高一物理拔高題

高一物理拔高題（月考）說明：本試卷考試時間為90分鐘，滿分110分（將答案填寫在答題卡上！?。。┮?、選擇題：（本題共15小題，每小題4分，共60分。在每小題給出的四個選項中，第1題～第9題只有一個選項是符合題目要求的；第10題～第15題有多個選項是符合題目要求的，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）1.有一個物體以初速度v0沿傾角為θ的足夠長的粗糙斜面上滑，已知物體與該斜面間的動摩擦因數μ＜tanθ，那么能正確表示該物體的速度v隨時間t變化的圖線是()ABCD2.如圖所示，在豎直放置的穹形光滑支架上，一根不可伸長的輕繩通過輕質滑輪懸掛一重物G．現將輕繩的一端固定于支架上的A點，另一端從B點沿支架緩慢地向C點靠近（C點與A點等高）．則繩中拉力大小變化的情況是（）A．先變小后變大B．先變小后不變C．先變大后不變D．先變大后變小3.如圖所示，用完全相同的輕彈簧A、B、C將兩個小球1、2連接并懸掛，小球均處于靜止狀態(tài)，小球1、2的質量分別為2m和m．彈簧A與豎直方向的夾角為30°，彈簧C水平，則彈簧A、B、C的伸長量之比為（）A.B.C.D.4.如圖所示，質量分別為m和M的兩物體P和Q疊放在傾角為θ的固定斜面上，P、Q之間的動摩擦因數為μ1，Q與斜面間的動摩擦因數為μ2．當它們從靜止開始沿斜面滑下時，兩物體始終保持相對靜止，則物體P受到的摩擦力大小為（）A.0B.μ1mgcosθC.μ2mgcosθD.（μ1+μ2）mgcosθ5.物體A和物體B疊放在光滑水平面上靜止，如圖所示．已知mA=4kg，mB=10kg，A，B間的最大靜摩擦力fm=20N．現用一水平向右的拉力F作用在A上，則（）A．當F=20N時，A對B的摩擦力大小是20NB．當F＜20N時，A，B都靜止C．只要F＞20N，A，B間就發(fā)生相對運動D．只要F＞28N，A、B間就發(fā)生相對運動6.一個物體做勻加速直線運動，它在第3s內的位移為5m，則下列說法正確的是（）A.物體在第3

s末的速度一定是6

m/sB．物體的加速度一定是2

m/s2C.物體在前5

s內的位移一定是25

mD.物體在第5

s內的位移一定是9

m7.在固定于地面的斜面上垂直安放一個擋板，截面為，圓的柱狀物體甲放在斜面上，半徑與甲相等的光滑圓球乙被夾在甲與擋板之間，沒有與斜面接觸而處于靜止狀態(tài)．如圖所示．現在從球心O1處對甲放加一平行于斜面向下的力F，使甲沿斜面方向極其緩慢地移動，直至甲與擋板接觸為止．設乙對擋板的壓力為F1，甲對斜面的壓力為F2，則在此過程中（）A．F1緩慢增大，F2緩慢增大B．F1緩慢增大，F2緩慢減小C．F1緩慢減小，F2緩慢增大D．F1緩慢減小，F2不變8.如圖所示，已知mA=1/2mB=1/3mC=1kg，物體A、B、C及地面間的動摩擦因素均為μ=0.1，輕繩與滑輪間的摩擦可忽略，輕繩兩端分別與A、C兩物體相連接，若要用力將C物體勻速拉出，則所需要加的拉力最小為（）（取g=10m/s2）A.9NB.8NC.7ND.6N9.如圖（a）所示，一輕質彈簧的下端固定在水平面上，上端放置一物體（物體與彈簧不連接），初始時物體處于靜止狀態(tài)．現用豎直向上的拉力F作用在物體上，使物體開始向上做勻加速運動，拉力F與物體位移x的關系如圖b所示（g=10m/s2），則正確的結論是（）A．物體與彈簧分離時，彈簧處于壓縮狀態(tài)B．彈簧的勁度系數為7.5N/cmC．物體的質量為3kgD．物體的加速度大小為5m/s210.物塊m位于斜面上，受到平行于斜面的水平力F的作用處于靜止狀態(tài)，如圖所示，若撤去力F，則（）A．會沿斜面下滑B．摩擦力方向一定變化C．摩擦力變大D．摩擦力變小11.如圖甲所示，A、B兩長方體疊放在一起，放在光滑的水平面上。物體B從靜止開始受到一個水平變力的作用，該力與時間的關系如圖乙所示，運動過程中A、B始終保持相對靜止。則在0~2t0時間內，下列說法正確的是A．t0時刻，A、B間的靜摩擦力最大B．t0時刻，A、B的速度最大C．0時刻和2t0時刻，A、B間的靜摩擦力最大D．2t0時刻，A、B離出發(fā)點最遠12.如圖所示，物體A、B通過細繩及輕彈簧連接于輕滑輪兩側，物體A、B的質量分別為m、2m．開始以手托住物體A，兩繩恰好伸直，彈簧處于原長狀態(tài)，A距離地面高度為h．放手后A從靜止開始下落，在A下落至地面前的瞬間物體B恰好對地面無壓力，（不計滑輪處的摩擦）則下列說法正確的是（）A．在A下落至地面前的過程中物體B始終處于平衡狀態(tài)B．在A下落至地面前的過程中A物體始終處于失重狀態(tài)C．在A下落至地面前的過程中A物體的機械能減少了mghD．A落地前的瞬間加速度為g方向向上13.如圖所示，一粗糙的水平傳送帶以恒定的速度v1沿順時針方向運動，傳送帶的左、右兩端皆有一與傳送帶等高的光滑水平面，一物體以恒定的速度v2沿水平面分別從左、右兩端滑上傳送帶，下列說法正確的是（）A．物體從右端滑到左端所須的時間一定大于物體從左端滑到右端的時間B．若v2＜v1，物體從左端滑上傳送帶必然先做加速運動，再做勻速運動C．若v2＜v1，物體從右端滑上傳送帶，則物體可能到達左端D．若v2＜v1，物體從右端滑上傳送帶又回到右端．在此過程中物體先做減速運動，再做加速運動14.物體ABC均靜止在同一水平面上，它們的質量分別為mA、mB、mC，與平面的動摩擦因數分別為μA、μB、μC，用平行于水平面的拉力F分別拉物體A、B、C所得加速度a與F的關系圖線如圖所示，對應的直線甲、乙、丙所示，甲、乙直線平行，則以下說法正確的是（）

A.μA<μB，mA=mB

B.μB>μC，mB>mC

C.μB=μC，mB>mC

D.μA<μC，mA<mC15.質量為0.3kg的物體在水平面上做直線運動，圖中的兩條直線表示物體受水平拉力和不受水平拉力兩種情形下的v-t圖象，則下列說法正確的是（）A．水平拉力大小可能等于0.3

NB．水平拉力大小一定等于0.1

NC．物體受到的摩擦力大小一定等于0.1

ND．物體受到的摩擦力大小一定等于0.2

N二.實驗題：（本題共2個小題，共15分）16.（5分）在”驗證力的平行四邊形定則”的實驗中：

（1）部分實驗步驟如下，請完成有關內容：

A．將一根橡皮筋的一端固定在貼有白紙的豎直平整木板上，另一端綁上兩根細線．B．在其中一根細線上掛上5個質量相等的鉤碼，使橡皮筋拉伸，如圖甲所示，記錄：

C．將步驟B中的鉤碼取下，分別在兩根細線上掛上4個和3個質量相等的鉤碼，用兩光滑硬棒B、C使兩細線互成角度，如圖乙所示，小心調整B、C的位置，使，記錄、。（2）如果”驗證力的平行四邊形定則”得到驗證，那么圖乙中1.解析：物體先沿斜面向上做勻減速直線運動，后沿斜面向下做勻加速直線運動．根據牛頓第二定律可知：物體上滑的加速度大于下滑的加速度，則上滑的時間短于下滑的時間，返回出發(fā)點時速度與初速度v0小．則a圖符合物體的運動情況．故選A2.解析：當輕繩的右端從B點移到直桿最上端時，設兩繩的夾角為2θ．以滑輪為研究對象，分析受力情況，作出力圖如圖1所示．根據平衡條件得2Fcosθ=mg

得到繩子的拉力F=,所以在輕繩的右端從B點移到直桿最上端時的過程中，θ增大，cosθ減小，則F變大．當輕繩的右端從直桿最上端移到C點時，設兩繩的夾角為2α．設繩子總長為L，兩直桿間的距離為S，由數學知識得到sinα=，L、S不變，則α保持不變．再根據平衡條件可知，兩繩的拉力F保持不變．所以繩中拉力大小變化的情況是先變大后不變．故選C

3.解析：將兩球和彈簧B看成一個整體，整體受到總重力G、彈簧A和C的拉力，如圖，設彈簧A、C的拉力分別為F1和F2．由平衡條件得知，F2和G的合力與F1大小相等、方向相反

則得：F1=F2=F1sin30°=0.5F1=0.5F②以球2為研究對象；B彈簧的拉力為F3．則：F3=聯立①②③得F3=F根據胡克定律得：F=kx，k相同，則彈簧A、B、C的伸長量之比等于彈簧拉力之比，則彈簧A、B、C的伸長量之比為xA：xB：xC=F1：F2：F3=故選：C4.解析：對PQ整體受力分析，受到重力、支持力和滑動摩擦力，如圖

根據牛頓第二定律，有（m+M）gsinθ-μ2（m+M）gcosθ=（M+m）a

解得a=g（sinθ-μ2cosθ）①

再對P物體受力分析，受到重力mg、支持力和沿斜面向上的靜摩擦力，根據牛頓第二定律，有mgsinθ-f=ma②由①②解得f=μ2mgcosθ故選C.5.解析：當A、B發(fā)生相對運動時的加速度a=＝=2m/s2．則發(fā)生相對運動時最大拉力F=（mA+mB）a=14×2N=28N．

A、當F=20N時，整體的加速度a＝=m/s2，則A對B的摩擦力f=mBa=10×N=14.2N．A錯誤．B、當F＜28N時，A，B都相對靜止，B錯誤；

C、D、只要F＞28N，A、B間就發(fā)生相對運動，C錯誤D正確；故選：D．6.解析：A、由于勻加速直線運動的初速度未知，僅知道第3s內的位移，無法求出物體的加速度、3s末的速度以及第5s內的位移，故ABD錯誤令物體的初速度為v0m/s，加速度為am/s2，則根據勻變速直線運動的位移時間關系有：物體在第3s內的位移x3=3v0+a?32-(2v0+a?22)m=（v0+）m.物體在前5s內的位移x=5v0+a?52m=5(v0+)m因為x3=5m，∴x=25m即C正確．故選C．7.解析：以物體乙為研究對象，受力情況如圖所示，

則有垂直斜面方向有：FNcosα=m2gcosθ沿斜面方向有：F乙=m2gsinθ+FNsinα由于α逐漸減小，則FN逐漸減小，所以F乙逐漸減?。鶕ｎD第三定律可知：F1=F乙，故F1逐漸減?。訟B錯誤．以整體為研究對象，則有斜面的支持力：F支=（m1+m2）gcosθ，顯然保持不變．根據牛頓第三定律可知：F2=F支=（m1+m2）gcosθ，顯然保持不變．故C錯誤，D正確．故選D．8.解析：首先由于A和C用輕繩相連，時刻有相同的速度；而B分別受到A和C的摩擦力，而由于C能提供的摩擦力要比A能提供的摩擦力要大，所以物體B一定隨C一起運動；

由此，我們發(fā)現B和C之間是相對靜止的，可以看做一個物體，BC整體受到向左的拉力，向右繩子的拉力和A給摩擦力，根據受力平衡，有

F=fA對BC+f地面對BC+T繩子拉力=1N+6N+1N=8N

故選B．

9.解析：A、物體與彈簧分離時，彈簧恢復原長，故A錯誤；

B、C、D、剛開始物體處于靜止狀態(tài)，重力和彈力二力平衡，有

mg=kx

①拉力F1為10N時，彈簧彈力和重力平衡，合力等于拉力，根據牛頓第二定律，有F1+kx-mg=ma

②物體與彈簧分離后，拉力F2為30N，根據牛頓第二定律，有F2-mg=ma③代入數據解得m=2kgk=500N/m=5N/cma=5m/s2故B錯誤，C錯誤，D正確；故選：D．10.解析：A、未撤去F前，將物體的重力分解為沿斜面方向和垂直于斜面方向兩個分力，在斜面方向的分力大小為mgsinα，方向沿斜面向下，作出物體在斜面平面內的受力情況如圖，由平衡條件得：摩擦力：f=，f的方向與F和mgsinα合力方向相反．所以物體受到的最大靜摩擦力：fm≥．撤去F后，物體對斜面的壓力沒有變化，所以最大靜摩擦力也沒有變化，此時mgsinα＜fm，故物體不會沿斜面下滑．選項A錯誤．

B、撤去F后，摩擦力方向沿斜面向上，與撤去F前不同．故B正確．

C、D由平衡條件得，撤去F后，摩擦力大小為f′=mgsinα＜f，即摩擦力變?。蔇正確，C錯誤．故選BD11.解析：當時間處在t0時，由于F=0，因此AB的加速度均為0，因此此時A不受B的靜摩擦力，因此A錯誤t0前，F對AB做正功，然后F對AB做負功，因此t0時刻速度最大由于AB相對靜止，因此A的加速度與A、B整體加速度相同，因此A受到的靜摩擦力設為f，A的質量為m，B為M，因此有因此f與F成正比，所以F越大，f越大，因此在0與2t0時刻，靜摩擦力最大0~2t0是速度由0到最大然后又減到0的過程，因2t0時刻距離出發(fā)點最遠.故選BCD.12.解析：A、由題分析可知，在A下落至地面前的過程中，B一直處于靜止狀態(tài)，即B始終處于平衡狀態(tài)．故A正確．

B、在A下落至地面前的瞬間物體B恰好對地面無壓力，此時彈簧的拉力恰好等于B的重力2mg，A先處于失重狀態(tài)，后處于超重狀態(tài)．故B錯誤．

C、A下落至地面前瞬間速度恰好為零，高度下降h，則A物體的動能沒有變化，重力勢能減小mgh，機械能減小mgh．故C正確．

D、以A研究對象，A落地前的瞬間，受到拉力和重力作用，拉力大小等于2mg，重力大小為mg，由牛頓第二定律分析得到加速度的大小為g，方向豎直向上．故D正確．

本題選正確的，故選ACD13.解析：A、若物體從右端滑到左端和從左端滑到右端的過程中一直相對于傳送帶滑動，此時滑動摩擦力產生加速度，兩者加速度相等，運動的位移相等，都做勻變速運動，所以運動的時間相等，否則不等，故A錯誤；

19題答案B、若v2＜v1，物體從左端滑上傳送帶時所受的滑動摩擦力向右，物體先做勻加速運動，當物體運動到右端時速度仍小于傳送帶速度時，沒有勻速過程，故B錯誤；

C、若v2＜v1，物體從右端滑上傳送帶，物體所受摩擦力向右，物體做勻減速運動，當物體滑到左端速度還大于等于零時，可以到達左端，故C正確；

D、若v2＜v1，物體從右端滑上傳送帶又回到右端．物體受到的摩擦力一直向右，加速度不變，即先向左勻加速，后向右勻減速，故D正確；故選CD．1