2023-2024年山東省濱州市惠民縣六校高二上學期11月期中聯(lián)考物理試題（解析版）

2023-2024學年第一學期期中質(zhì)量檢測高二物理試題一、單項選擇題（本題共8小題，每題3分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求）1.關于系統(tǒng)動量守恒的說法正確的是（）①只要系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)動量就守恒②系統(tǒng)內(nèi)有摩擦力，系統(tǒng)動量可能守恒③如果系統(tǒng)所受合外力遠大于內(nèi)力時，系統(tǒng)可近似認為動量守恒④系統(tǒng)所受合外力不為零，其動量一定不守恒，但有可能在某一方向上守恒A.①②③ B.①②④ C.①③④ D.②③④【答案】B【解析】【詳解】①．系統(tǒng)所受的合外力為零，合外力的沖量為零，系統(tǒng)動量守恒，故①正確；②．動量守恒的條件是系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)內(nèi)有摩擦力時，由于內(nèi)力對系統(tǒng)的動量變化沒有影響，只要系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)的動量仍守恒，故②正確；③．系統(tǒng)所內(nèi)力遠大于外力時可近似看成動量守恒，系統(tǒng)動量不守恒，故③錯誤；④．根據(jù)動量守恒的條件可知，系統(tǒng)所受合外力不為零，其動量一定不守恒，但系統(tǒng)在某一方向不受外力或合外力為零，在該方向上系統(tǒng)的動量守恒，故④正確。綜上可知選B。2.飛力士棒（Flexi—bar）是一種能加強軀干肌肉功能的訓練器材。標準型飛力士棒由握柄、負重頭和PVC軟桿連接而成，可以使用雙手進行驅動，棒的固有頻率為4.5Hz，如圖所示。則（）A.使用者用力越大飛力士棒振動越快B.隨著手振動的頻率增大，飛力士棒振動的幅度不可能越來越小C.雙手驅動該飛力士棒每分鐘完成4.5次全振動，會產(chǎn)生共振D.負重頭質(zhì)量不變，僅PVC桿縮短時，飛力士棒的固有頻率隨之變化【答案】D【解析】【詳解】A．使用者用力大小影響的是振幅，與振動快慢沒有關系，故A錯誤；B．隨著手振動的頻率增大，飛力士棒振動的頻率隨之增大，但是幅度可能越來越小。故B錯誤；C．雙手驅動該飛力士棒每分鐘完成4.5次全振動，則驅動力的頻率為與飛力士棒的固有頻率不相等，不會產(chǎn)生共振，故C錯誤；D．負重頭質(zhì)量不變，僅PVC桿縮短，結構改變，飛力士棒的固有頻率會變化。故D正確。故選D。3.如圖所示，輕彈簧的一端固定在豎直墻上，一個光滑弧形槽靜止放在足夠長的光滑水平面上，弧形槽底端與水平面相切，讓一個物塊從槽上高h處由靜止開始下滑。下列說法正確的是（）A.物塊沿槽下滑的過程中，物塊的機械能守恒B.物塊沿槽下滑的過程中，物塊與槽組成的系統(tǒng)動量守恒C.從物塊壓縮彈簧到被彈開的過程中，彈簧對物塊的沖量不為零D.物塊第一次被反彈后一定再次回到槽上高h處【答案】C【解析】【詳解】A．一個光滑弧形槽靜止放在足夠長的光滑水平面上，物塊沿槽下滑的過程中，物塊的機械能不守恒，物塊與槽組成的系統(tǒng)機械能守恒，A錯誤；B．物塊沿槽下滑的過程中，物塊與槽組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，B錯誤；C．從物塊壓縮彈簧被彈開的過程中，物塊受到的沖量等于物塊動量的變化，物體的動量變化量不為零，故物體受到的沖量不為零，C正確；D．物塊第一次被反彈后，追上弧形槽，上升到最高點時，物塊和弧形槽具有相同的速度，全過程系統(tǒng)機械能守恒，故物塊不能回到槽上高h處，D錯誤。故選C。4.如圖所示，直線A為某電源的圖線，曲線B為某LED燈泡的圖線，用該電源和燈泡串聯(lián)起來組成閉合回路，燈泡恰能正常發(fā)光。下列說法正確的是（）A.電源的內(nèi)阻為B.燈泡正常發(fā)光時的功率小于5WC.燈泡的阻值隨其電壓增大而增大D.將燈泡換成的定值電阻后，電源的輸出功率增大【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)圖線的斜率的絕對值為電源內(nèi)阻，可得此電源的內(nèi)阻故A錯誤；B．兩圖線的交點表示小燈泡與電源連接時的工作狀態(tài)，由于燈泡正常發(fā)光，則知燈泡的額定電壓額定電流則額定功率為故B錯誤；C．根據(jù)歐姆定律可知燈泡圖像上的點與原點連線的斜率表示電阻的大小，可知小燈L的電阻隨兩端電壓的增大而減小，故C錯誤；D．電源的輸出功率圖像如下由圖可看出當時輸出功率最大，由選項B知小燈泡L的額定電壓，額定電流，則小燈泡正常發(fā)光時的電阻為若把燈泡L換成阻值恒為的純電阻，則更接近內(nèi)阻，則電源的輸出功率變大，故D正確。故選D。5.如圖甲所示，一單擺懸掛在拉力傳感器上。讓單擺在豎直面內(nèi)做小角度擺動，拉力傳感器顯示繩子拉力的大小隨時間的變化圖像如圖乙所示，已知當?shù)氐闹亓铀俣葹?，則根據(jù)圖乙中的數(shù)據(jù)可知（）A.此單擺周期B.此擺球的質(zhì)量為C.此單擺的擺長D.在時刻擺球的回復力最小【答案】C【解析】【詳解】A．擺球運動到最低點時，由重力和繩子拉力的合力提供向心力，所以擺球運動到最低點時，繩子拉力最大，則此單擺的周期為故A錯誤；B．擺球運動到最低點時，由重力和繩子拉力的合力提供向心力，則有此擺球的質(zhì)量為故B錯誤；C．根據(jù)單擺周期公式可得此單擺的擺長故C正確；D．單擺的回復力是重力沿擺球運動軌跡切向的分力提供，擺球運動到最低點時，擺球的回復力最小，所以在時刻擺球的回復力最小，在時刻擺球的回復力最大，故D錯誤。故選C。6.2023年2月，土耳其、敘利亞兩國發(fā)生了大地震，造成了重大破壞與人員傷亡，我國及時派遣了多支專業(yè)搜救隊并援助了大量急需物資。地震波既有橫波，也有縱波，若一列沿x軸正方向傳播的地震橫波，在t（圖中實線）與（圖中虛線）兩個時刻x軸上-3~3km區(qū)間內(nèi)的波形圖如圖所示，則下列說法正確的是（）A.該地震波的波長為3kmB.質(zhì)點振動的周期最大為1sC.該地震波波速一定為4km/sD.從t時刻開始計時，處的質(zhì)點比處的質(zhì)點先回到平衡位置【答案】B【解析】【詳解】A．相鄰兩波峰之間的距離是一個波長，所以波長為故A錯誤；B．由圖可知，圖中由實線變成虛線的時間為故當時，得質(zhì)點振動的周期最大為1s，故B正確；C．由該地震波最小波速為故C錯誤；D．在t時刻，x=0.5km處的質(zhì)點和x=1.5km處的質(zhì)點都在向負方向振動，所以x=1.5km處的質(zhì)點先回到平衡位置，故D錯誤。故選B。7.一簡諧橫波沿x軸負向傳播，時刻的波形如圖甲所示，處的質(zhì)點振動圖像如圖乙所示，以下說法正確的是（）A.時刻處的質(zhì)點沿y軸負方向運動B.該質(zhì)點的振動方程為C.若該波的波長大于0.50m，則該波波長一定為4mD.若該波的波長小于0.50m，則該波波長可能為0.4m【答案】C【解析】【詳解】A．由圖乙可知時刻處的質(zhì)點振動方向沿y軸正方向，A錯誤；B．由圖乙可知，則位移為，則初相則有B錯誤；CD．由甲、乙兩圖可知，該質(zhì)點的位置滿足當時，波長大于0.50m，且，若該波的波長小于0.50m，則該波波長不可能為0.4m，C正確，D錯誤。故選C。8.如圖所示，一平行板電容器的兩極板A、B水平放置，A極板接地，電容器、二極管、開關S與電源相連，已知二極管具有單向導電性?，F(xiàn)將開關S閉合，在P點有一帶電液滴恰好處于靜止狀態(tài)。保持開關S閉合，下列說法正確的是（）A.將B板向上移動一小段距離，電容器將放電B.將B板向上移動一小段距離，液滴在P點的電勢能減小C.將A板向上移動一小段距離，電容器將放電D.將A板向上移動一小段距離，液滴在P點的電勢能增大【答案】D【解析】【詳解】AB．保持開關閉合，將B板向上移動一小段距離，根據(jù)由于板間距離減小，可知電容增大，電容器充電，兩極板電壓不變，場強增大，AP間電壓增大，P點電勢降低，由受力可知液滴帶負電，則液滴在P點的電勢能增大，A錯誤，B錯誤；CD．將A板向上移動一小段距離，板間距離增大，電容減小，由于二極管具有單向導電性，所以不能放電，電容器儲存的電荷量不變，則可知場強不變，AP間電壓增大，P點電勢降低，則液滴在P點的電勢能增大，C錯誤，D正確。故選D。二、多項選擇題（本小題共4小題，每題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，至少兩項符合題目要求，全部選對得4分，選對而不全得2分，選錯或者不選不得分）9.如圖甲所示為以O點為平衡位置，在A、B兩點間做簡諧運動的彈簧振子，圖乙為這個彈簧振子的振動圖像，由圖可知下列說法中正確的是（）A.在時，彈簧振子的位移為正向最大B.在時，彈簧振子的速度為正向最大C.從到時間內(nèi)，彈簧振子做加速度增加的減速運動D.在與兩個時刻，彈簧振子速度相同，加速度也相同【答案】AC【解析】【詳解】A．在時，彈簧振子的位移為正向最大，A正確；B．在時，彈簧振子的速度為負向最大，B錯誤；C．從到時間內(nèi)，彈簧振子做加速度增大的減速運動，C正確；D．在與兩個時刻，彈簧振子速度相同，加速度的大小相同，方向不同，D錯誤。故選AC。10.如圖甲所示，同一水平直線上相距9m的A、B兩處各有一個振源，C為A、B連線的中點。在時刻，A、B兩處的質(zhì)點以相同的振幅同時開始做垂直于直線AB的上下振動，且都只振動了一個周期，它們的振動圖像分別為圖乙和圖丙。若A處振源向右傳播的波與B處振源向左傳播的波在時刻于C點相遇，則（）A.兩列波在A、B間的傳播速度均為15m/sB.兩列波的波長都是6mC.在兩列波相遇的過程中，中點C為振動加強點D.在時刻，B處質(zhì)點經(jīng)過平衡位置且振動方向向下【答案】AD【解析】【詳解】A．兩列波在同一介質(zhì)中傳播時，速度相同，設波速都是v，則2vt=AB代入解得v=15m/s故A正確；B．由波長與波速關系可得λ=vT=15×0.2m=3m故B錯誤；C．在兩列波相遇的過程中，兩列波的波峰與波谷在C點相遇，C點振動減弱，故C錯誤；D．A處振源引起的波傳到B點需要的時間為A處振源引起的波的振動狀態(tài)傳到B點再振動0.1s，由于A處振源起振方向向上，兩波只振動了一個周期，所以在時刻，B處質(zhì)點通過平衡位置向下振動，D正確。故選AD。11.由高壓水槍中豎直向上噴出的水柱，將一個質(zhì)量為m的小鐵盒開口向下頂在空中，如圖所示，已知水的密度為，以恒定速率從橫截面積為s的水槍中持續(xù)噴出，向上運動并沖擊小鐵盒后，以不變的速率豎直返回，水與鐵盒作用時這部分水所受重力可忽略不計，下列說法正確的是（）A.水到達鐵盒底部速度的大小B.水到達鐵盒底部速度的大小C.鐵盒到水槍口的高度D.鐵盒到水槍口的高度【答案】BC【解析】【詳解】ABCD．以時間內(nèi)與鐵盒發(fā)生作用的水為研究對象：這些水的質(zhì)量跟時間內(nèi)從槍口噴出的水的質(zhì)量相同這些水與鐵盒作用時的速度為v，動量變化為這些水對鐵盒的反作用力由于鐵盒處于平衡狀態(tài)，則由此可得又由機械能守恒可知小鐵盒距水槍口的高度將上式代入該式得故選BC。12.如圖甲，質(zhì)量是的子彈水平射入靜止在水平地面上的木塊并留在其中，此后木塊運動的圖像如圖乙所示，其中x表示木塊的位移，t表示木塊運動的時間。已知木塊的質(zhì)量為，重力加速度g取，下列說法正確的是（）A.木塊與水平地面之間的動摩擦因數(shù)為0.8B.子彈射入木塊過程中，子彈損失的機械能為799.92JC.保持子彈射入木塊時的初速度不變，子彈的質(zhì)量越大，系統(tǒng)損失的機械能越少（子彈未射出木塊）D.保持子彈射入木塊時的初速度不變，木塊的質(zhì)量越大，子彈對木塊的沖量越大（子彈未射出木塊）【答案】ABD【解析】【詳解】A．根據(jù)圖乙可得整理可得x=4t-4t2結合勻變速直線運動位移與時間關系可知子彈留在木塊中一起做勻減速直線運動初速度和加速度大小分別為v=4m/s，a=-8m/s2以子彈、木塊為整體，根據(jù)牛頓第二定律可得μ（M+m）g=（M+m）a解得木塊與水平地面之間的動摩擦因數(shù)為故A正確；B．設子彈射入木塊前的初速度為v0，設向右為正方向，根據(jù)動量守恒可得mv0=（m+M）v代入數(shù)據(jù)解得v0=400m/s子彈損失的機械能故B正確；C．設子彈射入木塊前的初速度為v0，根據(jù)動量守恒可得mv0=（m+M）v解得該過程中系統(tǒng)損失的機械能為可知保持子彈射入木塊時的初速度不變，若子彈的質(zhì)量越大，系統(tǒng)損失的機械能越多，故C錯誤；D．根據(jù)動量定理，子彈對木塊的沖量為可知保持子彈射入木塊時的初速度不變，若木塊的質(zhì)量越大，子彈對木塊的沖量越大，故D正確。故選ABD。三、實驗題（每空2分，共14分）13.某同學用如圖甲所示的實驗裝置來研究動量守恒定律，光電門1、2固定在氣墊導軌上，質(zhì)量分別為和（含遮光片）的兩滑塊、B從光電門1、2的外側勻速相向運動，在兩個光電門之間某位置發(fā)生碰撞并粘在一起繼續(xù)運動，運動到氣墊導軌一端時立刻被鎖定。（1）兩滑塊上的遮光片寬度相同，用游標卡尺測量遮光片寬度的結果如圖乙所示，則遮光片的寬度為________；（2）在調(diào)節(jié)裝置時，啟動充氣機，在氣墊導軌上輕推一個滑塊，要求滑塊通過兩光電門時的擋光時間相等，其目的是________。（3）實驗中光電門1記錄擋光時間為，光電門2記錄三次擋光時間均為，如果同學得到________表達式（用題中已知的物理量表示），就說明滑塊、B碰撞過程中動量守恒?！敬鸢浮竣?4.50②.調(diào)節(jié)氣墊導軌水平③.（或或）【解析】【詳解】（1）[1]游標卡尺讀數(shù)為4mm+10×0.05mm=4.50mm（2）[2]在調(diào)節(jié)裝置時，啟動充氣機，在氣墊導軌上輕推一個滑塊，要求滑塊通過兩光電門時的擋光時間相等，其目的是調(diào)節(jié)氣墊導軌水平，保證滑塊做勻速直線運動；（3）[3]設遮光板寬為d，由題意可知，以向右為正方向，滑塊A碰前速度碰前B的速度為碰后A、B的速度為如果系統(tǒng)動量守恒，則有聯(lián)立可得（或或）14.如圖所示為某興趣小組測量電池組的電動勢和內(nèi)阻的實驗原理圖，已知電池組的電動勢約為3V，內(nèi)阻約為1Ω?，F(xiàn)提供的器材如下：A．電池組；B．電壓表V（量程0～3V，內(nèi)阻約為1000Ω）；C．電阻箱C（0～99.9Ω）；D．定值電阻；E．定值電阻；F．開關和導線若干。（1）如果要準確測量電源的電動勢和內(nèi)阻，定值電阻應選擇______（選填“D”或“E”）。（2）改變電阻箱的阻值R，記錄對應電壓表的讀數(shù)U，作出的圖象如圖所示，圖線與橫、縱坐標軸的截距分別為、a，定值電阻的阻值用表示，則可得該電池組的電動勢為______，內(nèi)阻為______（用字母表示）。（3）該實驗測得的電動勢與真實值相比______。（選填“偏大”“偏小”或“不變”）【答案】①.D②.③.④.偏小【解析】【分析】【詳解】（1）[1]的定值電阻過大，使得電壓表指針的偏角太小，在改變電阻箱阻值時，電壓表的示數(shù)變化不明顯，故定值電阻選擇D。（2）[2][3]由閉合電路歐姆定律得整理得則有，解得，（3）[4]考慮到電壓表的分流作用，則有變形得可知電動勢的真實值故求得電動勢E的值偏小。四、解答題15.如圖所示，實線是某時刻的波形圖像，虛線是0．2s后的波形圖像，質(zhì)點P位于實線波的波峰處．①若波向右以最小速度傳播，求經(jīng)過t＝4s質(zhì)點P所通過的路程；②若波速為35m/s，求波傳播方向．【答案】①1．2m②向右傳播【解析】【詳解】試題分析：①若波向右傳播：nT＋T＝0．2s（n＝0,1,2,3，…）由可知周期最大波速最小，當n＝0時T最大值為經(jīng)過時間t＝4s，即經(jīng)過15個整周期，所以質(zhì)點P通過的路程為s＝15×4A＝1．2m②若波向右傳播：nT＋T＝0．2s（n＝0,1,2,3,…）聯(lián)立當n＝1時，波速為35m/s，所以向右傳播．若波向左傳播：nT＋T＝0．2s聯(lián)立當n取0或其他任何正整數(shù)時，波速都不為35m/s，所以波不會向左傳播．考點：機械波的傳播【名師點睛】本題考查理解波動圖象的能力以及運用數(shù)學通項求解特殊值的能力．對于兩個時刻的波形，一定要考慮波的雙向性．第2小題可由x=vt，求出波傳播的距離，分析與波長的關系，根據(jù)波形的平移法確定波的傳播方向．16.利用電動機通過如圖所示的電路提升重物，已知電源電動勢，電源內(nèi)阻，電阻，重物質(zhì)量，當將重物固定時，理想電壓表的示數(shù)為4V，當重物不固定，且電動機最后以穩(wěn)定的速度勻速提升重物時，電壓表的示數(shù)為5V，（不計摩擦，g?。?。求：（1）電動機內(nèi)阻為多大？（2）重物勻速上升時的速度大小?！敬鸢浮浚?）；（2）1m/s【解析】【詳解】（1）當將重物固定時，理想電壓表的示數(shù)為4V，電動機相當于純電阻用電器，根據(jù)閉合電路歐姆定律得電路中電流為則電動機的電阻為（2）當重物不固定，且電動機最后以穩(wěn)定的速度勻速提升重物時，根據(jù)閉合電路歐姆定律，可得電路中電流為電動機兩端電壓為故電動機的輸入功率為P=UMI′=4×1W=4W根據(jù)能量轉化和守恒定律得P=mgv+I′2RM代入數(shù)據(jù)解得重物勻速上升的速度大小為v=1m/s17.2023年10月23日上午，惠民縣第七屆“縣長杯”校園足球聯(lián)賽拉開帷幕。如圖所示，小陳同學正在練習用頭顛球。某一次足球由靜止下落0.6m，被重新頂起，離開頭部后豎直上升至1m處。已知足球與頭部作用過程中，頭對足球的平均作用力大小為36N，足球的質(zhì)量為0.4kg，足球在空中時空氣阻力為1N，大小不變，其他時間空氣阻力不計。重力加速度g取，在此過程中，求：（1）足球在空中下落過程中空氣阻力對它的沖量大??；（2）足球與頭部的作用時間?！敬鸢浮浚?）0.4N?s；（2）0.1s【解析】【詳解】（1）足球下落過程由動能定理解得v1=3m/s足球上升過程由動能定理解得v2=5m/s下落過程的時間足球在空中下落過程中空