2023屆四川省南充市高三下學(xué)期高考適應(yīng)性考試物理試題（解析版）

高中物理精品試卷PAGEPAGE1南充市高2023屆高考適應(yīng)性考試（二診）能力測(cè)試注意事項(xiàng)：1.本試卷分第I卷（選擇題）和第II卷（非選擇題）兩部分。答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2.回答第I卷時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它〖答案〗標(biāo)號(hào)。寫(xiě)在試卷上無(wú)效。3.回答第II卷時(shí)，將〖答案〗寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在試卷上無(wú)效。4.考試結(jié)束，將答題卡交回。一、選擇題：本題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.近年中國(guó)探月工程取得重大成就。月球夜晚溫度低至-180°C，為避免低溫?fù)p壞儀器，“玉兔二號(hào)”月球車(chē)攜帶的放射性同位素钚238（）會(huì)不斷衰變，釋放能量為儀器設(shè)備238供熱。可以通過(guò)以下反應(yīng)過(guò)程得到：，。已知的衰變方程為，其半衰期為88年。下列說(shuō)法正確的是（）A.為輕核聚變B.X為正電子，Y為質(zhì)子C.的比結(jié)合能比U的比結(jié)合能小D.白天時(shí)溫度升高，的半衰期會(huì)減小〖答案〗C〖解析〗A．該反應(yīng)為原子核的人工轉(zhuǎn)變，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可得：X的質(zhì)子數(shù)為Z=93-94=-1質(zhì)量數(shù)為零，所以X是電子，Y的質(zhì)量數(shù)為A=238-234=4質(zhì)子數(shù)為2，由此可知Y為氦原子核，故B錯(cuò)誤；C．生成物更穩(wěn)定，所以比結(jié)合能更大，故C正確；D．半衰期與溫度無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖，輕質(zhì)不可伸長(zhǎng)晾衣繩兩端分別固定在豎直桿M、N上的a、b兩點(diǎn)，懸掛衣服的衣架鉤是光滑的，掛于繩上處于靜止?fàn)顟B(tài)。如果只人為改變一個(gè)條件，當(dāng)衣架靜止時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A.繩的右端上移到，繩子拉力變小B.將桿M向左移一些，繩子拉力變小C.換用稍長(zhǎng)一些的輕質(zhì)晾衣繩，繩子拉力變小D.繩的兩端高度差越小，繩子拉力變小〖答案〗C〖解析〗如圖所示，因?yàn)橥桓K子上的拉力相等，所以兩個(gè)繩子是對(duì)稱(chēng)的，與豎直方向夾角是相等的。AD．設(shè)繩子的長(zhǎng)度為x，則兩桿之間的距離等于xcosθ，繩子一端在上下移動(dòng)的時(shí)候，繩子的長(zhǎng)度不變，兩桿之間的距離不變，則θ角度不變，所以所以繩子上的拉力不變；繩的兩端高度差的大小，對(duì)繩子的拉力沒(méi)有影響，故AD錯(cuò)誤；B．當(dāng)桿M向左移一些，兩桿之間的距離變大，繩長(zhǎng)不變，所以θ角度減小，sinθ減小，繩子拉力變大，故B錯(cuò)誤；C．換用稍長(zhǎng)一些的輕質(zhì)晾衣繩，θ角度變大，繩子拉力變小，故C正確。故選C。3.如圖，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向垂直于紙面向里，無(wú)限長(zhǎng)通電直導(dǎo)線位于紙面內(nèi)，在紙面內(nèi)的M、N位于導(dǎo)線兩側(cè)，其連線與導(dǎo)線垂直。且M、N兩點(diǎn)到導(dǎo)線的距離之比為。經(jīng)測(cè)量，N點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小是M點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的2倍且方向相同。已知無(wú)限長(zhǎng)通電直導(dǎo)線在真空中某點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，其中k為常量，I為電流大小，r為該點(diǎn)到導(dǎo)線的距離。則無(wú)限長(zhǎng)通電直導(dǎo)線在M點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗設(shè)通電長(zhǎng)直導(dǎo)線在M點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小等于B，根據(jù)可知通電長(zhǎng)直導(dǎo)線在N點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小等于B。根據(jù)安培定則可知通電長(zhǎng)直導(dǎo)線在M點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向外、在N點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向里，則有B+B0=2（B0-B）解得故選A。4.有一種能自動(dòng)計(jì)數(shù)的智能呼啦圈深受健身者的喜愛(ài)，智能呼啦圈腰帶外側(cè)有半徑的圓形光滑軌道，將安裝有滑輪的短桿嵌入軌道并能自由滑動(dòng)，短桿的另一端懸掛一根帶有配重的腰帶輕質(zhì)細(xì)繩，其簡(jiǎn)化模型如圖。已知配重（可視為質(zhì)點(diǎn)）質(zhì)量，繩長(zhǎng)為。水平固定好腰帶，通過(guò)人體微小扭動(dòng)，使配重在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在某一段時(shí)間內(nèi)細(xì)繩與豎直方向夾角始終為。腰帶可看作不動(dòng)，重力加速度取，不計(jì)空氣阻力，，，下列說(shuō)法正確的是（）A.配重受到的合力大小為10N B.配重的角速度為C.若細(xì)繩不慎斷裂，配重將自由下落 D.若增大轉(zhuǎn)速，細(xì)繩對(duì)配重的拉力將變小〖答案〗B〖解析〗A．配重在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，配重受到的合力大小為故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)牛頓第二定律可得解得故B正確；C．若細(xì)繩不慎斷裂，配重將做平拋運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．若增大轉(zhuǎn)速，即增大角度，配重做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑增大，細(xì)繩與豎直方向的夾角增大，豎直方向根據(jù)受力平衡可得可得可知細(xì)繩對(duì)配重的拉力將變大，故D錯(cuò)誤。故選B。5.“黑洞”是近代引力理論所預(yù)言的一種特殊天體，探尋“黑洞”的方案之一是觀測(cè)雙星系統(tǒng)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律。天文學(xué)家觀測(cè)河外星系大麥哲倫云時(shí)，發(fā)現(xiàn)了LMCX-3雙星系統(tǒng)，它由可見(jiàn)星A和不可見(jiàn)的暗星B構(gòu)成。不考慮其它天體的影響，A、B圍繞兩者連線上的O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，它們之間的距離保持不變，若將可見(jiàn)星A所受暗星B的引力等效為位于O點(diǎn)處質(zhì)量為的星體對(duì)它的引力，設(shè)A和B的質(zhì)量分別為、，則（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗根據(jù)得根據(jù)得聯(lián)立解得故選D。6.如圖，傾角為θ的斜面MN段粗糙，其余段光滑，PM，MN長(zhǎng)度均為3d。四個(gè)質(zhì)量均為m的相同樣品1、2、3、4放在斜面上，每個(gè)樣品（可視為質(zhì)點(diǎn)）左側(cè)面固定有長(zhǎng)度為的輕質(zhì)細(xì)桿，細(xì)桿與斜面平行，且與其上方的樣品接觸但不粘連，樣品與MN間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為。若樣品1在P處時(shí)，四個(gè)樣品由靜止一起釋放，重力加速度大小為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)樣品1剛進(jìn)入MN段時(shí)，樣品的共同加速度大小為gsinθB.當(dāng)樣品1剛進(jìn)入MN段時(shí)，樣品1的輕桿受到壓力大小為3mgsinθC.從開(kāi)始釋放到樣品4剛進(jìn)入MN段的過(guò)程中，克服摩擦力做的總功為9mgdsinθD.當(dāng)四個(gè)樣品均位于MN段時(shí)，樣品的共同速度大小為3〖答案〗AD〖解析〗A．當(dāng)樣品1剛進(jìn)入MN段時(shí)，對(duì)整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，樣品的共同加速度故A正確；B．當(dāng)樣品1剛進(jìn)入MN段時(shí)，隔離對(duì)樣品1分析，根據(jù)牛頓第二定律有mgsinθ+F-μmgcosθ=ma1解得F=mgsinθ根據(jù)牛頓第三定律，樣品1的輕桿受到的壓力為mgsinθ，故B錯(cuò)誤；C．從開(kāi)始釋放到樣品4剛進(jìn)入MN段的過(guò)程中，摩擦力對(duì)樣品1做功摩擦力對(duì)樣品2做功摩擦力對(duì)樣品3做功此時(shí)樣品4剛進(jìn)入MN段，摩擦力不做功，則摩擦力做的總功故C錯(cuò)誤；D．從開(kāi)始釋放到樣品4剛進(jìn)入MN段的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理得解得樣品共同速度故D正確。故選AD。7.如圖甲所示，絕緣且粗糙程度相同的水平面上固定著兩個(gè)帶等量負(fù)電荷的點(diǎn)電荷M和N，O、A、B是在此水平面上M、N連線的中垂線上的三點(diǎn)，B點(diǎn)是MN的中點(diǎn)，O與B間距為x=0.2m.一帶正電的小球由O點(diǎn)靜止釋放，其質(zhì)量m=1×10－2kg、電荷量q=2×10－3C，帶正電的小球與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2。小球從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的v－t圖像如圖乙所示，A為圖像的拐點(diǎn)，乙圖中O、A、B對(duì)應(yīng)甲圖中O、A、B三個(gè)位置。重力加速度g=10m/s2，則以下說(shuō)法正確的是（）A.從O到B，小球的加速度先增大后減小B.O點(diǎn)與B點(diǎn)電勢(shì)差C.當(dāng)小球速度最大時(shí)，小球所在位置的電場(chǎng)強(qiáng)度D.O與B之間A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最小〖答案〗BC〖解析〗A．由乙圖可知，從O到A，小球的加速度增大，A到B先減小至零然后反向增大。故A錯(cuò)誤；B．從O到B，由動(dòng)能定理可得其中又聯(lián)立，可得故B正確；C．當(dāng)小球速度最大時(shí)，其加速度為零，有解得故C正確；D．對(duì)小球受力分析，由牛頓第二定律有由乙圖可知，小球在A點(diǎn)時(shí)加速度最大，即電場(chǎng)強(qiáng)度最大。故D錯(cuò)誤。故選BC。8.如圖所示，兩根電阻不計(jì)、足夠長(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌MN，PQ固定在水平面內(nèi)，間距d＝1m，在導(dǎo)軌間寬度L＝1m的區(qū)域有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B＝0.5T，方向如圖。一根質(zhì)量，阻值的金屬棒b靜置在導(dǎo)軌上，現(xiàn)使另一根質(zhì)量，阻值也為的金屬棒a以初速度從左端開(kāi)始沿導(dǎo)軌滑動(dòng)，穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域后，與b發(fā)生彈性碰撞，兩金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，則金屬棒a（）A.第一次穿過(guò)磁場(chǎng)時(shí)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)B.第一次穿過(guò)磁場(chǎng)時(shí)回路中有逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流C.第一次穿過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中克服安培力做的功為0.25JD.與金屬棒b碰撞后瞬間的速度大小為0.5m/s〖答案〗BD〖解析〗A．金屬棒a穿過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中受向左的安培力作用，根據(jù)可知隨著速度的減小，加速度減小，則金屬棒a做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．由右手定則可知，第一次穿過(guò)磁場(chǎng)時(shí)回路中有逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，選項(xiàng)B正確；C．第一次穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中由動(dòng)量定理可知其中由動(dòng)能定理解得v=1.5m/s選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．兩棒發(fā)生完全彈性碰撞，則解得v1=-0.5m/sv2=1m/s即a與金屬棒b碰撞后瞬間的速度大小為0.5m/s，選項(xiàng)D正確。故選BD。第II卷（非選擇題，共174分）二、非選擇題（本卷包括必考題和選考題兩部分，第22-32為必考題，每個(gè)試題考生都必須做答。第33-38題為選考題，考生根據(jù)要求做答）（一）必考題（共129分）9.為測(cè)量小球從某一高度釋放，與某種橡膠材料碰撞導(dǎo)致的機(jī)械能損失，某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖所示的裝置，實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：（已知小球的質(zhì)量為，直徑為）（1）讓小球從某一高度由靜止釋放，與水平放置的橡膠材料碰撞后豎直反彈。調(diào)節(jié)光電門(mén)位置，使小球從光電門(mén)正上方釋放后，在下落和反彈過(guò)程中均可通過(guò)光電門(mén)；（2）為方便操作并記錄小球此次下落和反彈通過(guò)光電門(mén)的遮光時(shí)間和，應(yīng)___________（填“A”或“B”）；A．先釋放小球，后接通數(shù)字計(jì)時(shí)器B．先接通數(shù)字計(jì)時(shí)器，后釋放小球（3）用測(cè)量結(jié)果計(jì)算小球與橡膠材料碰撞的機(jī)械能損失，其表達(dá)式為_(kāi)________（用字母、、和表示）；（4）若適當(dāng)調(diào)高光電門(mén)的高度，將會(huì)___________（填“增大”或“減小”）因空氣阻力引起的實(shí)驗(yàn)誤差?！即鸢浮剑?）B（3）（4）增大〖解析〗（2）〖1〗為方便操作并記錄小球此次下落和反彈通過(guò)光電門(mén)的遮光時(shí)間和，應(yīng)先接通數(shù)字計(jì)時(shí)器，后釋放小球。故選B。（3）〖2〗小球下落經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度大小為小球上升經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度大小為小球與橡膠材料碰撞損失的機(jī)械能為（4）〖3〗若適當(dāng)調(diào)高光電門(mén)的高度，則從光電門(mén)到橡膠材料的距離增大，從下落經(jīng)過(guò)光電門(mén)到上升經(jīng)過(guò)光電門(mén)通過(guò)的路程增大，克服空氣阻力做的功增大，則將會(huì)增大因空氣阻力引起的實(shí)驗(yàn)誤差。10.（1）利用圖甲所示電路測(cè)量電流表A（量程1mA）的內(nèi)阻。實(shí)驗(yàn)室有以下器材；待測(cè)電流表A（量程1mA）滑動(dòng)變阻器B（最大阻值6000Ω）滑動(dòng)變阻器C（最大阻值3000Ω）電阻箱（最大阻值999.9Ω）電源（電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)阻很?。╇娫矗妱?dòng)勢(shì)為6V，內(nèi)阻很?。贋榱吮容^精確的測(cè)量，電源選用___________（填“”或“”），滑動(dòng)變阻器選用___________（填“B”或“C”）測(cè)量方法是：先斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電流表的指針滿偏；保持的阻值不變，閉合，調(diào)節(jié)電阻箱，使電流表的指針半偏，此時(shí)電阻箱的示數(shù)為99.0Ω。則：②電流表A內(nèi)阻的測(cè)量值為_(kāi)__________Ω，測(cè)量值___________（填“大于”、“小于”或“等于”）真實(shí)值。（2）若將該電流表A改裝成量程為100mA的電流表，則改裝后的電流表的內(nèi)阻_______Ω。（3）為測(cè)量一節(jié)廢舊干電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，利用電流表和其它實(shí)驗(yàn)器材設(shè)計(jì)了如圖乙所示的電路。在實(shí)驗(yàn)中，多次改變電阻箱阻值，記錄多組數(shù)據(jù)，畫(huà)出圖像為一條直線（如圖丙）。由圖中數(shù)據(jù)計(jì)算出該電池的電動(dòng)勢(shì)___________V，內(nèi)阻___________Ω（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）。

〖答案〗（1）①.B②99.0小于（2）0.99（3）1.1310.3〖解析〗（1）①〖1〗〖2〗根據(jù)題意可知，采用的是半偏法測(cè)量電流表內(nèi)阻，為了減小誤差，實(shí)驗(yàn)中電源選擇電動(dòng)勢(shì)較大的，回路最大電流1mA，根據(jù)歐姆定律可知，最小電阻6000Ω，故滑動(dòng)變阻器選擇B。②〖3〗〖4〗先斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電流表的指針滿偏，保持的阻值不變，閉合，調(diào)節(jié)電阻箱，使電流表的指針半偏，因?yàn)榛瑒?dòng)變阻器阻值非常大，近似認(rèn)為此時(shí)回路電流不變，則電阻箱的電流也為，此時(shí)電阻箱的示數(shù)為99.0Ω。則根據(jù)并聯(lián)電流與電阻成反比可知，電流表A內(nèi)阻的測(cè)量值為99.0Ω。因?yàn)殚]合后，回路總電阻減小，總電流增大，則流過(guò)的實(shí)際電流大于，導(dǎo)致測(cè)量值小于真實(shí)值。（2）〖5〗若將該電流表A改裝成量程為100mA的電流表，則改裝后的電流表的內(nèi)阻（3）〖6〗〖7〗根據(jù)整理得根據(jù)題意，結(jié)合圖丙可得解得11.如圖，在平面直角坐標(biāo)系內(nèi)，第一象限存在沿軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為（未知）；第二象限存在沿軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小；第四象限圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，圓形區(qū)域分別在P點(diǎn)、Q點(diǎn)與軸、軸相切，其半徑。一比荷、不計(jì)重力和空氣阻力的帶正電粒子，從第二象限的A點(diǎn)由靜止釋放，A點(diǎn)坐標(biāo)為（，），該粒子從軸上C（，）點(diǎn)進(jìn)入第一象限，恰從P點(diǎn)進(jìn)入第四象限的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最終從圓形磁場(chǎng)的M點(diǎn)射出。求：（1）粒子經(jīng)過(guò)C點(diǎn)的速度大小；（2）電場(chǎng)強(qiáng)度的大小及粒子經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度；（3）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間（結(jié)果可用表示）?！即鸢浮剑?）；（2），；（3）〖解析〗（1）粒子在第二象限做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則有由牛頓第二定律得聯(lián)立解得粒子經(jīng)過(guò)C點(diǎn)的速度大小（2）在第一象限，粒子做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，沿軸正方向有沿軸負(fù)方向有由牛頓第二定律可得聯(lián)立解得，粒子經(jīng)過(guò)P點(diǎn)沿沿軸負(fù)方向的分速度大小為因此，粒子經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度大小為設(shè)速度方向與軸正向夾角為，則有可得（3）粒子在圓形磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力可得解得粒子在磁場(chǎng)中的軌跡如圖所示可知四邊形為菱形，則粒子從M點(diǎn)射出磁場(chǎng)時(shí)速度沿軸負(fù)向；從P到M，圓心角為，粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為又聯(lián)立解得12.如圖，固定在水平地面上，傾角為θ的光滑斜面底端固定一垂直于斜面的擋板，一輕質(zhì)彈簧放在斜面上，一端固定在擋板上，另一端處于自由狀態(tài)，足夠長(zhǎng)的木板B放在斜面上，木塊A放在B的上端，A、B的質(zhì)量均為m，A、B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ。開(kāi)始時(shí)，A、B均靜止，使彈簧壓縮了x0。然后沿斜面向下緩慢推動(dòng)木板B移動(dòng)距離2x0后鎖定B（彈簧始終在彈性限度內(nèi)）。某時(shí)刻解除鎖定，木B板沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，A與B之間發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t，A與B第一次共速，此時(shí)B已脫離彈簧。已知彈簧形A變量為x時(shí)彈性勢(shì)能為（其中k為彈簧的勁度系數(shù)，k未知）。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g。求：（1）解除鎖定瞬間，A、B的加速度大小aA、aB；（2）從解除鎖定到B沿斜面向上運(yùn)動(dòng)速度達(dá)到最大時(shí)B的位移大小x1；（3）解除鎖定后，B沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的最大位移xm的大小?！即鸢浮剑?）aA=μgcosθ－gsinθ，aB=5gsinθ－μgcosθ；（2）；（3）〖解析〗（1）最初，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，則有kx0=2mgsinθ解除鎖定瞬間，對(duì)于Aμmgcosθ－mgsinθ=ma對(duì)于Bk·3x0－mgsinθ－μmgcosθ=maB解得aA=μgcosθ－gsinθaB=5gsinθ－μgcosθ（2）B速度最大時(shí)，其加速度為0，則有kx=mgsinθ＋μmgcosθB的位移大小x1=3x0－x解得（3）從解除鎖定到共速，設(shè)A、B的位移大小分別為x2、x3，共同速度為v，對(duì)于Av=aAt對(duì)于系統(tǒng)，能量守恒，則有：共速后，一起沿斜面向上勻減速，對(duì)A、B整體（AB的位移大小為x4）所以B沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的最大位移為xm=x3＋x4解得（二）選考題（共45分。請(qǐng)考生從給出的2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計(jì)分）〖物理選修3-3〗（15分）13.一定質(zhì)量的理想氣體發(fā)生狀態(tài)變化，其壓強(qiáng)p隨熱力學(xué)溫度T變化的圖像如圖所示，氣體從狀態(tài)a開(kāi)始，經(jīng)歷了a→b→c→d→a的過(guò)程，abcd為平行四邊形，ab與T軸平行，bc邊反向延長(zhǎng)線通過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)O。下列說(shuō)法正確的是（）A.從a到b，氣體體積減小B.從b到c，氣體體積增大C.從a到c，氣體放出熱量D.從c到d氣體對(duì)外做的功大于從a到b外界對(duì)氣體做的功E.從c到d氣體對(duì)外做的功等于從a到b外界對(duì)氣體做的功〖答案〗ACE〖解析〗A．從a到b，壓強(qiáng)不變，根據(jù)溫度降低，體積減小，A正確；B．從b到c，為等容變化，則氣體的體積不變，B錯(cuò)誤；C．從a到c，溫度減小，則從a到c，根據(jù)體積變小，外界對(duì)氣體做正功，即根據(jù)熱力學(xué)第一定律則氣體放出熱量，C正確；DE．從c到d，氣體的體積增大，外界對(duì)氣體做負(fù)功，即根據(jù)則從a到b，體的體積減小，外界對(duì)氣體做正功，即即因?yàn)榧磸腸到d氣體對(duì)外做的功等于從a到b外界對(duì)氣體做的功，D錯(cuò)誤E正確。故選ACE。14.潛水能進(jìn)入水面以下，處于懸浮狀態(tài)，讓人徹底放松身心，在靜謐的海底無(wú)言地觀賞各種色彩斑斕的奇異珊瑚和魚(yú)類(lèi)。但由于水壓的存在，潛水也存在一定的風(fēng)險(xiǎn)。已知人體肺部空氣容積最小可壓縮至空氣中體積V0的，最大可膨脹至V0的2倍，否則會(huì)出現(xiàn)危險(xiǎn)。水面上的大氣壓p0相當(dāng)于深為h0的水柱壓強(qiáng)，為了保證潛水時(shí)的安全：（肺部氣體溫度等于人體內(nèi)溫度，視為不變）(1)求人在安全狀態(tài)下能下潛的最大深度H；（〖答案〗用h0表示）(2)人在最大安全深度通過(guò)吸人壓縮空氣將肺部體積恢復(fù)至V0，返回時(shí)為了避免到達(dá)水面后出現(xiàn)肺部過(guò)度擴(kuò)張，求返回時(shí)應(yīng)當(dāng)在最大安全深度吐出壓縮空氣的最小體積。（〖答案〗用V表示）〖答案〗(1)4h0；(2)0.6V0〖解析〗(1)以對(duì)人體肺部氣體為研究對(duì)象空氣中狀態(tài)有p1=p0，V1=V0最大安全深度下，有p2=p0+n1PH，V2=0.2V0，（pH=p0）由等溫變化可得p1V1=p2V2解得n1=4故最大安全深為4H。(2)人在最大安全深度時(shí)肺部氣體有p3=p2=5p0，V3=V0人在最大安全深度時(shí)肺部吐出氣體有△p=5p0，△V人回到水面時(shí)肺部壓強(qiáng)和體積有p4=5p0，V4=2V0由等溫變化可得p3V3=p4V4+△p△V解得△V=0.6V0〖選修3-4〗（15分）15.關(guān)于光現(xiàn)象及其應(yīng)用，下列說(shuō)法正確的是（）A.光照到不透光小圓盤(pán)，在小圓盤(pán)背后陰影區(qū)出現(xiàn)泊松亮斑，證明光具有波動(dòng)性B.雨后路面上的油膜形成的彩色條紋是由光的衍射形成的C.光導(dǎo)纖維利用了全反射原理，其內(nèi)芯的折射率大于外套折射率D.分別用紫光和綠光，用同一裝置做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，紫光的干涉條紋間距大E.在玻璃片表面涂上增透膜，可大大減少反射光的強(qiáng)度，這是利用了光的干涉原理〖答案〗ACE〖解析〗A．光照到不透光小圓盤(pán)，在小圓盤(pán)背后陰影區(qū)出現(xiàn)泊松亮斑，證明光具有波動(dòng)性，故A正確；B．雨后路面上的油膜形成的彩色條紋是由光的干涉形成的，故B錯(cuò)誤；C．全反射從光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)才可能發(fā)生，故其內(nèi)芯折射率大于外套折射率，故C正確；D．根據(jù)可知，分別用紫光和綠光，用同一裝置做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，紫光波長(zhǎng)小，紫光的干涉條紋間距小，故D錯(cuò)誤；E．在玻璃片表面涂上增透膜，可大大減少反射光的強(qiáng)度，這是利用了光的干涉原理，故E正確。故選ACE。16.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，時(shí)刻波形如圖所示，圖中質(zhì)點(diǎn)A在時(shí)刻第三次出現(xiàn)在波峰。（1）求該波的波速；（2）寫(xiě)出質(zhì)點(diǎn)B的振動(dòng)方程并求出時(shí)刻以后質(zhì)點(diǎn)B出現(xiàn)在波峰的時(shí)刻?！即鸢浮剑?）；（2），〖解析〗（1）由圖可知，波長(zhǎng)為根據(jù)題意可得解得波速（2）設(shè)質(zhì)點(diǎn)B的振動(dòng)方程為時(shí)解得則當(dāng)時(shí)根據(jù)波的周期性，可知時(shí)刻以后質(zhì)點(diǎn)B出現(xiàn)在波峰的時(shí)刻為南充市高2023屆高考適應(yīng)性考試（二診）能力測(cè)試注意事項(xiàng)：1.本試卷分第I卷（選擇題）和第II卷（非選擇題）兩部分。答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2.回答第I卷時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它〖答案〗標(biāo)號(hào)。寫(xiě)在試卷上無(wú)效。3.回答第II卷時(shí)，將〖答案〗寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在試卷上無(wú)效。4.考試結(jié)束，將答題卡交回。一、選擇題：本題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.近年中國(guó)探月工程取得重大成就。月球夜晚溫度低至-180°C，為避免低溫?fù)p壞儀器，“玉兔二號(hào)”月球車(chē)攜帶的放射性同位素钚238（）會(huì)不斷衰變，釋放能量為儀器設(shè)備238供熱?？梢酝ㄟ^(guò)以下反應(yīng)過(guò)程得到：，。已知的衰變方程為，其半衰期為88年。下列說(shuō)法正確的是（）A.為輕核聚變B.X為正電子，Y為質(zhì)子C.的比結(jié)合能比U的比結(jié)合能小D.白天時(shí)溫度升高，的半衰期會(huì)減小〖答案〗C〖解析〗A．該反應(yīng)為原子核的人工轉(zhuǎn)變，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可得：X的質(zhì)子數(shù)為Z=93-94=-1質(zhì)量數(shù)為零，所以X是電子，Y的質(zhì)量數(shù)為A=238-234=4質(zhì)子數(shù)為2，由此可知Y為氦原子核，故B錯(cuò)誤；C．生成物更穩(wěn)定，所以比結(jié)合能更大，故C正確；D．半衰期與溫度無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖，輕質(zhì)不可伸長(zhǎng)晾衣繩兩端分別固定在豎直桿M、N上的a、b兩點(diǎn)，懸掛衣服的衣架鉤是光滑的，掛于繩上處于靜止?fàn)顟B(tài)。如果只人為改變一個(gè)條件，當(dāng)衣架靜止時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A.繩的右端上移到，繩子拉力變小B.將桿M向左移一些，繩子拉力變小C.換用稍長(zhǎng)一些的輕質(zhì)晾衣繩，繩子拉力變小D.繩的兩端高度差越小，繩子拉力變小〖答案〗C〖解析〗如圖所示，因?yàn)橥桓K子上的拉力相等，所以兩個(gè)繩子是對(duì)稱(chēng)的，與豎直方向夾角是相等的。AD．設(shè)繩子的長(zhǎng)度為x，則兩桿之間的距離等于xcosθ，繩子一端在上下移動(dòng)的時(shí)候，繩子的長(zhǎng)度不變，兩桿之間的距離不變，則θ角度不變，所以所以繩子上的拉力不變；繩的兩端高度差的大小，對(duì)繩子的拉力沒(méi)有影響，故AD錯(cuò)誤；B．當(dāng)桿M向左移一些，兩桿之間的距離變大，繩長(zhǎng)不變，所以θ角度減小，sinθ減小，繩子拉力變大，故B錯(cuò)誤；C．換用稍長(zhǎng)一些的輕質(zhì)晾衣繩，θ角度變大，繩子拉力變小，故C正確。故選C。3.如圖，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向垂直于紙面向里，無(wú)限長(zhǎng)通電直導(dǎo)線位于紙面內(nèi)，在紙面內(nèi)的M、N位于導(dǎo)線兩側(cè)，其連線與導(dǎo)線垂直。且M、N兩點(diǎn)到導(dǎo)線的距離之比為。經(jīng)測(cè)量，N點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小是M點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的2倍且方向相同。已知無(wú)限長(zhǎng)通電直導(dǎo)線在真空中某點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，其中k為常量，I為電流大小，r為該點(diǎn)到導(dǎo)線的距離。則無(wú)限長(zhǎng)通電直導(dǎo)線在M點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗設(shè)通電長(zhǎng)直導(dǎo)線在M點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小等于B，根據(jù)可知通電長(zhǎng)直導(dǎo)線在N點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小等于B。根據(jù)安培定則可知通電長(zhǎng)直導(dǎo)線在M點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向外、在N點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向里，則有B+B0=2（B0-B）解得故選A。4.有一種能自動(dòng)計(jì)數(shù)的智能呼啦圈深受健身者的喜愛(ài)，智能呼啦圈腰帶外側(cè)有半徑的圓形光滑軌道，將安裝有滑輪的短桿嵌入軌道并能自由滑動(dòng)，短桿的另一端懸掛一根帶有配重的腰帶輕質(zhì)細(xì)繩，其簡(jiǎn)化模型如圖。已知配重（可視為質(zhì)點(diǎn)）質(zhì)量，繩長(zhǎng)為。水平固定好腰帶，通過(guò)人體微小扭動(dòng)，使配重在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在某一段時(shí)間內(nèi)細(xì)繩與豎直方向夾角始終為。腰帶可看作不動(dòng)，重力加速度取，不計(jì)空氣阻力，，，下列說(shuō)法正確的是（）A.配重受到的合力大小為10N B.配重的角速度為C.若細(xì)繩不慎斷裂，配重將自由下落 D.若增大轉(zhuǎn)速，細(xì)繩對(duì)配重的拉力將變小〖答案〗B〖解析〗A．配重在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，配重受到的合力大小為故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)牛頓第二定律可得解得故B正確；C．若細(xì)繩不慎斷裂，配重將做平拋運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．若增大轉(zhuǎn)速，即增大角度，配重做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑增大，細(xì)繩與豎直方向的夾角增大，豎直方向根據(jù)受力平衡可得可得可知細(xì)繩對(duì)配重的拉力將變大，故D錯(cuò)誤。故選B。5.“黑洞”是近代引力理論所預(yù)言的一種特殊天體，探尋“黑洞”的方案之一是觀測(cè)雙星系統(tǒng)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律。天文學(xué)家觀測(cè)河外星系大麥哲倫云時(shí)，發(fā)現(xiàn)了LMCX-3雙星系統(tǒng)，它由可見(jiàn)星A和不可見(jiàn)的暗星B構(gòu)成。不考慮其它天體的影響，A、B圍繞兩者連線上的O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，它們之間的距離保持不變，若將可見(jiàn)星A所受暗星B的引力等效為位于O點(diǎn)處質(zhì)量為的星體對(duì)它的引力，設(shè)A和B的質(zhì)量分別為、，則（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗根據(jù)得根據(jù)得聯(lián)立解得故選D。6.如圖，傾角為θ的斜面MN段粗糙，其余段光滑，PM，MN長(zhǎng)度均為3d。四個(gè)質(zhì)量均為m的相同樣品1、2、3、4放在斜面上，每個(gè)樣品（可視為質(zhì)點(diǎn)）左側(cè)面固定有長(zhǎng)度為的輕質(zhì)細(xì)桿，細(xì)桿與斜面平行，且與其上方的樣品接觸但不粘連，樣品與MN間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為。若樣品1在P處時(shí)，四個(gè)樣品由靜止一起釋放，重力加速度大小為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)樣品1剛進(jìn)入MN段時(shí)，樣品的共同加速度大小為gsinθB.當(dāng)樣品1剛進(jìn)入MN段時(shí)，樣品1的輕桿受到壓力大小為3mgsinθC.從開(kāi)始釋放到樣品4剛進(jìn)入MN段的過(guò)程中，克服摩擦力做的總功為9mgdsinθD.當(dāng)四個(gè)樣品均位于MN段時(shí)，樣品的共同速度大小為3〖答案〗AD〖解析〗A．當(dāng)樣品1剛進(jìn)入MN段時(shí)，對(duì)整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，樣品的共同加速度故A正確；B．當(dāng)樣品1剛進(jìn)入MN段時(shí)，隔離對(duì)樣品1分析，根據(jù)牛頓第二定律有mgsinθ+F-μmgcosθ=ma1解得F=mgsinθ根據(jù)牛頓第三定律，樣品1的輕桿受到的壓力為mgsinθ，故B錯(cuò)誤；C．從開(kāi)始釋放到樣品4剛進(jìn)入MN段的過(guò)程中，摩擦力對(duì)樣品1做功摩擦力對(duì)樣品2做功摩擦力對(duì)樣品3做功此時(shí)樣品4剛進(jìn)入MN段，摩擦力不做功，則摩擦力做的總功故C錯(cuò)誤；D．從開(kāi)始釋放到樣品4剛進(jìn)入MN段的過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理得解得樣品共同速度故D正確。故選AD。7.如圖甲所示，絕緣且粗糙程度相同的水平面上固定著兩個(gè)帶等量負(fù)電荷的點(diǎn)電荷M和N，O、A、B是在此水平面上M、N連線的中垂線上的三點(diǎn)，B點(diǎn)是MN的中點(diǎn)，O與B間距為x=0.2m.一帶正電的小球由O點(diǎn)靜止釋放，其質(zhì)量m=1×10－2kg、電荷量q=2×10－3C，帶正電的小球與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2。小球從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的v－t圖像如圖乙所示，A為圖像的拐點(diǎn)，乙圖中O、A、B對(duì)應(yīng)甲圖中O、A、B三個(gè)位置。重力加速度g=10m/s2，則以下說(shuō)法正確的是（）A.從O到B，小球的加速度先增大后減小B.O點(diǎn)與B點(diǎn)電勢(shì)差C.當(dāng)小球速度最大時(shí)，小球所在位置的電場(chǎng)強(qiáng)度D.O與B之間A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最小〖答案〗BC〖解析〗A．由乙圖可知，從O到A，小球的加速度增大，A到B先減小至零然后反向增大。故A錯(cuò)誤；B．從O到B，由動(dòng)能定理可得其中又聯(lián)立，可得故B正確；C．當(dāng)小球速度最大時(shí)，其加速度為零，有解得故C正確；D．對(duì)小球受力分析，由牛頓第二定律有由乙圖可知，小球在A點(diǎn)時(shí)加速度最大，即電場(chǎng)強(qiáng)度最大。故D錯(cuò)誤。故選BC。8.如圖所示，兩根電阻不計(jì)、足夠長(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌MN，PQ固定在水平面內(nèi)，間距d＝1m，在導(dǎo)軌間寬度L＝1m的區(qū)域有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B＝0.5T，方向如圖。一根質(zhì)量，阻值的金屬棒b靜置在導(dǎo)軌上，現(xiàn)使另一根質(zhì)量，阻值也為的金屬棒a以初速度從左端開(kāi)始沿導(dǎo)軌滑動(dòng)，穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域后，與b發(fā)生彈性碰撞，兩金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，則金屬棒a（）A.第一次穿過(guò)磁場(chǎng)時(shí)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)B.第一次穿過(guò)磁場(chǎng)時(shí)回路中有逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流C.第一次穿過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中克服安培力做的功為0.25JD.與金屬棒b碰撞后瞬間的速度大小為0.5m/s〖答案〗BD〖解析〗A．金屬棒a穿過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中受向左的安培力作用，根據(jù)可知隨著速度的減小，加速度減小，則金屬棒a做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．由右手定則可知，第一次穿過(guò)磁場(chǎng)時(shí)回路中有逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，選項(xiàng)B正確；C．第一次穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中由動(dòng)量定理可知其中由動(dòng)能定理解得v=1.5m/s選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．兩棒發(fā)生完全彈性碰撞，則解得v1=-0.5m/sv2=1m/s即a與金屬棒b碰撞后瞬間的速度大小為0.5m/s，選項(xiàng)D正確。故選BD。第II卷（非選擇題，共174分）二、非選擇題（本卷包括必考題和選考題兩部分，第22-32為必考題，每個(gè)試題考生都必須做答。第33-38題為選考題，考生根據(jù)要求做答）（一）必考題（共129分）9.為測(cè)量小球從某一高度釋放，與某種橡膠材料碰撞導(dǎo)致的機(jī)械能損失，某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖所示的裝置，實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：（已知小球的質(zhì)量為，直徑為）（1）讓小球從某一高度由靜止釋放，與水平放置的橡膠材料碰撞后豎直反彈。調(diào)節(jié)光電門(mén)位置，使小球從光電門(mén)正上方釋放后，在下落和反彈過(guò)程中均可通過(guò)光電門(mén)；（2）為方便操作并記錄小球此次下落和反彈通過(guò)光電門(mén)的遮光時(shí)間和，應(yīng)___________（填“A”或“B”）；A．先釋放小球，后接通數(shù)字計(jì)時(shí)器B．先接通數(shù)字計(jì)時(shí)器，后釋放小球（3）用測(cè)量結(jié)果計(jì)算小球與橡膠材料碰撞的機(jī)械能損失，其表達(dá)式為_(kāi)________（用字母、、和表示）；（4）若適當(dāng)調(diào)高光電門(mén)的高度，將會(huì)___________（填“增大”或“減小”）因空氣阻力引起的實(shí)驗(yàn)誤差?！即鸢浮剑?）B（3）（4）增大〖解析〗（2）〖1〗為方便操作并記錄小球此次下落和反彈通過(guò)光電門(mén)的遮光時(shí)間和，應(yīng)先接通數(shù)字計(jì)時(shí)器，后釋放小球。故選B。（3）〖2〗小球下落經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度大小為小球上升經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度大小為小球與橡膠材料碰撞損失的機(jī)械能為（4）〖3〗若適當(dāng)調(diào)高光電門(mén)的高度，則從光電門(mén)到橡膠材料的距離增大，從下落經(jīng)過(guò)光電門(mén)到上升經(jīng)過(guò)光電門(mén)通過(guò)的路程增大，克服空氣阻力做的功增大，則將會(huì)增大因空氣阻力引起的實(shí)驗(yàn)誤差。10.（1）利用圖甲所示電路測(cè)量電流表A（量程1mA）的內(nèi)阻。實(shí)驗(yàn)室有以下器材；待測(cè)電流表A（量程1mA）滑動(dòng)變阻器B（最大阻值6000Ω）滑動(dòng)變阻器C（最大阻值3000Ω）電阻箱（最大阻值999.9Ω）電源（電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)阻很?。╇娫矗妱?dòng)勢(shì)為6V，內(nèi)阻很?。贋榱吮容^精確的測(cè)量，電源選用___________（填“”或“”），滑動(dòng)變阻器選用___________（填“B”或“C”）測(cè)量方法是：先斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電流表的指針滿偏；保持的阻值不變，閉合，調(diào)節(jié)電阻箱，使電流表的指針半偏，此時(shí)電阻箱的示數(shù)為99.0Ω。則：②電流表A內(nèi)阻的測(cè)量值為_(kāi)__________Ω，測(cè)量值___________（填“大于”、“小于”或“等于”）真實(shí)值。（2）若將該電流表A改裝成量程為100mA的電流表，則改裝后的電流表的內(nèi)阻_______Ω。（3）為測(cè)量一節(jié)廢舊干電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，利用電流表和其它實(shí)驗(yàn)器材設(shè)計(jì)了如圖乙所示的電路。在實(shí)驗(yàn)中，多次改變電阻箱阻值，記錄多組數(shù)據(jù)，畫(huà)出圖像為一條直線（如圖丙）。由圖中數(shù)據(jù)計(jì)算出該電池的電動(dòng)勢(shì)___________V，內(nèi)阻___________Ω（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）。

〖答案〗（1）①.B②99.0小于（2）0.99（3）1.1310.3〖解析〗（1）①〖1〗〖2〗根據(jù)題意可知，采用的是半偏法測(cè)量電流表內(nèi)阻，為了減小誤差，實(shí)驗(yàn)中電源選擇電動(dòng)勢(shì)較大的，回路最大電流1mA，根據(jù)歐姆定律可知，最小電阻6000Ω，故滑動(dòng)變阻器選擇B。②〖3〗〖4〗先斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電流表的指針滿偏，保持的阻值不變，閉合，調(diào)節(jié)電阻箱，使電流表的指針半偏，因?yàn)榛瑒?dòng)變阻器阻值非常大，近似認(rèn)為此時(shí)回路電流不變，則電阻箱的電流也為，此時(shí)電阻箱的示數(shù)為99.0Ω。則根據(jù)并聯(lián)電流與電阻成反比可知，電流表A內(nèi)阻的測(cè)量值為99.0Ω。因?yàn)殚]合后，回路總電阻減小，總電流增大，則流過(guò)的實(shí)際電流大于，導(dǎo)致測(cè)量值小于真實(shí)值。（2）〖5〗若將該電流表A改裝成量程為100mA的電流表，則改裝后的電流表的內(nèi)阻（3）〖6〗〖7〗根據(jù)整理得根據(jù)題意，結(jié)合圖丙可得解得11.如圖，在平面直角坐標(biāo)系內(nèi)，第一象限存在沿軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為（未知）；第二象限存在沿軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大??；第四象限圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，圓形區(qū)域分別在P點(diǎn)、Q點(diǎn)與軸、軸相切，其半徑。一比荷、不計(jì)重力和空氣阻力的帶正電粒子，從第二象限的A點(diǎn)由靜止釋放，A點(diǎn)坐標(biāo)為（，），該粒子從軸上C（，）點(diǎn)進(jìn)入第一象限，恰從P點(diǎn)進(jìn)入第四象限的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最終從圓形磁場(chǎng)的M點(diǎn)射出。求：（1）粒子經(jīng)過(guò)C點(diǎn)的速度大?。唬?）電場(chǎng)強(qiáng)度的大小及粒子經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度；（3）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間（結(jié)果可用表示）?！即鸢浮剑?）；（2），；（3）〖解析〗（1）粒子在第二象限做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則有由牛頓第二定律得聯(lián)立解得粒子經(jīng)過(guò)C點(diǎn)的速度大?。?）在第一象限，粒子做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，沿軸正方向有沿軸負(fù)方向有由牛頓第二定律可得聯(lián)立解得，粒子經(jīng)過(guò)P點(diǎn)沿沿軸負(fù)方向的分速度大小為因此，粒子經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度大小為設(shè)速度方向與軸正向夾角為，則有可得（3）粒子在圓形磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力可得解得粒子在磁場(chǎng)中的軌跡如圖所示可知四邊形為菱形，則粒子從M點(diǎn)射出磁場(chǎng)時(shí)速度沿軸負(fù)向；從P到M，圓心角為，粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為又聯(lián)立解得12.如圖，固定在水平地面上，傾角為θ的光滑斜面底端固定一垂直于斜面的擋板，一輕質(zhì)彈簧放在斜面上，一端固定在擋板上，另一端處于自由狀態(tài)，足夠長(zhǎng)的木板B放在斜面上，木塊A放在B的上端，A、B的質(zhì)量均為m，A、B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ。開(kāi)始時(shí)，A、B均靜止，使彈簧壓縮了x0。然后沿斜面向下緩慢推動(dòng)木板B移動(dòng)距離2x0后鎖定B（彈簧始終在彈性限度內(nèi)）。某時(shí)刻解除鎖定，木B板沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，A與B之間發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t，A與B第一次共速，此時(shí)B已脫離彈簧。已知彈簧形A變量為x時(shí)彈性勢(shì)能為（其中k為彈簧的勁度系數(shù)，k未知）。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g。求：（1）解除鎖定瞬間，A、B的加速度大小aA、aB；（2）從解除鎖定到B沿斜面向上運(yùn)動(dòng)速度達(dá)到最大時(shí)B的位移大小x1；（3）解除鎖定后，B沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的最大位移xm的大小?！即鸢浮剑?）aA=μgcosθ－gsinθ，aB=5gsinθ－μgcosθ；（2）；（3）〖解析〗（1）最初，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，則有kx0=2mgsinθ解除鎖定瞬間，對(duì)于Aμmgcosθ－mgsinθ=ma對(duì)于Bk·3x0－mgsinθ－μmgcosθ=maB解得aA=μgcosθ－gsinθaB=5gsinθ－μgcosθ（2）B速度最大時(shí)，其加速度為0，則有kx=mgsinθ＋μmgcosθB的位移大小x1=3x0－x解得（3）從解除鎖定到共速，設(shè)A、B的位移大小分別為x2、x3，共同速度為v，對(duì)于Av=aAt對(duì)于系統(tǒng)，能量守恒，則有：共速后，一起沿斜面向上勻減速，對(duì)A、B整體（AB的位移大小為x4）所以B沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的最大位移為xm=x3＋x4解得（二）選考題（共45分。請(qǐng)考生從給出的2道物理題、2道