福建省福州三校聯(lián)盟2023-2024學年高二物理第一學期期末檢測模擬試題含解析

福建省福州三校聯(lián)盟2023-2024學年高二物理第一學期期末檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、兩輪用皮帶傳動，皮帶不打滑，如圖所示．輪上A、B、C三點所在處半徑分別為、、，，且，則這三點的線速度、、關系正確的是（??）A.B.C.D.2、磁流體發(fā)電機可簡化為如下模型：兩塊長、寬分別為a、b的平行板，彼此相距L，板間通入己電離的速度為v的氣流，兩板間存在一磁感應強度大小為B的磁場，磁場方向與兩板平行，并與氣流垂直．如圖所示，把兩板與外電阻R連接起來，在磁場力作用下，氣流中的正、負離子分別向兩板移動形成電流．設該氣流的電阻率為ρ，則下列說法中錯誤的是（）A.該磁流體發(fā)電機模型的上表面電勢高于下表面電勢B.產生的感應電動勢為C.流過外電阻R的電流強度D.該磁流體發(fā)電機模型的路端電壓為3、以MN為直徑O為圓心的半圓弧上有M、N、P三點，如圖所示，其中∠MOP＝，在MN兩處各放置一條通有等大電流的長直導線垂直穿過半圓弧面，方向如圖，這時O點的磁感應強度大小為B1．若將M處長直導線移至P處，則O點的磁感應強度大小為B2，則B2與B1之比為（）A.3：1 B.：2C.1：1 D.1：24、如圖所示，在通有恒定電流的長直導線旁有一矩形導線框abcd，直導線與線框在同一平面內，下列情況中能使框中有感應電流的是A.線框向右平移B.線框向下平移C.以直導線為軸旋轉過程中D.以ab邊為軸向紙外旋轉90°過程中5、某物質發(fā)射的射線在磁場中分裂為如圖所示的三束，向右偏轉的粒子帶電情況為()A.帶正電B.帶負電C.不帶電D.帶正、負電都可以6、如圖所示，在第Ⅰ象限內有垂直于紙面向里的勻強磁場，一對正、負電子分別以相同速率沿與x軸正方向成30°角的方向從原點射入磁場，則正、負電子在磁場中運動的時間之比為（）A.1∶ B.1∶1C.1∶2 D.2∶1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、三個分別帶有正電、負電和不帶電的質量相同的顆粒,從水平放置的平行帶電金屬板左側以相同速度v0垂直電場線方向射入勻強電場,分別落在帶正電荷的下板上的a、b、c三點,如圖所示.下面判斷正確的是(

)A.落在a點的顆粒帶正電,c點的帶負電,b點的不帶電B.落在a、b、c點的顆粒在電場中的加速度的關系是C.三個顆粒在電場中運動的時間關系是D.電場力對落在c點的顆粒做負功8、下列物理量中哪些與檢驗電荷無關（）A.電場強度E B.電勢C.電勢能EP D.電場力F9、如圖所示，R1、R2為定值電阻，L為小燈泡，R3為光敏電阻，其阻值隨光照強度的增大而減小，當照射光強度增大時（）A.電壓表的示數(shù)減小B.R2中電流減小C.小燈泡的功率增大D.電路的路端電壓增大10、如圖所示，兩根平行金屬導軌置于水平面內，導軌之間接有電阻R?金屬棒ab與兩導軌垂直并保持良好接觸，整個裝置放在勻強磁場中，磁場方向垂直于導軌平面向下?現(xiàn)使磁感應強度隨時間均勻減小，ab始終保持靜止，下列說法正確的是（）A.ab中的感應電流方向由a到b B.ab中的感應電流逐漸減小C.ab所受的安培力保持不變 D.ab所受的靜摩擦力逐漸減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖螺旋測微器的讀數(shù)是_________mm。12．（12分）某同學做描繪小燈泡的伏安特性曲線實驗，實驗中用的小燈泡上標有“4V，2W”的字樣，實驗室還有下列器材供選用：A.電池組(電動勢為6V，內阻約為2Ω)B.電壓表(0~5V，內阻約為10kΩ)C.電壓表(0~15V，內阻約為20kΩ)D.電流表(0~300mA，內阻約為1Ω)E.電流表(0~600mA，內阻約為0.4Ω)F.滑動變阻器(10Ω，2A)G.電鍵、導線若干①實驗中所用電壓表應選用__________，電流表應選用__________；(填寫器材前的字母)②實驗時要求盡量減小實驗誤差，測量電壓從零開始變化，則甲、乙、丙、丁四個電路圖中符合要求的電路圖是___________圖③某同學根據(jù)實驗得到的數(shù)據(jù)畫出了該小燈泡的伏安特性曲線(如右圖所示)若改用電動勢為3.0V，內阻為2Ω的電源給該小燈泡供電，則該小燈泡的實際功率是___________(結果保留兩位有效數(shù)字)四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】AB在同一皮帶上線速度相等，即vA=vBAC同軸轉動，角速度相等，線速度與半徑成正比，故vA＞vC故選B。2、B【解析】電離的氣體含有大量帶正電和負電的粒子，進入磁場受洛倫茲力發(fā)生偏轉，根據(jù)左手定則判斷出正負電荷的偏轉方向，從而確定極板的正負極，確定出電流在外電路中的流向，最終電荷受電場力和洛倫茲力處于平衡，根據(jù)平衡求出電動勢的大小，從而根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電流的大小，再根據(jù)路端電壓U=IR，即可求解；【詳解】根據(jù)左手定則知正電荷向上偏，負電荷向下偏，上極板帶正電，下極板帶負電，即上表面電勢高于下表面電勢，最終電荷處于平衡有：解得電動勢：內電阻為：根據(jù)閉合電路歐姆定律有：那么路端電壓為：，綜上所述，故ACD正確，B錯誤【點睛】本題綜合考查了電阻定律、閉合電路歐姆定律以及磁場的知識，關鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及通過平衡求出電源的電動勢3、B【解析】依題意，每根導線在O點產生的磁感強度為，方向豎直向下，則當M移至P點時，O點合磁感強度大小為：則B2與B1之比為A.3：1與分析不相符，故A項與題意不相符；B.：2分析相符，故B項與題意相符；C.1：1與分析不相符，故C項與題意不相符；D.1：2與分析不相符，故D項與題意不相符4、B【解析】穿過線圈的磁通量發(fā)生變化時由感應電流，AD對5、B【解析】根據(jù)左手定則可知，磁場的方向向里，粒子運動的方向向上，向右偏轉的粒子帶負電，向左偏轉的粒子帶正電，不偏轉的粒子不帶電．故B正確，ACD錯誤6、D【解析】畫出正負電子在磁場中做圓周運動的軌跡如圖所示由圖可知，正電子圓弧軌跡對應的圓心角為120°，負電子圓弧軌跡對應的圓心角為60°，又正負電子在磁場中做勻速圓周運動的周期T＝相同，故正負電子在磁場中運動的時間之比為2∶1。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】由圖，電容器上極板帶負電，下極板帶正電，平行板間有豎直向上的勻強電場，正電荷在電場中受到向上的電場力，負電荷受到向下的電場力，不帶電的小球做平拋運動，帶負電的小球做類平拋運動，加速度比重力加速度大，帶正電的小球做加速度比重力加速度小的類平拋運動，由此根據(jù)平拋和類平拋運動規(guī)律求解；【詳解】A、根據(jù)題意，三小球在水平方向做勻速直線運動，則有，相同，則水平位移x與運動時間t成正比，由圖看出，水平位移的關系為，則運動時間關系為，豎直方向上三個粒子都做初速度為0的勻加速直線運動，到達下極板時，在豎直方向產生的位移y相等：，則知加速度關系為，由牛頓第二定律得知三個小球的合力關系為，由于平行板間有豎直向上的電場，正電荷在電場中受到向上的電場力，向下的合力最小，向下的加速度最小，負電荷受到向下的電場力，向下的合力最大，向下的加速度最大，不帶電的小球做平拋運動，加速度為重力加速度g，可知，落在a點的顆粒帶負電，c點的帶正電，b點的不帶電．故AC錯誤，B正確；D、由上分析得知，落在c點的顆粒帶正電，電場力向上，則電場力對它做負功．故D正確【點睛】確認不帶電小球做平拋運動，帶電小球做類平拋運動，分水平和豎直方向分析小球的運動，水平方向勻速直線運動，豎直方向初速度為0的勻加速直線運動，由運動的合成與分解進行分析8、AB【解析】場強表述電場力的性質，電勢描述電場能的性質，由場本身決定，與檢驗電荷無關．AB對．電勢能，電場力,與檢驗電荷有關，CD錯9、BC【解析】AD、當光照強度增大時，光敏電阻R3的阻值減小，外電路總電阻減小，則由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流增大，則由可知路端電壓減小，因干路電流增大，則R1兩端的電壓增大，故電壓表示數(shù)增大，故選項A、D錯誤；B、因路端電壓減小，電壓表示數(shù)增大，則并聯(lián)部分電壓減小，故R2中的電流減小，故選項B正確；C、由以上分析可知，通過小燈泡的電流增大，由可知燈泡功率增大，故選項C正確；故選BC10、AD【解析】由于磁場發(fā)生變化，利用法拉第電磁感應定律可求得感應電動勢，從而求得電流，再根據(jù)通電導線在磁場中的受力，分析安培力大小，由于金屬棒處于靜止狀態(tài)從而分析摩擦力大小?！驹斀狻緼．根據(jù)楞次定律，可知感應電流的磁場與原磁場方向相同，再根據(jù)右手定則得ab中的感應電流方向由a到b，A正確；B．根據(jù)感應電動勢由于磁感應強度隨時間均勻減小，因此感應電動勢保持不變，回路中的電流保持不變，B錯誤；C．安培力的大小F=ILB由于電流不變而磁感應強度減小，因此安培力減小，C錯誤；D．由于金屬棒始終處于靜止狀態(tài)，所受摩擦力與安培力等大反向，安培力逐漸減小，因此摩擦力逐漸減小，D正確。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、711（4.710~4.712）【解析】[1]螺旋測微器的讀數(shù)為12、①.①B②.E③.②?、?③0.90~0.95W【解析】①根據(jù)燈泡的額定電壓選擇電壓表，根據(jù)給出的燈泡可明確其電流值，從而選擇電流表；②根據(jù)實驗原理可明確滑動變阻器及電流表的接法，從而確定原理圖；③在I-U圖象中作出電源的伏安特性曲線，則交點為電源的工作點【詳解】①電表量程應略大于燈泡的額定值，故電壓表應選擇B；燈泡的額定電流為0.5A，故電流表應選擇E；②滑動變阻器要用分壓電路；電壓表內阻遠大于燈泡電阻，則采用電流表外接；可知要選擇電路?。虎垭娫措妱觿轂?V，內阻為2Ω，在圖中作出電源的伏安特性曲線，兩圖的交點為燈泡的工作點，則由圖可知，電壓為2.2V，電流為0.42A；則功率P=UI=2.2×0.42=0.92W；【點睛】對于伏安法描繪小燈泡的伏安特性曲線以及測電阻等實驗；當要求電流從零調時，變阻器應采用分壓式接法．同時注意明確圖象的性質和應用四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、8cm【解析】粒子a板左端運動到P處，由動能定理得代入有關數(shù)據(jù)，解得，代入數(shù)據(jù)得θ=30°粒子在磁場中做勻速圓周運動，圓心為O，半徑為r，如圖由幾何關系得聯(lián)立求得代入數(shù)據(jù)解得14、(1)(2)3N【解析】(1)設小球在C點的速度大小是vC，則對于小球由A→C的過程中，由動能定理得：解得：(2)小球在C點時受力分析如圖由牛頓第二定律得：解得：由牛頓第三定律可知，小球對軌道壓力：NC′=NC=3N15、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當R0=1Ω時，根據(jù)閉合電路