2023-2024學(xué)年廣東省河源市高三（上）開學(xué)聯(lián)考物理試卷（含解析）

2023-2024學(xué)年廣東省河源市高三（上）開學(xué)聯(lián)考物理試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.放射性元素衰變時，通常會放出a、/?、y三種射線，這三種射線穿透本領(lǐng)的示意圖如圖所

示，下列說法正確的是（）

混凝土

A.射線X可能為y射線

B.射線X可以用來消除工業(yè)生產(chǎn)中的有害靜電

C.射線y的速度約為光速的：?

D.射線Z的本質(zhì)為高速電子流

2.如圖所示，某人正拉著拉桿箱在水平地面上勻速前進，拉力的大小為F、方向與水平方向

的夾角為仇拉桿箱受到的阻力與拉桿箱對地面的壓力成正比，則下列說法正確的是（）

A.拉桿箱受到3個力的作用

B.拉桿箱對地面的壓力與地面對拉桿箱的支持力是一對平衡力

C.地面對拉桿箱的摩擦力大小等于FCoSo

D.若。角增大，則拉力F一定減小

3.如圖所示為在探究平拋運動的實驗中，某實驗小組測得了物體水平方向位移隨時間變化

的X-t圖像和豎直方向速度隨時間變化的為-t圖像。對于物體在0.5s內(nèi)的運動，下列說法正

確的是（）

I

O

O

O

O

O

O

O

O

O

A.物體在水平方向上做勻加速直線運動

B.物體在豎直方向上下落的高度約為2.5Tn

C.物體在水平方向上的速度大小約為1.5m∕s

D.物體在相等時間內(nèi)的速度變化量不斷增大

4.“紙杯電話”是一種深受小朋友喜歡的科技小制作，如圖所示將兩個紙杯作為電話的聽

筒，將兩紙杯底部用細線相連，當(dāng)拉緊細線對著一個紙杯講話時，另一端就可以聽到講話的

聲音，下列關(guān)于“紙杯電話”中聲波傳播的說法正確的是（）

A.空氣中的聲波是橫波

B.聲波從空氣進入細線傳播時，頻率會發(fā)生變化

C.聲波從空氣進入細線傳播時，速度會發(fā)生變化

D.若兩個小朋友同時在“電話”兩端講話，聲波相遇時一定會發(fā)生干涉

5.1930年，物理學(xué)家勞倫斯發(fā)明了世界上第一臺回旋加速器，因此獲得1939年諾貝爾物理

學(xué)獎。回旋加速器的基本結(jié)構(gòu)如圖所示，兩個正對著的。型金屬盒處在垂直底面的勻強磁場

中，兩個。型盒之間的狹縫連接高壓交流電源，整個裝置處在真空環(huán)境中，實現(xiàn)對帶電粒子

的加速，且加速過程中忽略相對論效應(yīng)和重力的影響。下列說法正確的是（）

B

世界」二第?臺回旋加速器

A.帶電粒子加速獲得的能量來自于磁場

B.隨著帶電粒子的加速，帶電粒子在磁場中做圓周運動的周期將減小

C.僅增大。型盒的半徑，帶電粒子加速所獲得的最大動能增大

D.加速質(zhì)子CH）的交流電，也可以用來加速笊CH）原子核

6.特斯拉發(fā)明的交流輸電系統(tǒng)，擴大了電能的普及范圍，大大加速了電力社會的到來。如

圖所示為遠距離交流輸電的原理示意圖，其中各個物理量已經(jīng)在圖中標(biāo)出，下列說法正確的

是（）

A.變壓器線圈的匝數(shù)關(guān)系為小>∏2,n3<n4

B.升壓變壓器可以提高輸電電壓，從而提高輸電功率

C.輸電電路中的電流關(guān)系為A>I線>I*

D.輸送功率不變時，輸電電壓越高，輸電線上損失的功率越小

7.2023年5月30日，搭載神舟十六號載人飛船的長征二號F遙十六運載火箭在酒泉衛(wèi)星發(fā)射

中心發(fā)射升空，發(fā)射取得圓滿成功。在神舟十六號載人飛船與空間站組合體成功實現(xiàn)自主快

速交會對接后，神舟十五號航天員乘組順利打開“家門”，歡迎遠道而來的神舟十六號航天

員乘組入駐“天宮”，兩個航天員乘組拍下如圖所示的“全家福”，共同向牽掛他們的全國

人民報平安。若空間站繞地球運行的軌道可視為圓軌道，則下列說法正確的是（）

A.長征二號尸遙十六運載火箭加速發(fā)射的過程中，宇航員處于失重狀態(tài)

B.空間站在軌運行時，宇航員不受重力的作用

C.空間站在軌運行的速度小于第一宇宙速度

D.從空間站艙外脫落的螺絲，會在萬有引力作用下徑直落向地面

二、多選題（本大題共3小題，共18.（）分）

8.如圖所示，在輪船的船舷和碼頭的岸邊一般都固定有橡膠輪胎，輪船駛向碼頭?？繒r,

會與碼頭發(fā)生碰撞，對這些輪胎的作用，下列說法正確的是（）

船舷上懸掛的輪胎碼頭邊固定的輪胎

A.增大輪船與碼頭碰撞過程中所受的沖量B.減小輪船與碼頭碰撞過程中動量的變

化量

C.延長輪船與碼頭碰撞過程中的作用時間D.減小輪船與碼頭碰撞過程中受到的作

用力

9.如圖甲所示為靜電除塵設(shè)備的結(jié)構(gòu)示意圖，把高壓電源的正極接在金屬圓筒上，負極接

到圓筒中心懸掛的金屬線上，其橫向截面圖如圖乙所示，虛線PQ是某帶電粉塵的運動軌跡,

則下列說法正確的是（）

A.電場中P點的場強大于Q點的場強

B.電場中P點的電勢高于Q點的電勢

C.粉塵最終會附著在中心金屬線上并沿中心金屬線下落

D.粉塵由Q點運動至P點，電勢能逐漸減小

10.如圖甲所示，泥石流是一種破壞性極大的自然災(zāi)害，可以用如圖乙所示的斜面模型進行

探究。高為Q底邊為L的斜面，底部通過半徑為R（R?九）的小圓弧與水平面平滑連接，質(zhì)量

為小的物塊（可視為質(zhì)點）由斜面頂端無初速度滑下，若物塊與各接觸面間的動摩擦因數(shù)均為四,

則下列說法正確的是（）

L

甲乙

A.若保持，不變，八越大,物塊到達斜面底端的動能就越大

B.若保持/1不變，L越小,物塊到達斜面底端時克服摩擦力做功就越多

C.若保持/i不變，L越小,物塊到達斜面底端時對小圓弧的壓力就越大

D.若保持八不變,L越小，物塊在水平面上滑行的距離就越大

三、實驗題(本大題共2小題，共18.0分)

ɑ.將白紙固定在水平桌面上，將圓柱形玻璃磚豎直放在白紙上，用鉛筆準(zhǔn)確描出玻璃磚底面

圓的輪廓。

。將底面圓圓周平分為60等份，并標(biāo)上相應(yīng)的數(shù)字，如圖甲所示，再將玻璃磚豎直放回圖甲

中的底面圓輪廓上進行實驗。

c?用激光筆發(fā)出細束激光，沿平行于圓直徑00'的方向入射，分別準(zhǔn)確記錄入射點P和出射點Q

在圓周上對應(yīng)的讀數(shù)Ni、/V2o

d.改變?nèi)肷潼c位置，重復(fù)步驟c。

(1)根據(jù)圓周上的讀數(shù)N］、&可得,入射角i=，折射角y=。(以弧度制表示

)

(2)若經(jīng)過多次測量，做出Sini-siny的圖像如圖乙所示，則玻璃磚的折射率為

n=(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)。

(3)在本實驗的操作過程中，若入射光線發(fā)生了如圖甲中虛線AB所示的偏離，則折射率的測

量值將(填“偏大”或“偏小”)。

12.某實驗小組測量一段阻值大約幾十歐姆的金屬絲的電阻率。其步驟如下：

(1)用游標(biāo)卡尺測量金屬絲的長度3用螺旋測微器測量金屬絲的直徑D,測量結(jié)果分別如圖

甲所示，則L=cm,D=mmO

∈-25

67

-∈-20

1--

1

_r

1Oτ∈-15

A20

甲

(2)用多用電表的歐姆檔粗測金屬絲的電阻值，應(yīng)該選用的倍率為(填“X1”“X10”

或“X100”)，歐姆表表盤讀數(shù)如圖乙所示，則金屬絲的電阻約為。。

乙

(3)若采用“伏安法”較為準(zhǔn)確地測量金屬絲的電阻，除待測金屬絲外，實驗室提供了學(xué)生電

源E(電動勢為4匕)、開關(guān)S、導(dǎo)線若干，還備有下列實驗器材：

A.電壓表V(O?31/,內(nèi)阻約為2k0)

A電流表4(0?300mA,內(nèi)阻約為50)

C滑動變阻器RO(O?521.0?)

(4)請在圖丙的方框內(nèi)畫好電路圖，并用筆畫線代替導(dǎo)線，完成實物電路的連接。

丙

(5)若測得金屬絲的電阻為R,則金屬絲的電阻率P=(用測得的物理量的相應(yīng)字母表

示)。

(6)若考慮到電表內(nèi)阻的影響，該方法測得的電阻率比真實值(填“偏大”“偏小”

或“無影響”)。

四、計算題(本大題共3小題，共36.0分)

13.如圖所示為某款汽車的懸掛氣壓減震裝置示意圖，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)主要由活塞、活塞桿與導(dǎo)

熱良好的圓柱形氣缸組成，氣缸內(nèi)密閉氣柱的長度可以在30πun?12OmTn范圍內(nèi)變化。已知

氣缸內(nèi)密閉空氣柱的長度為石=6OnmI時，壓強為8p°(p°為大氣壓強)。若不考慮氣體溫度的

變化，整個裝置密封完好，不計活塞與氣缸之間的摩擦，密閉氣體可視為理想氣體，求：

(1)氣缸內(nèi)氣體膨脹時，內(nèi)能如何變化？是吸熱還是放熱？

(2)氣缸內(nèi)氣體壓強的最大變化范圍。

1活塞桿

14.海浪發(fā)電是一種應(yīng)用前景廣闊的新能源技術(shù)，海浪通過傳動裝置帶動線圈在磁場中做切

割磁感線運動實現(xiàn)海浪動能向電能的轉(zhuǎn)化，某科技小組設(shè)計了如下兩種發(fā)電模型:

模型①：如圖甲所示，/V匝正方形閉合線圈處在垂直于線圈平面的組合磁場中，磁感應(yīng)強度

大小均為B,線圈和磁場的寬度均為3設(shè)線圈的總電阻為R,線圈在海浪的帶動下左右運動

時不會超出磁場范圍；

模型②：如圖乙所示，線圈處在均勻輻向磁場中，機械傳動裝置將海浪的運動轉(zhuǎn)化為線圈沿

水平方向的往復(fù)振動,振動速度隨時間的變化圖像為如圖丙所示的正弦函數(shù),其中%、7已知，

若線圈的匝數(shù)為N°,半徑為r,其所處位置磁感應(yīng)強度大小均為殳，線圈內(nèi)阻及外部電路電

阻都為心，忽略一切摩擦。求：

(1)模型①中線圈水平向右的速度為。時，感應(yīng)電流的大小和閉合線圈所受安培力的大?。?/p>

(2)模型②中感應(yīng)電動勢隨時間變化的表達式以及模型②的發(fā)電功率。

15.某機械裝置可簡化為如圖所示的物理模型，質(zhì)量分別為2τn和Jn的小球4、B穿在足夠長

的豎直固定桿上，4、B之間有一長度可忽略、勁度系數(shù)足夠大的輕質(zhì)彈簧，彈簧下端與B相

連，上端與4球不連接。開始時彈簧處于壓縮狀態(tài)，同時由靜止釋放兩球，彈簧瞬間恢復(fù)原

長，彈簧與4分離后，4豎直上升的最大高度為九。若4與豎直桿間摩擦不計，B與豎直桿間的

摩擦力大小恒為重力的k倍(k<1),重力加速度為g,求：

(1)開始時彈簧儲存的彈性勢能Ep：

(2)運動過程中兩小球之間的最大距離s；

(3)第一次4追上B壓縮彈簧到最短距離時，B的速度大小。

4

8

答案和解析

1.【答案】B

【解析】

【分析】

根據(jù)%夕、y三種射線的帶電性質(zhì)和本質(zhì)，理解不同的射線在生活中的用途，結(jié)合選項完成分析。

本題主要考查了射線的相關(guān)應(yīng)用，學(xué)會區(qū)分射線以及簡單了解射線在生活中的用途即可，難度不

大。

【解答】

A、α射線的穿透本領(lǐng)最弱，y射線的穿透本領(lǐng)最強，則射線X應(yīng)為α射線，射線Z應(yīng)為y射線，故A

錯誤；

8、α射線的電離本領(lǐng)最強，可以用來消除有害靜電，故B正確；

C、/?射線的本質(zhì)為高速電子流，其速度接近光速，故C錯誤；

。、y射線的本質(zhì)是高能光子，故。錯誤。

2.【答案】C

【解析】

【分析】

對拉桿箱受力分析，根據(jù)共點力平衡結(jié)合三角函數(shù)求解。

本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分

析、利用平行四邊形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分解，然后在坐標(biāo)軸上建立平

衡方程進行解答。

【解答】

解：4、拉桿箱受到重力、支持力、拉力、摩擦力4個力作用，故4錯誤；

8、拉桿箱對地面的壓力和地面對拉桿箱的支持力屬于相互作用力，不是平衡力，故B錯誤；

C、根據(jù)平衡條件得/CoSe=/,Fsinθ+N=mg,地面對拉桿箱的摩擦力大小等于尸COS0,故C

正確；

D、。角在0?90。之間變化時，拉力F存在最小值，并不是單調(diào)變化，故。錯誤。

3.【答案】C

【解析】

【分析】

平拋運動可以分解為水平方向的勻速運動與豎直方向的自由落體運動，根據(jù)水平方向位移隨時間

變化的X-t圖像和豎直方向速度隨時間變化的為-t圖像求解。物體運動過程中，加速度恒定，

則相等時間內(nèi)的速度變化量相同。

本題考查了探究平拋運動規(guī)律實驗的實驗數(shù)據(jù)處理，知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運

動規(guī)律，結(jié)合運動學(xué)公式和推論靈活求解。

【解答】

解：AC,由X-t圖像知，物體在水平方向的運動為勻速直線運動，速度大小約為1.5m∕s,,故A

錯誤，C正確；

B、由為-t圖像知，物體在豎直方向做勻加速直線運動，加速度大小約為IOrn/S?,圖像與t軸圍

成的面積表示位移，則下落高度約為1.25小，故8錯誤；

。、物體運動過程中，加速度恒定，則相等時間內(nèi)的速度變化量相同，故。錯誤。

4.【答案】C

【解析】

【分析】

空氣中的聲波是縱波，，機械波的振動頻率由波源決定，其傳播速度由介質(zhì)決定，，聲音的傳播

靠介質(zhì);兩列機械波發(fā)生干涉必須頻率相同。

明確聲音的產(chǎn)生和傳播特點，以及干涉條件，可解答此題。

【解答】

A、空氣中的聲波是縱波，故4錯誤；

BC,機械波的振動頻率由波源決定，其傳播速度由介質(zhì)決定，則聲波從空氣進入細線傳播時，頻

率不變，波速發(fā)生變化，故8錯誤，C正確；

。、兩列機械波發(fā)生干涉必須頻率相同，兩個小朋友講話的頻率不一定相同，則聲波相遇時不一

定會發(fā)生干涉，故。錯誤。

5.【答案】C

【解析】

【分析】

【分析】交流電源的周期必須和粒子在磁場中運動的周期一致，由周期公式T=

2πm

qB

和半徑公式r=

mv

qB

進行判斷，為保證粒子經(jīng)過電場獲得加速，交流電的周期要與圓周運動的周期相等。

本題考查了回旋加速器的原理，特別要記住粒子獲得的最大動能是由。型盒的半徑?jīng)Q定的。

【解答】

A、洛倫茲力永遠不做功，帶電粒子加速獲得的能量來自于電場，故A錯誤；

B、根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得quB=nn;（羊），解得7=箸，粒子在磁場中做圓周運動的周期

與粒子的速度無關(guān)，，故B錯誤；

C、根據(jù)quB=m1得"=誓，當(dāng)粒子做圓周運動的半徑最大時，粒子運動的速度最大，則僅增

大。型盒的半徑，帶電粒子加速所獲得的最大動能增大，故C正確；

。、為保證粒子經(jīng)過電場獲得加速，交流電的周期要與圓周運動的周期相等，；“與%/在磁場中做

圓周運動的周期不同，則加速它們的交流電頻率也不同，故。錯誤。

6.【答案】D

【解析】

【分析】

變壓器電壓之比等于匝數(shù)之比；電流之比與匝數(shù)成反比；在遠距離輸電中，輸電導(dǎo)線上功率有損

耗，輸電功率不變時，當(dāng)輸電電流不變，電阻變小時，輸電損失功率和電壓都將減小，據(jù)此根據(jù)

變壓器規(guī)律分析答題。

理想變壓器的輸入功率與輸出功率相等，且沒有漏磁現(xiàn)象。遠距離輸電，由于導(dǎo)線通電發(fā)熱導(dǎo)致

能量損失，所以通過提高輸送電壓，從而實現(xiàn)降低電損。

【解答】

i

AC,根據(jù)?=”件又/<出，則叫<n2,∣ι>/期根據(jù),=W=患,又為>&，則%>n4,

υ21Iτι2，線，

/及<，4,故A、C項錯誤；

BD.升壓變壓器可以提高輸電電壓，從而減小輸電電流，減小輸電線上的功率損失，但無法提高

輸電功率，故B項錯誤，D項正確。

7.【答案】C

【解析】

【分析】

【分析】宇航員在空間站在軌運行時，宇航員只受到重力作用，處于完全失重狀態(tài)；

第一宇宙速度是繞地球做勻速圓周運動的最大速度；由于慣性，螺絲脫離空間站的瞬間具有與空

間站相同的瞬時速度，在萬有引力作用下會沿原軌道運動

本題考查萬有引力定律及其應(yīng)用，要求學(xué)生結(jié)合牛頓運動定律和向心力公式以及萬有引力定律進

行分析求解。

【解答】

【解答】4、火箭加速發(fā)射的過程中，加速度豎直向上，宇航員處于超重狀態(tài)，故A項錯誤；

從空間站在軌運行時，宇航員只受到重力作用，故B項錯誤；

C、第一宇宙速度是衛(wèi)星在繞地圓形軌道上的最大運行速度，則空間站在軌運行的速度小于第一

宇宙速度，故C項正確；

。、由于慣性，螺絲脫離空間站的瞬間具有與空間站相同的瞬時速度，在萬有引力作用下會沿原

軌道運動，故。項錯誤。

8.【答案】CD

【解析】

【分析】

【分析】本題主要考查了動量定理的相關(guān)應(yīng)用，要理解動量的標(biāo)示性，結(jié)合動量定理即可完成分

析。

【解答】

【解答】力B、初、末速度不會受輪胎影響，輪船的動量變化量相同，根據(jù)動量定理，輪船受到的

沖量也相同，故4、8項錯誤；

CD.輪胎可以起到緩沖作用，延長輪船與碼頭碰撞過程中的作用時間，從而減小輪船因碰撞受到

的作用

力，故C、。項正確。

9.【答案】BD

【解析】

【分析】

根據(jù)除塵原理，塵埃在強電場作用下快速奔向筒壁，可知塵埃帶負電，電場力對塵埃做正功，電

勢能減小。

本題考查帶電粒子在電場中的運動，帶電體所受電場力與場強方向之間的關(guān)系，以及功能關(guān)系。

【解答】

A、電場線的疏密反映場強的大小，P點的場強小于Q點的場強，故A項錯誤；

8、沿電場線電勢降低，P點的電勢高于Q點的電勢，故8項正確；

CD,強電場作用下，空氣發(fā)生電離，粉塵會吸附電子帶負電，從而受到指向側(cè)壁的電場力，則粉

塵由Q點運動至P點，電勢能減小，最終會附著在圓筒側(cè)壁上，故C項錯誤，。項正確。

10.【答案】ACD

【解析】

【分析】

【分析】由功的計算公式求出物塊到達斜面底端時克服摩擦力做功，然后應(yīng)用動能定理分析

本題考查了求恒力做功，以及動能定理的應(yīng)用。難度一般。

【解答】

【解答】B、設(shè)斜面傾角為0,則tan。=為物塊到達斜面底端時克服摩擦力做功

必=mmgcos0x扁=需=μmgL,

若保持八不變，L越小，則物塊到達斜面底端時克服摩擦力做功就越少，故B項錯誤;

A、設(shè)物塊到達底端時的動能為瓊，根據(jù)動能定理有a=mg∕λ一需=(1—品)7ng∕l,

若保持，不變，無越大，則物塊到達斜面底端的動能就越大，故A項正確；

C、在小圓弧最低點有N=mg+^=mg+W二熊也史,

若保持八不變，L越小，則物塊到達斜面底端的小圓弧時對小圓弧的壓力就越大，故C項正確；

D、設(shè)物塊在水平面上滑行的距離為s,

對全程應(yīng)用動能定理nigh-μmgcosθXW-μmgs=0,

整理得S=歲，可知若保持人不變，L越小，物塊在水平面上滑行的距離就越大，故。項正確。

11.【答案】⑴嘴(或鋁〉/立(或〉筆當(dāng)

(2)1.50(1.47?1.53,)

(3)偏小

【解析】【解答】解：(1)圓周上的刻度被分為60等份，則每個刻度代表的弧度為2=看，

oilJU

根據(jù)圓周上的讀數(shù)可得，

KiN?^-NI

入射角i=嗎，折射角y=凸心=1一.(N2-N1)-

30r2260

(2)Sini-Siny圖像的斜率表示玻璃磚的折射率，則

H==1.50o

U.O

(3)若入射光線發(fā)生如圖甲中虛線所示偏離，則入射角的測量值偏小，折射率的測量值偏小。

分析：(1)根據(jù)幾何關(guān)系求解入射角i和折射角；

(2)sini-Siny圖像的斜率表示玻璃磚的折射率；

(3)若入射光線發(fā)生如圖甲中虛線所示偏離，則入射角的測量值偏小，折射率測量值偏小。

本題是測定玻璃磚的折射率，實驗原理是折射定律，要學(xué)會采用圖像法處理數(shù)據(jù)。

12.【答案】(1)6.170；0.700；

(2)×1；22(或22.0)

(4)電路圖及實物圖如圖所示：

∕??nRD’2.

⑸4「

(6)偏小

【解析】

【分析】

(1)20分度值的游標(biāo)卡尺的精確度為0.05mzn,測量值=主尺刻度(mm)+對齊格數(shù)X精確度；螺旋

測微器的精確度為0.01mm,測量值=固定刻度Onm)+對齊格數(shù)X精確度；

(2)根據(jù)多用表歐姆擋正確的操作步驟解答；

(4)因待測金屬絲是小電阻，則電流表應(yīng)采用外接法，據(jù)此畫電路圖；

(5、6)根據(jù)閉合電路的歐姆定律結(jié)合若考慮電表內(nèi)阻，由于電壓表分流，1測＞1真,R測＜R真,求

解。

【解答】(1)游標(biāo)卡尺讀數(shù)為

61mm+14×0.05mm—61.70mm—6.170cm;

螺旋測微器讀數(shù)為

0.5mm+20.0X0.01mm=0.700mm

(2)待測金屬絲的電阻大約為幾十歐姆，則用多用電表歐姆檔粗測金屬絲電阻應(yīng)選用的倍率為“X

1”;根

據(jù)圖乙可知金屬絲的電阻約為220。

(4)因待測金屬絲是小電阻，則電流表應(yīng)采用外接法，電路圖及實物圖如圖所示。

(5)根據(jù)電阻定律可得R=PaS=τr(%2,解得

2

電阻率P=幽_。

“4L

2

(6)若考慮電表內(nèi)阻，由于電壓表分流，I測＞1真,R測VR真,根據(jù)電阻率P=*可得，電阻率

的測量值

偏小。

13.【答案】解：(1)理想氣體的內(nèi)能由溫度決定，因為氣體溫度不變,故氣柱的內(nèi)能不變，即4U=0；

當(dāng)氣體體積膨脹時，氣體對外做功，即卬＜0,根據(jù)熱力學(xué)第一定律ZlU=Q+〃，Q＞0,即氣

體從外界吸熱；

(2)氣缸內(nèi)氣體做等溫變化，氣柱長度最長時，壓強取最小值外,根據(jù)玻意耳定律可得

8p0l0S=PlIIS

解得Pl=4p0

氣柱長度最短時，壓強取最大值P2,根據(jù)玻意耳定律可得

8po'()S=PzGS

解得P2=16p0

則氣缸內(nèi)氣體壓強P的變化范圍為4po≤P≤16p0o

【解析】(1)根據(jù)根據(jù)熱力學(xué)第一定律求解；

(2)根據(jù)玻意耳定律列式得出氣缸內(nèi)的壓強最大變化范圍。

本題主要考查了熱力學(xué)第一定律，熟悉氣體狀態(tài)參量的分析，結(jié)合玻意耳定律即可完成分析。

14.【答案】解：(1)單根導(dǎo)線切割磁感線產(chǎn)生的電動勢為E=BG

整個線圈產(chǎn)生的總電動勢為E=2Nε=2NBLv

根據(jù)歐姆定律可得/=A=當(dāng)生

AK

單根導(dǎo)線所受安培力大小為

2NB2L2V

f=BIL=R

整個線圈受到的總安培力為

AN2B2L2V

F=2Nf=-R—

(2)線圈運動的速度時間關(guān)系為

271

V=v0sin(y-t)

單匝線圈切割磁感線產(chǎn)生的電動勢為

2TT

ε0=2πrB0v=2ττrβ0v0sin(-=-t)

NO匝線圈產(chǎn)生的總電動勢

2π

%=M)￡0=2ττrM)BoUOSin(于?t)

電動勢的有效值EO=同

其中Em=2πrN0B0V0

發(fā)電功率為P=盛=二~1醉〉

2R°RO

【解析】

【分析】

(1)根據(jù)感應(yīng)電動勢公式E=B配和歐姆定律、單根導(dǎo)線所受安培力大小為f=B/L求解;

(2)根據(jù)感應(yīng)電動勢公式E=B比和U=%sin(竿t),求出發(fā)電的最大電動勢，根據(jù)閉合電路歐姆定

律結(jié)合電功率的計算公式求解電功率。

該題關(guān)鍵是用好感應(yīng)電動勢的最大值，該題是運動切割，故速度最大時，對應(yīng)感應(yīng)電動勢最大。

15.【答案］【解答】(1)設(shè)彈簧與A分離瞬間，4、B速度大小分別為％、v2,

4做豎直上拋運動有說=2gh,解得％=/9

以豎直向下為正方向，根據(jù)動量守恒定律可得

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