2023年天津市高考物理模擬練習題及答案解析

2023年天津市高考物理模擬練習題2

學校:姓名：班級：考號：

一、單選題

1.下列說法正確的是（）

A.a粒子散射實驗，揭示了原子核有復雜的結構

B.a射線、￡射線、y射線本質上都是電磁波，且y射線的波長最短

C.天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)揭示了原子有復雜的結構

D.玻爾的原子結構理論是在盧瑟福的核式結構學說基礎上引進了量子理論

2.照明供電線路的路端電壓基本上是保持不變的.可是我們在晚上七八點鐘用電高峰

時開燈，電燈比深夜時要顯得暗些.這是因為用電高峰時（）

A.總電阻比深夜時大，供電線路上的電流小，每盞燈兩端的電壓較低

B.總電阻比深夜時大，供電線路上的電流小，通過每盞燈的電流較小

C.總電阻比深夜時小，供電線路上的電流大，輸電線上損失的電壓較大

D.供電線路上的電流恒定，但開的燈比深夜時多，通過每盞燈的電流小

3.“嫦娥''月球探測器繞月球做勻速圓周運動，變軌后在周期較小的軌道上仍做勻速圓

周運動，則變軌后與變軌前相比（）

A.角速度變小B.軌道半徑變小C.動能變小D.向心加速度變

小

4.質量為，"的小物塊放在傾角為a的斜面上處于靜止，如圖所示.若整個裝置可以沿

水平方向或豎直方向平行移動，且小物塊與斜面體總保持相對靜止.下列的哪種運動方

式可以使物塊對?斜面的壓力和摩擦力都一定減少（）

A.沿豎直方向向上加速運動

B.沿水平方向向右加速運動

C.沿豎直方向向上減速運動

D.沿水平方向向右減速運動

5.一對等量正點電荷電場的電場線（實線）和等勢線（虛線）如圖所示，A、B為靜電

場中兩點，其電場強度分別是反、EB,電勢分別是?1、①B,MN為兩正電荷連線的中

垂面，下列判斷正確的是（）

B.若將一試探電荷+4緩慢地由A點移動到B點，則需克服電場力做功

C.若一試探電荷口以初速度如由A點運動到B點，則其電勢能最終將變大

D.若在平面MN內釋放一試探電荷，其可以在該平面內做勻速圓周運動、簡諧運動、

勻變速宜線運動

二、多選題

6.半圓形玻璃磚橫截面如圖，AB為直徑，O點為圓心.在該截面內有a、b兩束單色

可見光從空氣垂直于AB射入玻璃磚，兩入射點到O的距離相等.兩束光在半圓邊界上

反射和折射的情況如圖所示，則a、b兩束光

A.在同種均勻介質中傳播，a光的傳播速度較大

B.以相同的入射角從空氣斜射入水中，b光的折射角大

C.若a光照射某金屬表面能發(fā)生光電效應，b光也一定能

D.分別通過同一雙縫干涉裝置，a光的相鄰亮條紋間距大

7.如圖所示，一質量為1kg的物體做直線運動的修圖像，規(guī)定向右為正方向，根據(jù)圖

像做出的以下判斷中，正確的是（）

A.物體始終沿正方向運動做勻加速直線運動

試卷第2頁，共6頁

B.物體在前4s內的平均速度的大小為0.625m/s,方向向右

C.前4s內合外力對物體做功為零

D.前4s內合外力對物體的沖量大小為INs,方向向左

8.如圖甲所示，為一列沿x軸方向傳播的簡諧橫波在時刻的圖象。圖乙為尸0.5m

的質點的振動圖像，下列說法中正確的是()

A.該列簡諧波沿x軸負方向傳播，波速為Im/s

B.在?=0時刻，尸0.9m的質點，加速度沿y軸負方向

C.在/=0至/=0.5s內，ml.Om的質點所通過的路程為2m

D.若以仁0.5s時作為計時起點，則x=0.5m處的質點的振動方程為y=2sin(2;rt)m

三、實驗題

9.現(xiàn)有毛玻璃屏A、雙縫B、白光光源C、單縫D和透紅光的濾光片E等光學元件,

要把它們放在圖所示的光具座上組裝成雙縫干涉裝置，用以測量紅光的波長

遮光筒

(1)將白光光源C放在光具座最左端，依次放置其他光學元件，由左至右，表示各光學

元件的字母排列順序應為。

(2)本實驗的步驟有：

①取下遮光筒左側的元件，調節(jié)光源高度，使光束能直接沿遮光筒軸線把屏照亮

②按合理順序在光具座上放置各光學元件，并使各元件的中心位于遮光筒的軸線上

③用米尺測量雙縫到屏的距離

④用測量頭(其讀數(shù)方法同螺旋測微器)測量數(shù)條亮紋間的距離

在操作步驟②時還應注意和;

(3)將測量頭的分劃板中心刻線與某條亮紋中心對齊，將該亮紋定為第1條亮紋，此時手

輪上的示數(shù)如圖甲所示，然后同方向轉動測量頭，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心

對齊，記下此時圖乙中手輪上的示數(shù)mm,求得相鄰亮紋的間距Av為

mrrio

甲乙

(4)已知雙縫間距”為2.0xl()—4m,測得雙縫到屏的距離/為0.700m,由計算式上______,

求得所測紅光波長為nm。

10.在“描繪小電珠的伏安特性曲線”實驗中，所用器材有：小電珠(2.5V、0.6W),滑

動變阻器，多用電表，電流表，學生電源，開關，導線若干。

①粗測小電珠的電阻，應選擇多用電表倍率的電阻擋(請?zhí)羁铡皒l”、“xlO”

或“*100”)；調零后，將表筆分別與小電珠的兩極連接，示數(shù)如圖，結果為

試卷第4頁，共6頁

---------'I'l-<—

Eb

②實驗中使用多用電表測量電壓，請根據(jù)實驗原理圖，紅表筆應接燈泡一端，黑表筆

應接端。

③請指出實物連接圖中的一個錯誤是。

④電路連接修改后，在開關閉合前，應將滑動變阻器的滑片P置于端(填〃或

b)。為使小電珠亮度增加，P應由中點向端滑動。

四、解答題

11.如圖所示，質量為1kg的小球A系在細線的一端，線的另一端固定在。點，。點

到水平面的距離/?=0.8m。物塊B質量是小球的5倍，置于粗糙的水平面上且位于。點

正下方，物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)“=04?，F(xiàn)拉動小球使線水平伸直，小球由靜止

開始釋放，運動到最低點時與物塊發(fā)生正碰(碰撞時間極短)，反彈后上升至最高點時

到水平面的距離為與。小球與物塊均視為質點，不計空氣阻力，重力加速度g=10m/s2,

求：

(1)碰撞過程中A對B做功的大?。?/p>

(2)碰撞過程中系統(tǒng)的機械能損失；

(3)物塊在水平面上滑行的時間

—n

12.如圖，兩個共軸的圓筒形金屬電極，外電極接地，其上均勻分布著平行于軸線的四

條狹縫b,c和d,外筒的外半徑為外,在圓筒之外的足夠大區(qū)域中有平行于軸線

方向的均勻磁場，磁感強度的大小為8,在兩極間加上電壓，使兩圓筒之間的區(qū)域內有

沿半徑向外的電場，一質量為"?、帶電量為+9的粒子，從緊靠內筒且正對狹縫。的S

點出發(fā)，初速為零。如果該粒子經(jīng)過一段時間的運動之后恰好又回到出發(fā)點S,不計重

力，整個裝置在直空中。試分析：

(1)加在兩電極之間的電壓U應是多少？

（2）若不考慮粒子在電場中運動的時間，在該粒子從出發(fā)到返回出發(fā)點S所用的時間

是多少？

XXXXX

a

13.如圖所示，在傾角為8的光滑斜面上，存在著兩個磁感應強度大小相等的勻強磁場，

其中一個的方向垂直斜面向下，另一個的方向垂直斜面向上，寬度均為乙一個質量為

機、邊長為L、電阻為R的正方形線框剛進入上邊磁場時恰好作勻速直線運動。當浦

邊到達gg'和〃的中間位置時，線框又恰好作勻速直線運動。試分析：

（1）正方形線框剛進入上邊磁場時的速度如多大？

（2）線框從開始進入上邊的磁場至外邊到達gg，和〃中間位置時，產(chǎn)生的熱量為多少？

試卷第6頁，共6頁

參考答案：

1.D

【詳解】A.a粒子散射實驗，揭示了原子的核式結構模型，故A錯誤；

B.a射線、夕射線本質上是粒子流、y射線本質上都是電磁波，故B錯誤；

C.天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)揭示了原子核有復雜的結構，故C錯誤；

D.玻爾的原子結構理論是在盧瑟福的核式結構學說基礎上引進了量子理論，故D正確。

故選D。

2.C

【詳解】照明供電線路的用電器是并聯(lián)的，晚上七、八點鐘用電高峰時，用電器越多，總電

阻越小，供電線路上的電流越大，輸電線上損失的電壓較大，用戶得到的電壓較小，所以C

正確.

3.B

【詳解】A.變軌后周期變小，根據(jù)0=半可知角速度變大，A錯誤；

BCD.設月球質量為M,探測器質量為機，根據(jù)萬有引力提供向心力

_Mmv2

(j——=m(o2~r—m—=ma

rr

解得

可知軌道半徑變小，向心加速度變大，速度變大即動能變大，B正確，CD錯誤。

故選B。

4.C

【詳解】A.由于物體放在斜面上共受到三個力的作用，即重力、支持力和摩擦力；若物體

沿豎直方向向上加速運動，物體的加速度方向向上，物體受到的合外力也向上，則支持力與

摩擦力都成比例增大，即壓力也增大，選項A錯誤；

B.若物體沿水平方向向右加速運動，合外力方向是水平向右的，故支持力會減小，摩擦力

卻要增大，故選項B錯誤；

C.若物體沿豎直方向向上減速運動，加速度方向向下，合外力方向向下，則支持力與摩擦

力的合力減小，故支持力與摩擦力成比例減小，即壓力也減小，選項c正確；

D.若物體沿水平方向向右減速運動，則加速度方向向左，故支持力增大，摩擦力減小，故

壓力減小，選項D錯誤.

答案第1頁，共7頁

故選c。

5.C

【詳解】A.由圖可知A點的電場線比B點電場線密集，貝IJ

EA>EB

沿電場線方向電勢降低，則

⑦八

選項A錯誤；

B.若將一試探電荷+?緩慢地由4點移動到8點，電勢能減小，電場力做正功，B錯誤；

C.若一試探電荷p以初速度W，由A點運動到3點，電場力做負功，則其電勢能變大，C

正確；

D.若在平面MN內釋放一試探電荷，其可以在該平面內以0點為圓心做勻速圓周運動，由

于力不是隨位移均勻變化因此不能做簡諧運動、在此平面上受力不能滿足做勻變速直線運動;

D錯誤。

故選Co

6.ACD

【詳解】由圖可知a光未發(fā)生全反射，b光已發(fā)生全反射，b光的臨界角小，由sinC上，b

fl

光的折射率大，根據(jù)n=不可知在同種均勻介質中傳播，a光的傳播速度較大，A正確.由

11就，可知以相同的入射角i從空氣斜射入水中，b光的折射角了小，B錯誤.b光的折射

率n大，頻率v高，a光照射某金屬表面能發(fā)生光電效應，則b光也一定能，C正確.根據(jù)

入可知，a光的頻率v低，波長入長，亮條紋間距大，D正確.

0

7.BD

【詳解】A.圖像的斜率表示加速度，由圖知斜率發(fā)生了變化，所以加速度變化，并且在

3s后向負方向運動，A錯誤；

B.圖像與x軸圍成的面積表示位移，所以4s內的位移為

答案第2頁，共7頁

x=—x3x2——xlxl=2.5m

22

物體在前4s內的平均速度的大小為

X25

v=±=±±m(xù)/s=0.625m/s

t4

方向向右，B正確；

C.由圖知，第4s時的速度為y=Tm/s,根據(jù)動能定理，前4s內合外力對物體做功為

W^=AE.=-/nv2-0=0.5J

n卜2

c錯誤；

D.前4s內合外力對物體的沖量為

/合=/TJV=-1NS

所以物體的沖量大小為INS,方向向左，D正確。

故選BD。

8.BD

【詳解】A.根據(jù)圖甲可知，該波的波長為

2=1m

根據(jù)圖乙可知，該波的周期為

T=ls

則可知該波的波速為

v=—=lm/s

T

再由乙圖中位于x=0.5m的質點。時刻沿著y軸負方向振動，結合甲圖中的波形圖根據(jù)同側

法可知，該波沿x軸正方向傳播，故A錯誤；

B.在/=0時刻，戶0.9m處的質點沿著y軸正方向運動，遠離平衡位置，而加速度始終指向

平衡位置，則可知此刻加速度方向沿y軸負方向，故B正確；

C./=0時刻，kl.Om的質點處于平衡位置，經(jīng)過半個周期，即從在/=0至Z=0.5s內，其路

程為

s=2A=2x2.0m=4.0m

故C錯誤；

D.根據(jù)圖乙可知，UO.5s時刻之后，戶0.5m處的質點將沿y軸正方向振動，此后的振動滿

足正弦函數(shù)，若以Z=0.5s時作為計時起點，則初相位為零，而

答案第3頁，共7頁

24

CD=——=2開

T

因此其振動方程可表示為

y=2sin(2^)m

故D正確。

故選BD。

9.CEDBA單縫和雙縫間距5?10cm使單縫與雙縫相互平行13.870

2.310A――-—660

【詳解】(1)口］為獲取單色線光源，白色光源后面要有濾光片E、單縫D、雙縫B、光屏A,

則由左至右，表示各光學元件的字母排列順序應為CEDBA

(2)⑵［3］在操作步驟②時還應注意單縫和雙縫間距5cm?10cm,使單縫與雙縫相互平行，使

一個線光源變?yōu)轭l率相等的兩個線光源

(3)圖測第1條亮紋時，螺旋測微器固定刻度讀數(shù)為2mm,可動刻度讀數(shù)為

0.01x32.0=0.320mm,所以最終讀數(shù)為2.320mm,第6條亮紋時，螺旋測微器固定刻度讀數(shù)

為13.5mm,可動刻度讀數(shù)為0.01x37.0=0.370mm,所以最終讀數(shù)為13.870mm

［5］鄰亮紋的間距

.x-x,13.870-2.320

Ax-—6——------------------mm=2.310mm

6-15

(3)⑹根據(jù)公式Ax=?/1可知，波長為

a

A個=-d/-S-x

代入數(shù)據(jù)得

,dhx2.0X10-4X2.310X10-3,.,.“八

2=-----=------------------------------m=6.6xlON7m=660nm

I0.700

10.xl8MN電鍵連接錯誤ah

H2

【詳解】①⑴根據(jù)P=—，解得小電珠的電阻約為

R

粗測小電珠的電阻，應選擇多用電表“X1”倍率的電阻擋；

⑵調零后，將表筆分別與小電珠的兩極連接，小電珠的電阻為

②⑶⑷燈泡的電流方向是從M到N,紅表筆接高電勢”端，黑表筆接低電勢N端。

答案第4頁，共7頁

③⑶實物連接圖中電鍵連接錯誤，導線應該分別連接電鍵的兩個接線端。

④[6北7]在開關閉合前，為了防止燒毀電表，應將滑動變阻器的滑片P置于。端。為使小電

珠亮度增加，P應由中點向b端滑動。

11.(1)2.5J；(2)5J；(3)0.25s

【詳解】(1)設小球的質量為修，運動到最低點與物塊碰撞前的速度大小為%,取小球運動

到最低點重力勢能為零，根據(jù)機械能守恒定律，有

mgh=；mv1

解得

設碰撞后小球反彈的速度大小為V1,同理有

h12

^-16=2WV'

解得

因為小球與物塊發(fā)生正碰，由于碰撞時間極短，內力遠大于外力，所以小球和物塊組成的系

統(tǒng)動量守恒，取水平向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律，有

機%=5mv2-mvx

解得

碰撞過程中A對B做功的大小

W=-x5mv；=2.53

22

(2)碰撞過程中系統(tǒng)的機械能損失

.—./?1_2T

AE=mgh-mg------x5mv；=5J

162

(3)物塊在水平面上滑行所受摩擦力的大小為

-5*ng

設物塊在水平面上滑行的時間為f,根據(jù)動量定理，有

-ft=0-5mv2

得

答案第5頁，共7頁

⑵⑴u=誕;⑵等

2mqB

【詳解】粒子在兩電極間加速，由動能定理得

qU=-m\^-0

粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得

v2

qvBD-m—

R

粒子從S點出發(fā)，經(jīng)過一段時間后再回到S點，粒子的運動軌跡如圖所示,

由幾何知識可知，粒子從。到d必經(jīng)嗚圓周，粒子軌道半徑

R=ro

解得

u=

(2)粒子在磁場中運動的周期

該