2023屆四川省南充市高三下學(xué)期高考適應(yīng)性考試物理試題（解析版）

高中物理精品試卷PAGEPAGE1南充市高2023屆高考適應(yīng)性考試（二診）能力測試注意事項：1.本試卷分第I卷（選擇題）和第II卷（非選擇題）兩部分。答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號填寫在答題卡上。2.回答第I卷時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它〖答案〗標(biāo)號。寫在試卷上無效。3.回答第II卷時，將〖答案〗寫在答題卡上，寫在試卷上無效。4.考試結(jié)束，將答題卡交回。一、選擇題：本題只有一項符合題目要求，第19~21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.近年中國探月工程取得重大成就。月球夜晚溫度低至-180°C，為避免低溫?fù)p壞儀器，“玉兔二號”月球車攜帶的放射性同位素钚238（）會不斷衰變，釋放能量為儀器設(shè)備238供熱。可以通過以下反應(yīng)過程得到：，。已知的衰變方程為，其半衰期為88年。下列說法正確的是（）A.為輕核聚變B.X為正電子，Y為質(zhì)子C.的比結(jié)合能比U的比結(jié)合能小D.白天時溫度升高，的半衰期會減小〖答案〗C〖解析〗A．該反應(yīng)為原子核的人工轉(zhuǎn)變，故A錯誤；B．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可得：X的質(zhì)子數(shù)為Z=93-94=-1質(zhì)量數(shù)為零，所以X是電子，Y的質(zhì)量數(shù)為A=238-234=4質(zhì)子數(shù)為2，由此可知Y為氦原子核，故B錯誤；C．生成物更穩(wěn)定，所以比結(jié)合能更大，故C正確；D．半衰期與溫度無關(guān)，故D錯誤。故選C。2.如圖，輕質(zhì)不可伸長晾衣繩兩端分別固定在豎直桿M、N上的a、b兩點，懸掛衣服的衣架鉤是光滑的，掛于繩上處于靜止?fàn)顟B(tài)。如果只人為改變一個條件，當(dāng)衣架靜止時，下列說法正確的是（）A.繩的右端上移到，繩子拉力變小B.將桿M向左移一些，繩子拉力變小C.換用稍長一些的輕質(zhì)晾衣繩，繩子拉力變小D.繩的兩端高度差越小，繩子拉力變小〖答案〗C〖解析〗如圖所示，因為同一根繩子上的拉力相等，所以兩個繩子是對稱的，與豎直方向夾角是相等的。AD．設(shè)繩子的長度為x，則兩桿之間的距離等于xcosθ，繩子一端在上下移動的時候，繩子的長度不變，兩桿之間的距離不變，則θ角度不變，所以所以繩子上的拉力不變；繩的兩端高度差的大小，對繩子的拉力沒有影響，故AD錯誤；B．當(dāng)桿M向左移一些，兩桿之間的距離變大，繩長不變，所以θ角度減小，sinθ減小，繩子拉力變大，故B錯誤；C．換用稍長一些的輕質(zhì)晾衣繩，θ角度變大，繩子拉力變小，故C正確。故選C。3.如圖，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向垂直于紙面向里，無限長通電直導(dǎo)線位于紙面內(nèi)，在紙面內(nèi)的M、N位于導(dǎo)線兩側(cè)，其連線與導(dǎo)線垂直。且M、N兩點到導(dǎo)線的距離之比為。經(jīng)測量，N點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小是M點磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的2倍且方向相同。已知無限長通電直導(dǎo)線在真空中某點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，其中k為常量，I為電流大小，r為該點到導(dǎo)線的距離。則無限長通電直導(dǎo)線在M點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗設(shè)通電長直導(dǎo)線在M點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小等于B，根據(jù)可知通電長直導(dǎo)線在N點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小等于B。根據(jù)安培定則可知通電長直導(dǎo)線在M點產(chǎn)生的磁場方向向外、在N點產(chǎn)生的磁場方向向里，則有B+B0=2（B0-B）解得故選A。4.有一種能自動計數(shù)的智能呼啦圈深受健身者的喜愛，智能呼啦圈腰帶外側(cè)有半徑的圓形光滑軌道，將安裝有滑輪的短桿嵌入軌道并能自由滑動，短桿的另一端懸掛一根帶有配重的腰帶輕質(zhì)細(xì)繩，其簡化模型如圖。已知配重（可視為質(zhì)點）質(zhì)量，繩長為。水平固定好腰帶，通過人體微小扭動，使配重在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，在某一段時間內(nèi)細(xì)繩與豎直方向夾角始終為。腰帶可看作不動，重力加速度取，不計空氣阻力，，，下列說法正確的是（）A.配重受到的合力大小為10N B.配重的角速度為C.若細(xì)繩不慎斷裂，配重將自由下落 D.若增大轉(zhuǎn)速，細(xì)繩對配重的拉力將變小〖答案〗B〖解析〗A．配重在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，配重受到的合力大小為故A錯誤；B．根據(jù)牛頓第二定律可得解得故B正確；C．若細(xì)繩不慎斷裂，配重將做平拋運(yùn)動，故C錯誤；D．若增大轉(zhuǎn)速，即增大角度，配重做勻速圓周運(yùn)動的半徑增大，細(xì)繩與豎直方向的夾角增大，豎直方向根據(jù)受力平衡可得可得可知細(xì)繩對配重的拉力將變大，故D錯誤。故選B。5.“黑洞”是近代引力理論所預(yù)言的一種特殊天體，探尋“黑洞”的方案之一是觀測雙星系統(tǒng)的運(yùn)動規(guī)律。天文學(xué)家觀測河外星系大麥哲倫云時，發(fā)現(xiàn)了LMCX-3雙星系統(tǒng)，它由可見星A和不可見的暗星B構(gòu)成。不考慮其它天體的影響，A、B圍繞兩者連線上的O點做勻速圓周運(yùn)動，它們之間的距離保持不變，若將可見星A所受暗星B的引力等效為位于O點處質(zhì)量為的星體對它的引力，設(shè)A和B的質(zhì)量分別為、，則（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗根據(jù)得根據(jù)得聯(lián)立解得故選D。6.如圖，傾角為θ的斜面MN段粗糙，其余段光滑，PM，MN長度均為3d。四個質(zhì)量均為m的相同樣品1、2、3、4放在斜面上，每個樣品（可視為質(zhì)點）左側(cè)面固定有長度為的輕質(zhì)細(xì)桿，細(xì)桿與斜面平行，且與其上方的樣品接觸但不粘連，樣品與MN間的動摩擦因數(shù)均為。若樣品1在P處時，四個樣品由靜止一起釋放，重力加速度大小為g，下列說法正確的是（）A.當(dāng)樣品1剛進(jìn)入MN段時，樣品的共同加速度大小為gsinθB.當(dāng)樣品1剛進(jìn)入MN段時，樣品1的輕桿受到壓力大小為3mgsinθC.從開始釋放到樣品4剛進(jìn)入MN段的過程中，克服摩擦力做的總功為9mgdsinθD.當(dāng)四個樣品均位于MN段時，樣品的共同速度大小為3〖答案〗AD〖解析〗A．當(dāng)樣品1剛進(jìn)入MN段時，對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，樣品的共同加速度故A正確；B．當(dāng)樣品1剛進(jìn)入MN段時，隔離對樣品1分析，根據(jù)牛頓第二定律有mgsinθ+F-μmgcosθ=ma1解得F=mgsinθ根據(jù)牛頓第三定律，樣品1的輕桿受到的壓力為mgsinθ，故B錯誤；C．從開始釋放到樣品4剛進(jìn)入MN段的過程中，摩擦力對樣品1做功摩擦力對樣品2做功摩擦力對樣品3做功此時樣品4剛進(jìn)入MN段，摩擦力不做功，則摩擦力做的總功故C錯誤；D．從開始釋放到樣品4剛進(jìn)入MN段的過程運(yùn)用動能定理得解得樣品共同速度故D正確。故選AD。7.如圖甲所示，絕緣且粗糙程度相同的水平面上固定著兩個帶等量負(fù)電荷的點電荷M和N，O、A、B是在此水平面上M、N連線的中垂線上的三點，B點是MN的中點，O與B間距為x=0.2m.一帶正電的小球由O點靜止釋放，其質(zhì)量m=1×10－2kg、電荷量q=2×10－3C，帶正電的小球與水平面的動摩擦因數(shù)μ=0.2。小球從O點運(yùn)動到B點的v－t圖像如圖乙所示，A為圖像的拐點，乙圖中O、A、B對應(yīng)甲圖中O、A、B三個位置。重力加速度g=10m/s2，則以下說法正確的是（）A.從O到B，小球的加速度先增大后減小B.O點與B點電勢差C.當(dāng)小球速度最大時，小球所在位置的電場強(qiáng)度D.O與B之間A點的電場強(qiáng)度最小〖答案〗BC〖解析〗A．由乙圖可知，從O到A，小球的加速度增大，A到B先減小至零然后反向增大。故A錯誤；B．從O到B，由動能定理可得其中又聯(lián)立，可得故B正確；C．當(dāng)小球速度最大時，其加速度為零，有解得故C正確；D．對小球受力分析，由牛頓第二定律有由乙圖可知，小球在A點時加速度最大，即電場強(qiáng)度最大。故D錯誤。故選BC。8.如圖所示，兩根電阻不計、足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌MN，PQ固定在水平面內(nèi)，間距d＝1m，在導(dǎo)軌間寬度L＝1m的區(qū)域有勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B＝0.5T，方向如圖。一根質(zhì)量，阻值的金屬棒b靜置在導(dǎo)軌上，現(xiàn)使另一根質(zhì)量，阻值也為的金屬棒a以初速度從左端開始沿導(dǎo)軌滑動，穿過磁場區(qū)域后，與b發(fā)生彈性碰撞，兩金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，則金屬棒a（）A.第一次穿過磁場時做勻減速直線運(yùn)動B.第一次穿過磁場時回路中有逆時針方向的感應(yīng)電流C.第一次穿過磁場過程中克服安培力做的功為0.25JD.與金屬棒b碰撞后瞬間的速度大小為0.5m/s〖答案〗BD〖解析〗A．金屬棒a穿過磁場過程中受向左的安培力作用，根據(jù)可知隨著速度的減小，加速度減小，則金屬棒a做加速度減小的減速運(yùn)動，選項A錯誤；B．由右手定則可知，第一次穿過磁場時回路中有逆時針方向的感應(yīng)電流，選項B正確；C．第一次穿過磁場的過程中由動量定理可知其中由動能定理解得v=1.5m/s選項C錯誤；D．兩棒發(fā)生完全彈性碰撞，則解得v1=-0.5m/sv2=1m/s即a與金屬棒b碰撞后瞬間的速度大小為0.5m/s，選項D正確。故選BD。第II卷（非選擇題，共174分）二、非選擇題（本卷包括必考題和選考題兩部分，第22-32為必考題，每個試題考生都必須做答。第33-38題為選考題，考生根據(jù)要求做答）（一）必考題（共129分）9.為測量小球從某一高度釋放，與某種橡膠材料碰撞導(dǎo)致的機(jī)械能損失，某實驗小組設(shè)計了如圖所示的裝置，實驗過程如下：（已知小球的質(zhì)量為，直徑為）（1）讓小球從某一高度由靜止釋放，與水平放置的橡膠材料碰撞后豎直反彈。調(diào)節(jié)光電門位置，使小球從光電門正上方釋放后，在下落和反彈過程中均可通過光電門；（2）為方便操作并記錄小球此次下落和反彈通過光電門的遮光時間和，應(yīng)___________（填“A”或“B”）；A．先釋放小球，后接通數(shù)字計時器B．先接通數(shù)字計時器，后釋放小球（3）用測量結(jié)果計算小球與橡膠材料碰撞的機(jī)械能損失，其表達(dá)式為_________（用字母、、和表示）；（4）若適當(dāng)調(diào)高光電門的高度，將會___________（填“增大”或“減小”）因空氣阻力引起的實驗誤差。〖答案〗（2）B（3）（4）增大〖解析〗（2）〖1〗為方便操作并記錄小球此次下落和反彈通過光電門的遮光時間和，應(yīng)先接通數(shù)字計時器，后釋放小球。故選B。（3）〖2〗小球下落經(jīng)過光電門時的速度大小為小球上升經(jīng)過光電門時的速度大小為小球與橡膠材料碰撞損失的機(jī)械能為（4）〖3〗若適當(dāng)調(diào)高光電門的高度，則從光電門到橡膠材料的距離增大，從下落經(jīng)過光電門到上升經(jīng)過光電門通過的路程增大，克服空氣阻力做的功增大，則將會增大因空氣阻力引起的實驗誤差。10.（1）利用圖甲所示電路測量電流表A（量程1mA）的內(nèi)阻。實驗室有以下器材；待測電流表A（量程1mA）滑動變阻器B（最大阻值6000Ω）滑動變阻器C（最大阻值3000Ω）電阻箱（最大阻值999.9Ω）電源（電動勢3V，內(nèi)阻很小）電源（電動勢為6V，內(nèi)阻很小）①為了比較精確的測量，電源選用___________（填“”或“”），滑動變阻器選用___________（填“B”或“C”）測量方法是：先斷開開關(guān)，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器，使電流表的指針滿偏；保持的阻值不變，閉合，調(diào)節(jié)電阻箱，使電流表的指針半偏，此時電阻箱的示數(shù)為99.0Ω。則：②電流表A內(nèi)阻的測量值為___________Ω，測量值___________（填“大于”、“小于”或“等于”）真實值。（2）若將該電流表A改裝成量程為100mA的電流表，則改裝后的電流表的內(nèi)阻_______Ω。（3）為測量一節(jié)廢舊干電池的電動勢E和內(nèi)阻r，利用電流表和其它實驗器材設(shè)計了如圖乙所示的電路。在實驗中，多次改變電阻箱阻值，記錄多組數(shù)據(jù)，畫出圖像為一條直線（如圖丙）。由圖中數(shù)據(jù)計算出該電池的電動勢___________V，內(nèi)阻___________Ω（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）。

〖答案〗（1）①.B②99.0小于（2）0.99（3）1.1310.3〖解析〗（1）①〖1〗〖2〗根據(jù)題意可知，采用的是半偏法測量電流表內(nèi)阻，為了減小誤差，實驗中電源選擇電動勢較大的，回路最大電流1mA，根據(jù)歐姆定律可知，最小電阻6000Ω，故滑動變阻器選擇B。②〖3〗〖4〗先斷開開關(guān)，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器，使電流表的指針滿偏，保持的阻值不變，閉合，調(diào)節(jié)電阻箱，使電流表的指針半偏，因為滑動變阻器阻值非常大，近似認(rèn)為此時回路電流不變，則電阻箱的電流也為，此時電阻箱的示數(shù)為99.0Ω。則根據(jù)并聯(lián)電流與電阻成反比可知，電流表A內(nèi)阻的測量值為99.0Ω。因為閉合后，回路總電阻減小，總電流增大，則流過的實際電流大于，導(dǎo)致測量值小于真實值。（2）〖5〗若將該電流表A改裝成量程為100mA的電流表，則改裝后的電流表的內(nèi)阻（3）〖6〗〖7〗根據(jù)整理得根據(jù)題意，結(jié)合圖丙可得解得11.如圖，在平面直角坐標(biāo)系內(nèi)，第一象限存在沿軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為（未知）；第二象限存在沿軸正方向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大??；第四象限圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，圓形區(qū)域分別在P點、Q點與軸、軸相切，其半徑。一比荷、不計重力和空氣阻力的帶正電粒子，從第二象限的A點由靜止釋放，A點坐標(biāo)為（，），該粒子從軸上C（，）點進(jìn)入第一象限，恰從P點進(jìn)入第四象限的勻強(qiáng)磁場，最終從圓形磁場的M點射出。求：（1）粒子經(jīng)過C點的速度大?。唬?）電場強(qiáng)度的大小及粒子經(jīng)過P點的速度；（3）粒子在磁場中運(yùn)動的時間（結(jié)果可用表示）?！即鸢浮剑?）；（2），；（3）〖解析〗（1）粒子在第二象限做勻加速直線運(yùn)動，則有由牛頓第二定律得聯(lián)立解得粒子經(jīng)過C點的速度大?。?）在第一象限，粒子做類平拋運(yùn)動，沿軸正方向有沿軸負(fù)方向有由牛頓第二定律可得聯(lián)立解得，粒子經(jīng)過P點沿沿軸負(fù)方向的分速度大小為因此，粒子經(jīng)過P點的速度大小為設(shè)速度方向與軸正向夾角為，則有可得（3）粒子在圓形磁場中做勻速圓周運(yùn)動，由洛倫茲力提供向心力可得解得粒子在磁場中的軌跡如圖所示可知四邊形為菱形，則粒子從M點射出磁場時速度沿軸負(fù)向；從P到M，圓心角為，粒子在磁場中的運(yùn)動時間為又聯(lián)立解得12.如圖，固定在水平地面上，傾角為θ的光滑斜面底端固定一垂直于斜面的擋板，一輕質(zhì)彈簧放在斜面上，一端固定在擋板上，另一端處于自由狀態(tài)，足夠長的木板B放在斜面上，木塊A放在B的上端，A、B的質(zhì)量均為m，A、B之間的動摩擦因數(shù)為μ。開始時，A、B均靜止，使彈簧壓縮了x0。然后沿斜面向下緩慢推動木板B移動距離2x0后鎖定B（彈簧始終在彈性限度內(nèi)）。某時刻解除鎖定，木B板沿斜面向上運(yùn)動，A與B之間發(fā)生相對滑動，經(jīng)過時間t，A與B第一次共速，此時B已脫離彈簧。已知彈簧形A變量為x時彈性勢能為（其中k為彈簧的勁度系數(shù)，k未知）。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g。求：（1）解除鎖定瞬間，A、B的加速度大小aA、aB；（2）從解除鎖定到B沿斜面向上運(yùn)動速度達(dá)到最大時B的位移大小x1；（3）解除鎖定后，B沿斜面向上運(yùn)動的最大位移xm的大小?！即鸢浮剑?）aA=μgcosθ－gsinθ，aB=5gsinθ－μgcosθ；（2）；（3）〖解析〗（1）最初，整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，則有kx0=2mgsinθ解除鎖定瞬間，對于Aμmgcosθ－mgsinθ=ma對于Bk·3x0－mgsinθ－μmgcosθ=maB解得aA=μgcosθ－gsinθaB=5gsinθ－μgcosθ（2）B速度最大時，其加速度為0，則有kx=mgsinθ＋μmgcosθB的位移大小x1=3x0－x解得（3）從解除鎖定到共速，設(shè)A、B的位移大小分別為x2、x3，共同速度為v，對于Av=aAt對于系統(tǒng)，能量守恒，則有：共速后，一起沿斜面向上勻減速，對A、B整體（AB的位移大小為x4）所以B沿斜面向上運(yùn)動的最大位移為xm=x3＋x4解得（二）選考題（共45分。請考生從給出的2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答，如果多做，則按所做的第一題計分）〖物理選修3-3〗（15分）13.一定質(zhì)量的理想氣體發(fā)生狀態(tài)變化，其壓強(qiáng)p隨熱力學(xué)溫度T變化的圖像如圖所示，氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷了a→b→c→d→a的過程，abcd為平行四邊形，ab與T軸平行，bc邊反向延長線通過坐標(biāo)原點O。下列說法正確的是（）A.從a到b，氣體體積減小B.從b到c，氣體體積增大C.從a到c，氣體放出熱量D.從c到d氣體對外做的功大于從a到b外界對氣體做的功E.從c到d氣體對外做的功等于從a到b外界對氣體做的功〖答案〗ACE〖解析〗A．從a到b，壓強(qiáng)不變，根據(jù)溫度降低，體積減小，A正確；B．從b到c，為等容變化，則氣體的體積不變，B錯誤；C．從a到c，溫度減小，則從a到c，根據(jù)體積變小，外界對氣體做正功，即根據(jù)熱力學(xué)第一定律則氣體放出熱量，C正確；DE．從c到d，氣體的體積增大，外界對氣體做負(fù)功，即根據(jù)則從a到b，體的體積減小，外界對氣體做正功，即即因為即從c到d氣體對外做的功等于從a到b外界對氣體做的功，D錯誤E正確。故選ACE。14.潛水能進(jìn)入水面以下，處于懸浮狀態(tài)，讓人徹底放松身心，在靜謐的海底無言地觀賞各種色彩斑斕的奇異珊瑚和魚類。但由于水壓的存在，潛水也存在一定的風(fēng)險。已知人體肺部空氣容積最小可壓縮至空氣中體積V0的，最大可膨脹至V0的2倍，否則會出現(xiàn)危險。水面上的大氣壓p0相當(dāng)于深為h0的水柱壓強(qiáng)，為了保證潛水時的安全：（肺部氣體溫度等于人體內(nèi)溫度，視為不變）(1)求人在安全狀態(tài)下能下潛的最大深度H；（〖答案〗用h0表示）(2)人在最大安全深度通過吸人壓縮空氣將肺部體積恢復(fù)至V0，返回時為了避免到達(dá)水面后出現(xiàn)肺部過度擴(kuò)張，求返回時應(yīng)當(dāng)在最大安全深度吐出壓縮空氣的最小體積。（〖答案〗用V表示）〖答案〗(1)4h0；(2)0.6V0〖解析〗(1)以對人體肺部氣體為研究對象空氣中狀態(tài)有p1=p0，V1=V0最大安全深度下，有p2=p0+n1PH，V2=0.2V0，（pH=p0）由等溫變化可得p1V1=p2V2解得n1=4故最大安全深為4H。(2)人在最大安全深度時肺部氣體有p3=p2=5p0，V3=V0人在最大安全深度時肺部吐出氣體有△p=5p0，△V人回到水面時肺部壓強(qiáng)和體積有p4=5p0，V4=2V0由等溫變化可得p3V3=p4V4+△p△V解得△V=0.6V0〖選修3-4〗（15分）15.關(guān)于光現(xiàn)象及其應(yīng)用，下列說法正確的是（）A.光照到不透光小圓盤，在小圓盤背后陰影區(qū)出現(xiàn)泊松亮斑，證明光具有波動性B.雨后路面上的油膜形成的彩色條紋是由光的衍射形成的C.光導(dǎo)纖維利用了全反射原理，其內(nèi)芯的折射率大于外套折射率D.分別用紫光和綠光，用同一裝置做雙縫干涉實驗，紫光的干涉條紋間距大E.在玻璃片表面涂上增透膜，可大大減少反射光的強(qiáng)度，這是利用了光的干涉原理〖答案〗ACE〖解析〗A．光照到不透光小圓盤，在小圓盤背后陰影區(qū)出現(xiàn)泊松亮斑，證明光具有波動性，故A正確；B．雨后路面上的油膜形成的彩色條紋是由光的干涉形成的，故B錯誤；C．全反射從光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)才可能發(fā)生，故其內(nèi)芯折射率大于外套折射率，故C正確；D．根據(jù)可知，分別用紫光和綠光，用同一裝置做雙縫干涉實驗，紫光波長小，紫光的干涉條紋間距小，故D錯誤；E．在玻璃片表面涂上增透膜，可大大減少反射光的強(qiáng)度，這是利用了光的干涉原理，故E正確。故選ACE。16.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，時刻波形如圖所示，圖中質(zhì)點A在時刻第三次出現(xiàn)在波峰。（1）求該波的波速；（2）寫出質(zhì)點B的振動方程并求出時刻以后質(zhì)點B出現(xiàn)在波峰的時刻?！即鸢浮剑?）；（2），〖解析〗（1）由圖可知，波長為根據(jù)題意可得解得波速（2）設(shè)質(zhì)點B的振動方程為時解得則當(dāng)時根據(jù)波的周期性，可知時刻以后質(zhì)點B出現(xiàn)在波峰的時刻為南充市高2023屆高考適應(yīng)性考試（二診）能力測試注意事項：1.本試卷分第I卷（選擇題）和第II卷（非選擇題）兩部分。答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號填寫在答題卡上。2.回答第I卷時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它〖答案〗標(biāo)號。寫在試卷上無效。3.回答第II卷時，將〖答案〗寫在答題卡上，寫在試卷上無效。4.考試結(jié)束，將答題卡交回。一、選擇題：本題只有一項符合題目要求，第19~21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.近年中國探月工程取得重大成就。月球夜晚溫度低至-180°C，為避免低溫?fù)p壞儀器，“玉兔二號”月球車攜帶的放射性同位素钚238（）會不斷衰變，釋放能量為儀器設(shè)備238供熱。可以通過以下反應(yīng)過程得到：，。已知的衰變方程為，其半衰期為88年。下列說法正確的是（）A.為輕核聚變B.X為正電子，Y為質(zhì)子C.的比結(jié)合能比U的比結(jié)合能小D.白天時溫度升高，的半衰期會減小〖答案〗C〖解析〗A．該反應(yīng)為原子核的人工轉(zhuǎn)變，故A錯誤；B．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可得：X的質(zhì)子數(shù)為Z=93-94=-1質(zhì)量數(shù)為零，所以X是電子，Y的質(zhì)量數(shù)為A=238-234=4質(zhì)子數(shù)為2，由此可知Y為氦原子核，故B錯誤；C．生成物更穩(wěn)定，所以比結(jié)合能更大，故C正確；D．半衰期與溫度無關(guān)，故D錯誤。故選C。2.如圖，輕質(zhì)不可伸長晾衣繩兩端分別固定在豎直桿M、N上的a、b兩點，懸掛衣服的衣架鉤是光滑的，掛于繩上處于靜止?fàn)顟B(tài)。如果只人為改變一個條件，當(dāng)衣架靜止時，下列說法正確的是（）A.繩的右端上移到，繩子拉力變小B.將桿M向左移一些，繩子拉力變小C.換用稍長一些的輕質(zhì)晾衣繩，繩子拉力變小D.繩的兩端高度差越小，繩子拉力變小〖答案〗C〖解析〗如圖所示，因為同一根繩子上的拉力相等，所以兩個繩子是對稱的，與豎直方向夾角是相等的。AD．設(shè)繩子的長度為x，則兩桿之間的距離等于xcosθ，繩子一端在上下移動的時候，繩子的長度不變，兩桿之間的距離不變，則θ角度不變，所以所以繩子上的拉力不變；繩的兩端高度差的大小，對繩子的拉力沒有影響，故AD錯誤；B．當(dāng)桿M向左移一些，兩桿之間的距離變大，繩長不變，所以θ角度減小，sinθ減小，繩子拉力變大，故B錯誤；C．換用稍長一些的輕質(zhì)晾衣繩，θ角度變大，繩子拉力變小，故C正確。故選C。3.如圖，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向垂直于紙面向里，無限長通電直導(dǎo)線位于紙面內(nèi)，在紙面內(nèi)的M、N位于導(dǎo)線兩側(cè)，其連線與導(dǎo)線垂直。且M、N兩點到導(dǎo)線的距離之比為。經(jīng)測量，N點的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小是M點磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的2倍且方向相同。已知無限長通電直導(dǎo)線在真空中某點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，其中k為常量，I為電流大小，r為該點到導(dǎo)線的距離。則無限長通電直導(dǎo)線在M點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗設(shè)通電長直導(dǎo)線在M點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小等于B，根據(jù)可知通電長直導(dǎo)線在N點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小等于B。根據(jù)安培定則可知通電長直導(dǎo)線在M點產(chǎn)生的磁場方向向外、在N點產(chǎn)生的磁場方向向里，則有B+B0=2（B0-B）解得故選A。4.有一種能自動計數(shù)的智能呼啦圈深受健身者的喜愛，智能呼啦圈腰帶外側(cè)有半徑的圓形光滑軌道，將安裝有滑輪的短桿嵌入軌道并能自由滑動，短桿的另一端懸掛一根帶有配重的腰帶輕質(zhì)細(xì)繩，其簡化模型如圖。已知配重（可視為質(zhì)點）質(zhì)量，繩長為。水平固定好腰帶，通過人體微小扭動，使配重在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，在某一段時間內(nèi)細(xì)繩與豎直方向夾角始終為。腰帶可看作不動，重力加速度取，不計空氣阻力，，，下列說法正確的是（）A.配重受到的合力大小為10N B.配重的角速度為C.若細(xì)繩不慎斷裂，配重將自由下落 D.若增大轉(zhuǎn)速，細(xì)繩對配重的拉力將變小〖答案〗B〖解析〗A．配重在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，配重受到的合力大小為故A錯誤；B．根據(jù)牛頓第二定律可得解得故B正確；C．若細(xì)繩不慎斷裂，配重將做平拋運(yùn)動，故C錯誤；D．若增大轉(zhuǎn)速，即增大角度，配重做勻速圓周運(yùn)動的半徑增大，細(xì)繩與豎直方向的夾角增大，豎直方向根據(jù)受力平衡可得可得可知細(xì)繩對配重的拉力將變大，故D錯誤。故選B。5.“黑洞”是近代引力理論所預(yù)言的一種特殊天體，探尋“黑洞”的方案之一是觀測雙星系統(tǒng)的運(yùn)動規(guī)律。天文學(xué)家觀測河外星系大麥哲倫云時，發(fā)現(xiàn)了LMCX-3雙星系統(tǒng)，它由可見星A和不可見的暗星B構(gòu)成。不考慮其它天體的影響，A、B圍繞兩者連線上的O點做勻速圓周運(yùn)動，它們之間的距離保持不變，若將可見星A所受暗星B的引力等效為位于O點處質(zhì)量為的星體對它的引力，設(shè)A和B的質(zhì)量分別為、，則（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗根據(jù)得根據(jù)得聯(lián)立解得故選D。6.如圖，傾角為θ的斜面MN段粗糙，其余段光滑，PM，MN長度均為3d。四個質(zhì)量均為m的相同樣品1、2、3、4放在斜面上，每個樣品（可視為質(zhì)點）左側(cè)面固定有長度為的輕質(zhì)細(xì)桿，細(xì)桿與斜面平行，且與其上方的樣品接觸但不粘連，樣品與MN間的動摩擦因數(shù)均為。若樣品1在P處時，四個樣品由靜止一起釋放，重力加速度大小為g，下列說法正確的是（）A.當(dāng)樣品1剛進(jìn)入MN段時，樣品的共同加速度大小為gsinθB.當(dāng)樣品1剛進(jìn)入MN段時，樣品1的輕桿受到壓力大小為3mgsinθC.從開始釋放到樣品4剛進(jìn)入MN段的過程中，克服摩擦力做的總功為9mgdsinθD.當(dāng)四個樣品均位于MN段時，樣品的共同速度大小為3〖答案〗AD〖解析〗A．當(dāng)樣品1剛進(jìn)入MN段時，對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，樣品的共同加速度故A正確；B．當(dāng)樣品1剛進(jìn)入MN段時，隔離對樣品1分析，根據(jù)牛頓第二定律有mgsinθ+F-μmgcosθ=ma1解得F=mgsinθ根據(jù)牛頓第三定律，樣品1的輕桿受到的壓力為mgsinθ，故B錯誤；C．從開始釋放到樣品4剛進(jìn)入MN段的過程中，摩擦力對樣品1做功摩擦力對樣品2做功摩擦力對樣品3做功此時樣品4剛進(jìn)入MN段，摩擦力不做功，則摩擦力做的總功故C錯誤；D．從開始釋放到樣品4剛進(jìn)入MN段的過程運(yùn)用動能定理得解得樣品共同速度故D正確。故選AD。7.如圖甲所示，絕緣且粗糙程度相同的水平面上固定著兩個帶等量負(fù)電荷的點電荷M和N，O、A、B是在此水平面上M、N連線的中垂線上的三點，B點是MN的中點，O與B間距為x=0.2m.一帶正電的小球由O點靜止釋放，其質(zhì)量m=1×10－2kg、電荷量q=2×10－3C，帶正電的小球與水平面的動摩擦因數(shù)μ=0.2。小球從O點運(yùn)動到B點的v－t圖像如圖乙所示，A為圖像的拐點，乙圖中O、A、B對應(yīng)甲圖中O、A、B三個位置。重力加速度g=10m/s2，則以下說法正確的是（）A.從O到B，小球的加速度先增大后減小B.O點與B點電勢差C.當(dāng)小球速度最大時，小球所在位置的電場強(qiáng)度D.O與B之間A點的電場強(qiáng)度最小〖答案〗BC〖解析〗A．由乙圖可知，從O到A，小球的加速度增大，A到B先減小至零然后反向增大。故A錯誤；B．從O到B，由動能定理可得其中又聯(lián)立，可得故B正確；C．當(dāng)小球速度最大時，其加速度為零，有解得故C正確；D．對小球受力分析，由牛頓第二定律有由乙圖可知，小球在A點時加速度最大，即電場強(qiáng)度最大。故D錯誤。故選BC。8.如圖所示，兩根電阻不計、足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌MN，PQ固定在水平面內(nèi)，間距d＝1m，在導(dǎo)軌間寬度L＝1m的區(qū)域有勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B＝0.5T，方向如圖。一根質(zhì)量，阻值的金屬棒b靜置在導(dǎo)軌上，現(xiàn)使另一根質(zhì)量，阻值也為的金屬棒a以初速度從左端開始沿導(dǎo)軌滑動，穿過磁場區(qū)域后，與b發(fā)生彈性碰撞，兩金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，則金屬棒a（）A.第一次穿過磁場時做勻減速直線運(yùn)動B.第一次穿過磁場時回路中有逆時針方向的感應(yīng)電流C.第一次穿過磁場過程中克服安培力做的功為0.25JD.與金屬棒b碰撞后瞬間的速度大小為0.5m/s〖答案〗BD〖解析〗A．金屬棒a穿過磁場過程中受向左的安培力作用，根據(jù)可知隨著速度的減小，加速度減小，則金屬棒a做加速度減小的減速運(yùn)動，選項A錯誤；B．由右手定則可知，第一次穿過磁場時回路中有逆時針方向的感應(yīng)電流，選項B正確；C．第一次穿過磁場的過程中由動量定理可知其中由動能定理解得v=1.5m/s選項C錯誤；D．兩棒發(fā)生完全彈性碰撞，則解得v1=-0.5m/sv2=1m/s即a與金屬棒b碰撞后瞬間的速度大小為0.5m/s，選項D正確。故選BD。第II卷（非選擇題，共174分）二、非選擇題（本卷包括必考題和選考題兩部分，第22-32為必考題，每個試題考生都必須做答。第33-38題為選考題，考生根據(jù)要求做答）（一）必考題（共129分）9.為測量小球從某一高度釋放，與某種橡膠材料碰撞導(dǎo)致的機(jī)械能損失，某實驗小組設(shè)計了如圖所示的裝置，實驗過程如下：（已知小球的質(zhì)量為，直徑為）（1）讓小球從某一高度由靜止釋放，與水平放置的橡膠材料碰撞后豎直反彈。調(diào)節(jié)光電門位置，使小球從光電門正上方釋放后，在下落和反彈過程中均可通過光電門；（2）為方便操作并記錄小球此次下落和反彈通過光電門的遮光時間和，應(yīng)___________（填“A”或“B”）；A．先釋放小球，后接通數(shù)字計時器B．先接通數(shù)字計時器，后釋放小球（3）用測量結(jié)果計算小球與橡膠材料碰撞的機(jī)械能損失，其表達(dá)式為_________（用字母、、和表示）；（4）若適當(dāng)調(diào)高光電門的高度，將會___________（填“增大”或“減小”）因空氣阻力引起的實驗誤差?！即鸢浮剑?）B（3）（4）增大〖解析〗（2）〖1〗為方便操作并記錄小球此次下落和反彈通過光電門的遮光時間和，應(yīng)先接通數(shù)字計時器，后釋放小球。故選B。（3）〖2〗小球下落經(jīng)過光電門時的速度大小為小球上升經(jīng)過光電門時的速度大小為小球與橡膠材料碰撞損失的機(jī)械能為（4）〖3〗若適當(dāng)調(diào)高光電門的高度，則從光電門到橡膠材料的距離增大，從下落經(jīng)過光電門到上升經(jīng)過光電門通過的路程增大，克服空氣阻力做的功增大，則將會增大因空氣阻力引起的實驗誤差。10.（1）利用圖甲所示電路測量電流表A（量程1mA）的內(nèi)阻。實驗室有以下器材；待測電流表A（量程1mA）滑動變阻器B（最大阻值6000Ω）滑動變阻器C（最大阻值3000Ω）電阻箱（最大阻值999.9Ω）電源（電動勢3V，內(nèi)阻很?。╇娫矗妱觿轂?V，內(nèi)阻很?。贋榱吮容^精確的測量，電源選用___________（填“”或“”），滑動變阻器選用___________（填“B”或“C”）測量方法是：先斷開開關(guān)，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器，使電流表的指針滿偏；保持的阻值不變，閉合，調(diào)節(jié)電阻箱，使電流表的指針半偏，此時電阻箱的示數(shù)為99.0Ω。則：②電流表A內(nèi)阻的測量值為___________Ω，測量值___________（填“大于”、“小于”或“等于”）真實值。（2）若將該電流表A改裝成量程為100mA的電流表，則改裝后的電流表的內(nèi)阻_______Ω。（3）為測量一節(jié)廢舊干電池的電動勢E和內(nèi)阻r，利用電流表和其它實驗器材設(shè)計了如圖乙所示的電路。在實驗中，多次改變電阻箱阻值，記錄多組數(shù)據(jù)，畫出圖像為一條直線（如圖丙）。由圖中數(shù)據(jù)計算出該電池的電動勢___________V，內(nèi)阻___________Ω（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）。

〖答案〗（1）①.B②99.0小于（2）0.99（3）1.1310.3〖解析〗（1）①〖1〗〖2〗根據(jù)題意可知，采用的是半偏法測量電流表內(nèi)阻，為了減小誤差，實驗中電源選擇電動勢較大的，回路最大電流1mA，根據(jù)歐姆定律可知，最小電阻6000Ω，故滑動變阻器選擇B。②〖3〗〖4〗先斷開開關(guān)，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器，使電流表的指針滿偏，保持的阻值不變，閉合，調(diào)節(jié)電阻箱，使電流表的指針半偏，因為滑動變阻器阻值非常大，近似認(rèn)為此時回路電流不變，則電阻箱的電流也為，此時電阻箱的示數(shù)為99.0Ω。則根據(jù)并聯(lián)電流與電阻成反比可知，電流表A內(nèi)阻的測量值為99.0Ω。因為閉合后，回路總電阻減小，總電流增大，則流過的實際電流大于，導(dǎo)致測量值小于真實值。（2）〖5〗若將該電流表A改裝成量程為100mA的電流表，則改裝后的電流表的內(nèi)阻（3）〖6〗〖7〗根據(jù)整理得根據(jù)題意，結(jié)合圖丙可得解得11.如圖，在平面直角坐標(biāo)系內(nèi)，第一象限存在沿軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為（未知）；第二象限存在沿軸正方向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大?。坏谒南笙迗A形區(qū)域內(nèi)存在垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，圓形區(qū)域分別在P點、Q點與軸、軸相切，其半徑。一比荷、不計重力和空氣阻力的帶正電粒子，從第二象限的A點由靜止釋放，A點坐標(biāo)為（，），該粒子從軸上C（，）點進(jìn)入第一象限，恰從P點進(jìn)入第四象限的勻強(qiáng)磁場，最終從圓形磁場的M點射出。求：（1）粒子經(jīng)過C點的速度大小；（2）電場強(qiáng)度的大小及粒子經(jīng)過P點的速度；（3）粒子在磁場中運(yùn)動的時間（結(jié)果可用表示）。〖答案〗（1）；（2），；（3）〖解析〗（1）粒子在第二象限做勻加速直線運(yùn)動，則有由牛頓第二定律得聯(lián)立解得粒子經(jīng)過C點的速度大?。?）在第一象限，粒子做類平拋運(yùn)動，沿軸正方向有沿軸負(fù)方向有由牛頓第二定律可得聯(lián)立解得，粒子經(jīng)過P點沿沿軸負(fù)方向的分速度大小為因此，粒子經(jīng)過P點的速度大小為設(shè)速度方向與軸正向夾角為，則有可得（3）粒子在圓形磁場中做勻速圓周運(yùn)動，由洛倫茲力提供向心力可得解得粒子在磁場中的軌跡如圖所示可知四邊形為菱形，則粒子從M點射出磁場時速度沿軸負(fù)向；從P到M，圓心角為，粒子在磁場中的運(yùn)動時間為又聯(lián)立解得12.如圖，固定在水平地面上，傾角為θ的光滑斜面底端固定一垂直于斜面的擋板，一輕質(zhì)彈簧放在斜面上，一端固定在擋板上，另一端處于自由狀態(tài)，足夠長的木板B放在斜面上，木塊A放在B的上端，A、B的質(zhì)量均為m，A、B之間的動摩擦因數(shù)為μ。開始時，A、B均靜止，使彈簧壓縮了x0。然后沿斜面向下緩慢推動木板B移動距離2x0后鎖定B（彈簧始終在彈性限度內(nèi)）。某時刻解除鎖定，木B板沿斜面向上運(yùn)動，A與B之間發(fā)生相對滑動，經(jīng)過時間t，A與B第一次共速，此時B已脫離彈簧。已知彈簧形A變量為x時彈性勢能為（其中k為彈簧的勁度系數(shù)，k未知）。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g。求：（1）解除鎖定瞬間，A、B的加速度大小aA、aB；（2）從解除鎖定到B沿斜面向上運(yùn)動速度達(dá)到最大時B的位移大小x1；（3）解除鎖定后，B沿斜面向上運(yùn)動的最大位移xm的大小。〖答案〗（1）aA=μgcosθ－gsinθ，aB=5gsinθ－μgcosθ；（2）；（3）〖解析〗（1）最初，整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，則有kx0=2mgsinθ解除鎖定瞬間，對于Aμmgcosθ－mgsinθ=ma對于Bk·3x0－mgsinθ－μmgcosθ=maB解得aA=μgcosθ－gsinθaB=5gsinθ－μgcosθ（2）B速度最大時，其加速度為0，則有kx=mgsinθ＋μmgcosθB的位移大小x1=3x0－x解得（3）從解除鎖定到共速，設(shè)A、B的位移大小分別為x2、x3，共同速度為v，對于Av=aAt對于系統(tǒng)，能量守恒，則有：共速后，一起沿斜面向上勻減速，對A、B整體（AB的位移大小為x4）所以B沿斜面向上運(yùn)動的最大位移為xm=x3＋x4解得（二）選考題（共45分。請考生從給出的2道物理題、2道