2024屆黑龍江省哈爾濱市第三十二中學高二物理第一學期期中調研試題含解析

2024屆黑龍江省哈爾濱市第三十二中學高二物理第一學期期中調研試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一平行板電容器充電后與電源斷開，正極板接地，在兩極板間有一正電荷（電量很?。┕潭ㄔ赑點，如圖所示。以E表示兩極板間的場強，U表示電容器的電壓，Ep表示正電荷在P點的電勢能，若保持負極板不動，將正極板移到圖中虛線所示的位置，則（）A．U變小，E變小 B．E變大，Ep變大C．U變小，Ep變大 D．U不變，Ep變大2、如圖所示的實驗裝置，已充電完成的平行板電容器極板M與靜電計金屬球相接，N極板接地，以下說法正確的是A．增大兩板間距離，靜電計指針張開角度變小B．減小兩極板間的距離，電容器兩極板間的場強變大C．將兩板平行錯開一些，靜電計指針張開角度變大D．將某電介質插入兩板間，電容器的電容變小3、如圖所示，電源兩端電壓為U=10V保持不變，，，；，先閉合開關S，待電路穩(wěn)定后，再將S斷開，則S斷開后，通過R1的電荷量為A． B．C． D．4、如圖，兩個帶電球，大球的電荷量大于小球的電荷量，下列說法正確的是A．兩球都帶正電 B．大球受到的靜電力大于小球受到的靜電力C．兩球都帶負電 D．兩球受到的靜電力大小相等5、如圖所示，a、b、c

為電場中同一條電場線上的三點，其中

c

為

ab

的中點已

知

a、b

兩點的電勢分別為φa=3V，φb=9V，則下列敘述正確的是()A．該電場在

c

點處的電勢一定為

6

VB．負電荷從

a

點運動到

b

點的過程中電勢能一定增大C．正電荷只受電場力作用從

a

點運動到

b

點的過程中動能一定增大D．a

點處的場強

可能小于

b

點處的場強6、如圖所示，是一個多量程多用電表的簡化電路圖測電流和測電壓時各有兩個量程，還有兩個擋位用來測電阻下列說法正確的是(

)A．當開關S調到位置1、2時，多用電表測量的是電流，且調到位置1時的量程比位置2的小B．當開關S調到位置3、4時，多用電表測量的是電阻，且A為黑表筆C．當開關S調到位置5、6時，多用電表測量的是電壓，且調到位置6時的量程比位置5的大D．多用電表各擋位所對應的表盤刻度都是均勻的二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、頻率為v的光子，德布羅意波長為λ=h/p，能量為E，則光的速度為A．Eλ/hB．pEC．E/pD．h2/Ep8、有一橫截面積為S的銅導線，流經其中的電流為I，設每單位體積的導線中有n個自由電子，電子的電荷量為q。此時電子的定向移動速度為v，在t時間內，通過銅導線橫截面的自由電子數目可表示為（）A．nvSt B．nqvt C． D．9、圖甲是小型交流發(fā)電機的示意圖，兩磁極N、S間的磁場可視為水平方向的勻強磁場，為交流電流表．線圈繞垂直于磁場方向的水平軸沿逆時針方向勻速轉動，從圖示位置開始計時，產生的交變電流隨時間變化的圖像如圖乙所示，以下判斷正確的是（）A．電流表的示數為10AB．線圈轉動的角速度為50πrad/sC．0.01s時線圈平面與磁場方向平行D．0.02s時電阻R中電流的方向自右向左10、如圖所示，P、Q為質量均為m的兩個質點，分別置于地球表面不同緯度上，如果把地球看成是一個均勻球體，P、Q兩質點隨地球自轉做勻速圓周運動，則下列說法正確的是()A．P、Q受地球引力大小相等B．P、Q做圓周運動的向心力大小相等C．P、Q做圓周運動的角速度大小相等D．P、Q兩質點的重力大小相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖（a）為某同學組裝完成的簡易多用表的電路圖，圖中E是電池；R1，R2，R3，R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻，表頭G的滿偏電流為250μA，內阻為300Ω，虛線方框內為換擋開關，A端和B端分別與兩表筆相連。該多用表有5(1)圖（a）中的A端與_____(填紅或黑)色表筆相連接。(2)關于R6的使用，下列說法正確的是A．在使用多用表之前，調整R6使電表指針指在電表左端0B．使用歐姆檔時，現將兩表筆短接，調整R6使電表指針指在表盤右端電阻0C．使用電流檔時，調整R6(3)某次測量時該多用表指針位置如圖（b）所示，此時B端是與3相連的，則讀數為______Ω,若此時B端是與5相連，則讀數為______(4)改電表的檔位1,2都是電流檔，其中檔位1的量程是_____,根據題給的條件可得R1+12．（12分）如圖所示，是探究向心力的大小F與質量m、角速度ω和半徑r之間的關系的實驗裝置．轉動手柄，可使塔輪、長槽和短槽隨之勻速轉動．塔輪至上而下有三層，每層左右半徑比分別是1：1、2：1和3：1．左右塔輪通過皮帶連接，并可通過改變皮帶所處的層來改變左右塔輪的角速度之比．實驗時，將兩個小球分別放在短槽C處和長槽的A（或B）處，A、C到塔輪中心的距離相等．兩個小球隨塔輪做勻速圓周運動，向心力大小可由塔輪中心標尺露出的等分格的格數讀出．（1）在該實驗中應用了_____來探究向心力的大小與質量m、角速度ω和半徑r之間的關系．A．理想實驗法B．控制變量法C．等效替代法（2）用兩個質量相等的小球放在A、C位置，勻速轉動時，左邊標尺露出1格，右邊標尺露出4格，則皮帶連接的左右塔輪半徑之比為_______．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示是一實驗電路圖，A、B間電壓一定，在滑動觸頭由a端滑向b端的過程中，（1）分析電流表的變化情況；（2）分析電路總功率的變化情況；14．（16分）電路如圖甲所示，電表均為理想電表，R0為定值電阻，閉合開關S后，將滑動變阻器R的滑片從一端滑到另一端的過程中，兩電壓表的示數隨電流變化的情況如圖乙中的A、B兩直線所示．求：（1）定值電阻R0的阻值及滑動變阻器R的最大阻值；（2）電源的電動勢E和內阻r；（3〕滑動變阻器R的滑片從一端滑動到另一端的過程中，滑動變阻器消耗的最大電功率．15．（12分）如圖所示，勻強電場的電場線與AC平行，把10-8C的正電荷從A點移到B點，靜電力做功6×10-8J，AB長6cm，AB（1）AB兩點間的電勢差；（2）勻強電場的場強的大小和方向；（3）設B處電勢為1V，該正電荷在A處的電勢能為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

ABD．平行板電容器充電后與電源斷開，則板上電荷量Q不變，將正極板移到圖中虛線所示的位置，板間距離減小，根據知電容C增大，根據可知電壓U減小，根據可知板間場強不變，故ABD錯誤；C．電壓U減小，板間場強不變，P點與上極板之間的電勢差減小，所以P點與上極板之間的電勢差變小，上極板接地，則P點的電勢增大，根據可知正電荷在P點的電勢能增大，故C正確。故選C。2、C【解題分析】

A．由題意，電容器所帶電量Q保持不變，由公式可知，增大兩板間距離，電容減小，由公式可知，電壓增大，所以靜電計指針張開角度變大，故A錯誤；B．由題意，電容器所帶電量Q保持不變，由公式，，可得所以容器兩極板間的場強不變，故B錯誤；C．由題意，電容器所帶電量Q保持不變，由公式可知，將兩板平行錯開一些，即正對面積變小，所以電容減小，由公式可知，電壓變大，所以靜電計指針張開角度變大，故C正確；D．由題意，電容器所帶電量Q保持不變，由公式可知，將某電介質插入兩板間，即變大，電容變大，故D錯誤。3、C【解題分析】

開關S閉合時，則電路中的電流：，則C2兩端電壓為U2=IR3=5V；C1兩端電壓為U1=I(R2+R3)=9V；C2帶電量：Q2=C2U2=30×10-6×5C=1.5×10-4C；C1帶電量：Q1=C1U1=30×10-6×9C=2.7×10-4C；斷開S后，兩電容器兩端的電壓均為10V，則C2帶電量：Q′2=C2U=30×10-6×10C=3.0×10-4C；C1帶電量：Q′1=C1U=30×10-6×10C=3.0×10-4C；則流過電阻R1的電量為：，故選C.【題目點撥】本題要注意分析電路結構，正確找出電容器與哪一個電阻并聯，從而確定電容器兩端的電壓，再根據電容器的充放電知識明確流過的電量．4、D【解題分析】

AC．根據圖可知，兩球之間是排斥力，只能判斷兩球帶的電性相同，不能肯定兩球都帶正電還是都帶負電，故AC均錯誤。BD．兩球之間的庫侖力是作用力與反作用力，根據牛頓第三定律可知，兩球受到的靜電力大小相等，故B錯誤、D正確。5、D【解題分析】

若該電場是勻強電場，則在c點處的電勢為φc=φa+φb2=6V，若該電場不是勻強電場，則在c點處的電勢為φc≠6V．故A錯誤。根據負電荷在電勢高處電勢能小，可知負電荷從a點運動到b點的過程中電勢能一定減小，選項B錯誤；正電荷只受電場力作用從a點運動到b點的過程中電勢能增大，則動能一定減小，選項C錯誤；一條電場線，無法判斷電場線的疏密，就無法判斷兩點場強的大小，所以a點處的場強Ea可能小于b點處的場強Eb，故【題目點撥】電場線的疏密可表示電場強度的相對大小，但一條電場線，無法判斷電場線的疏密，就無法判斷兩點場強的大?。筛鶕妱莸母叩团袛嚯妱菽艿拇笮?6、C【解題分析】

A.是電流表時電流計應與電阻并聯，由圖可知當轉換開關S旋到位置1、2位置是電流表，并聯電阻越小，量程大，即調到位置1時的量程比位置2的大，則A錯誤；B.歐姆表要聯接電源，則開關S調到3、4兩個位置上時，多用電表測量的是電阻，紅表筆在內部接電源的負極，則A為紅表筆。故B錯誤；C.要測量電壓，電流表應與電阻串聯，由圖可知當轉換開關S旋到位置5、6時，測量電壓，電流表所串聯的電阻越大，所測量電壓值越大，故當轉換開關S旋到6的量程比旋到5的量程大。故C正確。D.電流、電壓擋的刻度都是均勻的，電阻擋的刻度不均勻，左邊密右邊疏，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】

根據λ=vf，E=hν可得λ=vν?v=hνp=Ep8、AC【解題分析】

AB．通過銅導線橫截面的自由電子數目可表示為單位體積的自由電子數乘以體積，即A正確，B錯誤；CD．根據電流的定義式則通過銅導線橫截面的自由電子數目可表示為C正確，D錯誤。故選AC。9、AC【解題分析】

由題圖乙可知交流電電流的最大值是=A，交流電的周期T=0.02s，電流表的示數為交流電的有效值即=10A，選項A正確；線圈轉動的角速度rad/s，選項B錯誤；0.01s時流過線圈的感應電流達到最大，線圈中產生的感應電動勢最大，磁通量的變化率最大，則穿過線圈的磁通量為0，即線圈平面與磁場方向平行，選項C正確；由楞次定律可知0.02s時流過電阻的電流方向自左向右，選項D錯誤．本題選AC．10、AC【解題分析】質點P與質點O距離地心的距離相等，根據F=GMmR2知，兩質點受到的引力大小相等．故A正確．在地球上不同的位置角速度都是相等的，所以P、Q兩質點角速度大小相等，根據F=mω2r知，P點轉動的半徑大于Q質點轉動的半徑，則P受到的向心力大于Q質點受到的向心力，故B錯誤，C正確；因重力加速度隨緯度的升高而增大，故Q【題目點撥】運用牛頓的萬有引力定律比較萬有引力的大??；重力是萬有引力的一個分力．共軸轉動的物體具有相同的角速度和周期，從圖中可以看出P的半徑比Q大，再根據F=mω三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、黑B11Ω2.95V2.5mA100Ω【解題分析】

（1）根據歐姆表原理可知，內部電源的正極應接黑表筆，這樣才能保證在測電阻時電流表中電流“紅進黑出”。

（2）由電路圖可知，R6只在測量電阻時才接入電路，故其作用只能進行歐姆調零，不能進行機械調零，同時在使用電流檔時也不需要時行調節(jié)，故B正確，AC錯誤。（3）若此時B與“3”相接，歐姆表的倍率為×1擋，則讀數為11Ω。若此時B端是與5相連，由圖可知是5V檔，由圖示表盤可知，其分度值為0.1V，所示讀數為：2.95V。（4）直流電流檔分為1mA和2.5mA，由圖可知，當接1時應為2.5mA；當接2時應為1mA，根據串并聯電路規(guī)律可知R112、B2：1【解題分析】

（1）向心力和三個因素有關，所以需要控制其中兩個恒定，改變第三個量，從而來研究向心力和它們的關系，故采用了控制變量法，B正確；（2）同一條皮帶相連，則A、C線速度相同，故，根據題意可知塔輪向心力之比為1：4，并且塔輪的半徑相同，A、C轉動和各自的塔輪角速度相同，故，可知，故．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）電流表示數減小（2）總功率增大【解題分析】

（1）設A、B間電壓為U，當滑片向b端滑動時，其接入電路中的電阻減小，使得外電路總電阻減小，根據I=U/R，可知總電流在增加，根據U=IR4+U并，可知CD間電壓U并在減小，流過電流表的示數為I=U并/R3，可知電流在減小，電流表讀數減小.

（2）因電流I增大，則總功率P=UI增加.【題目點撥】本題是電路的動態(tài)變化分析問題，首先分析變