2022年高考物理押題卷（全國乙卷）06（解析版）

絕密★啟用前I點石成金工作室命制

2022年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試

物理押題卷06

（考試時間：65分鐘試卷滿分：110分）

一'選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第14?18題只有一項符合

題目要求，第19?21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

14.如圖所示，質(zhì)量為m的光滑圓弧形槽靜止在光滑水平面上，質(zhì)量也為用的小鋼球從槽的頂端A處由靜止釋

A.小球和槽組成的系統(tǒng)動量守恒

B.小球可以到達與A等高的C點

C.小球下滑到底端8的過程中，小球?qū)Φ氐倪\動軌跡為圓

D.小球下滑到底端B的過程中，小球所受合力的瞬時功率增大

【答案】B

【解析】A.小球有豎直方向的分加速度，小球和槽在豎直方向上系統(tǒng)的合力不為零，則小球和槽組成的系統(tǒng)動

量不守恒，故A錯誤；

B.小球和槽組成的系統(tǒng)水平方向上不受外力，所以系統(tǒng)在水平方向上動量守恒，由題意知水平方向上初動量為

零，所以小球上滑到最高點時系統(tǒng)的動量也為零，又因為整個過程系統(tǒng)機械能守恒，初動能和末動能都為零，所

以初末狀態(tài)系統(tǒng)重力勢能相同，小球可以到達與A等高的C點，故B正確；

C.小球下滑到底端8的過程中，小球?qū)Σ鄣倪\動軌跡為圓，而槽相對于地面在水平方向上運動，所以小球?qū)Φ?/p>

的運動軌跡不是圓，故C錯誤；

D.小球開始下滑時，速度為零，根據(jù)尸=Fvcos6,合力的瞬時功率為零，小球滑到底端B時，速度與合力垂直，

合力的瞬時功率也為零，故D錯誤。故選B。

15.如圖甲所示，三個電量相等的點電荷位于等邊三角形的三個頂點上，其中x=0處電荷帶負電，其余兩電荷

帶正電且關(guān)于x軸對稱。一試探電荷沿x軸正方向運動，所受電場力隨位置的變化圖像如圖乙所示（以x軸正向

為電場力的正方向）。設(shè)無窮遠處電勢為零。則（）

八yM

4-----------7］、

甲乙

A.試探電荷帶負電B.乙圖中的々與甲圖中的％相等

C.在X軸正半軸上，X2處電勢最高D.試探電荷在4處電勢能最大

【答案】D

【解析】A.在X4玉時，三個點電荷對試探電荷的電場力向左，則該試探電荷帶正電，故A錯誤；

B.在x=/時，試探電荷所受電場力向左，在工=西時，試探電荷所受電場力為0,則乙圖中的玉與甲圖中的與不

相等，故B錯誤；

CD.試探電荷沿x軸正方向運動，在04x4%時，試探電荷所受電場力做負功，電勢能增大，在KN%時，試

探電荷所受電場力做正功，電勢能減小，則試探電荷在七處電勢能最大，由電勢定義*=生可知，對于正電荷，

q

電勢能越大，所在位置的電勢越大，則在4處電勢最大。故C錯誤D正確。故選D。

16.如圖所示，在空間中存在垂直紙面向里的磁感應(yīng)強度大小為8的勻強磁場，其邊界。自、生打足夠長且寬度

為d,P為邊界。占上的一點。一帶負電的粒子以初速度％沿與上邊界成30。角的方向由尸點射入磁場，恰好能垂

直下邊界射出磁場，不計粒子重力。若改變粒子的發(fā)射速度，使同一粒子從P點沿。向方向以某一速度發(fā)射出去，

粒子運動中恰好與死打相切，則粒子第1次與第2次的發(fā)射速度大小之比為（）

生b?

A.2:6B.4:石C.2：1D.4：1

【答案】B

【解析】一帶負電的粒子以初速度％沿與上邊界成30。角的方向由P點射入磁場，恰好能垂直下邊界射出磁場，

由幾何關(guān)系可知4=22

因為洛倫茲力提供向心力，即為W=,〃江

得片=駟

m

若改變粒子的發(fā)射速度，使同一粒子從P點沿。也方向以某一速度發(fā)射出去，粒子運動中恰好與生H相切，由幾

何關(guān)系可知2a=4

則消

粒子第1次與第2次的發(fā)射速度大小之比為匕：彩=，；：4=4：若

B正確。故選B。

17.如圖所示，圖甲為原子核的比結(jié)合能與質(zhì)量數(shù)關(guān)系曲線，圖乙為原子核的平均核子質(zhì)量與原子序數(shù)的關(guān)系曲

線，根據(jù)兩曲線，下列說法正確的是（）

A.根據(jù)圖甲可知，gHe核的結(jié)合能約為7MeV

B.根據(jù)圖甲可知，核的結(jié)合能比果Kr核的結(jié)合能更大

C.根據(jù)圖乙可知，核D裂變成核E和F的過程中，比結(jié)合能減小

D.根據(jù)圖乙可知，若A、B能結(jié)合成C,結(jié)合過程一定要吸收能量

【答案】B

【解析】A.圖甲中；He核的比結(jié)合能約為7MeV,但圖中不能看出汨e核的比結(jié)合能，不能計算；He核的結(jié)合能,

故A錯誤；

B.分析圖甲可知，核比;:Kr核的比結(jié)合能略小，但核子數(shù)遠大于；：Kr核，根據(jù)結(jié)合能等于比結(jié)合能與核子

數(shù)的乘積可知，%U核的結(jié)合能比北Kr核的結(jié)合能更大，故B正確;

C.將D分裂成E、F,由圖可知是重核的裂變，因此核子的比結(jié)合能將增大，故C錯誤；

D.若A、B能結(jié)合成C,平均核子質(zhì)量減少，會有質(zhì)量虧損，釋放出核能，故D錯誤。故選B。

18.我國發(fā)射的“嫦娥三號”衛(wèi)星是登月探測器。該衛(wèi)星先在距月球表面高度為人的軌道上繞月球做周期為7的勻

速圓周運動，再經(jīng)變軌后成功落月。已知月球的半徑為R,萬有引力常量為G,忽略月球自轉(zhuǎn)及地球?qū)πl(wèi)星的影

響。則以下說法正確的是（）

乃2(/?+〃)2

A.物體在月球表面自由下落的加速度大小為

T-R1-

2乃(R+。)

B.“嫦娥三號”繞月球做勻速圓周運動時的線速度大小為

儲(R+〃)3

C.月球的平均密度為

GTW

在月球上發(fā)射月球衛(wèi)星的最小發(fā)射速度為竿卷^

D.

【答案】B

【解析】A.在月球表面，重力等于萬有引力，則得G戈=nzg①

對于“嫦娥三號”衛(wèi)星繞月球做勻速圓周運動過程，由萬有引力提供向心力得根冬（R+3②

（R+n）T

由①②解得g=色黑史,A錯誤；

B.“嫦娥三號”衛(wèi)星繞月球做勻速圓周運動，軌道半徑為r=/?+〃

則它繞月球做與速圓周運動的線速度大小為咤半「=網(wǎng)箸2,B正確;

C.由②得：月球的質(zhì)量為*熱號空

月球的平均密度為夕=卷

而4

3%(7?+加3

解得月球的平均密度為夕=,C錯誤;

GT2Ry

D.設(shè)在月球上發(fā)射衛(wèi)星的最小發(fā)射速度為%則有G絲=mg

R2R

即丫=嫻=當(dāng)也晤,D錯誤。故選B。

TV/?

19.如圖所示，單匝線圈必cd在勻強磁場中繞垂直于磁場的秘邊以角速度。勻速轉(zhuǎn)動，其線圈中感應(yīng)電動勢的

峰值為生,，閉合回路中兩燈泡均能發(fā)光。則（）

A.減小電容器C兩極板的正對面積時，燈泡A1變亮

B.減小電容器C兩極板間的距離時，燈泡A1變亮

C.增加線圈abed的匝數(shù)，其余條件不變，兩燈泡變暗

D.抽去電感器L的鐵芯時，燈泡A?變亮

【答案】BD

【解析】A.根據(jù)0=嘉

可知，減小電容器C兩極板的正對面積時C減小，電容器的容抗變大，則燈泡Ai變暗，選項A錯誤;

cq

B.根據(jù)。=痛

可知，減小電容器C兩極板間的距離時C變大，電容器容抗減小，則燈泡Ai變亮，選項B正確;

C.根據(jù)E,“=N80S

可知，增加線圈“ad的匝數(shù)，則線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢變大，頻率不變，其余條件不變，則通過兩燈電流變大，

則兩燈泡變亮，選項C錯誤；

D.抽去電感器L的鐵芯時，自感系數(shù)減小，感抗減小，則燈泡A2變亮，選項D正確。故選BD。

20.如圖，兩水平金屬板間距為4,板間電場強度的變化規(guī)律如圖所示。f=0時刻，質(zhì)量為，〃的帶電微粒以初

速度%=總沿中線射入兩板間，y,時間內(nèi)微粒勻速運動，T時刻微粒恰好經(jīng)金屬板邊緣飛出。微粒運動

過程中未與金屬板接觸，重力加速度的大小為g,關(guān)于微粒在0~7時間內(nèi)運動的描述，正確的是()

2E0

T2T

TT

運動過程中的最大速度為5=等

A.末速度沿水平方向

板的長度為》

C.克服電場力做功為mgd

【答案】AC

TT2T

【解析】A.在0?§內(nèi)只受重力，做平拋運動，3■時間內(nèi)微粒勻速運動，則有=

在竺~T時間內(nèi)，微粒的加速度4=翌匚空=g

方向豎直向上，微粒在豎直方向上做勻減速運動，T時刻豎直分速度為零，所以末速度的方向沿水平方向，大小

為vo,A正確：

B.豎直方向速度隨時間變化的圖象如圖

工紅T

TT

11|T

豎直方向的總位移為,則;d=；(g+T)%

解得％=存,B錯誤;

C.根據(jù)豎直方向速度時間圖像可知，在0~(內(nèi)豎直方向的位移:*■|=；g(?)2

微粒在水平方向勻速直線運動，則板長L=%T

解得L=C正確；

D.T時刻微粒恰好經(jīng)金屬板邊緣飛出，根據(jù)動能定理;，咫"-叱乜=0

克服電場力做功為;叫“，D錯誤。故選AC。

21.如圖所示，A是靜止在光滑水平地面上的長木板，質(zhì)量為例=4.0kg,長度為/=2.0m,B是一質(zhì)量為,"=1.0kg

的小滑塊，現(xiàn)給它以初速度%=2.0m/s,使它從長木板的左端開始向右滑動。B與A之間的動摩擦因數(shù)為〃=0.1,

g取lOm/s?。則（）

Vo

-----?

B

A

///////////////////////////////////////////////////

A.滑塊B最終將以某一速度離開長木板A

B.滑塊B在減速階段的加速度大小為lm/s2

C.整個運動過程中，滑塊B對長木板A做了0.32J的功

D.滑行過程中系統(tǒng)損失的機械能為2.0J

【答案】BC

【解析】AB.滑塊在木板上做勻減速運動，根據(jù)牛頓第二定律，對滑塊有4=憶=二儂

mm

對木板有4=3=警

MM

代入數(shù)據(jù)解得4=-lm/s?

2

a2=0.25m/s

假設(shè)經(jīng)過相同時間都達到共速由％+卬=

O

代入數(shù)據(jù)解得f=￡s

相對位移Av=vat——a2t~,代入數(shù)據(jù)解得Ax=1.6m<2.0m

故假設(shè)成立，所以B正確，A錯誤；

C.滑塊對木板做功等于木板增加的動能v="=0-4m/s,則W=gM/=o32J,故C正確；

D.損失的機械能等于加說—］加+"）口2

代入數(shù)據(jù)解得△W=1.6J,故D錯誤。故選BC。

二'非選擇題：共174分。第22?25題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33~34題為選考題，考生根據(jù)

要求作答。

(-)必考題：共47分。

22.(5分)未來在一個未知星球上用如圖甲所示的裝置研究平拋運動的規(guī)律。懸點。正下方尸點處有水平放置

的熾熱電熱絲，當(dāng)懸線擺至電熱絲處時能輕易被燒斷，小球由于慣性向前飛出做平拋運動?，F(xiàn)對小球采用頻閃數(shù)

碼照相機連續(xù)拍攝。在有坐標(biāo)紙的背景屏前，拍下了小球在做平拋運動過程中的多張照片，經(jīng)合成后，照片如圖

乙所示?a、b、c、d為連續(xù)四次拍下的小球位置，已知照相機連續(xù)拍照的時間間隔是0.10s,照片大小如圖中坐

標(biāo)所示，(已知0=1.414,6=1.732)則：

y/cm

甲乙

(1)由以上信息，可知。點(選填“是”或"不是”)小球的拋出點；

(2)由乙圖信息，可以推算出該星球表面的重力加速度為m/s2;

(3)由乙圖信息，可以算出小球平拋的初速度是m/s；

(4)由乙圖信息，可以算出小球在b點時的速度是m/s(此空保留三位有效數(shù)字)。

【答案】是20.2也

5

【解析】由初速度為零的勻加速直線運動經(jīng)過相鄰的相同時間間隔內(nèi)通過位移之比為1：3：5可知，。點

是拋出點。

⑵⑵由詒、be、cd水平距離相同可知，a到從人到c運動時間相同為T=0.10s

平拋運動在豎直方向為勻變速直線運動，根據(jù)\h=gT2

解得g=?"二為=依一011s2=2向s，

T20.102mz

(3)[3]平拋運動在水平方向上的分運動為勻速直線運動，根據(jù)x=

得水平速度為%="=2；；：m/s=0.2m/s

(4)[4]b點豎直分速度為ac間的豎直平均速度，根據(jù)速度的合成求b點的合速度

4x10-2

=%=m/s=0.2m/s

2T2x0.10

所以％=J%?+-Jo2?+0.22m/s=m/s

23.（10分）熱敏電阻有很多的應(yīng)用領(lǐng)域，如家電、開關(guān)電源、新能源汽車等。某實驗小組的同學(xué)為了研究某保

溫式自動電飯鍋中用于監(jiān)測溫度的熱敏電阻Rr的特性設(shè)計了以下實驗。

（1）首先利用多用電表粗略測量與電飯鍋中型號相同的熱敏電阻常溫狀態(tài)下的阻值，多用電表的旋鈕置于“xl00”

的擋位時示數(shù)如圖甲所示，則該熱敏電阻的阻值為（保留2位有效數(shù)字）

（2）該實驗小組的同學(xué)為了進一步探究熱敏電阻的特性，設(shè)計了圖乙所示的電路，電路中的電壓表均可看成理

想電壓表，定值電阻的阻值為2kC。

①開關(guān)閉合前，滑動變阻器的滑動觸頭應(yīng)置于最（填“左''或"右"）端。

②某次實驗時，電壓表Vi,V2的示數(shù)分別為3.0V、4.5V,則熱敏電阻的阻值應(yīng)為kQ?

（3）通過多次實驗，得出熱敏電阻的阻值隨溫度變化的規(guī)律圖像如圖丙所示，當(dāng)熱敏電阻的阻值為R產(chǎn)2k"時,

熱敏電阻所處環(huán)境的溫度約為

（4）該種保溫式自動電飯鍋，采用感溫磁控元件（可視為用熱敏電阻控制的電磁鐵開關(guān)，通過的電流大于某一

值時開關(guān)斷開）控制電路閉合與斷開，從而控制加熱電路，鍋內(nèi)米飯溫度低于60℃后，加熱電路開始工作，則

下列電路圖可能是該電飯鍋中加熱電路的是

【答案】3.2x103左338（37~38均可）A

【解析】（1）［1］由多用電表的測電阻讀數(shù)規(guī)則可知，該熱敏電阻的阻值為32x1000=3.2x1（）3。

（2）①⑵為了保護實驗器材，開關(guān)閉合后應(yīng)使兩電壓表的讀數(shù)均為零，所以滑動變阻器的滑動觸頭應(yīng)置于最左

端。

幺3

②⑶由電路圖乙可知，熱敏電阻的阻值應(yīng)為4q

代入數(shù)據(jù)解得%=3000Q=3kQ

（3）［4］由圖丙可知，熱敏電阻的阻值為Rr=2kQ時，熱敏電阻所處環(huán)境的溫度約為38℃。

(4)[5]當(dāng)電飯鍋內(nèi)溫度降低時，熱敏電阻的阻值增大，根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律可知A滿足要求，A正確，B錯

誤。故選A。

24.(12分)光滑圓弧形軌道固定在水平地面上，高度/j=0.8m,在8點與長為L=lm的水平粗糙軌道BC相切，

如圖所示。小球從A點由靜止滑下沿軌道ABC運動，在C點與豎直墻發(fā)生碰撞，碰后速度方向反向，到熊為碰

的的二半，已知小球質(zhì)量相=lkg,。為圓弧軌道圓心，圓心角ZAO8=60,取g=10m/s、

(1)求小球第一次沿圓弧軌道運動到H時對軌道的壓力大小;

(2)若小球與墻只發(fā)生一次碰撞，試計算小球與水平軌道BC間的動摩擦因數(shù)〃的取值范圍。

【答案】(1)20N；(2)0.16<//<0.8

【解析】(1)由A到B的過程中，根據(jù)動能定理有相4

解得力=4m/s

在8點，根據(jù)牛頓第二定律有mg=〃，苓

又/?(1-cos60)=h

聯(lián)立解得外=20N

根據(jù)牛頓第三定律得：小球第一次沿圓弧軌道運動到B時刻軌道的壓力大小為20N。

(2)若小球與墻碰撞，則滿足>〃/咫乙

解得〃<0.8

設(shè)小球與墻碰撞前速度為V,由功能關(guān)系〃〃7gL=g〃％-g，〃/

,121

X--mvx—

若小球只與墻碰撞一次，則x<2L

2

彳mgmvB=/jmgL+2/.imgx<5jumgL

解得〃20.16

綜上，滿足條件的動摩擦因數(shù)〃的取值范圍為0.164〃<0.8

25.(20分)間距為/的兩平行金屬導(dǎo)軌由水平部分和傾斜部分平滑連接而成，如圖所示。傾角為，的導(dǎo)軌處于

大小為8,方向垂直導(dǎo)軌平面向上的有界勻強磁場區(qū)間I中，磁場下邊界距離水平面〃=1.4m。水平導(dǎo)軌上的無磁

場區(qū)間靜止放置一質(zhì)量為3m的“聯(lián)動雙桿”(金屬桿〃和長度為I,它們之間用長度為d的剛性絕緣桿連接構(gòu)

成)，在“聯(lián)動雙桿''右側(cè)存在大小為B2、方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場區(qū)間H,其長度為抽。質(zhì)量為，隊長

為/的金屬桿面從傾斜導(dǎo)軌上端釋放，達到勻速后離開磁場區(qū)間I。桿油進入水平導(dǎo)軌無能量損失，桿外與“聯(lián)

動雙桿”發(fā)生彈性碰撞，已知碰后在“聯(lián)動雙桿”通過磁場區(qū)間n過程中，桿外和“聯(lián)動雙桿”不會同時處于磁場中，

運動過程中，桿"、cd和與導(dǎo)軌始終接觸良好，且保持與導(dǎo)軌垂直。已知：公30。，g=10m/s2,桿岫、4和

”電阻均為/f=0.02d/n=0.1kg,/=0.5m,d=0.3m,xo=O.6m,B/=0.1T,&R.2T。不計摩擦阻力和導(dǎo)軌電阻，忽

略磁場邊界效應(yīng)。求

(1)桿ab在傾斜導(dǎo)軌上勻速運動時的速度"：

(2)“聯(lián)動雙桿”進入磁場區(qū)間II前的速度大小以；

(3)碰后在“聯(lián)動雙桿”通過磁場區(qū)間II過程中桿M產(chǎn)生的焦耳熱Q。

【解析】(1)桿仍在傾斜導(dǎo)軌上.勻速運動時，由平衡條件可知〃2gsin?=0#

R

%=穴+萬

代入數(shù)據(jù)解得%=6m/s

(2)桿出7和聯(lián)動雙桿碰撞前，由動能定理可知相=

代入數(shù)據(jù)解得W=8m/s

桿訪和聯(lián)動雙桿產(chǎn)生彈性碰撞，動量守恒，機械能守恒，則有加匕=根匕'+3機匕

111

—mv.2=—mvr,2H--3/nv,2

2'2,22

代入數(shù)據(jù)解得V2=4m/s

(3)碰后聯(lián)動雙桿入磁場區(qū)間II,有三個過程，由動量定理和能量守恒定律，第一過程則有

-B2//I?A.=3/?IV3-3mv2

入B/d

1=/|r加I=-^—

代入數(shù)據(jù)解得b=^m/s

產(chǎn)生的焦耳熱。1=；-3桃￥-：3機v；

23

2=十

O

在磁場中第二過程則有一層〃2=3，叫-3加匕

，入，B/d

q2=l2\t2=^-—

R總

代入數(shù)據(jù)解得匕*m/s

產(chǎn)生的焦耳熱Q=；，3/w；

0丹1

第三過程出磁場則有一紇〃3?維=3根y-3相！

,AfB/d

%=，3頌=-^―

R&

代入數(shù)據(jù)解得%=3m/s

產(chǎn)生的焦耳熱Q,=；，3zw；

最后由串并聯(lián)關(guān)系得桿浦產(chǎn)生的焦耳熱2=；12+1：。3+?3。,=192牛311+919?」+2/0￥740.351

663666632

二'非選擇題：共174分。第22?25題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33~34題為選考題，考生根據(jù)

要求作答。

（-）必考題：共47分。

33.[物理——選修3-3]（15分）

（1）（5分）根據(jù)有關(guān)物理知識，下列說法正確的是（）

A.若僅知道水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，無法計算出阿伏加德羅常數(shù)

B.0℃的冰中的水分子和0℃的液態(tài)水中的水分子平均動能相同

C.用阿伏加德羅常數(shù)和某種氣體的密度，就可以求出該種氣體的分子質(zhì)量

D.由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，液面分子間表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮趨勢

E.氣體分子各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與溫度有關(guān)

【答案】BDE

,,M

【解析】A.只要知道水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，根據(jù)'”=嬴

可以計算出阿伏加德羅常數(shù)，A錯誤；

B.溫度是分子平均動能的標(biāo)志，0。＜2的冰中的水分子和0。（2的液態(tài)水中的水分子平均動能相同，B正確；

C.用阿佛加德羅常數(shù)和某種氣體的密度，再加上氣體的摩爾質(zhì)量，才能求出該種氣體的分子質(zhì)量，c錯誤；

D.由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨

勢，D正確；

E.氣體分子無規(guī)則運動，但是速率有大有小，大量分子的速率按一定的規(guī)律分布，呈現(xiàn)出“中間多，兩頭少”的

分布規(guī)律，如圖

氧氣分子速率分布圖

是氧氣在CCfil100℃兩種不同情況下各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與分子速率間的關(guān)系，可知氣

體分子各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與溫度有關(guān)，E正確。故選BDE。

（2）（10分）疫情期間，需要使用消毒噴霧壺對公共場合進行消毒，其結(jié)構(gòu)如圖所示，內(nèi)部可用容積為3L,工

作時，工作人員裝入稀釋過的2L藥液后旋緊壺蓋，關(guān)閉噴水閥門，拉動手柄打氣10次，假設(shè)每次打入壓強為

105Pa,體積為（ML的氣體，大氣壓強為105pa,在整個過程中可認為壺內(nèi)溫度不變，不考慮管內(nèi)的藥液體積和

管內(nèi)藥液產(chǎn)生的壓強。

（1）求打氣10次后壺內(nèi)氣體的壓強；

（2）現(xiàn)打開閥門，消毒液噴出，當(dāng)壺內(nèi)不再噴出消毒液時，求壺內(nèi)剩余消毒液的體積。

消

毒

噴

霧

壺

【解析】（1）打氣10次前后，壺內(nèi)氣體等溫變化，打氣前“=10'pa,K=lL+10x0.1L=2L

打氣后2=?，匕=1

根據(jù)玻意耳定律

解得P?=2xl（ySpa

（2）壺內(nèi)氣體在藥液噴出過程中等溫變化，噴前P2=2xl（）5pa,V2=1L

噴出后Pa=10’pa,V3=?

根據(jù)玻意耳定律PM=P.M

解得匕=2L

剩余消毒液體積丫=3L-2L=IL

34.[物理——選修3-4]（15分）

（1）（5分）如圖所示的直角坐標(biāo)系中，。點有一波源，7=0時刻，波源從。點開始沿著y軸正方向振動，形成

沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，經(jīng)半個周期后剛好傳播到P點。已知該波的周期為0.4s,振幅為8cm,OP間的

距離為0.6m,PQ間的距離為0.7m。則下列說法正確的是（）

J本

pQ

A.該波的傳播速度為3m/s

B.。點開始振動時，尸點的位移為4cm

C.。點開始振動時，。點的位移為4cm

D.P點第一次到波谷時，。點正在做加速運動

E.Q點開始振動后，P,Q兩點在同一時刻的速度不可能相等

【答案】ACE

【解析】A.由題可知，波從O傳播到P的過程，波的傳播速度v=§"=E1m/s=3m/s

故A正確；

B.由題意T=0.4s

_2乃

1——

co

69=5OTad/s

2=1.2m,A=8cm,P點與。點間距半個波長，是反相點的關(guān)系，所以P質(zhì)點的振動方程為孫=-8sin（5R-乃）