2024屆陜西省渭南區(qū)解放路中學物理高二上期末預測試題含解析

2024屆陜西省渭南區(qū)解放路中學物理高二上期末預測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，把一個平行板電容器接在電壓U＝10V的電源上，現(xiàn)進行下列四步操作：①閉合S；②在兩板中央插入厚為的金屬板；③斷開S；④抽出金屬板.則此時電容器兩板間的電勢差為()A.0B.10VC.5VD.20V2、如圖，單匝矩形線框的面積為S，在磁感應強度為B的勻強磁場中繞OO＇軸勻速轉動，角速度大小為ω，從線圈平面與磁場平行的位置開始計時．則A.開始計時時刻穿過線圈的磁通量最大B.感應電動勢瞬時值表達式為C.線框轉動過程中產生電動勢的最大值為BSωD.線框轉動過程中產生電動勢的有效值為3、車流如梭，前面卻有一輛方方正正的貨車行駛得比較慢，上面寫著“精密儀器”的字樣，小明想起課本上談到過磁電式電流表的運輸問題，對于磁電式電流表，他有如下一些理解，你覺得他的理解正確的是A.通有電流后，電流表的線圈受到了安培力的作用而轉動，從而帶動指針偏轉B.線圈處在靴腳和鐵芯形成的輻向磁場中，因此線圈轉動時，穿過線圈的磁通量始終為零C.線圈繞在鋁框上，鋁框旋轉會產生感應電流，這將影響電流測量的準確性D.長途運輸電流表時，需要將電流表的正負極用導線短接起來，這是利用了電磁驅動的原理4、下列各圖中，電流方向與其產生的磁場方向關系不正確的是（）A. B.C. D.5、下列關于電場線和磁感線的論述中，不正確的是（）A.電場線和磁感線都是一些假想曲線，客觀上并不存在B.靜電場電場線是不閉合的曲線，而磁感線是閉合的曲線C.沿電場線的方向電勢降低，沿磁感線的方向磁場減弱D.磁感線和電場線都可以用來描述場的強弱和方向6、電子產品制作車間里常常使用電烙鐵焊接電阻器和電容器等零件，技術工人常將電烙鐵和一個燈泡串聯(lián)使用，燈泡還和一只開關并聯(lián)，然后再接到市電上（如圖所示），下列說法正確的是（）A.開關接通時比開關斷開時消耗的總電功率大B.開關接通時，燈泡熄滅，只有電烙鐵通電，可使消耗的電功率減小C.開關斷開時，燈泡發(fā)光，電烙鐵也通電，消耗的總功率增大，但電烙鐵發(fā)熱較少D.開關斷開時，燈泡發(fā)光，可供在焊接時照明使用，消耗的總功率不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，電源的電動勢E=12V，內阻r=2Ω，直流電動機額定功率為6W，額定電壓為3V，內阻R0=0.5Ω，調節(jié)滑動變阻器R，使電動機剛好正常工作，則此時滑動變阻器通以電流部分的阻值R和電動機的輸出功率P分別為（）A.R=2.5ΩB.R=3.5ΩC.P=2WD.P=4W8、如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態(tài)A依次經過狀態(tài)B、C和D后再回到狀態(tài)A．其中，A→B和C→D為等溫過程，B→C和D→A為絕熱過程．該循環(huán)過程中，下列說法正確的是（）A.A→B過程中，氣體對外界做功B.B→C過程中，氣體分子的平均動能增加C.C→D過程中，單位時間內碰撞單位面積器壁的分子數(shù)增多D.D→A過程中，氣體的內能沒有變化9、如圖所示，光滑絕緣的水平面上M、N兩點各放一電荷量分別為+q和+2q，完全相同的金屬球A和B，給A和B以大小相等的初動能E0（此時動量大小均為p0）使其相向運動剛好能發(fā)生碰撞，碰后返回M、N兩點時的動能分別為E1和E2，動量大小分別為p1和p2，則()A.，B.，C.碰撞發(fā)生在M、N中點的左側D.兩球同時返回M、N兩點10、如圖所示，放在通電螺線管內部中間處的小磁針，靜止時N極指向右端（）A.電源c端為負極B.電源c端為正極C.通電螺線管的a端是N極D.通電螺線管的a端是S極三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用圖中所給器材進行與安培力有關的實驗．兩根金屬導軌ab和a1b1固定在同一水平面內且相互平行，足夠大的電磁鐵（未畫出）的N極位于兩導軌的正上方，S極位于兩導軌的正下方，一金屬棒置于導軌上且兩導軌垂直（1）在圖中畫出連線，完成實驗電路．要求滑動變阻器以限流方式接入電路，且在開關閉合后，金屬棒沿箭頭所示的方向移動（2）為使金屬棒在離開導軌時具有更大的速度，有人提出以下建議：A．適當增加兩導軌間的距離B．換一根更長的金屬棒C．適當增大金屬棒中的電流其中正確的是_____（填入正確選項前的標號）12．（12分）在測定一組干電池的電動勢和內電阻的實驗中，備有下列器材：A.待測的干電池B.電流傳感器1C.電流傳感器2D.滑動變阻器R（0－20Ω，2A）E.定值電阻R0（2000Ω）F.開關和導線若干某同學發(fā)現(xiàn)上述器材中雖然沒有電壓傳感器，但給出了兩個電流傳感器，于是他設計了如圖甲所示的電路來完成實驗（1）在實驗操作過程中，該同學將滑動變阻器的滑片P向右滑動，則電流傳感器1的示數(shù)將___________（選填“變大”或“變小”）（2）圖乙為該同學利用測出的實驗數(shù)據(jù)繪出的I1-I2圖線（I1為電流傳感器1的示數(shù)，I2為電流傳感器2的示數(shù)，且I2的數(shù)值遠遠大于I1的數(shù)值），則由圖線可得被測電池的電動勢E=___________V，內阻r=_____________Ω（結果取兩位有效數(shù)字）（3）若將圖線的縱坐標改為_________________（選用“I1”、“I2”、“R”、“R0”等符號表示），則圖線與縱坐標的交點的物理含義即為電動勢的大小四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大?。唬?）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】步驟（1）中合上開關時，電壓為10V；步驟（2）加入金屬板時，電勢差仍然為U=10V；打開S后，電量不變，抽出金屬板可以等效為極板間距增加為2倍，根據(jù)公式，電容減小為原來的；由C=Q/U可知電壓增加為2倍，即U′=2U=20V；故D正確，ABC錯誤．故選D【點睛】本題是電容器的動態(tài)分析問題，關鍵明確電鍵閉合時，電壓等于電源的電動勢；電鍵斷開后，電容器的帶電量不變.2、C【解析】A項：由從線圈平面與磁場平行的位置開始計時可知，穿過線圈的磁通量為0，故A錯誤；B項：感應電動勢瞬時值表達式為，故B錯誤；C項：線框轉動過程中產生電動勢的最大值為，故C正確；D項：線框轉動過程中產生電動勢的有效值為，故D錯誤故選C3、A【解析】A．根據(jù)通電導線在磁場中受力的原理可知，通有電流后，電流表的線圈受到了安培力的作用而轉動，從而帶動指針偏轉，故A正確；B．磁電式電流表圓柱形鐵芯中的磁感線實際上水平平行的，穿過線圈的磁通量不為零，故B錯誤；C．鋁框實際上與線圈是彼此絕緣的，而且指針穩(wěn)定時，鋁框中沒有感應電流，無從談起對線圈中電流的影響，故C錯誤；D．電流表中的鋁框、長途運輸電流表時短接線圈，目的都是為了利用電磁阻尼使指針迅速停擺或無法大幅度擺動，故D錯誤。故選A。4、B【解析】A．伸開右手，大拇指所指電流的方向，即垂直紙面向外，彎曲的四指則指磁場方向，即逆時針方向（俯視），故A正確，不符合題意；B．伸開右手，大拇指所指電流的方向，即豎直向上，彎曲的四指則指磁場方向，即逆時針方向（從上向下看），那么直導線右邊的磁場垂直紙面進入，左邊的磁場垂直紙面出來，故B不正確，符合題意；C．伸開右手，彎曲的四指則指電流方向，即逆時針（從右向左看），大拇指則指圓環(huán)內部磁場的方向，即水平向右，故C正確，不符合題意；D．伸開右手，彎曲的四指所指電流方向，即從左端進入，由右端出來，大拇指所指圓環(huán)內部磁場的方向，則磁感線應是向左，故D正確，不符合題意；故選B。5、C【解析】A．電場線和磁感線是為了形象的描述場的分布而引入的，是一些假想曲線，客觀上并不存在，但電場和磁場客觀存在，故A正確；B．靜電場電場線是由正電荷發(fā)出而止于負電荷不閉合的曲線，而磁感線是一系列閉合的曲線，故B正確；C．由電場線上的功能關系可推出沿電場線的方向電勢降低；而磁感線的疏密表示磁場的強弱，磁感線的方向不能表示強弱，故沿磁感線的方向磁場不一定減弱，故C錯誤；D．磁感線和電場線都能用線的疏密程度反映場的強弱，線的切線方向描述場的方向，故D正確。本題選錯誤的，故選C。6、A【解析】開關接通時，燈泡發(fā)生短路，電阻小于開關斷開時的電阻，有公式可知，開關接通時比開關斷開時消耗的總功率大，故A正確；開關接通時，電燈熄滅，只有電烙鐵通電，電路中電阻減小，有公式可知，消耗的功率增大；故B錯誤；開關斷開時，電燈發(fā)光，電烙鐵也通電，消耗的總功率減小，且電烙鐵發(fā)熱較少，故C錯誤；開關斷開時，燈泡串聯(lián)在電路中，電燈發(fā)光，總電阻增大，可供在焊接時照明使用，消耗總功率減小，故D錯誤；故選A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】AB．根據(jù)可知電動機中的電流為：，滑動變阻器兩端的電壓為：，故滑動變阻器連入電路的電阻為：，A正確B錯誤；CD．電動機的輸出功率為：，C錯誤D正確。故選AD。8、AC【解析】A→B過程中，體積增大，氣體對外界做功，B→C過程中，絕熱膨脹，氣體對外做功，溫度降低，C→D過程中，等溫壓縮，D→A過程中，絕熱壓縮，外界對氣體做功，溫度升高【詳解】A．由圖可知A→B過程中溫度不變，內能不變，體積增大，氣體對外界做功，所以氣體吸收熱量，故A正確；B．由圖可知B→C過程中，絕熱膨脹，氣體對外做功，內能減小，溫度降低，氣體分子的平均動能減小，故B錯誤；C．由圖可知C→D過程中，等溫壓縮，體積變小，分子數(shù)密度變大，單位時間內碰撞單位面積器壁分子數(shù)增多，故C正確；D．由圖可知D→A過程中，絕熱壓縮，外界對氣體做功，內能增加，溫度升高，分子平均動能增大，故D錯誤故選AC【點睛】本題考查了熱力學第一定律的應用，根據(jù)圖象判斷出氣體體積如何變化，從而判斷出外界對氣體做功情況，再應用熱力學第一定律與題目所給條件即可正確解題；要知道：溫度是分子平均動能的標志，理想氣體內能由問題溫度決定9、BD【解析】AB．由動量觀點看，系統(tǒng)動量守恒，兩球的速度始終等值反向，也可得出結論：兩球必將同時返回各自的出發(fā)點，且兩球末動量大小和末動能一定相等。從能量觀點看，兩球接觸后的電荷量都變?yōu)?.5q，在相同距離上的庫侖斥力增大，返回過程中電場力做的正功大于接近過程中克服電場力做的功，系統(tǒng)機械能必然增大，即末動能增大。故A錯誤，B正確。CD．由牛頓定律的觀點看，兩球的加速度大小始終相同，相同時間內的位移大小一定相同，必然在連線中點相遇，又同時返回出發(fā)點。故C錯誤，D正確。故選BD。10、BD【解析】AB.小磁針的N極水平向右，知螺線管內部的磁場方向向右，根據(jù)右手螺旋定則知，電流從螺線管左邊導線進入，則電源c端為電源的正極，故A錯誤，B正確；CD.通電螺旋管內部磁場方向從S極指向N極，由小磁針的N極水平向右，知通電螺線管的左端a為S極，故C錯誤，D正確。故選：BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）如圖所示：（2）AC【解析】（1）如圖所示，注意滑動變阻器的接法是限流接法（2）根據(jù)公式可得適當增加導軌間的距離或者增大電流，可增大金屬棒受到的安培力，根據(jù)動能定理可知金屬棒離開導軌時的動能變大，即離開導軌時的速度變大，AC正確；若換用一根更長的金屬棒，但金屬棒切割磁感線的有效長度即導軌間的寬度不變，所以對最后的速度沒有影響，B錯誤【考點定位】考查了研究安培力實驗【方法技巧】對于高中實驗，要求能明確實驗原理，認真分析各步驟，從而明確實驗方法；同時注意掌握圖像的性質，能根據(jù)圖像進行分析，明確對應規(guī)律的正確應用12、①.變?、?3.0③.2.0④.I1R0【解析】（1）[1]滑動變阻器在電路中應起到調節(jié)電流的作用，滑片P向右滑動時R值減小，電流傳感器2的示數(shù)變大，電流傳感器1的示數(shù)變?。?）[2]由閉合電路歐姆定律可得：,變形得：,由數(shù)學知可得,圖象中的斜率，截距，由圖可知：，解得：E=3.0V；[3]由圖可知：，