2022屆河北省名校高考臨考沖刺物理試卷含解析

2021-2022學年高考物理模擬試卷

考生須知：

1,全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色

字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。

2,請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。

3.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、2019年北京時間4月10日21時，人類歷史上首張黑洞照片被正式披露，引起世界轟動。黑洞是一類特殊的天體,

質量極大，引力極強，在它附近（黑洞視界）范圍內，連光也不能逃逸，并伴隨著很多新奇的物理現象。傳統(tǒng)上認為,

黑洞“有進無出”，任何東西都不能從黑洞視界里逃逸出來，但霍金、貝肯斯坦等人經過理論分析，認為黑洞也在向外

發(fā)出熱輻射，此即著名的“霍金輻射”，因此可以定義一個“黑洞溫度”：T。其中7為“黑洞”的溫度，h為

8"KGM

普朗克常量，c為真空中的光速，G為萬有引力常量，M為黑洞的質量。K是一個有重要物理意義的常量，叫做“玻爾

茲曼常量以下幾個選項中能用來表示“玻爾茲曼常量''單位的是（）

JKg.n?Kg?mW

KK?SK.S2K^S

2、下列說法正確的是（）

A.0衰變所釋放的電子是原子核外電子電離形成的

B.貝克勒爾通過實驗發(fā)現了中子

C.原子從。能級狀態(tài)躍遷到分能級狀態(tài)時吸收波長為左的光子；原子從6能級狀態(tài)躍遷到c能級狀態(tài)時發(fā)射波長為

U的光子，已知知＞近，那么原子從a能級狀態(tài)躍遷到c能級狀態(tài)時將要吸收波長為廣丁的光子

D.赫茲首次用實驗證實了電磁波的存在

3、地動儀是世界上最早的感知地震裝置，由我國杰出的科學家張衡在洛陽制成，早于歐洲1700多年如圖所示，為一

現代仿制的地動儀，龍口中的銅珠到蟾蛛口的距離為〃，當感知到地震時，質量為”的銅珠（初速度為零）離開龍口,

落入蟾蛛口中，與蟾蛛口碰撞的時間約為乙則銅珠對蟾蛛口產生的沖擊力大小約為（）

mJ2gh

A.—v°+mg

t

m/ghm/gh

C.D.-*-------mg

tt

4、如圖所示，物體m與斜面體M一起靜止在水平面上。若將斜面的傾角。稍微增大一些，且物體m仍靜止在斜面

B.斜面體對物體的摩擦力變大

C.水平面與斜面體間的摩擦力變大

D.水平面與斜面體間的摩擦力變小

5、如圖所示，圓形線圈在條形磁鐵頂部S極處，線圈平面與磁鐵垂直.當條形磁鐵緩緩沿豎直方向上升，直至遠離線

圈的整個過程中，從上往下看線圈中感應電流方向為（）

C.先順時針再逆時針D.先逆時針再順時針

6、下列說法中正確的是（）

A.光電效應揭示了光的波動性

B.中子與質子結合成氣核時放出能量

C.在所有核反應中，都遵從“質量守恒，核電荷數守恒”規(guī)律

D.200個鐳226核經過一個半衰期后，一定還剩下100個鐳226沒有發(fā)生衰變

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖甲所示，兩個平行金屬板。正對且豎直放置，兩金屬板間加上如圖乙所示的交流電壓，r=0時，P板的

電勢比。板的電勢高在兩金屬板的正中央“點處有一電子（電子所受重力可忽略）在電場力作用下由靜止開始

運動，已知電子在0~4%時間內未與兩金屬板相碰，則（）

()

A.八~2/。時間內，電子的動能減小

B.3%時刻，電子的電勢能最大

C.0~4fo時間內，電子運動的方向不變

D.3%~4%時間內，電子運動的速度方向向右，且速度逐漸減小

8、如圖所示，AB兩小球由繞過輕質定滑輪的細線相連，小球A放在固定的光滑斜面上，斜面傾角a=30°,BC兩小

球在豎直方向上通過勁度系數為"的輕質彈簧相連，小球C放在水平地面上?，F用手控制住小球A,并使細線剛剛拉

直但無拉力作用，并保證滑輪左側細線豎直、右側細線與斜面平行。已知小球A的質量為4m,小球BC質量相等，

重力加速度為g,細線與滑輪之間的摩擦不計，開始時整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)。釋放小球A后，小球A沿斜面下滑至

速度最大時小球C恰好離開地面，關于此過程，下列說法正確的是（）

A.小球BC及彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒

B.小球C的質量為機

C.小球A最大速度大小為2g、但

V5k

D.小球B上升的高度為等

K

9、如圖1所示，光滑的平行豎直金屬導軌48、。相距，在A、C之間接一個阻值為R的電阻，在兩導軌間成cd

矩形區(qū)域內有垂直導軌平面豎直向上、寬為5d的勻強磁場，磁感應強度為8,一質量為機、電阻為r、長度也剛好為

L的導體棒放在磁場下邊界必上（與必邊重合）,.現用一個豎直向上的力尸拉導體棒，使它由靜止開始運動，已知

導體棒離開磁場前已開始做勻速直線運動，導體棒與導軌始終垂直且保持良好接觸，導軌電阻不計，尸隨導體棒與初

始位置的距離x變化的情況如圖2所示，下列判斷正確的是（）

BDx

A.導體棒經過磁場的過程中，通過電阻R的電荷量為2"

2mg(R+r)

B.導體棒離開磁場時速度大小為-Fz?-

c.離開磁場時導體棒兩端電壓為口等

BL

D.導體棒經過磁場的過程中，電阻R產生焦耳熱為9mgd-""力+'）

10、在水平地面上有一質量為機的物體，物體所受水平外力尸與時間，的關系如圖A,物體速度y與時間，的關系如

圖B,重力加速度g已知，切、尸、vo均未知，貝！I（）

A.若為已知，能求出外力尸的大小

B.可以直接求得外力尸和阻力/的比值

C.若，”已知，可算出動摩擦因數的大小

D.可以直接求出前5s和后3s外力廠做功之比

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）為了測量一待測電阻區(qū)的阻值，準備了以下器材：

A.多用電表

B.電流表Gi（0-100mA,內阻約5。）

C.電流表G2(0~50mA,內阻(2=10。)

D.定值電阻Ro(20。)

E.滑動變阻器R(0-512)

F.滑動變阻器叢(0-100Q)

G直流電源(3.0V,內阻不計)

H.開關一個及導線若干

(1)用多用電表歐姆表“xl”擋粗測電阻時，其阻值如圖甲中指針所示，則&的阻值大約是

(2)滑動變阻器應選(填儀器前的序號)。

(3)若是用G2表測&兩端電壓，請在圖乙對應的虛線框中完成實驗電路設計(要求：滑動變阻器便于調節(jié)，電表讀

數不得低于量程的()

(4)補全實驗步驟：

a.按圖乙所示電路圖連接電路，將變阻器滑動觸頭移至最端(選填“左”或“右”)；

b.閉合開關S,移動變阻器滑動觸頭至某一位置，記錄Gi、G2表的讀數八、/2；

C.多次移動變阻器滑動觸頭，記錄相應的Gl、G2表的讀數乙、/2；

d.以為縱坐標，八為橫坐標，作出相應圖線如圖丙所示，則待測電阻尺的阻值為C(保留兩位有效數字)。

12.(12分)某小組的同學做“探究影響感應電流方向的因素”實驗。

(1)首先按圖甲(1)所示方式連接電路，閉合開關后，發(fā)現電流計指針向右偏轉；再按圖甲(2)所示方式連接電路，閉合開

關后，發(fā)現電流計指針向左偏轉。進行上述實驗的目的是（）

A.檢查電流計測量電路的電流是否準確

B.檢查干電池是否為新電池

C.推斷電流計指針偏轉方向與電流方向的關系。

（2）接下來用圖乙所示的裝置做實驗，圖中螺線管上的粗線標示的是導線的繞行方向。某次實驗中在條形磁鐵插入螺線

管的過程中，觀察到電流計指針向右偏轉，說明螺線管中的電流方向（從上往下看）是沿（選填“順時針”或“逆

時針”）方向。

圖乙

（3）下表是該小組的同學設計的記錄表格的一部分，表中完成了實驗現象的記錄，還有一項需要推斷的實驗結果未完成,

請幫助該小組的同學完成（選填“垂直紙面向外”或“垂直紙面向里

實驗記錄表（部分）

操作N極朝下插入螺線管

從上往下看的平面圖（瓦表示原磁場，

即磁鐵產生的磁場）

原磁場通過螺線管磁通量的增減增加

感應電流的方向沿逆時針方向

感應電流的磁場8'的方向

（4）該小組同學通過實驗探究，對楞次定律有了比較深刻的認識。結合以上實驗，有同學認為，理解楞次定律，關鍵

在于抓住__________（選填“為”或"B”）總是要阻礙填“為”或“萬”）磁通量的變化。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，在區(qū)域I中有水平向右的勻強電場，在區(qū)域II中有豎直向上的勻強電場和垂直紙面向里的勻

強磁場，磁感應強度大小B=4.OT；兩區(qū)域中的電場強度大小相等，兩區(qū)域足夠大，分界線如甲圖中虛線所示。一可

視為質點的帶電小球用絕緣細線拴住靜止在區(qū)域I中的A點，小球的比荷幺=1C/kg,細線與豎直方向的夾角為45°，

m

小球與分界線的距離x=0.4m?，F剪斷細線，小球開始運動，經過一段時間。從分界線的C點進入區(qū)域U,在其中運動

一段時間后，從。點第二次經過分界線。圖中除4點外，其余各點均未畫出，g=10m/s2,求：(以下結果均保留兩位

有效數字)

(1)小球到達C點時的速度大小V：

(2)C、D兩點間的距離d及小球從C點運動到D點的時間&

14.(16分)質量為,"=5kg的物體從f=O開始在水平恒力廠的作用下沿水平面做直線運動，一段時間后撤去尸，其

運動的v-f圖象如圖所示。gW10m/s2,求：

(1)推力尸的大小；

(2)若A時刻撤去推力尸，物體運動的總位移為14m,求心

8

6

4

2

15.(12分)如圖(a),水平地面上固定一傾角為37。的斜面，一寬為/=0.43m的有界勻強磁場垂直于斜面向上，磁場

邊界與斜面底邊平行。在斜面上由靜止釋放一正方形金屬線框必cd,線框沿斜面下滑時，ab、cd邊始終與磁場邊界保

持平行。以地面為零勢能面，從線框開始運動到恰好完全進入磁場的過程中，線框的機械能E與位移s之間的關系如

圖(b)所示，圖中①、②均為直線段。已知線框的質量為m=O.lkg,電阻為R=0.06C。(sin37°=0.6,cos37°=0.8,重

力加速度g取10m/s2)求：

(1)線框與斜面間的動摩擦因數“；

⑵劭邊剛進入磁場時，線框的速度肛；

(3)線框剛進入磁場到恰好完全進入磁場所用的時間t；

(4)線框穿越磁場的過程中，線框中產生的最大電功率Pm；

(b)

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、A

【解析】

根據

3

T_he

~STTKGM

得左=而，比的單位為

ETGM

J?s=N?m?s=kg?g?m2/s

c的單位是m/s,G的單位是

N?m2/kg2=kg?m3/s2

M的單位是kg,T的單位是K,代入上式可得/的單位是

kg.m2_J

K.s2--K

故A正確，BCD錯誤。

故選A。

2、D

【解析】

A.。衰變的本質是原子核內的一個中子釋放一個電子變?yōu)橘|子，故A錯誤；

B.根據物理學史可知，查德威克通過a粒子轟擊被核的實驗，發(fā)現了中子的存在，故B錯誤；

hr

C.光子的能量E=丁，由題則用＜當，從a能級狀態(tài)躍遷到〃能級狀態(tài)時吸收波長為貓的光子，原子從

A

b能級狀態(tài)躍遷到C能級狀態(tài)時發(fā)射波長為入2的光子，根據玻爾理論，〃能級的能量值大于C能級的能量值

hehe_he

444

所以原子從a能級狀態(tài)躍遷到c能級狀態(tài)時將要輻射波長為廣，的光子，故C錯誤；

D.根據物理學史可知，赫茲首次用實驗證實了電磁波的存在，故D正確。

故選：D。

3、A

【解析】

銅珠做自由落體運動，落到蟾蛛口的速度為：

v^y[2gh

以豎直向上為正方向，根據動量定理可知：

Ft-mgt=O-(-mv)

解得：

my[2gh

F=-----------Fmg

t

A.吆殛+能g,與結論相符，選項A正確；

t

B.5/史，與結論不相符，選項B錯誤；

t

c.竺叵，與結論不相符，選項c錯誤；

t

D.吆匣一〃?g,與結論不相符，選項D錯誤；

t

故選A.

4、B

【解析】

A、物體m靜止不動，受力平衡.可對物體受力分析，正交分解重力G得：

斜面體對物體的支持力N=mgcos6

斜面體對物體的摩擦力f=mgsin9

比較可知日稍微增大一些，N變小，f變大，故A錯誤、B正確.

C、對于水平面對斜面的力，最好采用整體法，對m和M整體進行受力分析：

整體受重力和水平面的支持力，因為整體處于靜止也就是平衡狀態(tài)，所以地面對斜面體的摩擦力始終為零，水平面對

斜面體間的支持力不變.故C錯誤、D錯誤.

故選:B.

5、A

【解析】

當條形磁鐵緩緩沿豎直方向上升，直至遠離線圈的整個過程中，磁場方向一直向下，穿過線圈的磁通量逐漸減小，根

據楞次定律可知，從上往下看線圈中一直產生順時方向的感應電流，故A正確，BCD錯誤。

故選A。

6、B

【解析】

A.光電效應揭示了光的粒子性，A錯誤；

B.中子與質子結合成宛核時會質量虧損，所以放出能量，B正確；

C.在所有核反應中，都遵從“質量數守恒，核電荷數守恒”規(guī)律，C錯誤；

D.半衰期是大量原子核衰變的統(tǒng)計規(guī)律，研究個別原子核無意義，D錯誤。

故選B。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、AD

【解析】

A.在0~4時間內，電場方向水平向右，電子所受電場力方向向左，所以電子向左做勻加速直線運動；在2fo時

間內，電場方向水平向左，電子所受電場力方向向右，電子向左做勻減速直線運動，電場力做負功，電子的電勢能增

加，動能減小，故A正確；

BC.2/0時刻電子的速度為零，在2%~3fo時間內，電場方向水平向左，電子所受電場力方向向右，電子向右做初速

度為零的勻加速直線運動，運動方向發(fā)生改變，3。時刻速度最大，動能最大，電勢能并不是最大，故BC錯誤;

D.在3fo~44時間內，電場方向水平向右，電子的加速度方向向左，電子向右做勻減速直線運動，到今。時刻速度為

零，恰好又回到M點，故D正確。

故選：AD?

8、BC

【解析】

A.以小球B、C及彈簧組成的系統(tǒng)為研究對象，除系統(tǒng)重力外，繩的拉力耳對系統(tǒng)做功，則系統(tǒng)機械能不守恒，故

A錯誤；

B.小球A速度最大時，小球A的加速度為零，則

4mgsina=耳

對小球8、C及彈簧組成的系統(tǒng)

0=22.g

聯(lián)立以上兩式，解得

mc=m

故B正確；

CD.小球C恰好離開地面時，彈簧彈力

=m,g=mg

彈簧伸長量為華，初始時，彈簧被壓縮等，則小球B上升型，以小球A、B、C及彈簧組成的系統(tǒng)為研究對象,

KKk

由機械能守恒定律得

2mg.2mg1->1

mS――sma-mg-——=-mv+-mv2

AkkB22AABB

又

VA=VH

聯(lián)立以上兩式，解得

故C正確，D錯誤。

故選BCo

9、B

【解析】

n2T2

設導體棒離開磁場時速度大小為y.此時導體棒受到的安培力大小為：心.由平衡條件得：F=F^mgi由

女R+r

圖2知：F=3〃,g,聯(lián)立解得：丫=駕髀.故B正確.導體棒經過磁場的過程中'通過電阻R的電荷量為:

AOB-5dL5BLd.故A錯誤.離開磁場時，由尸=B/L+,”g得：/=3竿，導體棒兩端電壓為:

q=------=---------=-------

R+rR+rR+rBL

U=〃?=^E.故C錯誤.導體棒經過磁場的過程中，設回路產生的總焦耳熱為Q.根據功能關系可得:

BL

Q=WF?mg?5d?；m*而拉力做功為：WF=2mgd+3m^4d=14mgd；電阻A產生焦耳熱為：Q=R

KQ；聯(lián)立解得:

R+r

9〃吆歐2療g2R(R+r)2

QRBHR+r)-故口錯靈

10、BD

【解析】

A.若為已知，根據速度圖象可以求出加速運動的加速度大小

4〃—,-訓--—_—%

Ar,5

還能夠求出減速運動的加速度大小

—口—民

生一絕一3

根據牛頓第二定律可得

F-f=ma]

,F

f+—=ma,

其中機不知道，不能求出外力尸的大小，故A錯誤;

B.由于

F

F-f=max,f+—=ma2

可以直接求得外力尸和阻力/的比值與=2,故B正確;

C、若小已知，為不知道，無法求解加速度，則無法求出動摩擦因數的大小，故C錯誤;

D.前5s外力做的功為

Wl=Fx^-x5=2.5FvQ

后3s外力廠做功

W,=-Cx%x3=-0.54

32°

前5s和后3s外力F做功之比

叫2.5

Ki=FM=

故D正確。

故選BD?

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、9（或9.0）左10

【解析】

(1)口］多用電表用歐姆表盤的讀數乘以倍率即為待測電阻阻值

9xIQ=9c

(2)［2］滑動變阻器采用分壓式接入電路，所以選擇阻值較小的滑動變阻器便于調節(jié)分壓，即選E。

(3)［3］電路中沒有電壓表，電流表G2的內阻已知，可作為電壓表使用，電流表G1采用外接方式可以消除系統(tǒng)誤差,

使測量結果更精確，定值電阻凡串聯(lián)在分壓電路上，起到保護電路的作用，電路圖如圖

(5)［4］滑動變阻器的觸頭在開始實驗前，需要滑到最左端保護電路，使電表的示數都從0開始變化。

⑸根據電路圖結合歐姆定律的分流規(guī)律可得

整理得

i―A

■K+弓

結合圖像的斜率

&&△/,37.5x10-3

-----——=-------------=——=----------------=05

9+44+lOQA/,75x10-3

解得

6=10Q

12、C順時針垂直紙面向外B'&

【解析】

(1)口］由題意可知，電流從電流計左邊進時，指針左偏，右邊進時，指針右偏，本實驗目的是探究感應電流的方向，則

進行上述實驗的目的是推斷電流計指針偏轉方向與電流方向的關系，故選C；

(2)［2］電流計指針向右偏轉，說明電流從電流計的右邊(正接線柱)流入，則說明螺線管中的電流方向(從上往下看)

是沿順時針方向；

(3)［3］由題意可知，感應電流的方向為逆時針，由右手螺旋定則可知，感應電流的磁場方向垂直紙面向外；

(4)［4］由題意可知，理解楞次定律，關鍵在于抓住"總是要阻礙綜磁通量的變化

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(l)v=4.0m/s；(2)1.4m,1.2s

【解析】

(1)小球處于靜止狀態(tài)時，受重力、電場力和細線的拉力的作用而處于平衡狀態(tài)，故可知小球帶正電，電場力大小

%=Eq=mg

剪斷細線后，小球做初速度為零的勻加速直線運動，根據牛頓第二定律可知，小球的加速度

+(Eg)2r,