2021年陜西省安康市高考物理第二次質(zhì)檢試卷

2021年陜西省安康市高考物理第二次質(zhì)檢試卷

1.如圖所示，質(zhì)量都為他的兩物體疊放在豎直彈簧上并保持靜止,

用大小等于，陽的恒力尸向上拉運動距離〃時B與A分離。則下B

A

列說法中正確的是（）

A.8和A剛分離時，彈簧為原長

B.8和A剛分離時，它們的加速度為g

C.彈簧的勁度系數(shù)等于詈

D.在8與A分離之前，它們作勻加速運動

2.2016年2月11日，美國科學(xué)家宣布探測到引力波，證實0

VA

了愛因斯坦100年前的預(yù)言，彌補了愛因斯坦廣義相對論

中最后一塊缺失的“拼圖”，其實，孤立的恒星與一顆行星組成的系統(tǒng)就是一個雙

星系統(tǒng).如圖所示，恒星。、恒星匕在萬有引力作用下，繞連線上一點O以相同的

周期做勻速圓周運動，現(xiàn)測得行星6圓周運動的半徑為0，運動周期為T,a、6的

距離為/,已知萬有引力常量為G,則（）

A.恒星a的質(zhì)量為。

GT2

B.恒星。與行星6的總質(zhì)量為塔

C.恒星。與行星匕的質(zhì)量之比為拶

D.恒星a的運動可以等效于靜止在。點，質(zhì)量為富的天體做半徑為（，-弓）的圓

周運動

3.如圖所示為某彈簧振子在0?5s內(nèi)的振動圖象，由圖可8am

知，下列說法中正確的是（）n\\-

K2/3451/■

A.振動周期為5s,振幅為8cm

B.第2s末振子的速度為零，加速度為負(fù)向的最大值

C.從第1s末到第2s末振子在做加速運動

D.第3s末振子的速度為正向的最大值

4.如圖，一定量的理想氣體從狀態(tài)a沿直線變化到狀態(tài)從在此過

程中，其壓強（）

O

A.逐漸增大

B.逐漸減小

C.始終不變

D.先增大后減小

5.如圖所示，在水平方向的勻強電場中，一絕緣細(xì)線的一端固,一葭.工

定在。點，另一端系一帶正電的小球，小球在只受重力、電d:

場力、繩子的拉力作用下在豎直平面內(nèi)做圓周運動，小球所一?

受的電場力大小等于重力大小.比較。、匕、c、d這四點，小

球（）

A.在最高點a處的動能最小B.在最低點c處的機械能最小

C.在水平直徑右端b處的機械能最大D.在水平直徑左端d處的機械能最大

6.某物理興趣小組的同學(xué)在研究運動的合成和分解時，駕

I

駛一艘快艇進(jìn)行了實地演練.如圖所示，在寬度一定的0;

河中的。點固定一目標(biāo)靶，經(jīng)測量該目標(biāo)靶距離兩岸的

I*

最近距離分別為M。=15m、NO=12?n,水流的速度二

平行河岸向右，且速度大小為%=8m/s,快艇在靜水中的速度大小為吭=10m/s.

現(xiàn)要求快艇從圖示中的下方河岸出發(fā)完成以下兩個過程；第一個過程以最短的時間

運動到目標(biāo)靶；第二個過程由目標(biāo)靶以最小的位移運動到圖示中的上方河岸，在下

列說法正確的是（）

A.快艇的出發(fā)點位于M點左側(cè)8〃i處

B.第一個過程所用的時間約為1.17s

C.第二個過程快艇的船頭方向應(yīng)垂直河岸

D.第二個過程所用的時間為2s

7.在光電效應(yīng)實驗中，分別用頻率為玲、%的單色光。、人照射到同種金屬上，測得

相應(yīng)的遏止電壓分別為〃和4、光電子的最大初動能分別為Eka和為普朗克

常量。下列說法正確的是（）

A.若%>%，則一定有Ua<Ub

B.若Va>Vb,則一定有Eka>Ekb

C.若Ua<Ub,則一定有>Ekb

E

D.若"a>vb,則一定有hVa-ka>八%一^kb

8.如圖所示，小物塊與水平軌道、傾斜軌道之間的動摩擦因數(shù)均相同，小物塊從傾角

為處的軌道上高度為人的A點靜止釋放，運動至B點時速度為％.現(xiàn)將傾斜軌道的

第2頁，共32頁

傾角調(diào)至為。2,仍將物塊從軌道上高度為人的A點靜止釋放，運動至B點時速度為

%.已知。2<%，不計物塊在軌道接觸處的機械能損失.貝K）

A.vr<v2

B.vr>v2

C.%=v2

D.由于不知道%、%的具體數(shù)值，%、方關(guān)系無法判定

9.在繞制變壓器時，某人將兩個線圈繞在如圖所示變壓器鐵芯的左

右兩個臂上.當(dāng)通以交流電時，每個線圈產(chǎn)生的磁通量都只有一

半通過另一個線圈，另一半通過中間的臂.已知線圈1,2的匝數(shù)

之比%：改=2：1.在不接負(fù)載的情況下（）

A.當(dāng)線圈1輸入電壓為220y時，線圈2輸出電壓為110V

B.當(dāng)線圈1輸入電壓為220/時，線圈2輸出電壓為55V

C.當(dāng)線圈2輸入電壓為110V時，線圈1輸出電壓為220V

D.當(dāng)線圈2輸入電壓為110丫時，線圈1輸出電壓為110V

10.如圖所示為足球球門，球門寬為3一個球員在球門中心正

前方距離球門s處高高躍起，將足球頂入球門的左下方死角（

圖中P點），球員頂球點的高度為/?,足球做平拋運動（足球

可看成質(zhì)點，忽略空氣阻力），則（）

A.足球位移的大小X=器+S2

B.足球初速度的大小幾=Jw6+s2）

C.足球末速度的大小u=+$2）+4gh

D.足球初速度的方向與球門線夾角的正切值tan。=機

2s

11.將一段導(dǎo)線繞成圖中所示的閉合電路，并固定在水平面（紙面）內(nèi)，回路的外邊置

于垂直紙面向里的勻強磁場I中。回路的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面的磁場n,以向里

為磁場口的正方向，其磁感應(yīng)強度B隨時間r變化的圖象如圖乙所示。用F表示必

邊受到的安培力，以水平向右為F的正方向，能正確反映F隨時間f變化的圖象是

()

12.某同學(xué)通過實驗制作一個簡易的溫控裝置，實驗原理電路圖如圖1所示，繼電器與

熱敏電阻R、滑動變阻器R串聯(lián)接在電源E兩端，當(dāng)繼電器的電流超過15〃7A時，

銜鐵被吸合，加熱器停止加熱，實現(xiàn)溫控。繼電器的電阻約為20。，熱敏電阻的阻

值凡與溫度r的關(guān)系如表所示

t/℃30.040.050.060.070.080.0

RJQ199.5145.4108.181.862.949.1

(1)提供的實驗器材有：電源%(3V,內(nèi)阻不計)、電源E2(6V,內(nèi)阻不計)、滑動變

阻器8(0?2000)、滑動變阻器&(0?5000)、熱敏電阻心，繼電器、電阻箱

(0?999.90)、開關(guān)S、導(dǎo)線若干。

為使該裝置實現(xiàn)對30?80K之間任一溫度的控制，電源E應(yīng)選用(選填“EJ

或“&”)，滑動變阻器R應(yīng)選用(選填"RJ或"/?2”)。

|電源

加熱器

I

T

WT

TW繼中.器”

VT

圖1圖2

(2)實驗發(fā)現(xiàn)電路不工作。某同學(xué)為排查電路故障，用多用電表測量各接點間的電

壓，則應(yīng)將如圖2所示的選擇開關(guān)旋至(選填"A”、“8"、“C”或)

(3)合上開關(guān)5,用調(diào)節(jié)好的多用電表進(jìn)行排查，在圖1中，若只有尻c間斷路，

則應(yīng)發(fā)現(xiàn)表筆接入。、。時指針(選填“偏轉(zhuǎn)”或“不偏轉(zhuǎn)”)，接入“、c

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時指針（選填“偏轉(zhuǎn)”或“不偏轉(zhuǎn)”）?

（4）排除故障后，欲使銜鐵在熱敏電阻為50冤時被吸合，下列操作步驟正確順序是

。（填寫各步驟前的序號）

①將熱敏電阻接入電路

②觀察到繼電器的銜鐵被吸合

③斷開開關(guān)，將電阻箱從電路中移除

④合上開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器的阻值

⑤斷開開關(guān)，用電阻箱替換熱敏電阻，將阻值調(diào)至108.10

13.如圖，半徑為R的半球形玻璃體置于水平桌面上，半球

的上表面水平，球面與桌面相切于A點。一細(xì)束單色光rjj

經(jīng)球心。從空氣中射入玻璃體內(nèi)（入射面即紙面）J

,入射角為45。，出射光線射在桌面上8點處。測得

之間的距離為|,現(xiàn)將入射光束在紙面內(nèi)向左平移，求射入玻璃體的光線在球面上恰

好發(fā)生全反射時，光束在上表面的入射點到O點的距離。不考慮光線在玻璃體內(nèi)的

多次反射。

14.某游樂園入口旁有一噴泉，噴出的水柱將一質(zhì)量M的卡通玩具穩(wěn)定地懸停在空中。

為計算方便起見，假設(shè)水柱從橫截面積為S的噴口持續(xù)以速度又豎直向上噴出；玩

具底部為平板（面積略大于S）；水柱沖擊到玩具底板后，在豎直方向水的速度變?yōu)?/p>

零，在水平方向朝四周均勻散開。忽略空氣阻力。已知水的密度為p,重力加速度

大小為g。求

⑴噴泉單位時間內(nèi)噴出的水的質(zhì)量；

（"）玩具在空中懸停時，其底面相對于噴口的高度。

15.如圖所示，桌子靠墻固定放置，用一塊長及=LOm的木

板在墻和桌面間架設(shè)斜面，桌面距地面4=0.8m,桌面總

長G=1.5m,斜面與水平桌面的傾角。可在0?60。間調(diào)節(jié)

后固定，將質(zhì)量rn=0.2kg的小物塊(可視為質(zhì)點)從斜面

頂端靜止釋放，物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)〃1=0.05,物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)

“2未知，忽略物塊在斜面與桌面交接處的機械能損失，不計空氣阻力。(重力加速

度取g=10m/s2；最大靜摩擦力等于滑動摩擦力;取sin37°=0.6,cos370=0.8)

(1)求當(dāng)8=30。時，物塊在斜面上下滑的加速度的大小；(可以用根號表示)

(2)當(dāng)。增大到37。時，物塊恰能停在桌面邊緣，求物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)處；

(3)&取第(2)問中的數(shù)值，當(dāng)。角為多大時物塊落地點與墻面的距離最大，最大距

離是多少。

16.如圖所示，兩塊水平放置、相距為d的長金屬板接在電壓可調(diào)的電源上，兩板之間

的右側(cè)區(qū)域存在方向垂直紙面向里、長為2d的矩形勻強磁場，磁場的磁感應(yīng)強度

為8;將噴墨打印機的噴口靠近下板上表面(墨滴與下極板恰好沒接觸)，從噴口連

續(xù)不斷沿水平方向噴出質(zhì)量均為機、帶相等電荷量為+q的墨滴.調(diào)節(jié)電源電壓至

某值時，墨滴在電場區(qū)域恰能沿水平向右做勻速直線運動，并進(jìn)入電場、磁場共存

區(qū)域運動；不考慮邊緣效應(yīng)，重力加速度為。求：

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JU丁一,2〃

pXXXxj-

?XXXXx?/

xxx

hx|4

(1)墨滴在電場區(qū)域恰能沿水平向右做勻速直線運動時.，極板兩端電壓［/為多大？

(2)要使進(jìn)入電場、磁場共存區(qū)域的墨滴打不到上極板，水平速度%的值。

17.一輛貨車運載著完全相同的圓柱形光滑的空油桶，在車廂底，一層油桶平整排列，

相互緊貼并被牢牢固定，上一層只有一個質(zhì)量為〃?的桶C，自由地擺放在桶A、B

之間。若桶A、桶B和汽車一起沿水平地面做勻速直線運動，如圖所示。重力加速

度大小為g,則桶A對桶C的支持力大小為()

A.如gD.mg

18.關(guān)于下列四幅圖對應(yīng)的說法，正確的是()

A.圖甲中墊起的排球在最高點瞬間的速度、加速度均為零

B.圖乙中線斷后小球?qū)⒀毓饣矫胬^續(xù)做圓周運動

C.圖丙中扭秤實驗裝置結(jié)構(gòu)利用了“放大”的思想

D.圖丁中的列車靜止時沒有慣性

19.如圖所示，在河的兩岸有A、8兩個渡口，某人開船從

渡口4沿直線勻速運動到對岸的渡口8,若A、B

的連線與河岸成30。角，水流速度為8m/s,則小船在靜

水中的最小速度為（）

A.lm/sB.4百m/sC.4m/sD.8m/s

20.一質(zhì)量rn=50g的雞蛋從100根高處由靜止開始自由下落，雞蛋落到水平地面與地

面碰撞的時間約為2x10-35,不計空氣阻力。則該碰撞過程中雞蛋對地面的平均

作用力大小約為（）

A.300NB.600/VC.HOOND.2200/V

21.如圖甲所示，在粗糙的水平面上，質(zhì)量為1奴的物塊在水平向右的拉力廠的作用下

做直線運動，3s后撤去外力，物塊運動的速度-時間圖象如圖乙所示，則拉力尸的

大小為（）

甲

A.10NB.5NC.3ND.2N

22.如圖所示，用一沿水平面運動的小車通過輕繩提升一滑塊，滑塊沿豎直桿上升，某

一時刻，小車的速度大小%=6m/s,拴在小車上的繩子與水平方向的夾角。=30°,

拴在滑塊上的繩子與豎直方向的夾角a=45。。則此時滑塊豎直上升的速度大小為

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23.地球位于火星與太陽之間且三者在同一直線上時稱為“火星沖日”。已知地球繞太

陽做圓周運動的周期為T,火星繞太陽做圓周運動的軌道半徑為地球繞太陽做圓周

運動的軌道半徑的〃倍。則相鄰兩次“火星沖日”的時間差為（）

A.\B.C.嚶TD.-fi-T

九一1nvn-1yjn-lvn-1

24.豎直平面內(nèi)一根長I=Izn的輕繩一端固定于。點，另一端系一質(zhì)量巾=°

90g的小球（可視為質(zhì)點）。一質(zhì)量m（）=10g的子彈以北--100m/s的速度

水平射入小球（子彈射入小球的時間極短），并留在小球內(nèi)與小球一起繞。

點做圓周運動。取重力加速度大小g=10m/s2,不計空氣阻力。則下列

分析正確的是（）

A.子彈射入小球后瞬間的速度大小為10m/s

B,子彈射入小球前、后瞬間繩子對小球的拉力大小之比為專

C.小球運動到最高點時的速度大小為6m/s

D.小球運動到最高點時受到繩子的拉力大小為6N

25.一質(zhì)點沿x軸做直線運動，其x-t圖象如圖所示。下列時間內(nèi)，質(zhì)點的平均速度大

小是2m/s的有（）

A.0?IsB.1s?3sC.3s?4sD.4s?5s

26.如圖所示，一固定斜面的傾角為30。，一質(zhì)量為機的

小物塊自斜面底端以一定的初速度沿斜面向上做勻

減速運動，加速度大小等于0.8g（g為重力加速度大

?。Ｎ飰K上升的最大高度為H,則此過程中（）

A.物塊的重力勢能減少了mgHB.物塊的動能損失了

C.物塊的機械能損失了0.8mgHD.物塊克服摩擦力做功0.6mgH

27.在光滑水平面上，質(zhì)量為，入速度大小為v的A球跟質(zhì)量為3〃?的靜止的B球發(fā)生

碰撞，碰撞可能是彈性的，也可能是非彈性的，碰撞后8球的速度大小可能為（）

A.0.28vB.0.4vC.0.52vD.0.6v

28.如圖所示，長為2L的輕桿一端可繞。點自由轉(zhuǎn)動，桿的

中點和另一端分別固定兩個質(zhì)量均為〃7的小球A、8。讓；4R

It

輕桿從水平位置由靜止釋放，在轉(zhuǎn)動至豎直位置的過程中，：:

It

不計空氣阻力，重力加速度大小為g,下列說法正確的是

()

A.桿對8球做的功為

B.重力對A球做功的功率一直增大

C.桿轉(zhuǎn)動至豎直位置時，。點對桿的彈力大小為gmg

D.桿轉(zhuǎn)動至豎直位置時，8球的速度大小為理

5

29.某同學(xué)探究彈力與彈簧伸長量的關(guān)系。將彈簧懸掛在鐵架臺上，將刻度尺固定在彈

簧一側(cè)，彈簧軸線和刻度尺都在豎直方向上。彈簧自然懸掛，待彈簧靜止時，長度

記為L。；彈簧下端掛上祛碼盤時，長度記為

(1)在祛碼盤中每次增加20g祛碼，彈簧長度依次記為力至及，數(shù)據(jù)如表：

彈簧長度LoLx乙2L3乙4Ls乙6

數(shù)值(cm)6.157.139.1011.0513.0115.016.9318.83

表中有一個數(shù)值記錄不規(guī)范，代表符號為(填“L?！薄?、“人”、

“2"、"、、”5”、或“6“)。

(2)該同學(xué)根據(jù)表中部分?jǐn)?shù)據(jù)作的圖如圖所示，縱軸是祛碼的質(zhì)量，橫軸是彈簧長

度與(填“Lo”或)。

(3)由圖可知彈簧的勁度系數(shù)為N/m(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字，取重力加速

度大小g=9.8m/s2)?

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30.某同學(xué)利用如圖甲所示的裝置來驗證機械能守恒定律。將寬度為d的擋光片水平固

定在物體4上，將物體A、B同時由靜止釋放，釋放時擋光片上端與光電門之間的

高度差為力，讓質(zhì)量較大的物體B通過細(xì)線繞過輕質(zhì)定滑輪帶著A一起運動，擋光

片通過光電門的時間為f,已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間?；卮鹣铝袉栴}。

(1)該同學(xué)用游標(biāo)卡尺測擋光片的寬度時，測量情況如圖乙所示，則擋光片的寬度

d=mm°

(2)由于沒有天平，不能直接測出兩物體的質(zhì)量，該同學(xué)找來了一個質(zhì)量為Tn。的標(biāo)

準(zhǔn)祛碼和一根彈簧，將標(biāo)準(zhǔn)祛碼、物體做包括擋光片)和物體B分別靜止懸掛在彈

簧下端,用刻度尺測出彈簧的仰長量分別為^、/、^，則物體人的質(zhì)量叫!=.

(3)用擋光片通過光電門的平均速度表示擋光片上端到達(dá)光電門時的速度，若運動

過程中物體A、B組成的系統(tǒng)機械能守恒，則應(yīng)滿足關(guān)系式(如-xA)gh=(用

題中己測得或已知的物理量的字母表示)。

31.在一些影視劇中經(jīng)常能看到一些特技表演。如圖所示，有一高臺離地面的高度九=

5m,一特技演員騎摩托車從坡底由靜止出發(fā)，沖上高臺后以某一速度水平飛出，

在水平地面上的落點到高臺邊沿的水平距離x=20m。已知摩托車從坡底沖上高臺

的過程歷時t=15s,人和車的總質(zhì)量m=2x102kg,發(fā)動機的功率恒為P=4kW,

不計空氣阻力，取重力加速度大小g=10m/s2?求：

(1)摩托車水平飛出高臺時的速度大小：

(2)摩托車在沖上高臺的過程中克服摩擦阻力所做的功。

32.E7C是高速公路上不停車電子收費系統(tǒng)的簡稱，如圖所示。汽車以15/n/s的速度勻

速行駛，如果過人工收費通道，需要在收費站中心線處減速至0,經(jīng)過20s繳費后，

再加速至15m/s行駛;如果過ETC通道，汽車需要在中心線前方10根處減速至5m/s,

勻速到達(dá)中心線后，再加速至15zn/s行駛。汽車過人工收費通道和ETC通道的加

速、減速過程的加速度大小均為lm/s2。

(1)若汽車過人工收費通道，求從收費前減速開始，到收費后加速結(jié)束，汽車總共

經(jīng)過的時間f和通過的路程s；

(2)若汽車過ETC通道，通過與第(1)問相同的路程，求與汽車過人工收費通道相比，

所節(jié)約的時間。

收費站中心線

：勻速行

：駛區(qū)METC通道

人工收費通遒

33.如圖所示，一質(zhì)量m=1kg的滑塊從固定在豎直面的半徑R=3.2m的光滑四分之一

圓弧軌道的最高點由靜止滑下，從軌道末端水平射出，掉到質(zhì)量M=9kg的小車?yán)?

并立即與小車保持相對靜止。已知小車在水平面上滑動時受到的阻力與其受到的重

力大小的比值k=0.1,取重力加速度大小g=l(hn/s2,不計空氣阻力。求：

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(1)滑塊滑到圓弧軌道末端時對軌道的壓力;

(2)滑塊與小車碰撞后瞬間的速度大?。?/p>

(3)小車在水平面上滑行的最大位移和時間。

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：A、B和A剛分離時，B受到重力〃密和恒力F,8的加速度為零，A的加

速度也為零，說明彈力對A有向上的彈力，與重力平衡，彈簧處于壓縮狀態(tài)。故AB錯

誤。

C、B和A剛分離時，彈簧的彈力大小為機g,原來靜止時彈力大小為2zng,則彈力減

小量△F=mg.兩物體向上運動的距離為h,則彈簧壓縮量減小△x=兒由胡克定律得：

k=廣=*故C正確。

Axh

D、對于在B與A分離之前，對A8整體為研究對象，重力2,咫不變，彈力在減小，

合力減小，整體做變加速運動。故。錯誤。

故選：Co

本題關(guān)鍵在于分析B和A剛分離時A、B的受力情況，來確定彈簧的狀態(tài)。

2.【答案】B

【解析】解：ABC,由題意可知，〃和〃到。點的距離分別為Q-2）和％,設(shè)兩星質(zhì)量

分別為修和“2，由萬有引力定律和牛頓第二定律及幾何條件可得：

對Mi：G*="1爭2"嶗，即："2=胃詈電

對“2：G-磬=”2（素）2灰，即：M]=41?

兩式相加得“1+"2=（/-rb+%）=晟g

恒星。與人的質(zhì)量之比為票=?，故AC錯誤，8正確；

M2L-rb

。、將該系統(tǒng)等效成中心天體和環(huán)繞天體，再根據(jù)%=尸向，即

得M=4節(jié);爐,故。錯誤；

故選：B。

雙星系統(tǒng)中，兩顆星球繞同一點做勻速圓周運動，且兩者始終與圓心共線，相同時間內(nèi)

轉(zhuǎn)過相同的角度，即角速度相等，則周期也相等.但兩者做勻速圓周運動的半徑不相等.

本題考查萬有引力中的雙星模型以及萬有引力公式中各物理量得物理意義.學(xué)生對萬有

引力公式和向心力公式中R的物理意義分不清，找不到雙星模型的特點，找不到它們之

間相等的物理量.

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3.【答案】D

【解析】解：A、振幅是位移的最大值的大小，故振幅為8cm,而周期是完成一次全振

動的時間，振動周期為4s,故4錯誤；

B、第2s末振子的速度為零，加速度為正向的最大值，故B錯誤；

C、從第1s末到第2s末振子在做減速運動，故C錯誤；

。、第3s末振子的位移為零，振子經(jīng)過平衡位置，故速度最大，且方向為正，故。正

確；

故選：

簡諧運動的位移時間圖象反映了質(zhì)點相對平衡位置的位移與時間的關(guān)系，從圖象可以得

到振幅、周期以及任意時刻的位移.

本題關(guān)鍵根據(jù)簡諧運動的位移時間圖象得到彈簧振子的周期和振幅，然后結(jié)合實際情況

進(jìn)行分析.

4.【答案】A

【解析】解：根據(jù)氣體狀態(tài)方程牛=C,

因為沿直線從。到4V逐漸變小，T逐漸變大，所以p逐漸變大。

故選：A。

由圖象知氣體的體積減小、溫度升高，由理想氣體狀態(tài)方程問題立解。

本題考查理想氣體狀態(tài)變化規(guī)律及圖象，難度：較易。

5.【答案】C

【解析】解：小球受電場力和重力大小相等，方向水平向右，則小球所受電場力和重力

的合力如圖所示??一.二象

合力與水平方向成45。角偏右下方.---------------------況、#

4、如圖小球所受合力方向可知，小球從“到向示二二：；產(chǎn)

e點運動時，合力對小球做負(fù)功，小球動能將減>

小，故a點不是小球動能最小的點（最小的點在;，中~A

e點），故A錯誤；'A

BCD、除重力以外其它力做功等于機械能的增量，拉力不做功，從4到b的過程中，電

場力做正功，則b點機械能最大，d點機械能最小.故C正確，B、力錯誤.

故選c.

通過電場力和重力的合力方向確定圓周運動的等效最高點，從而確定動能最小的位置，

通過除重力以外其它力做功等于機械能的增量判斷出何處機械能最大，何處機械能最小.

解決本題的關(guān)鍵確定圓周運動的等效最高點，掌握除重力以外其它力做功與機械能的關(guān)

系.

6.【答案】D

【解析】解：A、由于船的合運動是船相對于靜水的速度與隨水向下運動的速度的和，

所以當(dāng)船頭的方向始終與河岸垂直時，船到達(dá)。點的時間最短，最短時間為：

0M15

ti=---=―――1.5s

v210

該過程中，船隨水流向下游方向的位移：x=Viti=8x1.5=12m,可知船開始時要

位于M左側(cè)12/?處.故A錯誤，8錯誤；

C、第二個過程由目標(biāo)靶以最小的位移運動到圖示中的上方河岸，則船的合速度的方向

垂直于河岸的方向，所以船頭的方向要向河的上游有一定的角度.故C錯誤；

。、結(jié)合C的分析可知，若第二個過程由目標(biāo)靶以最小的位移運動到圖示中的上方河岸，

則船頭的方向要向河的上游有一定的角度0,此時：

v1=V2COS0

所以：6=37°

垂直于河岸的方向的分速度：vy=v2sind=10xsin370=6m/s

第二個過程所用的時間為：t2=^=?=2s.故。正確.

VyO

故選：D

目標(biāo)靶固定不動，船的合運動是船相對于靜水的速度與隨水向下運動的速度的和，結(jié)合

運動的合成與分解即可求出最短運動的時間與最短位移的時間.

解決本題的關(guān)鍵是知道分運動與合運動具有等時性，知道在兩種情況下對應(yīng)的臨界條件.

7.【答案】B

【解析】解:A8、根據(jù)光電效應(yīng)方程=明知，%＞玲，逸出功相同，則＞Eg，

又Ekm=eUc，則Ua＞4，故A錯誤，B正確；

C、根據(jù)知，若%＜九,則一定有好。＜Eg,故C錯誤；

D、逸出功%=無〃-Ekm，由于金屬的逸出功相同，則有：hva-Eka=hvb-Ekb,

故。錯誤；

第16頁，共32頁

故選：B。

根據(jù)光電效應(yīng)方程，結(jié)合入射光頻率的大小得出光電子最大初動能，結(jié)合最大初動能和

遏止電壓的關(guān)系比較遏止電壓。

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程以及知道最大初動能與遏止電壓的關(guān)系，注意金屬的

逸出功與入射光的頻率無關(guān)。

8.【答案】C

【解析】

【分析】夕Z

對于釋放過程，從A到8的過程中，根據(jù)動能定理列

J______■X%1

式求出到達(dá)8點的速度與傾角之間的關(guān)系即可判斷。DC

本題主要考查了動能定理的直接應(yīng)用，關(guān)鍵是求出到達(dá)8點的速度與傾角無關(guān)，難度適

中。

【解答】

設(shè)小物塊與水平軌道、傾斜軌道之間的動摩擦因數(shù)為生從A到B的過程中，根據(jù)動能

定理得:

1h

37n詢9-0=mgh-fimgcosO--^―-^imgx

zsine?BD

則3m據(jù)=mgh-nmgh-力-nmgx,

ztan(7BD

而〃a=MgxDc

Lantz

所以如諾=mgh-nmgxBC,由此可以看出到達(dá)8點的速度與傾斜軌道的傾角無關(guān),

所以%=%，故C正確，錯誤。

故選C。

9.【答案】BD

【解析】解：因為理想變壓器原、副線圈電壓之比等于線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢之比,

所以當(dāng)從線圈1輸入電壓/=220U時，由

U1Ei幾i△4

U?E?的△⑦21

得4=汕=ix220l/=55l/.

當(dāng)從線圈2輸入電壓4=110M時，同理由

出=,2%=1,2=1

U1H,2△<X^221

得Ui=U2=110V.

故選：BD。

根據(jù)變壓器的電壓與匝數(shù)成正比，感應(yīng)電動勢與磁通量的變化率成正比分別求從不同端

輸入電壓時另一端的電壓.

本題考查了變壓器的原理及電壓與匝數(shù)成正比的原理，難度中等.

10.【答案】B

【解析】解：A、由題可知，足球在水平方向的位移大小為：％=舊+（2所以

足球的總位移：％=y/Xx+h.2=Js?+八2+故A錯誤；

B、足球運動的時間：t=后,所以足球的初速度的大小：%=曰=聆嚀+s2）.故8

正確；

C、足球運動的過程中重力做功，由動能定理得：mgh=^mv2-\rnvl，聯(lián)立以上各式

得：J卷W+s2）+2gh.故C錯誤;

。、由幾何關(guān)系可得足球初速度的方向與球門線夾角的正切值由加=1=亳故。錯誤。

故選：Bo

首先要根據(jù)幾何關(guān)系確定足球運動的軌跡，然后確定水平方向的位移，再由平拋運動的

規(guī)律求出足球的初速度的大小；根據(jù)動能定理在確定足球的末速度的大小以及足球初速

度的方向與球門線夾角的正切值.

該題結(jié)合日常生活中的實例考查平拋運動、動能定理等知識點的內(nèi)容，題目中拋出點的

位置與球門組成的幾何關(guān)系是解題過程中的關(guān)鍵，也是容易出現(xiàn)錯誤的地方.

11.【答案】B

【解析】

【分析】

當(dāng)線圈的磁通量發(fā)生變化時，線圈中才會產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，從而形成感應(yīng)電流；當(dāng)線圈

的磁通量不變時，則線圈中沒有感應(yīng)電動勢，所以不會有感應(yīng)電流產(chǎn)生。由楞次定律可

知電流的方向，由左手定則判斷安培力的方向。

本題要求學(xué)生能正確理解B-t圖的含義，故道B如何變化，才能準(zhǔn)確的利用楞次定律

進(jìn)行判定。根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析感應(yīng)電動勢的變化，由歐姆定律判斷感應(yīng)電流

的變化，進(jìn)而可確定安培力大小的變化。

第18頁，共32頁

【解答】

在前半個周期內(nèi)，磁感應(yīng)強度均勻變化，磁感應(yīng)強度B的變化度一定，由法拉第電磁感

應(yīng)定律得知，圓形線圈中產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動勢恒定不變，則感應(yīng)電流恒定不變，ab

邊在磁場中所受的安培力也恒定不變，由楞次定律可知，圓形線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方

向為順時針方向，通過岫的電流方向從b-*a,由左手定則判斷得知，岫所受的安培

力方向水平向左，為負(fù)值；同理可知，在后半個周期內(nèi)，安培力大小恒定不變，方向水

平向右。故8正確。

故選：B。

12.【答案】(1*2；/?2；

(2)C；

(3)不偏轉(zhuǎn)；偏轉(zhuǎn)；

(4)⑤④②③①

【解析】

【分析】

(1)分析不同溫度下熱敏電阻的阻值，根據(jù)實驗要求進(jìn)行分析，從而明確應(yīng)采用的電源

和滑動變阻器；

(2)明確多用電表的使用方法，根據(jù)要求選擇對應(yīng)的量程；

(3)根據(jù)電壓表的測量方法以及電路結(jié)構(gòu)進(jìn)行分析，從而明確指針是否發(fā)生偏轉(zhuǎn)；

(4)明確實驗原理，確定實驗方法，從而明確實驗中應(yīng)進(jìn)行的基本步驟。

本題考查多用電表的使用方法，要注意明確實驗原理，注意分析實驗電路圖，從而確定

實驗應(yīng)采用的基本方法，從而確定實驗所采用的儀器。

【解答】

解：(1)要想控制3(TC時的情況，此時熱敏電阻的阻值約為2000,需要的最小電動勢E=

0.015x(200+20)=3.31/；由于還要考慮滑動變阻器的阻值，因此3V的電源電動勢

太小，應(yīng)選擇6V的電源E2；

滑動變阻器采用限流接法，因此其阻值應(yīng)約為熱敏電阻的幾倍左右，因此滑動變阻器應(yīng)

采用/?2

(2)要想測量電壓，應(yīng)將旋鈕旋至電壓檔位上，因電動勢為6匕因此應(yīng)選擇10V量程,

故旋至C點；

(3)若只有從c間斷路，則應(yīng)發(fā)現(xiàn)表筆接入h時電表與電源不連接，因此指針不偏

轉(zhuǎn)；而接入a、c時，電表與電源直接連接，故指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)；

(4)要使50久時被吸熱，由表格數(shù)據(jù)可知，電阻為108.10；為了使銜鐵在熱敏電阻為50久

時被吸合，應(yīng)先電阻箱替換熱敏電阻，將阻值調(diào)至108.10；再合上開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻

器的阻值，直到觀察到繼電器的銜鐵被吸合；此時再斷開開關(guān)將電阻箱取下，換下熱敏

電阻即可實現(xiàn)實驗?zāi)康?；故步驟為⑤④②③①；

故答案為：(1)%;R2-.(2)C；(3)不偏轉(zhuǎn)：偏轉(zhuǎn)；(4)⑤④②③①

13.【答案】解：當(dāng)光線經(jīng)球心O入射時，光路圖如右上圖所示。設(shè)玻璃的折射率為〃，

由折射定律有：

sini不

n=—sinr①

式中，入射角i=45。，r為折射角。

△OAB為直角三角形，因此s譏r=萬備嬴②

發(fā)生全反射時，臨界角C滿足：s》C=L③

n

在玻璃體球面上光線恰好發(fā)生全反射時，光路圖如右下圖所示。設(shè)此時光線入射點為E,

折射光線射到玻璃體球面的。點。由題意有

乙EDO=C④

在△EDO內(nèi)，根據(jù)正弦定理有而右=黑⑤

聯(lián)立以上各式并利用題給條件得0E=坦上

2

答：光束在上表面的入射點到。點的距離為在R。

2

【解析】根據(jù)幾何關(guān)系求出光線從。點射入時的折射角的正弦，結(jié)合折射定律求出折射

率，在玻璃體球面上光線恰好發(fā)生全反射時，作出光路圖，根據(jù)角度關(guān)系，運用正弦定

理求出光束在上表面的入射點到。點的距離。

解決本題的關(guān)鍵作出光路圖，靈活運用數(shù)學(xué)知識，結(jié)合折射定律和全反射的知識進(jìn)行求

解。本題對數(shù)學(xué)幾何能力要求較高，需加強這方面的訓(xùn)練。

14.【答案】解：

(i)噴泉單位時間內(nèi)噴出的水的質(zhì)量tn=pV=pSv0,

(ii)設(shè)水到達(dá)卡通玩具處的速度為v,玩具在空中懸停時，其底面相對于噴口的高度為h,

根據(jù)運動學(xué)基本公式得：戶-詔=-2gh,

水柱沖擊到玩具底板后，在豎直方向水的速度變?yōu)榱?，以向上為正，根?jù)動量定理得:

—Mgt=pSvQt(fi—v)

聯(lián)立解得：九=咚窖空

第20頁，共32頁

答：

(i)噴泉單位時間內(nèi)噴出的水的質(zhì)量為pSq,；

5)玩具在空中懸停時，其底面相對于噴口的高度為嗡箸.

【解析】本題主要考查了動量定理與運動學(xué)基本公式的直接應(yīng)用，知道玩具在空中懸停

時，受力平衡，合力為零，另外注意水柱沖擊到玩具底板后，在豎直方向水的速度變?yōu)?/p>

零，難度適中。

①噴泉單位時間內(nèi)噴出的水的質(zhì)量m=p，求解；

(日)玩具在空中懸停時，受力平衡，水對玩具的沖擊力等于玩具的重力，根據(jù)運動學(xué)基

本公式求得水上升到玩具處的速度，再根據(jù)動量定理列式求解即可。

15.【答案】解：(1)物塊沿斜面下滑時由牛頓第二定律得：mgsin6-^mgcos9=ma

代入數(shù)據(jù)得：a=5-0,25V3m/s2

(2)從釋放到停下由動能定理得：mgL^ind-^mg^cos6-42mg&-^cos0)=

0-0

代入數(shù)據(jù)得：林2=0.8

(3)從釋放到滑離桌面的過程由動能定理得：mg^sin0-417ngZ^cos0-112mg心一

17

Licos0)=-mvz

解得：v2=20(sin6-1.2+^cos0)

ms

當(dāng)6=53。時4n姐=1/

由于H=[gt2解得：t=o.4s

水平位移：%!=vt=0.4m

=

最大距離：xm=%1+L21-9m

答：(1)當(dāng)8=30。時，物塊在斜面上下滑的加速度的大小是5-0.25V5m/s2；

(2)當(dāng)0增大到37。時，物塊恰能停在桌面邊緣，求物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)0.8；

(3)當(dāng)。角為53。時物塊落地點與墻面的距離最大，最大距離％?是1?9〃1。

【解析】(1)物塊沿斜面下滑時由牛頓第二定律可求得加速度；

(2)對下滑過程由動能定理進(jìn)行分析，則可求得動摩擦因數(shù)；

(3)根據(jù)動能定理及幾何知識求出離開桌面的最大速度，物體離開桌面后做平拋運動，

由平拋運動的規(guī)律可求得最大距離。

本題考查動能定理及平拋運動的規(guī)律，要注意正確分析過程及受力，注意摩擦力的功應(yīng)

分兩段進(jìn)行求解；同時掌握平拋運動的解決方法。

16.【答案】解：（1）墨滴在電場區(qū)做勻速直線運動時，電場力與重力二力平衡得：

qE=mg,其中：E=?,

解得：U=等

（2）進(jìn)入電場、磁場共存區(qū)域的墨滴，合力為洛倫茲力，故墨滴做勻速圓周運動，其打

不到上極板的臨界軌跡如圖所示：

軌跡①為恰好不打在上極板左邊緣，設(shè)其半徑為此,軌跡恰好是半圓，則：&=：

軌跡②為恰好不打在上極板右邊緣，設(shè)其半徑為Rz，

幾何關(guān)系為：賬二37+⑸一存，解得：R2=Y

洛倫茲力提供向心力：皿，線速度表達(dá)式為："=鯉

可得：%=曬；

12mN2m

因此，水平速度%的取值：為（翳或“。＞鬻

答：（1）極板兩端電壓U為等；

（2）水平速度%的取值：%＜警或%＞等。

【解析】（1）墨滴在板間電場做勻直線運動，由受力平衡知電場力，進(jìn)而求電壓；

（2）作軌跡圖根據(jù)條件確定找到臨界圓周軌跡，求半徑，由洛倫茲力提供向心力列式求

得線臨界速度，進(jìn)而確定滿足條件。

本題難度不是很大，但是有個易錯點就是確定臨界運動軌跡時，易漏掉左側(cè)射出磁場的

情況，平時要多積累經(jīng)驗，想問題要全面。此類問題的基本功是能根據(jù)幾何知識找到圓

心、求解半徑以及圓心角，大多情況是歸結(jié)到三角形中利用邊角關(guān)系求解。

17.【答案】B

第22頁，共32頁

【解析】解：對物體C受力分析，受重力、A和B對C

的彈力

根據(jù)幾何知識：彈力與豎直方向的夾角為30°

根據(jù)平衡條件得到：

N=等+cos30。=故AC￡>錯誤，8正確。

故選：B。

對球C進(jìn)行受力分析，根據(jù)共點力平衡、力的合成以

mg

及數(shù)學(xué)知識解決問題

掌握力的合成方法，運用共點力平衡去解決問題。

18.【答案】C

【解析】解：A、圖甲中墊起的排球做豎直上拋運動，排球在最高點瞬間的速度為零，

加速度等于重力加速度不為零，加速度方向豎直向下，故A錯誤；

8、圖乙中線斷后小球?qū)⒈３衷瓉淼倪\動狀態(tài)，做勻速直線運動，故B錯誤；

C、圖丙中扭秤實驗裝置結(jié)構(gòu)利用了“放大”的思想，故C正確；

。、一切物體都有慣性，慣性是物體本身的一種基本屬性，故。錯誤。

故選：C?

排球做豎直上拋運動，在最高點排球速度為零，加速度豎直向下；圖乙中線斷后小球?qū)?/p>

保持原來的運動狀態(tài)；

圖丙中扭秤實驗裝置結(jié)構(gòu)利用了“放大”的思想；一切物體都有慣性，慣性是物體本身

的一種基本屬性，其大小只與質(zhì)量有關(guān)，質(zhì)量越大，慣性越大。

本題涉及的知識點較多，但難度不大，掌握基礎(chǔ)知識是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用基礎(chǔ)知

識即可解題，平時要注意基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)。

19.【答案】C

【解析】解：小船從A-B運動的速度是船速和水速B

的合速度，利用三角形法則畫出三個速度的圖象如圖

所示，則小船在靜水中的最小速度為

v=v^.sin30°=8x0.5m/s=4m/s

故選：C?

利用速度的合成和分解以及三角形原則，找到最短直線即為船速最小值。

運動的合成和分解中渡河問題是重難點，理解并熟練掌握平行四邊形法則和三角形法則

是解決這類題目的關(guān)鍵。

20.【答案】C

【解析】解：雞蛋做自由落體運動，落地速度：v=頻K=V2x10x100m/s=

20V5m/s;

雞蛋的質(zhì)量m=50g=0.050kg,與地面的接觸時間t=2x1Q-3S；

以向上為正方向，則雞蛋落地時的速度：v=-20m/s

對雞蛋落地過程，由動量定理得：

(F—mg)t=0—mv

代入數(shù)據(jù)解得：尸=500*N2llOON,由牛頓第三定律可知，雞蛋對地面的平均沖擊

力為1100N,故C正確，ABQ錯誤。

故選：C?

不計空氣阻力，雞蛋做自由落體運動，求出雞蛋落地時的速度，雞蛋與地面接觸過程,

應(yīng)用動量定理求出地面對雞蛋的平均作用力，然后應(yīng)用牛頓第三定律求出雞蛋對地面的

平均作用力。

本題考查了動量定理的應(yīng)用，分析清楚雞蛋的運動過程是解題的前提，應(yīng)用運動學(xué)公式

與動量定理即可解題；解題時注意正方向的選擇。

21.【答案】B

【解析】解：在v-t圖象中斜率代表加速度，故在拉力F作用下加速度為的=笠=

△L

|m/s2=2m/s2

根據(jù)牛頓第二定律可得：F-f=mar

撤去外力后加速度為：a2=詈=合瓶/$2=-3m/s2

根據(jù)牛頓第二定律可得：一/=小。2

聯(lián)立解得尸=5N,故AC。錯誤，B正確

故選：Bo

在u-t圖象中斜率代表加速度，求得加速階段和減速階段的加速度，根據(jù)牛頓第二定

律即可求得拉力。

本題主要是考查牛頓第二定律和圖象的結(jié)合，關(guān)鍵是掌握圖線斜率的物理意義是運動物

體的加速度。