2024屆湖北省華師一附中物理高二下期末學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題含解析

2024屆湖北省華師一附中物理高二下期末學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在探究“加速度與物體受力的關系”實驗中,我們首先保持砝碼質量不變研究小車質量和加速度的關系,再保持小車質量不變研究砝碼和加速度的關系最終得到F=ma,從科學研究的方法來說,這屬于()A．等效替代 B．控制變量C．科學假說 D．數學歸納2、中國北斗衛(wèi)星導航系統(BDS)是中國自行研制的全球衛(wèi)星導航系統，是繼美國全球定位系統(GPS)、俄羅斯格洛納斯衛(wèi)星導航系統(GLONASS)之后第三個成熟的衛(wèi)星導航系統。預計2020年左右，北斗衛(wèi)星導航系統將形成全球覆蓋能力。如圖所示是北斗導航系統中部分衛(wèi)星的軌道示意圖，已知a、b、c三顆衛(wèi)星均做圓周運動，a是地球同步衛(wèi)星，則()A．衛(wèi)星a的角速度小于c的角速度B．衛(wèi)星a的加速度大于b的加速度C．衛(wèi)星a的運行速度大于第一宇宙速度D．衛(wèi)星b的周期大于24h3、一個質量為M的箱子放在水平地面上,箱內用一段固定長度的輕質細線拴一質量為m的小球,線的另一端拴在箱子的頂板上,現把細線和球拉到左側與豎直方向成θ角處靜止釋放,如圖所示,在小球擺動的過程中箱子始終保持靜止,則以下判斷正確的是()A．在小球擺動的過程中,線的張力呈周期性變化,但箱子對地面的作用力始終保持不變B．小球擺到右側最高點時,地面受到的壓力為(M+m)g,箱子受到地面向左的靜摩擦力C．小球擺到最低點時,地面受到的壓力為(M+m)g,箱子不受地面的摩擦力D．小球擺到最低點時,線對箱頂的拉力大于mg,箱子對地面的壓力大于(M+m)g4、某同學參加了糕點制作的選修課,在繞中心勾速轉動的圓盤上放了一塊直徑約的蛋糕(圈盤與蛋糕中心重合)．他要在蛋糕上均勻“點”上奶油,擠奶油時手處于圓盤上方靜止不動,奶油豎直下落到蛋糕表面,若不計奶油下落時間,每隔“點”一次奶油,蛋糕一周均勻“點”上個奶油．下列說法正確的是（）A．圓盤轉動一周歷時B．圓盤轉動的角速度大小為C．蛋糕邊緣的奶油(可視為質點)線速度大小約為D．蛋糕邊緣的奶油(可視為質點)向心加速度約為5、下述儀器或裝置沒有用到傳感器的是()A．自動報警器B．彈簧測力計C．電視遙控器D．紅外線探測儀6、用頻率為的光照射大量處于基態(tài)的氫原子，在所發(fā)射的光譜中僅能觀測到頻率分別為、、的三條譜線，且>>，則A．< B．=+ C．=++ D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，從地面上同一位置拋出兩小球A、B，分別落在地面上的M、N點,兩球運動的最大高度相同．空氣阻力不計，則()A．B的加速度比A的大B．B的飛行時間一定與A的相同C．B在最高點的速度比A在最高點的大D．B在落地時的速度可能比A在落地時的小8、如圖為氫原子的能級示意圖，鋅的逸出功是3.34eV，那么對氫原子在能級躍遷過程中發(fā)射或吸收光子的特征認識正確的是()A．一群處于n=3能級的氫原子向基態(tài)躍遷時，能放出3種不同頻率的光B．一群處于n=3能級的氫原子向基態(tài)躍遷時，發(fā)出的光照射鋅板，鋅板表面所發(fā)出的光電子的最大初動能為8.75eVC．用能量為10.3eV的光子照射，可使處于基態(tài)的氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)D．用能量為14.0eV的光子照射，可使處于基態(tài)的氫原子電離9、以下說法正確的是A．光電效應和康普頓效應都表明光具有粒子性B．電子運動的速度越大其對應的德布羅意波的波長越小C．將放射性元素摻雜到其它穩(wěn)定元素中,并降低其溫度,該元素的半衰期將增大D．結合能越大，表明核子結合成原子核時放出能量越多,原子核也越穩(wěn)定10、如圖所示，水平地面上放有質量分別為1kg和2kg的物體P和Q，兩者與地面之間的動摩擦因數均為0.5，輕繩一端固定且離Q足夠遠，另一端跨過固定在Q上的輕質滑輪與P相連，輕繩與地面平行，開始時P、Q二者均靜止，取g=10m/s2.若物體P在水平向右的恒力作用下運動了4m，則A．Q運動的距離為4mB．P、Q的加速度大小之比為2：1C．Q與地面摩擦產生的熱量為20JD．P與地面的摩擦力大小為10N三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用伏安法測定待測電阻Rx的阻值（約為10kΩ），除了Rx，開關S、導線外，還有下列器材供選用：A．電壓表（量程0~1V，內阻約10kΩ）B．電壓表（量程0~10V，內阻約100kΩ）C．電流表（量程0~1mA，內阻約30Ω）D．電流表（量程0~0.6A，內阻約0.05Ω）E．電源（電動勢1.5V，額定電流0.5A，內阻不計）F．電源（電動勢12V，額定電流2A，內阻不計）G．滑動變阻器R0（阻值范圍0~10Ω，額定電流2A）①為使測量盡量準確，電壓表選用_______，電流表選用_______，電源選用_______．（均填器材的字母代號）；②畫出測量Rx阻值的實驗電路圖_______．③該同學選擇器材、連接電路和操作均正確，從實驗原理上看，待測電阻測量值會_______其真實值（填“大于”“小于”或“等于”），原因是_______．12．（12分）某一元件的電阻值約為12Ω，為描繪該元件的U﹣I圖象，提供了如下器材：A．電壓表（量程3V，內阻約3kΩ）B．電流表（量程是0.6A，內阻約0.5Ω）C．電流表（量程是3A，內阻約0.1Ω）D．滑動變阻器R1（0～10Ω，2A）E．滑動變阻器R2（0～1000Ω，1A）F．電源（電動勢約為6V，內阻很?。〨．開關S及導線若干（1）在供選擇的器材中，電流表應選擇_____，滑動變阻器應選擇_____．（填字母代號）（2）設計合適的電路，在答題紙的線框內畫出實驗電路圖_____．（3）如圖中I、II圖線，其中一條為元件真實的U﹣I圖線，另一條是本次實驗中測得的U﹣I圖線，其中_____是本次實驗中測得的圖線．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在水平桌面上放一重為GA=20N的物體A，它與桌面間的動摩擦因數為μ1=0.5，使這個物體沿桌面勻速運動時，（沒有圖不影響做題）（1）水平拉力應為多大？（2）如果在A上加一個重為GB=10N的物體B，B與A間的摩擦系數為μ2=0.2，那么當A、B兩物體一起沿桌面勻速運動時，對A的水平拉力應為多大？此時B所受的摩擦力多大？（3）如果拉力與水平面呈θ=53°角斜向上，那么當A、B兩木塊一起沿桌面勻速滑動時，對木塊A的拉力應為多大？（sin53°=0.8，cos53°=0.6）14．（16分）物體在斜面頂端由靜止勻加速下滑，最初4s內經過路程為s1，最后4s內經過的路程s2，且s2-s1＝8m，s1∶s2＝1∶2，求斜面的全長．15．（12分）如圖所示，兩根平行且足夠長的軌道水平放置，軌道間距為L，且電阻不計，CD左側處在豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度大小為B1，CD右側處在豎直向下的勻強磁場中，磁感應強度大小為B1．在軌道上有兩長度稍大于L、質量均為m、阻值均為R的金屬棒a、b，金屬棒b用一根足夠長的絕緣細線跨過定滑輪與重錘相連．某時刻金屬棒a在外力作用下以速度v0沿軌道向左做勻速直線運動，在這一過程中金屬棒b恰好保持靜止．當金屬棒a到達CD處時被固定，此后重錘開始下落，在落地前速度達到最大．忽略一切摩擦阻力，且不考慮金屬棒a、b間的相互作用力，重力加速度為g．求：(1)重錘的質量M;(1)重錘能達到的最大速度v;(3)若從重錘開始下落起，到其達到最大速度的過程中，金屬棒b產生的焦耳熱Q，求這一過程通過金屬棒b的電荷量q.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

在研究物體的“加速度、作用力和質量”三個物理量的關系時，由于變量較多，因此采用了“控制變量法”進行研究，分別控制一個物理量不變，看另外兩個物理量之間的關系，即“先保持砝碼質量不變研究小車質量和加速度的關系，再保持小車質量不變研究砝碼和加速度的關系”。故ACD錯誤，B正確；2、A【解題分析】

根據，可得，a的軌道半徑大于c的軌道半徑，因此衛(wèi)星a的角速度小于c的角速度，選項A正確；由，a的軌道半徑與b的軌道半徑相等，因此衛(wèi)星a的加速度等于b的加速度，選項B錯誤；由，a的軌道半徑大于地球半徑，因此衛(wèi)星a的運行速度小于第一宇宙速度，選項C錯誤；由，a的軌道半徑與b的軌道半徑相等，衛(wèi)星b的周期等于a的周期，為24h，選項D錯誤。3、D【解題分析】在小球擺動的過程中，速度越來越大，對小球受力分析根據牛頓第二定律可知：，繩子在豎直方向的分力為：，由于速度越來越大，角度越來越小，故越大，故箱子對地面的作用力增大，在整個運動過程中箱子對地面的作用力時刻變化，故A錯誤；小球擺到右側最高點時，小球有垂直于繩斜向下的加速度，對整體由于箱子不動加速度為，為小球在豎直方向的加速度，根據牛頓第二定律可知：，則有：，故，根據牛頓第三定律可知對地面的壓力小于，故B錯誤；在最低點，小球受到的重力和拉力的合力提供向心力，由牛頓第二定律有：，聯立解得：，則根據牛頓第三定律知，球對箱的拉力大小為：，故此時箱子對地面的壓力為：，故小球擺到最低點時，繩對箱頂的拉力大于，，箱子對地面的壓力大于，故C錯誤，D正確，故選D.【題目點撥】對m運動分析，判斷出速度大小的變化，根據牛頓第二定律求得繩子的拉力，即可判斷出M與地面間的相互作用力的變化，在最低點，球受到的重力和拉力的合力提供向心力，由牛頓第二定律求出繩子的拉力，從而得到箱子對地面的壓力．4、C【解題分析】

A．每隔2s“點”一次奶油，蛋糕一周均勻“點”上10個奶油，則圓盤轉動一圈的時間T=20s，故A錯誤；B．圓盤轉動的角速度大小為故B錯誤；C．蛋糕邊緣的奶油（可視為質點）線速度大小約為：故C正確；D．蛋糕邊緣的奶油（可視為質點）向心加速度約為：故D錯誤；故選C．5、B【解題分析】試題分析：自動報警器是利用了光敏電阻，電視遙控器和紅外線探測儀是利用了紅外線，彈力測力計是根據彈簧的伸長量和拉力成正比工作的，沒有用到傳感器，故選B考點：考查了傳感器在生活中的應用點評：關鍵是對生活中各種傳感器的工作原理熟悉6、B【解題分析】

試題分析：大量氫原子躍遷時只有三個頻率的光譜，這說明是從能級向低能級躍遷．能級向n=1能級躍遷時，n=2能級向n=1能級躍遷時，n=3能級向n=2能級躍遷時，將以上三式變形可得,解得，所以B正確，再根據氫原子理論可知，入射光頻率v0=v3，故ACD錯誤．考點：考查了氫原子躍遷【名師點睛】本題的關鍵是明確發(fā)光的含義是氫原子從高能級向低能級躍遷，根據能級圖，有三條光譜線說明原子最高能級在n=3能級，再根據氫原子理論可知，入射光的頻率應等于n=3能級時的頻率，然后再根據躍遷公式即可求解．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解題分析】

由題知，兩球均做斜拋運動，運用運動的分解法可知：水平方向做勻速直線運動，豎直方向做豎直上拋運動，兩球的加速度相同，由豎直高度相同，由運動學公式分析豎直方向的初速度關系，根據水平位移可知道水平初速度的關系，兩球在最高點的速度等于水平初速度，由速度合成分析初速度的關系，即可由機械能守恒知道落地速度的大小關系；【題目詳解】A、不計空氣阻力，兩球的加速度都為重力加速度g，故A錯誤；

B、兩球都做斜拋運動，豎直方向的分運動是豎直上拋運動，根據運動的對稱性可知，兩球上升和下落的時間相等，而下落過程，由t=2hg知下落時間相等，則兩球運動的時間相等，故B正確；

C、豎直方向為豎直上拋運動，根據h=vyt-12gt2，最大高度h、t相同，則知，豎直方向的初速度大小相等，由于水平方向為勻速運動，可知A球的水平分速度小于B球水平分速度，則可知在最高點時A球速度小于B球速度，故選項C正確；

D【題目點撥】本題考查運用運動的合成與分解的方法處理斜拋運動的能力，對于拋體運動，最好能夠按照受力方向將運動進行分解。8、ABD【解題分析】

一群處于n=3能級的氫原子向基態(tài)躍遷時，根據C32=3可知，能放出3種不同頻率的光，故A正確；一群氫原子從n=3向n=1的能級發(fā)出的光子的能量最大為ΔE=-1.51-(-13.6)=12.09eV，因鋅的逸出功是3.34ev，鋅板表面所發(fā)出的光電子的最大初動能為EKm=12.09-3.34=8.75eV；故B正確；沒有能級差是10.3eV，所以用能量為10.3eV的光子照射，可使處于基態(tài)的氫原子不能躍遷到激發(fā)態(tài)；能量為14【題目點撥】解決本題的關鍵知道什么是電離，以及能級的躍遷滿足hγ=Em-En，注意吸收光子是向高能級躍遷，釋放光子是向低能級躍遷，同時掌握吸收或釋放能量要正好等于能級之差．9、AB【解題分析】

A.用愛因斯坦的光子學說可以很好低解釋光電效應的規(guī)律，說明光具有粒子性；康普頓效應，說明光具有動量，也說明光具有粒子性．故A正確；B.根據德布羅意波理論，德布羅意波的波長，電子運動的速度越大，動量越大，其對應的德布羅意波的波長越短，故B正確；C.半衰期與物體所處的物理和化學狀態(tài)無關，不管以單質形式存在，還是以化合物形式存在，該元素的半衰期不變，故C錯誤；D.比結合能越大的原子核中核子結合得越牢固，原子核越穩(wěn)定．故D錯誤；故選AB10、BC【解題分析】Q運動的距離是物體P運動距離的一半，為2m，故A錯誤．相同時間內，P運動的距離是Q運動距離的2倍，由，得P、Q的加速度大小之比為2：1，故B正確．Q與地面摩擦產生的熱量為：，故C正確．P與地面的摩擦力大小為：，故D錯誤．故選BC．【題目點撥】根據動滑輪的特性分析Q運動的距離，并判斷P、Q加速度關系．根據滑動摩擦力公式求P與地面的摩擦力大小，由克服摩擦力做功求Q與地面摩擦產生的熱量．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B；C；F；大于；電壓表的讀數大于呆測電阻兩端實際電壓；【解題分析】試題分析：由于本題的被測電阻達到10kΩ，所以電源要選擇電動勢大的，然后根據電路電流選擇電流表，電壓表；若采用限流接法，則電路中電流和電壓變化不明顯，故采用滑動變阻器的分壓接法，根據和的關系分析電流表的接法；根據電流表的接法判斷實驗誤差所在；①若選用電源1.5V，由于被測電阻很大，電路中電流非常小，不利于實驗，即電源選用12V的，即F；則電壓表就應該選取B；電路中的最大電流為，故選用電流表C；②因為給的滑動變阻器的最大阻值只有10Ω，若采用限流接法，則電路中電流和電壓變化不明顯，故采用滑動變阻器的分壓接法，由于，所以采用電流表內接法，電路圖如圖所示，③由于電流表的分壓，導致電壓測量值偏大，而電流準確，根據可知測量值偏大；【題目點撥】滑動變阻器的分壓和限流接法的區(qū)別和選用原則：區(qū)別：（1）限流接法線路結構簡單，耗能少；（2）分壓接法電壓調整范圍大，可以從0到路端電壓之間連續(xù)調節(jié)；選用原則：（1）優(yōu)先限流接法，因為它電路結構簡單，耗能較少；（2）下列情況之一者，須采用分壓接法：①當測量電路的電阻遠大于滑動變阻器阻值，采用限流法不能滿足要求時（本題就是該例子）；②當實驗要求多測幾組數據（電壓變化范圍大），或要求電壓從零開始調節(jié)；③電源電動勢比電壓表量程大得多，限流法滑動變阻器調到最大仍超過電壓表量程時．電流表內接和外接的選用：當時，宜采用內接法，即大電阻用內接法；當時，宜采用外接法，即小電阻用外接法；可記憶為“大內，小外”．12、BDII【解題分析】(1)器材中電源電動勢約為6V，元件的電阻值約為12Ω，則電路中電流約為,故電流表量程選0.6A即可，電流表選B；描繪元件的U﹣I圖象，電壓和電流要從0開始測量，因此電路中滑動變阻器采用分壓接法，為了便以調節(jié)滑動變阻器要選用最大阻值較小的，故滑動變阻器選D；(2)電壓表內阻約3kΩ，電流表內阻約0.5Ω，而元件的電阻約為12Ω，則電壓表的內阻遠大于元件的電阻，所以電流表采用外接法，又滑動變阻器采用分壓式接法，畫出實驗電路圖如圖所示(3)實驗過程中，由于電壓表的分流，會導致電流表的測量值比真實值偏大，根據可知，元件電