2022年浙江省紹興市柯橋區(qū)高考物理適應(yīng)性試卷（附答案詳解）

2022年浙江省紹興市柯橋區(qū)高考物理適應(yīng)性試卷

1.北京已成功申辦2022年冬奧會(huì)。如圖所示為部分冬奧會(huì)項(xiàng)目。下列關(guān)于這些冬奧

會(huì)項(xiàng)目的研究中，可以將運(yùn)動(dòng)員看作質(zhì)點(diǎn)的是（）

研究速度滑冰運(yùn)動(dòng)員滑冰的快慢

速度滑冰

研究自山滑雪運(yùn)動(dòng)員的空中姿態(tài)

自由滑冰

研究單板滑雪運(yùn)動(dòng)員的空中轉(zhuǎn)體

單板滑雪

D.研究花樣滑冰運(yùn)動(dòng)員的花樣動(dòng)作

花樣滑冰

2.以下四種運(yùn)動(dòng)形式中，加速度a保持不變的運(yùn)動(dòng)是（）

A.單擺的運(yùn)動(dòng)B.勻速圓周運(yùn)動(dòng)

C.雨滴的下落運(yùn)動(dòng)D.平拋運(yùn)動(dòng)

3.小朋友站在向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)的電梯中，豎直向上拋出

小球后小球落回手中（小球未碰到電梯頂部）。以地面為參考

系和零勢(shì)能面，小球與電梯底面距離最大時(shí)，小球的（）

A.動(dòng)能為零

B.重力勢(shì)能最大

C.速度方向豎直向上

D.加速度方向豎直向上

4.2022.3.23,中國(guó)航天員王亞平老師給地球上的小朋友們又上了一堂精彩的空中課

堂，期間王亞平老師做了好幾個(gè)實(shí)驗(yàn)，其中一個(gè)實(shí)驗(yàn)是把一個(gè)冰墩墩水平拋出（如

圖甲），在空間站視角看來是做近似勻速直線運(yùn)動(dòng)，還有一個(gè)實(shí)驗(yàn)展示無接觸實(shí)驗(yàn)

艙，把一顆金屬球懸浮在艙內(nèi)進(jìn)行加熱（如圖乙），這兩個(gè)實(shí)驗(yàn)在地球上人看來（）

甲乙

A.拋出后的冰墩墩不受力的作用

B.拋出后的冰墩墩做平拋運(yùn)動(dòng)

C.乙圖中懸浮金屬球受力平衡

D.乙圖中懸浮金屬球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)

5.高壓線是非常危險(xiǎn)的遠(yuǎn)距輸電線，但是我們也經(jīng)常會(huì)看到許多鳥兒雙腳站上面卻相

安無事。小蔣為了弄清其中的道理特別查閱了當(dāng)?shù)氐囊唤M數(shù)據(jù)：高壓線輸送電功率

P=6.4x10”〃，輸送電壓為22萬伏，導(dǎo)線所用的是LG/型鋼芯鋁絞線，其橫截

面積是95平方毫米，其電阻率p=3.0xIO：。.m,請(qǐng)估算一只小鳥雙腳停留在高

壓線上時(shí)承受的電壓大?。ǎ?/p>

A.2.0VB.2.0xIO-11/C.2.0x10-3KD.2.0x10-5V

6.2022年4月16日0時(shí)44分，神舟十三號(hào)與空間站天

軌道

和核心艙分離，正式踏上回家之路，分離過程簡(jiǎn)化八-n-\\

如圖所示，脫離前天和核心艙處于半徑為萬的圓軌

道I,運(yùn)行周期為A，從P點(diǎn)脫離后神舟十三號(hào)飛

軌道in.寇I

船沿軌道口返回近地半徑為「2的圓軌道田上，Q點(diǎn)

為軌道口與軌道班的切點(diǎn)，軌道加上運(yùn)行周期為72,然后再多次調(diào)整軌道，繞行5圈

多點(diǎn)順利著落在東風(fēng)著落場(chǎng)，根據(jù)信息可知（）

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A.71：=rl：r2

B.可以計(jì)算地球的密度為P=潟

C.在軌道口上Q點(diǎn)的速率要大于在軌道口上P點(diǎn)的速率

D.飛船在P到Q過程中與地心連線掃過的面積與天和核心艙與地心連線在相同時(shí)間內(nèi)

掃過的面積相等

7.在平行于紙面的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，有一個(gè)圓形區(qū)域ABCD,如圖甲，圓心為。，半徑為

R=0.1m,P為圓弧上的一個(gè)點(diǎn)，從4點(diǎn)出發(fā)沿逆時(shí)針運(yùn)動(dòng)，。為P。連線旋轉(zhuǎn)的角

度，即“。4=9，P點(diǎn)電勢(shì)8隨。珀度的變化如圖乙所示,則（）

Ar

5-

4

-」

3

-M

Cr

21-\

14-4-G/n

D33

甲乙

A.<pA<<PB

B.勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小為10V7m

C.電子在B點(diǎn)的電勢(shì)能大于在C點(diǎn)的電勢(shì)能

D.電子從C點(diǎn)沿圓弧逆時(shí)針移動(dòng)到。點(diǎn)，電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功

8.“激光武器”是用高能的激光對(duì)遠(yuǎn)距離的目標(biāo)進(jìn)行精確射擊或用于防御導(dǎo)彈等的

武器，它的優(yōu)點(diǎn)是速度快、射束直、射擊精度高、抗電磁干擾能力強(qiáng)。某激光器能

發(fā)射波長(zhǎng)為4的激光，發(fā)射功率為P,c表示光速，九為普朗克常量，則激光器每分

鐘發(fā)射的光子數(shù)量為（）

A60APB-CcCAP

,he*60ap*h

9,有一娛樂項(xiàng)目，人坐在半徑為R的傾斜圓盤邊緣隨著圓

盤繞圓心。處的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)（轉(zhuǎn)軸垂直于盤面），圓盤

的傾角為a,如圖所示，圖中人用方塊代替。當(dāng)人與圓

盤間的動(dòng)摩擦因數(shù)4=2.5tana時(shí)，人恰好不從圓盤滑

出去。人的質(zhì)量為m,4為圓盤的最低點(diǎn)，B為圓盤的

最高點(diǎn)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，以下正確的是（）

A.8位置處受到的摩擦力方向沿斜面向上

B.A點(diǎn)與B點(diǎn)人所受到的摩擦力大小之差為3mgsina

C.人在轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的速度大小為

D.人從4到B摩擦力做功為2mgRs譏a

10.如圖所示是指紋識(shí)別原理圖，其原理是利用光學(xué)棱鏡的全

反射特性，在指紋谷線（凹部），入射光在棱鏡界面發(fā)生全

反射，在指紋脊線（凸部），入射光的某些部分被吸收或者

漫反射到別的地方，這樣，在指紋模塊上形成明暗相間的

指紋圖像。已知水的折射率約為1.33,透明玻璃的折射率約為1.5。下列說法正確

的是（）

A.指紋模塊接收光線較暗的部位是指紋谷線

B.指紋模塊接收光線較亮的部位是指紋谷線

C.沒有手指放入時(shí)，若光源正常發(fā)光，指紋模塊會(huì)接收到全暗圖像

D.手指濕潤(rùn)時(shí)，指紋識(shí)別率低，是因?yàn)楣庠诶忡R界面不能發(fā)生全反射

11.道路壓線測(cè)速系統(tǒng)，不僅可以測(cè)速，也可以測(cè)量是否超載，其結(jié)構(gòu)原理電路可以理

解為如圖甲所示由一個(gè)電源，一個(gè)靈敏電流計(jì)與傳感器連接，一個(gè)電容和一個(gè)保護(hù)

電阻R組成，感應(yīng)線連接電容器的其中一塊極板上，如果車輪壓在感應(yīng)線上會(huì)改變

電容器兩板間的距離，并會(huì)使靈敏電流計(jì)中產(chǎn)生瞬間電流，壓力越大，則電流峰值

也會(huì)越大，如果汽車的前、后輪先后經(jīng)過感應(yīng)線，回路中產(chǎn)生兩脈沖電流，如圖乙

所示，電子眼就會(huì)拍照。如果以順時(shí)針方向?yàn)殡娏髡较?，貝心?/p>

甲乙

A.汽車壓線時(shí)，電容器板間距離變小

B.車輪經(jīng)過感應(yīng)線過程中電容器先充電后放電

C.增大電阻R值，可以使電容器穩(wěn)定時(shí)的帶電量減小

D.如果車輪間距是2.5m,則可估算車速約為7.7m/s

12.某種復(fù)式光由紅、藍(lán)兩種顏色的光組成，其光強(qiáng)度對(duì)波長(zhǎng)的關(guān)系如圖甲所示，紅光

范圍的光強(qiáng)度比藍(lán)光范圍的光強(qiáng)度大很多。某學(xué)生以此光照射某一金屬，進(jìn)行光電

效應(yīng)實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)皆可產(chǎn)生光電子，如圖乙所示。設(shè)可變直流電源的電壓為U時(shí)測(cè)得

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的光電流為/,測(cè)得多組數(shù)據(jù)，則下列圖像中該實(shí)驗(yàn)所測(cè)得的1-U關(guān)系可能正確的

13.如圖所示，矩形線框的匝數(shù)為N,面積為S,線框所處磁場(chǎng)可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感

應(yīng)強(qiáng)度大小為B,線框從圖示位置開始繞軸0。'以恒定的角速度3沿逆時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng),

線框一端接換向器，通過電刷和外電路連接。理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為3：

1,定值電阻％、/?2的阻值均為R，忽略線框以及導(dǎo)線的電阻。下列說法正確的是（）

B.通過電阻％的是交流電

C.線框轉(zhuǎn)一圈，通過電阻治的電量為口=等

D.矩形線框的輸出功率為對(duì)電衛(wèi)

9R

14.2021年1月8日，中國(guó)科學(xué)技術(shù)大學(xué)宣布，中國(guó)科研團(tuán)隊(duì)成功實(shí)現(xiàn)了跨越4600公里

的星地量子秘鑰分發(fā)，標(biāo)志著我國(guó)已構(gòu)建出天地一體化廣域量子通信網(wǎng)雛形。關(guān)于

量子和量子化，下列說法錯(cuò)誤的是（）

A.波爾提出軌道量子化和能級(jí)，成功解釋了氫原子光譜

B.愛因斯坦根據(jù)光電效應(yīng)，提出了光子的概念

C.普朗克把能量子引入物理學(xué)，破除了“能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀念

D.量子論中的量子，實(shí)際上就是指“微觀粒子”

15.一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0.4s時(shí)的波形圖如圖(a)所示，P是介質(zhì)中的質(zhì)點(diǎn)，圖(b)是質(zhì)點(diǎn)

P的振動(dòng)圖像。已知該波在該介質(zhì)中的傳播速度為20m/5則()

A.該波的波長(zhǎng)為24nl

B.該波沿%軸正方向傳播

C.t=0.4s時(shí)質(zhì)點(diǎn)P離開平衡位置的位移為5bm

D.質(zhì)點(diǎn)P的平衡位置坐標(biāo)為x=6m

16.我國(guó)“洛神”號(hào)潛艇研制已經(jīng)取得了重大突破，開始進(jìn)入試車定型階段，該潛艇應(yīng)

用了超導(dǎo)磁流體推進(jìn)器。如圖是超導(dǎo)磁流體推進(jìn)器原理圖，推進(jìn)器浸沒在海水中，

海水由前、后兩面進(jìn)出，左、右兩側(cè)導(dǎo)體板連接電源，與推進(jìn)器里的海水構(gòu)成回路，

由固定在潛艇上的超導(dǎo)線圈(未畫出)產(chǎn)生垂直于海平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)

度為B。已知左、右兩側(cè)導(dǎo)體板間海水的體積為憶垂直于導(dǎo)體板方向單位面積上

A.4要使?jié)撏斑M(jìn)，左、右兩側(cè)導(dǎo)體板所接電源的正、負(fù)極應(yīng)與圖示方向相同

B.同時(shí)改變超導(dǎo)線圈中電流的方向和海水中電流的方向，潛艇受磁場(chǎng)力的方向?qū)⒎聪?/p>

C.潛艇所受磁場(chǎng)力的大小為WB

D.若導(dǎo)體板間海水的電阻為R,其兩端的電壓為U,則潛艇在海水中勻速前進(jìn)時(shí)，海水

中的電流小于《

17.(1)在探究“物體質(zhì)量一定時(shí)，加速度與力的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，小方同學(xué)做了如圖甲

所示的實(shí)驗(yàn)改進(jìn)，在調(diào)節(jié)桌面水平后，添加了力傳感器來測(cè)細(xì)線中的拉力。

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H(nvL)

①實(shí)驗(yàn)時(shí)，下列說法正確的是。

A需要用天平測(cè)出砂和砂桶的總質(zhì)量

B.小車靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時(shí)記錄拉力

傳感器的示數(shù)

C.使用電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)應(yīng)選用220V的交流電源

D為減小誤差，實(shí)驗(yàn)中一定要保證砂和砂桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量

②由實(shí)驗(yàn)得到小車的加速度a與力傳感器示數(shù)F的關(guān)系如圖乙所示。則小車運(yùn)動(dòng)過

程中所受的阻力與=N,小車的質(zhì)量M=kg；

(2)某同學(xué)用單擺測(cè)重力加速度實(shí)驗(yàn)中，用游標(biāo)卡尺測(cè)得小球直徑的讀數(shù)如圖丙所

示，則小球直徑為cm；重復(fù)實(shí)驗(yàn)幾次，改變擺線的長(zhǎng)度3用秒表測(cè)出相應(yīng)

的周期7,再以L為橫坐標(biāo)，產(chǎn)為縱坐標(biāo)作圖，對(duì)應(yīng)的圖像應(yīng)為圖丁中的直線_____(

填“1”、“2”或“3”)。

18.某興趣小組的同學(xué)想測(cè)量一量程為3V的電壓表的內(nèi)阻。

(1)先用多用表的歐姆擋測(cè)量電壓表的內(nèi)阻：

①將紅表筆插入多用電表的正極插孔，黑表筆插入多用電表的負(fù)極插孔，則測(cè)量

電壓表內(nèi)阻時(shí)，應(yīng)把紅表筆另一端接觸電壓表的(填“正”或“負(fù)”)接線柱;

②將歐姆擋的選擇開關(guān)置于“X10”，發(fā)現(xiàn)指針偏角過小，應(yīng)將選擇開關(guān)置于

(選填“X100”或“x1”)，并進(jìn)行歐姆調(diào)零。

(2)正確操作后，歐姆表的指針如圖甲所示，則電壓表的內(nèi)阻為0；

(3)為了進(jìn)一步精確測(cè)量電壓表的內(nèi)阻，他在實(shí)驗(yàn)室中找到了其他的器材，有.：

4.兩節(jié)新的干電池；

B.電阻箱R(最大阻值9999.9)；

C.電流表(量程2n內(nèi)阻為2000)；

D開關(guān)1個(gè)，導(dǎo)線若干。

①將器材按乙圖中的實(shí)物連接好；

②在閉合開關(guān)前，某同學(xué)將電阻箱的阻值調(diào)到零，他的操作是(選填“正確”

或“錯(cuò)誤”)的；

③閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱，讀出多組電阻箱的阻值R,以及對(duì)應(yīng)的電流表的讀數(shù)/;

④以彳為縱坐標(biāo)，以R為橫坐標(biāo)，作出:-R圖象如圖丙；

⑤若圖象為直線且縱截距為0.63/nAT,斜率為0.351/T,不考慮電源的內(nèi)阻，則該

電壓表的內(nèi)阻的測(cè)量值為勺=。。

19.彈射+滑躍式起飛是一種航母艦載機(jī)的起飛方式。飛機(jī)在彈射裝置作用下使飛機(jī)具

有一定的初速度，跑道的前一部分是水平的，跑道后一段略微向上翹起。飛機(jī)在尾

段翹起跑道上的運(yùn)動(dòng)雖然會(huì)使加速度略有減小，但能使飛機(jī)具有斜向上的速度，有

利于飛機(jī)的起飛，起飛升力與速度的關(guān)系我們可以簡(jiǎn)化為(升力乂=kv(k=1x

10"g/s),假設(shè)某飛機(jī)質(zhì)量為m=3x109g,從靜止的航母上滑躍式起飛過程是

兩段連續(xù)的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，前一段在水平跑道上受到的平均阻力恒為1.5x105/V,

加速度為15m/s2,位移為80m,后一段傾斜跑道上的加速度為12m/s2,路程為

100m,飛機(jī)恰好能正常起飛，求

(1)求水平加速時(shí)的牽引力；

(2)水平跑道到傾斜跑道轉(zhuǎn)折點(diǎn)時(shí)的速度；

(3)在跑道上加速的總時(shí)間。

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20.如圖所示，4B是長(zhǎng)為L(zhǎng)=0.6m的光滑斜軌道，BC為某個(gè)圓的一段圓弧，對(duì)應(yīng)的圓

心角為37。，圓心恰在C點(diǎn)正上方，4B與BC在B點(diǎn)平滑連接，CD為一段高和寬均為

d=0.2m的臺(tái)階。某次實(shí)驗(yàn)中一個(gè)質(zhì)量為m=O.Mg彈性小鋼球靜止從4點(diǎn)釋放后，

至北點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為其重力的1.2倍，從C點(diǎn)水平飛出后恰好落在第一個(gè)臺(tái)階的

(1)BC段圓弧的半徑；

(2)小鋼球在BC段受到摩擦力做的功;

(3)若小鋼球每次落到臺(tái)階上是彈性碰撞，水平方向速度不變，豎直方向速度反向，

則要使小鋼球在前兩級(jí)臺(tái)階上能碰且每個(gè)臺(tái)階上各只碰撞一次，求小鋼球從C點(diǎn)拋

出的速度范圍。

21.如圖甲所示，在傾角為。=30。的光滑斜面上，有一質(zhì)量為m=的“LF”形(矩

形)金屬導(dǎo)軌4BCD,其中BC長(zhǎng)為L(zhǎng)=2m,電阻為R=0.50；AB.CD足夠長(zhǎng)且電

阻不計(jì)，BC與斜面底邊平行。另外有一導(dǎo)體棒E『質(zhì)量為”=皎的，電阻也為R=

0.50,平行于BC放置在導(dǎo)軌上，且由斜面上的兩個(gè)立柱擋住，導(dǎo)體棒EF與導(dǎo)軌間

的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.1,在立柱下方存在垂直斜面向下、大小8=17的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，

立柱上方內(nèi)存在沿斜面向上、大小也為B=1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。以BC邊初始位置為原

點(diǎn)0、沿斜面向下為正方向建立坐標(biāo)》軸，然后給導(dǎo)軌沿斜面向下的拉力尸，使導(dǎo)軌

從靜止開始運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒E由兩端電壓隨時(shí)間變化關(guān)系如圖乙所示，經(jīng)過2s后撤去

拉力，此過程中拉力做功分=22/。導(dǎo)體棒EF始終與導(dǎo)軌垂直。

UNA

乙

(1)分析前2s內(nèi)“LT”金屬導(dǎo)軌的加速度大?。?/p>

(2)求前2s內(nèi)外力尸與時(shí)間t的變化關(guān)系；

(3)在撤去外力后，求”形金屬導(dǎo)軌速度與BC邊坐標(biāo)x的函數(shù)關(guān)系式。

太陽磁暴時(shí)會(huì)輻射出X射線、紫外線、可見光及高能量的質(zhì)子和電子束。磁暴期間，很

多處在高軌道的衛(wèi)星，如同步衛(wèi)星等可能會(huì)受到高能粒子的直接撞擊，甚至導(dǎo)致一些衛(wèi)

星器件失效，如圖甲所示。同學(xué)小石為了研究磁暴對(duì)同步衛(wèi)星的影響，建立如下模型：

在赤道平面內(nèi)射向地球的粒子流如太陽光般平行射向地球，其主要粒子成分為電荷量q,

質(zhì)量為m的質(zhì)子，若假設(shè)在赤道上空的地磁場(chǎng)為環(huán)形勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為方向

與赤道平面垂直，如圖乙所示。已知地球半徑為R,同步衛(wèi)星軌道半徑治=7R,有效

磁場(chǎng)半徑=不考慮相對(duì)論效應(yīng)及地球公轉(zhuǎn)帶來的影響。求：

質(zhì)子流

IIUIUIUUIUI

甲乙

(1)質(zhì)子的速度在什么范圍內(nèi)不會(huì)影響同步衛(wèi)星？

(2)假設(shè)某次磁暴中，某個(gè)質(zhì)子沿著地心方向進(jìn)入磁場(chǎng)后恰好與同步衛(wèi)星軌道擦肩而過,

則與這一質(zhì)子相同速度的質(zhì)子流從進(jìn)入磁場(chǎng)到達(dá)同步衛(wèi)星軌道處的最短時(shí)間為多少？(

提示：反三角函數(shù)：若=A,則。=arcsinA,若cos。=A,則6=arccosA)

(3)為了更好研究來自空間的。粒子特性，科學(xué)家們常會(huì)在地球上安裝探測(cè)站接受粒子。

若某次太陽風(fēng)暴，經(jīng)分布在赤道上的探測(cè)器顯示只有七的赤道范圍沒有檢測(cè)到質(zhì)子。試

討論此次太陽風(fēng)暴拋出的質(zhì)子到達(dá)地球可能包含的速度范圍。

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：力、研究速度滑冰運(yùn)動(dòng)員滑冰的快慢時(shí)，人的形狀對(duì)研究的過程來說可以

忽略不計(jì)，所以能看成質(zhì)點(diǎn)，故4正確。

8、研究自由滑雪運(yùn)動(dòng)員的空中姿態(tài)時(shí):人的形狀不能忽略，不可以將運(yùn)動(dòng)員看作質(zhì)點(diǎn)。

故B錯(cuò)誤。

C、研究單板滑雪運(yùn)動(dòng)員的空中轉(zhuǎn)體時(shí)，要研究運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)作，不可以將運(yùn)動(dòng)員看作質(zhì)

點(diǎn)，故C錯(cuò)誤。

￡＞、研究花樣滑冰運(yùn)動(dòng)員的花樣動(dòng)作時(shí)，要觀看運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)作，不可以將運(yùn)動(dòng)員看作質(zhì)

點(diǎn)，故。錯(cuò)誤。

故選：4。

當(dāng)物體的形狀、大小對(duì)所研究的問題沒有影響時(shí).，我們就可以把它看成質(zhì)點(diǎn)，根據(jù)把物

體看成質(zhì)點(diǎn)的條件來判斷即可。

考查學(xué)生對(duì)質(zhì)點(diǎn)這個(gè)概念的理解，關(guān)鍵是知道物體能看成質(zhì)點(diǎn)時(shí)的條件，看物體的大小

體積對(duì)所研究的問題是否產(chǎn)生影響，物體的大小體積能否忽略。

2.【答案】D

【解析】解：A單擺的運(yùn)動(dòng)，加速度a方向指向平衡位置，方向時(shí)刻發(fā)生變化，故A錯(cuò)

誤

8.勻速圓周運(yùn)動(dòng)，加速度a方向指向圓心，方向時(shí)刻發(fā)生變化，故B錯(cuò)誤

C.雨滴的下落運(yùn)動(dòng)，由于速度的變化引起阻力大小在變化，則合力大小發(fā)生變化，所以

加速度a發(fā)生變化，故C錯(cuò)誤

D平拋運(yùn)動(dòng)，加速度a為重力加速度，保持不變，故。正確。

故選：D.

根據(jù)牛頓第二定律分析求解。

解決該題關(guān)鍵要知道合力決定加速度，同時(shí)要知道加速度是矢量。

3.【答案】C

【解析】解：ABC、電梯向上做勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小球與電梯底部距離最大時(shí)，此時(shí)小球相

對(duì)電梯的速度為零，但相對(duì)地面的速度向上，動(dòng)能不為零，相對(duì)地面繼續(xù)向上運(yùn)動(dòng)，重

力勢(shì)能不是最大，故AB錯(cuò)誤，C正確；

。、小球只受到重力，故加速度方向向下，故。錯(cuò)誤；

故選:Co

小球相對(duì)電梯速度為零，由于電梯向上做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)小球相對(duì)地面具有向上的速度,

小球相對(duì)地面繼續(xù)向上做減速運(yùn)動(dòng)即可判斷。

本題主要考查了相對(duì)參考系，把相對(duì)電梯轉(zhuǎn)化為相對(duì)地面的運(yùn)動(dòng)即可判斷。

4.【答案】D

【解析】解：4拋出后的冰墩墩受到地球?qū)λ囊ψ饔?，故A錯(cuò)誤

B.以地面為參考系，拋出后的冰墩墩隨空間站一起做曲線運(yùn)動(dòng)，故8錯(cuò)誤

C.懸浮金屬球處于完全失重狀態(tài)，受到的合力并不為零，故C錯(cuò)誤

D乙圖中懸浮金屬球隨空間站一起繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故。正確。

故選：D?

冰墩墩和懸浮球都受地球的萬有引力的作用，合力都不為零，都隨空間站一起做圓周運(yùn)

動(dòng)。

此題考查受力分析和運(yùn)動(dòng)分析，注意完全失重不是不受重力。

5.【答案】C

【解析】解：由題可得輸電線上的電流為/=土=經(jīng)坐?29L4

U2.2X1O5V

小鳥雙腳間的距離約為2cm,則小鳥雙腳間的導(dǎo)線電阻約為R=pg=3.0x10-8x

2x0.01八4c

-9-5-x--1-0--6-flX0.06x104。

小鳥和這部分電阻并聯(lián)，則小鳥雙腳停留在高壓線上時(shí)承受的電壓為%=/R=291x

0.06X1O-4V?2.0X10-3K,故錯(cuò)誤，C正確。

故選：Co

根據(jù)P=U/求得導(dǎo)線的電流/,再依據(jù)電阻定律R=P（及U=IR,即可求解.

考查正確建立物理模型，掌握公式「=。/,U=/R的內(nèi)容，注意小鳥兩腳爪間的導(dǎo)線電

阻求解是解題的關(guān)鍵.

6.【答案】C

第12頁，共26頁

【解析】解：4根據(jù)開普勒第三定律：§=:得71：72=后：后,故A錯(cuò)誤；

區(qū)根據(jù)萬有引力提供向心力：G詈=m*2,軌道DI為近地軌道，地球體積為V=9,琢,

聯(lián)立解得：P曙嗝,故B錯(cuò)誤；

C.飛船沿軌道口運(yùn)動(dòng)過程中滿足機(jī)械能守恒定律，Q點(diǎn)的引力勢(shì)能小于P點(diǎn)的引力勢(shì)能，

故Q點(diǎn)的動(dòng)能大于P點(diǎn)的動(dòng)能，即Q點(diǎn)的速度大于P點(diǎn)的速度，故C正確；

。.根據(jù)開普勒第二定律，同一環(huán)繞天體與地心連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過的面積相等，飛船

與核心艙在不同軌道運(yùn)動(dòng)，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)開普勒第三定律可知周期關(guān)系；根據(jù)萬有引力充當(dāng)向心力求解地球密度；根據(jù)開普

勒第二定律分析CC項(xiàng)。

本題考查萬有引力的應(yīng)用，解題關(guān)鍵掌握開普勒第二、第三定律的應(yīng)用，注意根據(jù)牛頓

第二定律可知萬有引力提供向心力。

7.【答案】C

【解析】解：4B.由圖乙可知：（pA=2V

當(dāng)時(shí)，P點(diǎn)位于下圖中的E點(diǎn)處，此時(shí)可得：<pE=lV

當(dāng)。=￡時(shí)，P點(diǎn)位于下圖中的尸點(diǎn)處，由幾何知識(shí)可知E、F、。三點(diǎn)共線，此時(shí)可得:

(pF—5V

則圓心。點(diǎn)的電勢(shì)為：（Po=^^=^V=3V

過4點(diǎn)作0E的垂線交于M點(diǎn)，由幾何知識(shí)易得，M點(diǎn)為E。中

點(diǎn)，則下圖中M點(diǎn)的電勢(shì)為：（pM==2V=（PA

故直線4M為等勢(shì)線，由于電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，則可知電

場(chǎng)線沿尸0E方向，過B點(diǎn)作電場(chǎng)線FOE的垂線，交于N點(diǎn)，

如下圖所示

則有：（PA=（PM><PN=（PE

電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為：E=騎詈==20U/7H,故4B錯(cuò)誤;

C.根據(jù)上面的方法可知，B點(diǎn)的電勢(shì)比C點(diǎn)的電勢(shì)低，則電子在B點(diǎn)的電勢(shì)能大于在C點(diǎn)

的電勢(shì)能，故C正確;

D電子從C點(diǎn)沿圓弧逆時(shí)針移動(dòng)到。點(diǎn)，電勢(shì)先升高再降低，電勢(shì)能先降低后升高，則

電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

電場(chǎng)強(qiáng)度方向從電勢(shì)最高點(diǎn)指向電勢(shì)最低點(diǎn)，根據(jù)對(duì)稱性解得電場(chǎng)強(qiáng)度與。點(diǎn)的電勢(shì)，

根據(jù)圖像分析。選項(xiàng)。

本題主要考查了場(chǎng)強(qiáng)的相關(guān)應(yīng)用，根據(jù)圖像結(jié)合對(duì)稱性和場(chǎng)強(qiáng)的定義式即可完成分析。

8.【答案】A

【解析】解：根據(jù)公式E=/n/,可得每個(gè)光子能量為：E=h\

設(shè)每秒激光器發(fā)出的光子數(shù)是n,則P=nE=n/^

A

可得：律=各

he

則每分鐘發(fā)射的光子數(shù)量為：N=60n=竽，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

he

故選:Ao

根據(jù)公式E=hv,求得每個(gè)光子能量，根據(jù)發(fā)射功率可得每秒激光器發(fā)出的光子數(shù)，然

后再求解激光器每分鐘發(fā)射的光子數(shù)量。

本題以“激光武器”是用高能的激光對(duì)遠(yuǎn)距離的目標(biāo)進(jìn)行精確射擊或用于防御導(dǎo)彈等

的武器為背景，考查了光子能量公式，是一道難度不大，但綜合性、代表性很強(qiáng)的題目。

9.【答案】D

【解析】解：4人做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，恰好不從圓盤滑出去，由受力可知，在4位置的摩

擦力沿斜面向上，向心力為

2

fA-mgsina=ma)R

則/=mgsina+ma)2R

假設(shè)B位置摩擦力方向沿斜面向下，則向心力為

mgsina+%=ma)2R

則為—ma)2R—mgsina

由以上分析可知

[A>[B

所以可得

fA—[imgcosa=2.5mgsina

MOmo)2/?=%—mgsina—l.Smgsina

可知啟=ma)2R—mgsina=0.5mgsina

第14頁，共26頁

故可知?dú)w位置處受到的摩擦力方向沿斜面向下，故A錯(cuò)誤；

A”點(diǎn)與8點(diǎn)人所受到的摩擦力大小之差為

[A-￡B=2mgstna,故8錯(cuò)誤；

C.^/2mgcosa-mgsina=

可得人在轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的速度大小為"=心變，故C錯(cuò)誤；

D因?yàn)槿俗鰟蛩賵A周運(yùn)動(dòng)，所以有

Wf-mg-2Rsina=0

所以叼=2mgRsina,故D正確。

故選：Do

熟悉對(duì)物體的受力分析，得出摩擦力的情況：

根據(jù)動(dòng)能定理計(jì)算出運(yùn)動(dòng)過程中的摩擦力的做功。

本題主要考查了動(dòng)能定理的相關(guān)應(yīng)用，熟悉對(duì)物體的受力分析，結(jié)合動(dòng)能定理即可完成

分析。

10.【答案】B

【解析】解：4B.在指紋凸部（脊線），入射光的某些部分被吸收或者漫反射到別的地方，

指紋模塊接收到光線較暗，在指紋凹部（谷線），入射光在棱鏡界面發(fā)生全反射，指紋模

塊接收到光線較亮，因此指紋模塊接收光線較暗的部位是指紋脊線，較亮的部位是指紋

谷線，故A錯(cuò)誤，B正確；

C.沒有手指放入時(shí)，若光源正常發(fā)光，入射光在棱鏡界面發(fā)生全反射，指紋模塊上會(huì)接

收到全亮圖像，故C錯(cuò)誤；

D因透明玻璃的折射率大于水的折射率，因此，手指濕潤(rùn)時(shí)，棱鏡界面仍然有部分光能

發(fā)生全反射，也可能有部分光無法發(fā)生全反射，使得指紋識(shí)別率低，故。錯(cuò)誤。

故選：

在指紋凸部（脊線），入射光的某些部分被吸收或者漫反射到別的地方，指紋模塊接收到

光線較暗；沒有手指放入時(shí)，入射光在棱鏡界面發(fā)生全反射；手指濕潤(rùn)時(shí)，可能有部分

光無法發(fā)生全反射。

本題考查光的折射應(yīng)用，解題關(guān)鍵要知道光在不同介質(zhì)表面會(huì)發(fā)生折射現(xiàn)象，從光密介

質(zhì)傳播到光疏介質(zhì)時(shí)才有可能發(fā)生全反射。

11.【答案】D

【解析】解：4、汽車壓線時(shí)，由圖乙可知電流方向沿順時(shí)針方向，而電容器上極板帶

負(fù)電，下極板帶正電，說明此時(shí)電容器在放電，電容器電荷量減小。由于電容器電壓等

于電源電壓不變，則由Q=07知電容器的電容減小。根據(jù)電容的決定式可知，

汽車壓線時(shí)，電容器板間距離d變大，故A錯(cuò)誤；

8、由圖乙可知電流先沿順時(shí)針方向后沿逆時(shí)針方向，則電容器先放電后充電，故8錯(cuò)

誤；

C、電阻R的作用是為了保護(hù)電路，防止電流過大而損壞靈敏電流計(jì)，阻值大小對(duì)電容

器的電容大小沒有影響，從而對(duì)電容器穩(wěn)定時(shí)的帶電量沒有影響，故C錯(cuò)誤

D、由圖乙可知，前后輪經(jīng)過傳感器的時(shí)間間隔為t=0.325s,則汽車是速度為u=；=

^m/s?7.7m/s,故。正確。

故選：D。

由圖乙讀出電流方向，分析電容器處于充電狀態(tài)還是放電狀態(tài)，確定電容的變化，從而

判斷電容器板間距離的變化。電阻R值對(duì)電容器的電容大小沒有影響，從而對(duì)電容器穩(wěn)

定時(shí)的帶電量沒有影響；由圖乙讀出前后輪經(jīng)過傳感器的時(shí)間間隔3由-=;求出車速。

解決本題的關(guān)鍵要正確判斷電容器的狀態(tài),掌握電容的定義式C=?和電容的決定式C=

笄,并能用來分析實(shí)際問題。

471kd

12.【答案】A

【解析】解：藍(lán)光的頻率高，由==-可知，藍(lán)光的遏止電壓比較

大，所以在反向電壓減小到紅光的遏止電壓前，只有藍(lán)光的光電子輻射出，所以光電流

較小，當(dāng)反向電壓達(dá)到紅光的遏止電壓之后，既有紅光的光電子發(fā)出又有藍(lán)光的光電子

發(fā)出，光電流變大，故A正確，BCO錯(cuò)誤。

故選：A?

光電管加反向電壓情況：反向電壓越大，參與導(dǎo)電的光電子數(shù)減少；P移到某一位置時(shí)，

所有逸出的光電子都剛不參與了導(dǎo)電，光電流恰為零，此時(shí)光電管兩端加的電壓為截止

電壓，對(duì)應(yīng)的光的頻率為截止頻率；入射光的頻率不同，二者的遏止電壓也不同，由此

結(jié)合光電效應(yīng)方程分析即可。

解決本題的關(guān)鍵掌握截止電壓、截止頻率，以及理解光電效應(yīng)方程eU截呢=前一

第16頁，共26頁

Wo

13.【答案】D

【解析1解：4、矩形線框轉(zhuǎn)到圖示位置時(shí)，通過線框的磁通量最大，但磁通量變化率

為0,則此時(shí)線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為0,故A錯(cuò)誤

B、線框從圖示位置開始繞軸。。'以恒定的角速度3沿逆時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生交流電，由

于線框一端接換向器，通過電阻&的是直流電，故B錯(cuò)誤

C、線框轉(zhuǎn)一圈，通過電阻長(zhǎng)的電量為q=普=等，故C錯(cuò)誤

KK

D、矩形線框轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值j=NBS3,則有效值E=墻=等,

定值電阻&兩端的電壓等于理想變壓器的輸入電壓，即/=E

消耗的功率為Pi=空="槳"

由理想變壓器的工作原理券=?

u2n2

—...nNBSo)

可知“=彳2r%T=不9

定值電阻&消耗的功率為Pz=誓=

附2loK

矩形線框的輸出功率為

P=P】+P2=5絲故D正確。

故選：D。

由Em=NBS3求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值，求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值，分析清楚線框轉(zhuǎn)

動(dòng)過程，應(yīng)用歐姆定律、電功率公式與變壓器的變壓比分析答題。

掌握正弦式交變電流最大值與有效值間的關(guān)系，求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值，應(yīng)用電功率

公式與變壓器的電壓表即可解題。

14.【答案】D

【解析】解：4、波爾提出軌道量子化和能級(jí)，成功解釋了氫原子光譜，故A正確；

B、愛因斯坦根據(jù)光電效應(yīng)，提出了光子的概念，故8正確；

C、普朗克在1900年將“能量子”引入物理學(xué)，破除“能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀念，成

為近代物理學(xué)思想的基石之一，故C正確；

。、量子論中的量子，實(shí)際上就是指“不連續(xù)”的意思，故。錯(cuò)誤。

本題選錯(cuò)誤的，故選：

根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可.

本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記

憶，這也是考試內(nèi)容之一。

15.【答案】AD

【解析】解：4由波長(zhǎng)與波速的關(guān)系式可得

A=vT=20x1.2m=24m,

故A正確

B.由圖(b)可知，0.4s時(shí)，P質(zhì)點(diǎn)正在向y軸負(fù)方向振動(dòng)，所以該波沿工軸負(fù)方向傳播，故

B錯(cuò)誤

C質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為

x—Asin--t—10sin--t^cTn)

t=0.4s時(shí)質(zhì)點(diǎn)P離開平衡位置的位移為

x=56cm,

故C錯(cuò)誤

。.由

x—lOsin^-t(cm)

可得x=0處的質(zhì)點(diǎn)從平衡位置到x=5cm,經(jīng)歷的時(shí)間為

t1—0.1s

則P質(zhì)點(diǎn)的平衡位置坐標(biāo)為

xP=v(t—t])=20x(0.4—0.1)zn=6m

故。正確。

故選：AD.

由圖(b)得到周期，根據(jù)"=今十算波速，根據(jù)振動(dòng)情況確定傳播方向。寫出質(zhì)點(diǎn)P的振

動(dòng)方程，然后求解坐標(biāo)。

本題考查了橫波圖象，掌握波動(dòng)圖象和振動(dòng)圖象結(jié)合分析的物理方法，掌握同側(cè)法判斷

振動(dòng)或波動(dòng)方向。

16.【答案】CD

【解析】解：4根據(jù)左手定則，左、右內(nèi)側(cè)導(dǎo)體板所接電源的正、負(fù)極與圖示方向相同

時(shí)，海水受到安培力向前，根據(jù)牛頓第三定律，海水對(duì)磁場(chǎng)(實(shí)質(zhì)是海水對(duì)超導(dǎo)潛艇)的

第18頁，共26頁

作用力向后，該力是使?jié)撏Ш笸说牧Γ蔄錯(cuò)誤；

員改變超導(dǎo)線圈中電流的方向，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向發(fā)生改變，同時(shí)改變海水中電流的方向，

則潛艇受磁場(chǎng)力的方向不變，故B錯(cuò)誤：

C.設(shè)推進(jìn)器內(nèi)側(cè)導(dǎo)體板的面積為S,間距為d,裝滿水時(shí)，磁場(chǎng)力為

F=ISdB=1VB

故C正確：

D船在海水中勻速前進(jìn)時(shí)，可視為導(dǎo)體在海水中切割磁感線，產(chǎn)生與電流方向相反的感

應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，所以海水中的電流小于，故。正確。

K

故選：CD。

導(dǎo)體中電子受到磁場(chǎng)的洛倫茲力而發(fā)生偏轉(zhuǎn)，4或4聚焦了電子，產(chǎn)生電場(chǎng)，兩側(cè)面間

就有電勢(shì)差，由左手定則可判定出電子的偏轉(zhuǎn)方向，從而判斷4或％兩側(cè)的電荷聚集情

況，聚集正電荷的一側(cè)電勢(shì)高；根據(jù)電流的微觀表達(dá)式，1=nvhde,結(jié)合磁場(chǎng)力的公

式即可求解。

考查帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)，掌握洛倫茲力與電場(chǎng)力的大小公式，及理解左手定則的

應(yīng)用，注意電流的微觀表達(dá)式的內(nèi)容。

17.【答案】B2.03.01.6501

【解析】解：(1)4實(shí)驗(yàn)中用力傳感器來獲取小車受到細(xì)線的拉力，則不需要測(cè)出砂和

砂桶的總質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；

A小車靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時(shí)記錄拉力傳感

器的示數(shù)，故B正確；

C電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的是電壓約為8V的交流電源，故C錯(cuò)誤；

D實(shí)驗(yàn)中用力傳感器來獲取小車受到細(xì)線的拉力，則不用保證砂和砂桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小

車的質(zhì)量，故。錯(cuò)誤。

故選B。

根據(jù)牛頓第二定律有：2F-Ff=Ma

可得：a=—上

MM

結(jié)合圖乙可得：k=[=4^=3可得，小車的質(zhì)量為：M=3.0kg

M7.0-1.U5

結(jié)合圖像，當(dāng)Q=0時(shí)有：Ff=2F=2ON

(2)根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)可得，小球的直徑為d=16mm+10x0.05mm=16.50mm=

1.650cm

由題可得單擺的擺長(zhǎng)為：l=：d+L

根據(jù)單擺的周期公式：T=2%

可得：72=4兀2工=生乂+尤心

999

所以對(duì)應(yīng)的圖像應(yīng)為圖丁中的直線1。

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作；根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合圖像得出阻力和小車的

質(zhì)量；

(2)游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺示數(shù)，根據(jù)圖示游標(biāo)卡尺求出小球直徑;

擺線長(zhǎng)度與擺球半徑之和是單擺擺長(zhǎng)，應(yīng)用單擺周期公式求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，然后

根據(jù)圖示圖象答題。

本題主要考查了牛頓第二定律的驗(yàn)證實(shí)驗(yàn)和單擺測(cè)重力加速度，解決本題的關(guān)鍵掌握單

擺的周期公式，其中擺長(zhǎng)等于擺線長(zhǎng)與小球半徑之和，知道圖線的斜率表示的物理意義。

18.【答案】負(fù)x1001500錯(cuò)誤1600

【解析】解：(1)電流從紅筆流入多用電表，黑筆流出多用電表，所以應(yīng)把紅表筆另一

端接觸電壓表的負(fù)接線柱。

將歐姆擋的選擇開關(guān)置于“X10”，發(fā)現(xiàn)指針偏角過小，說明所測(cè)的電阻阻值較大，所

以應(yīng)將選擇開關(guān)置于“X100”，并進(jìn)行歐姆調(diào)零。

(2)由圖甲中歐姆表的讀數(shù)可知，電壓表甲的內(nèi)阻為15000。

(3)在閉合開關(guān)前，應(yīng)將電阻箱的阻值調(diào)到最大，防止閉合開關(guān)時(shí)電路中電流過大損壞

電流表，故該同學(xué)的操作是錯(cuò)誤的。

根據(jù)閉合電路歐姆定律有

E=I(R+RA+&)

整理可得：-=-R+^^

IEE

則根據(jù)題意有

k盤=0.35-

b==0.63mA-1

E

聯(lián)立可得，該電壓表的內(nèi)阻的測(cè)量值為

Rx-1600/2

故答案為：⑴負(fù);x100；(2)1500；(3)錯(cuò)誤;1600

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理理解表筆的正確接法；

第20頁，共26頁

根據(jù)指針的偏轉(zhuǎn)方向得出開關(guān)所處的位置；

(2)理解多用電表的讀數(shù)規(guī)則并并正確讀數(shù)；

(3)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理結(jié)合閉合電路的歐姆定律和圖像的特點(diǎn)得出電壓表的內(nèi)阻測(cè)量值。

本題主要考查了伏安法測(cè)電阻的相關(guān)實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，結(jié)合歐

姆定律和圖線的斜率，截距完成分析。

19.【答案】解：(1)在水平跑道上加速時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得?一/=ma,解得F=

6x105W

(2)飛機(jī)起飛速度為%=/=詈=箋*瓶小=70mls

設(shè)在轉(zhuǎn)折點(diǎn)的速度為巧，則傾斜軌道加速過程中諺-vl=2a2x2

解得%=50m/s

(3)設(shè)在水平軌道上加速時(shí)間為則x=%口一［的仔

解得匕=|s,匕=4s(舍去)

在傾斜軌道上加速時(shí)間為b，則牝=空七

解得《2=|s

運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為t=+t2=+|s=yS

答：(1)水平加速時(shí)的牽引力為6X105N；

(2)水平跑道到傾斜跑道轉(zhuǎn)折點(diǎn)時(shí)的速度為50in/s；

(3)在跑道上加速的總時(shí)間為當(dāng)s。

【解析】(1)在水平加速時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律求得牽引力；

(2)根據(jù)起飛升力與速度的關(guān)系求得起飛時(shí)的速度，在斜面上，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求得初

速皮；

(3)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求得兩部分時(shí)間，即可求得總時(shí)間。

解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)公式,抓住起飛升力與速度的關(guān)系，并能靈活運(yùn)用.

20.【答案】解：(1)從C點(diǎn)拋出時(shí)

x=vct

4-2

y=-1gt

x=y=d

得：vc=lm/s

在C點(diǎn)

FN-mg=等

得：R=0.5m

(2)從4到C,由動(dòng)能定理

mg(Lsin370+R-Rcos37°)+叼=gm近

得：必=-0.41;

(3)最小速度如圖中黑色軌跡剛好第二次落點(diǎn)第一臺(tái)階邊緣，則

2

有x=vct,y=1gt

其中

x=|-y=d

求得：vCmin=^m/s

最大速度時(shí)如圖中紅虛線軌跡，則

X1~VC^1

yi=^gti

及#2=vct2

丫2="抬

其中2%i+右=2d

%=d

y2=2d

解得：vCmin=(2-V2)m/s

所以速度范圍為gm/s<v<(2-V2)m/s

答：(1)BC段圓弧的半徑為0.5m；

第22頁，共26頁

(2)小鋼球在BC段受到摩擦力做的功為-0.41/；

(3)小鋼球從C點(diǎn)拋出的速度范圍為：m/s<v<(2-V2)m/So

【解析】(1)根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)在不同方向的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)結(jié)合牛頓第二定律得出圓弧的半徑；

(2)根據(jù)動(dòng)能定理計(jì)算出摩擦力做的功；

(3)根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)在不同方向的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和幾何關(guān)系分析出速度的范

圍。

本題主要考查了平拋運(yùn)動(dòng)的相關(guān)應(yīng)用，理解平拋運(yùn)動(dòng)在不同方向上的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，結(jié)合運(yùn)

動(dòng)學(xué)公式和動(dòng)能定理即可完成分析。

21.【答案】解：(1)由圖乙可得k=1,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知：U=BLv=kt=t

代入已知條件可以得到：v=^

根據(jù)速度與時(shí)間關(guān)系可知加速度大?。篴=0.5m/s2

所以，前2s內(nèi)“U”形導(dǎo)軌做初速度是0、加速度為0.5m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。

(2)對(duì)“U”形金屬導(dǎo)軌根據(jù)牛頓第二定律有：F-IBL-林(Mgeos。+BIL)+mgsinO=

ma

其中電流：T

代入數(shù)據(jù)整理可以得到：F=0.5+2.2t(N)

(3)從開始運(yùn)動(dòng)到撤去外力，這段時(shí)間內(nèi)導(dǎo)軌做勻加速運(yùn)動(dòng)。

t]=2s時(shí)，

速度：%