關，故B錯誤;

C．因負極板接地，設P點原來距負極板為l，則P點的電勢：所以C正確;D．電勢能：故D正確;9、CD【解題分析】

A、由題，導體通有恒定電流，導體內部就建立了恒定電場，場強不為零，故A錯誤；B、順著電流方向，電勢逐漸降低，B錯誤；C、產生恒定電流的條件是導體兩端存在恒定的電勢差，即導體兩端有恒定的電壓存在，C正確；D、根據電流的定義式I=q/t，電流I恒定不變，則在任意相等的時間內通過導體某個截面的電量都相等，故D正確．故選：CD．10、BCD【解題分析】

A.由機械能守恒可知，mgR=mv2；解得b點時的速度為，故A不符合題意；B.對全程由動能定理可知，mgR-μmgs=0解得bc兩點間的距離為，故B符合題意；C.b點時，物體受重力、支持力而做圓周運動，則由可得支持力F=3mg，由牛頓第三定律可知，物塊對b點的壓力為3mg；故C符合題意；D.在滑動過程中，摩擦力所做的功等于機械能的損失，故機械能損失了μmgs=mgR，故D符合題意；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A；【解題分析】試題解析：①連接時，先連接變阻器的主電路，后連接燈泡部分的電路，電壓表最后接入；②開關S閉合之前，圖甲中滑動變阻器的滑片應該置于阻值最小的那一端，使得燈泡兩端電壓最小，以有利于保護電路，故應該置于A端；③在圖像上描點、連線即可，但在選擇坐標時，由于電壓的2.80V，故電壓軸的最大值選擇3.0V即可，電流軸的最大值選擇0.3A即可，這樣的圖像正好能夠充滿整個坐標．考點：用伏安法測小燈泡的U-I曲線．12、0.9300【解題分析】根據閉合電路的歐姆定律U=-E+Ir，知電動勢E=0.9V，斜率表示內阻r=300Ω；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)r；(2)；(3)．【解題分析】

電荷在勻強磁場中做勻速圓周運動，畫出軌跡，由幾何知識求出半徑，洛倫茲力提供向心力，根據牛頓第二定律求出速度、定圓心角，求時間；【題目詳解】（1）設粒子做勻速圓周運動的半徑為R，如圖所示：，所以：，則三角形是等邊三角形，故：；（2）根據牛頓運動定律：，則：；

（3）由圖知，粒子在磁場中的運動方向偏轉了60?角，所以粒子完成了個圓運動，根據線速度與周期的關系，得

粒子在磁場中的運動時間為：．【題目點撥】帶電粒子在勻強磁場中勻速圓周運動問題，關鍵是畫出粒子圓周的軌跡，找圓心，往往用數學知識求半徑，然后利用洛倫茲力提供向心力進行求解即可．14、（1）f1＝4N（2）s＝20m（3）①當mgsinθ＞μmgcosθ，即μ<arctanθ時，小球沿桿先勻減速上滑，再勻加速下滑；②當mgsinθ＜μmgcosθ，即μ>arctanθ時，小球沿桿勻減速上滑至停止【解題分析】

小球在水平方向上受電場力與滑動摩擦力作用而靜止，由平衡條件可以摩擦力；對小球進行受力分析，受重力、電場力、支持力和摩擦力，根據牛頓第二定律求出加